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- 2021-06-10 发布
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2018年云南省玉溪市高考数学模拟试卷(01)
一、选择题(本大题共10小题.每小题5分.共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.(5分)集合A={x||x|≤4,x∈R},B={x|(x+5)(x﹣a)≤0},则“A⊆B”是“a>4”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
2.(5分)下列命题中,m,n表示两条不同的直线,α、β、γ表示三个不同的平面.
①若m⊥α,n∥α,则m⊥n;
②若α⊥γ,β⊥γ,则α∥β;
③若m∥α,n∥α,则m∥n;
④若α∥β,β∥γ,m⊥α,则m⊥γ.
正确的命题是( )
A.①③ B.②③ C.①④ D.②④
3.(5分)由曲线y=,直线y=x﹣2及y轴所围成的图形的面积为( )
A. B.4 C. D.6
4.(5分)已知等比数列{an}公比为q,其前n项和为Sn,若S3、S9、S6成等差数列,则q3等于( )
A.﹣ B.1 C.﹣或1 D.﹣1或
5.(5分)下图是某次考试对一道题评分的算法框图,其中x1,x2,x3为三个评阅人对该题的独立评分,p为该题的最终得分,当x1=6,x2=9,p=8.5时,x3等于( )
A.11 B.10 C.8 D.7
6.(5分)图是函数y=Asin(ωx+φ)(x∈R)在区间上的图象,为了得到这个函数的图象,只要将y=sinx(x∈R)的图象上所有的点( )
A.向左平移个单位长度,再把所得各点的横坐标缩短到原来的倍,纵坐标不变
B.向左平移个单位长度,再把所得各点的横坐标伸长到原来的2倍,纵坐标不变
C.向左平移个单位长度,再把所得各点的横坐标缩短到原来的倍,纵坐标不变
D.向左平移个单位长度,再把所得各点的横坐标伸长到原来的2倍,纵坐标不变
7.(5分)若存在实数x∈[2,4],使x2﹣2x+5﹣m<0成立,则m的取值范围为( )
A.(13,+∞) B.(5,+∞) C.(4,+∞) D.(﹣∞,13)
8.(5分)已知奇函数f(x)在[﹣1,0]上为单调递减函数,又α,β为锐角三角形两内角,下列结论正确的是( )
A.f(cosα)>f(cosβ) B.f(sinα)>f(sinβ) C.f(sinα)>f(cosβ) D.f(sinα)<f(cosβ)
9.(5分)△ABC所在平面上一点P满足++=,则△PAB的面积与△ABC的面积比为( )
A.2:3 B.1:3 C.1:4 D.1:6
10.(5分)如图下面的四个容器高度都相同,将水从容器顶部一个孔中以相同的速度注入其中,注满为止.用下面对应的图象显示该容器中水面的高度h和时间t之间的关系,其中不正确的有( )
A.1个 B.2个 C.3个 D.4个
二、填空题(本大题共5个小题,每小题5分,共25分.把答案填写在题中横线上)
11.(5分)已知命题p:“存在x∈R,使4x+2x+1+m=0”,若“非p”是假命题,则实数m的取值范围是 .
12.(5分)若a>3,则函数f(x)=x2﹣ax+1在区间(0,2)上恰好有 个零点.
13.(5分)已知函数f(x)=lnx,0<a<b<c<1,则,,的大小关系是 .
14.(5分)已知整数对的序列如下:(1,1),(1,2),(2,1),(1,3),(2,2),(3,1),(1,4),(2,3)(3,2),(4,1),(1,5),(2,4)…则第57个数对是 .
15.(5分)如图是一个几何体的三视图,根据图中的数据,可得该几何体的体积是 .
三、解答题(本大题共6小题,共75分.解答应写出文字说明、证明过程和演算步骤)
16.(12分)已知α∈(0,π)且cos(α﹣)=.求cosα
17.(12分)已知向量=3i﹣4j,=6i﹣3j,=(5﹣m)i﹣(3+m)j,其中i,j分别是平面直角坐标系内x轴与y轴正方向上的单位向量.
(1)若点A,B,C能构成三角形,求实数m应满足的条件;
(2)对任意m∈[1,2],不等式2≤﹣x2+x+3恒成立,求x的取值范围.
18.(12分)列车提速可以提高铁路运输量.列车运行时,前后两车必须要保持一个“安全间隔距离d(千米)”,“安全间隔距离d(千米)”与列车的速度v(千米/小时)的平方成正比(比例系数k=).假设所有的列车长度l均为0.4千米,最大速度均为v0(千米/小时).问:列车车速多大时,单位时间流量Q= 最大?
19.(12分)如图,边长为a的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,E为CC1的中点.
(1)求直线A1E与平面BDD1B1所成的角的正弦值
(2)求点E到平面A1DB的距离.
20.(13分)在数列{an}中,a1=1,an=n2[1+++…+](n≥2,n∈N)
(1)当n≥2时,求证:=
(2)求证:(1+)(1+)…(1+)<4.
21.(14分)已知函数f(x)=(x2+ax﹣2a﹣3)•e3﹣x(a∈R);
(1)讨论f(x)的单调性;
(2)设g(x)=(a2+)ex(a>0),若存在(a>0),x1,x2∈[0,4]使得|f(x1)﹣g(x2)|<1成立,求a的取值范围.
2018年云南省玉溪市高考数学模拟试卷(01)
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共10小题.每小题5分.共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.(5分)集合A={x||x|≤4,x∈R},B={x|(x+5)(x﹣a)≤0},则“A⊆B”是“a>4”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【解答】解:集合A={x||x|≤4,x∈R}={x|﹣4≤x≤4},
B={x|(x+5)(x﹣a)≤0},
由A⊆B,可得B≠∅,
即有(5﹣4)(﹣4﹣a)≤0且(5+4)(4﹣a)≤0,
解得a≥4,
则则“A⊆B”是“a>4”的必要不充分条件,
故选B.
2.(5分)下列命题中,m,n表示两条不同的直线,α、β、γ表示三个不同的平面.
①若m⊥α,n∥α,则m⊥n;
②若α⊥γ,β⊥γ,则α∥β;
③若m∥α,n∥α,则m∥n;
④若α∥β,β∥γ,m⊥α,则m⊥γ.
正确的命题是( )
A.①③ B.②③ C.①④ D.②④
【解答】解:由题意,m,n是两条不同的直线,α,β,γ是三个不同的平面
考察①选项,此命题正确,若m⊥α,则m垂直于α中所有直线,由n∥α,知m
⊥n;
考察②选项,此命题不正确,因为垂直于同一平面的两个平面的位置关系是平行或相交;
考察③选项,此命题不正确,因为平行于同一平面的两条直线的位置关系是平行、相交或异面;
考察④选项,此命题正确,因为α∥β,β∥γ,所以α∥γ,再由m⊥α,得到m⊥γ.
故选C.
3.(5分)由曲线y=,直线y=x﹣2及y轴所围成的图形的面积为( )
A. B.4 C. D.6
【解答】解:联立方程得到两曲线的交点(4,2),
因此曲线y=,直线y=x﹣2及y轴所围成的图形的面积为:
S=.故选C.
4.(5分)已知等比数列{an}公比为q,其前n项和为Sn,若S3、S9、S6成等差数列,则q3等于( )
A.﹣ B.1 C.﹣或1 D.﹣1或
【解答】解:若S3、S9、S6成等差数列,
则S3+S6=2S9,
若公比q=1,
则S3=3a1,S9=9a1,S6=6a1,
即3a1+6a1=18a1,则方程不成立,
即q≠1,
则=,
即1﹣q3+1﹣q6=2﹣2q9,
即q3+q6=2q9,
即1+q3=2q6,
即2(q3)2﹣q3﹣1=0,
解得q3=,
故选:A.
5.(5分)下图是某次考试对一道题评分的算法框图,其中x1,x2,x3为三个评阅人对该题的独立评分,p为该题的最终得分,当x1=6,x2=9,p=8.5时,x3等于( )
A.11 B.10 C.8 D.7
【解答】解:根据框图的流程,当输入x1=6,x2=9时,不满足|x1﹣x2|=3<2,
当输入x3<7.5时,满足|x3﹣x1|<|x3﹣x2|,则执行x2=x3.输出P==8.5⇒x3=11(舍去);
当输入x3≥7.5时,不满足|x3﹣x1|<|x3﹣x2|,则执行x1=x3,输出P==8.5⇒x3=8.
故选:C.
6.(5分)图是函数y=Asin(ωx+φ)(x∈R)在区间上的图象,为了得到这个函数的图象,只要将y=sinx(x∈R)的图象上所有的点( )
A.向左平移个单位长度,再把所得各点的横坐标缩短到原来的倍,纵坐标不变
B.向左平移个单位长度,再把所得各点的横坐标伸长到原来的2倍,纵坐标不变
C.向左平移个单位长度,再把所得各点的横坐标缩短到原来的倍,纵坐标不变
D.向左平移个单位长度,再把所得各点的横坐标伸长到原来的2倍,纵坐标不变
【解答】解:由图象可知函数的周期为π,振幅为1,
所以函数的表达式可以是y=sin(2x+φ).
代入(﹣,0)可得φ的一个值为 ,
故图象中函数的一个表达式是y=sin(2x+),
即y=sin2(x+),
所以只需将y=sinx(x∈R)的图象上所有的点向左平移 个单位长度,再把所得各点的横坐标缩短到原来的 倍,纵坐标不变.
故选A.
7.(5分)若存在实数x∈[2,4],使x2﹣2x+5﹣m<0成立,则m的取值范围为( )
A.(13,+∞) B.(5,+∞) C.(4,+∞) D.(﹣∞,13)
【解答】解:存在实数x∈[2,4],使x2﹣2x+5﹣m<0成立,等价于x∈[2,4],m>(x2﹣2x+5)min.
令f(x)=x2﹣2x+5=(x﹣1)2+4
∴函数的图象开口向上,对称轴为直线x=1
∵x∈[2,4],
∴x=2时,f(x)min=f(2)=22﹣2×2+5=5
∴m>5
故选:B.
8.(5分)已知奇函数f(x)在[﹣1,0]上为单调递减函数,又α,β为锐角三角形两内角,下列结论正确的是( )
A.f(cosα)>f(cosβ) B.f(sinα)>f(sinβ) C.f(sinα)>f(cosβ) D.f(sinα)<f(cosβ)
【解答】解:∵奇函数y=f(x)在[﹣1,0]上为单调递减函数
∴f(x)在[0,1]上为单调递减函数,
∴f(x)在[﹣1,1]上为单调递减函数,
又α、β为锐角三角形的两内角,
∴α+β>,
∴>α>﹣β>0,
∴1>sinα>sin(﹣β)=cosβ>0,
∴f(sinα)<f(cosβ),
故选:D.
9.(5分)△ABC所在平面上一点P满足++=,则△PAB的面积与△ABC的面积比为( )
A.2:3 B.1:3 C.1:4 D.1:6
【解答】解:如图所示,∵点P满足++=,
∴=,
∴.
∴△PAB的面积与△ABC的面积比=AP:AC=1:3.
故选:B.
10.(5分)如图下面的四个容器高度都相同,将水从容器顶部一个孔中以相同的速度注入其中,注满为止.用下面对应的图象显示该容器中水面的高度h和时间t之间的关系,其中不正确的有( )
A.1个 B.2个 C.3个 D.4个
【解答】解:A、因正方体的底面积是定值,故水面高度的增加是均匀的,即图象是直线型的,故A不对;
B、因几何体下面窄上面宽,且相同的时间内注入的水量相同,所以下面的高度增加的快,上面增加的慢,即图象应越来越平缓,故B正确;
C、球是个对称的几何体,下半球因下面窄上面宽,所以水的高度增加的越来越慢;上半球恰相反,所以水的高度增加的越来越快,则图象先平缓再变陡;故C正确;
D、图中几何体两头宽、中间窄,所以水的高度增加的越来越慢后再越来越慢快,则图象先平缓再变陡,故D正确.
故选A.
二、填空题(本大题共5个小题,每小题5分,共25分.把答案填写在题中横线上)
11.(5分)已知命题p:“存在x∈R,使4x+2x+1+m=0”,若“非p”是假命题,则实数m的取值范围是 (﹣∞,0) .
【解答】解:∵命题p:“存在x∈R,使4x+2x+1+m=0”,
∴p为真时,m=﹣(2x)2﹣2×2x,存在x∈R成立
∴m的取值范围是:m<0
又∵非p”是假命题
∴p是真命题
∴m∈(﹣∞,0)
故答案为:(﹣∞,0)
12.(5分)若a>3,则函数f(x)=x2﹣ax+1在区间(0,2)上恰好有 1 个零点.
【解答】解:当a>3时,由于次二次函数f(x)=x2﹣ax+1,可得f(0)=1>0,f(2)=5﹣2a<0,
即f(0)f(2)<0,
故函数f(x)=x2﹣ax+1在区间(0,2)上恰好有一个零点,
故答案为:1.
13.(5分)已知函数f(x)=lnx,0<a<b<c<1,则,,的大小关系是 << .
【解答】解:函数f(x)=lnx,0<a<b<c<1,
设g(x)==,
g′(x)=,
可得0<x<e时,g′(x)>0,g(x)递增,
由0<a<b<c<1,可得
g(a)<g(b)<g(c),
即<<.
故答案为:<<.
14.(5分)已知整数对的序列如下:(1,1),(1,2),(2,1),(1,3),(2,2),(3,1),(1,4),(2,3)(3,2),(4,1),(1,5),(2,4)…则第57个数对是 (2,10) .
【解答】解:(1,1),两数的和为2,共1个,
(1,2),(2,1),两数的和为3,共2个,
(1,3),(2,2),(3,1),两数的和为4,共3个,
(1,4),(2,3),(3,2),(4,1),两数的和为5,共4个
…
∵1+2+3+4+5+6+7+8+9+10=55,
∴第57个数对在第11组之中的第2个数,从而两数之和为12,应为(2,10);
故答案为:(2,10).
15.(5分)如图是一个几何体的三视图,根据图中的数据,可得该几何体的体积是 2 .
【解答】解:由三视图还原原几何体如图,
该几何体为五面体ABCDEF,
其中面ABCD为等腰梯形,EF∥BC∥AD,
EF在平面ABCD上的射影在梯形ABCD的中位线上,
分别过E、F作BC、AD的垂线,把原几何体分割为两个四棱锥及一个三棱柱,
则几何体的体积V=.
故答案为:2.
三、解答题(本大题共6小题,共75分.解答应写出文字说明、证明过程和演算步骤)
16.(12分)已知α∈(0,π)且cos(α﹣)=.求cosα
【解答】解:∵α∈(0,π),∴,
又,∴,
∴=.
17.(12分)已知向量=3i﹣4j,=6i﹣3j,=(5﹣m)i﹣(3+
m)j,其中i,j分别是平面直角坐标系内x轴与y轴正方向上的单位向量.
(1)若点A,B,C能构成三角形,求实数m应满足的条件;
(2)对任意m∈[1,2],不等式2≤﹣x2+x+3恒成立,求x的取值范围.
【解答】解:(1)依题意,以O为坐标原点建立直角坐标系,则A(3,﹣4),B(6,﹣3),C(5﹣m,﹣3﹣m),
∵A,B,C能构成三角形,
则A、B、C三点不共线,
若A、B、C三点共线,则=t⇔(3,1)=t(2﹣m,1﹣m),即,
解得;
∴当m≠时,A,B,C能构成三角形;
(2)∵=(2﹣m,1﹣m),m∈[1,2],
∴2=(2﹣m)2+(1﹣m)2=2m2﹣6m+5=2(m﹣)2+,其对称轴为m=,
当m∈[1,]时,该函数单调递减,当m∈[,2]时,该函数单调递增,
∴当m=1或m=2时,2取得最大值1.
∵对任意m∈[1,2],不等式2≤﹣x2+x+3恒成立,
∴﹣x2+x+3≥=1,
即x2﹣x﹣2≤0,
解得:﹣1≤x≤2.
∴x的取值范围为[﹣1,2].
18.(12分)列车提速可以提高铁路运输量.列车运行时,前后两车必须要保持一个“安全间隔距离d(千米)”,“安全间隔距离d(千米)”与列车的速度v(千米/小时)的平方成正比(比例系数k=
).假设所有的列车长度l均为0.4千米,最大速度均为v0(千米/小时).问:列车车速多大时,单位时间流量Q= 最大?
【解答】解:因为 ,所以…(4分)
≥2=,当且仅当v=40时取等号;
当v0≥40时,Q≤50,所以v=40,Qmax=50…(8分)
当0<v0<40时,…(12分)
19.(12分)如图,边长为a的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,E为CC1的中点.
(1)求直线A1E与平面BDD1B1所成的角的正弦值
(2)求点E到平面A1DB的距离.
【解答】解:以DA、DC、DD1所在的直线分别为x轴、y轴、z轴,建立空间直角坐标系如图,
则D(0,0,0),A(a,0,0).B(a,a,0),C(0,a,0),E(0,a,),A1(a,0,a). …(3分)
(1)设直线A1E与平面BDD1B1所成的角为α.
因为AC⊥平面BDD1B1,所以平面BDD1B1的法向量为,
又.
,
所以 s.…(6分)
(2)设=(x,y,1)为平面A1DB的法向量,∵,
∴x=﹣1,y=1…(8分)
∴又…(11分)
即点E到平面A1DB的距离为.…(12分)
20.(13分)在数列{an}中,a1=1,an=n2[1+++…+](n≥2,n∈N)
(1)当n≥2时,求证:=
(2)求证:(1+)(1+)…(1+)<4.
【解答】(1)证明:当n≥2时,,…(1分)
所以…(4分)
故…(5分)
(2)证明:当n≥2时,…(6分)
=…(8分)
=…(10分)
=.…(11分)
当n=1时,…(12分)
综上所述,对任意n∈N*,不等式都成立.…(13分)
21.(14分)已知函数f(x)=(x2+ax﹣2a﹣3)•e3﹣x(a∈R);
(1)讨论f(x)的单调性;
(2)设g(x)=(a2+)ex(a>0),若存在(a>0),x1,x2∈[0,4]使得|f(x1)﹣g(x2)|<1成立,求a的取值范围.
【解答】.解:(1)f'(x)=﹣[x2+(a﹣2)x﹣3a﹣3]e3﹣x=﹣(x﹣3)(x+a+1)e3﹣x
由﹣a﹣1=3得a=﹣4,
当a=﹣4时,f′(x)=﹣(x﹣3)2e3﹣x≤0,此时函数在(﹣∞,+∞)上为减函数,
当a<﹣4时,﹣a﹣1>3,由f'(x)<0⇒x<3或x>﹣a﹣1,f'(x)>0⇒3<x<﹣a﹣1.
∴f(x)单调减区间为(﹣∞,3),(﹣a﹣1,+∞),单调增区间为(3,﹣a﹣1).
当a>﹣4时,﹣a﹣1<3,
f'(x)<0⇒x>3或x<﹣a﹣1,f'(x)>0⇒﹣a﹣1<x<3.
∴f(x)单调减区间为(﹣∞,﹣a﹣1),(3,+∞
),单调增区间为(﹣a﹣1,3).
(2)由(1)知,当a>0时,﹣a﹣1<0,f(x)在区间[0,3]上的单调递增,
在区间[3,4)]单调递减,而f(0)=﹣(2a+3)e3<0,f(4)=(2a+13)e﹣1>0,f(3)=a+6.
那么f(x)在区间[0,4]上的值域是F=[﹣(2a+3)e3,a+6]
又g(x)=(a2+)ex(a>0),在[0,4]上是增函数,对应的值域为G=[a2+,(a2+)e4],
∵a>0,∴﹣(2a+3)e3<a+6≤a2+<(a2+)e4,
|f(x1)﹣g(x2)|<1等价为g(x2)﹣f(x1)<1
若存在(a>0),x1,x2∈[0,4]使得|f(x1)﹣g(x2)|<1成立,
只需要gmin(x)﹣fmax(x)<1,
∴a2+﹣a﹣6<1,得4a2﹣4a﹣3<0,得﹣<a<
∵a>0,
∴0<a<
∴a的取值范围为(0,).