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- 2021-06-10 发布
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第三单元 基本初等函数(Ⅰ)及应用
教材复习课 “基本初等函数(Ⅰ)”相关基础知识一课过
指数与对数的基本运算
[过双基]
一、根式与幂的运算
1.根式的性质
(1)(n a)n=a.
(2)当 n 为奇数时,n an=a.
(3)当 n 为偶数时,n an=|a|= a a≥0,
-a a<0.
(4)负数的偶次方根无意义.
(5)零的任何次方根都等于零.
2.有理数指数幂
(1)分数指数幂:
①正分数指数幂:am
n
=n am(a>0,m,n∈N*,且 n >1).
②负分数指数幂:a-m
n
= 1
am
n
=
1
n am
(a>0,m,n∈N*,且 n >1).
③0 的正分数指数幂等于0,0 的负分数指数幂没有意义.
(2)有理数指数幂的运算性质.
①ar·as=ar+s(a>0,r,s∈Q).
②(ar)s=ars(a>0,r,s∈Q).
③(ab)r=arbr(a>0,b>0,r∈Q).
二、对数及对数运算
1.对数的定义
一般地,如果 ax=N(a>0,且 a≠1),那么数 x 叫作以 a 为底 N 的对数,记作 x=loga N,
其中 a 叫作对数的底数,N 叫作真数.
2.对数的性质
(1)loga1=0,logaa=1.
(2)alogaN=N,logaaN=N.
(3)负数和零没有对数.
3.对数的运算性质
如果 a>0,且 a≠1,M >0,N >0,那么
(1)loga(M N)=logaM+loga N.
(2)loga
M
N
=logaM-loga N.
(3)logaMn=nlogaM(n∈R).
(4)换底公式 logab=logmb
logma(a>0 且 a≠1,b>0,m>0,且 m≠1).
1.化简
a
2
3 ·b-1
1
2 ·a
1
2 ·b
1
3
6 a·b5
(a>0,b>0)的结果是( )
A.a B.ab
C.a2b D.1
a
解析:选 D 原式=
a 3
1
b
1
2 a
1
2 b
1
3
a
1
6
b
5
6
=a
1 11
3 62 ·b
1 51
3 62 =1
a.
2.若 x=log43,则(2x-2-x)2=( )
A.9
4 B.5
4
C.10
3 D.4
3
解析:选 D 由 x=log43,得 4x=3,即 4-x=1
3
,(2x-2-x)2=4x-2+4-x=3-2+1
3
=4
3.
3. log232-4log23+4+log2
1
3
=( )
A.2 B.2-2log23
C.-2 D.2log23-2
解析:选 B log232-4log23+4+log2
1
3
= log23-22-log23=2-log23-log23=2-
2log23.
4.已知 f(x)=2x+2-x,若 f(a)=3,则 f(2a)=( )
A.11 B.9
C.7 D.5
解析:选 C 由题意可得 f(a)=2a+2-a=3,则 f(2a)=22a+2-2a=(2a+2-a)2-2=7.
[清易错]
1.在进行指数幂的运算时,一般用分数指数幂的形式表示,并且结果不能同时含有根
号和分数指数幂,也不能既有分母又含有负指数.易忽视字母的符号.
2.在对数运算时,易忽视真数大于零.
1.化简 -x3
x
的结果是( )
A.- -x B. x
C.- x D. -x
解析:选 A 依题意知 x<0,故 -x3
x
=- -x3
x2
=- -x.
2.若 lg x+lg y=2lg(x-2y),则x
y
的值为________.
解析:∵lg x+lg y=2lg(x-2y),
∴xy=(x-2y)2,即 x2-5xy+4y2=0,
即(x-y)(x-4y)=0,解得 x=y 或 x=4y.
又 x>0,y>0,x-2y>0,
故 x=y 不符合题意,舍去.
所以 x=4y,即x
y
=4.
答案:4
二次函数
[过双基]
1.二次函数解析式的三种形式
(1)一般式:f(x)=ax2+bx+c(a≠0).
(2)顶点式:f(x)=a(x-m)2+n(a≠0).
(3)零点式:f(x)=a(x-x1)(x-x2)(a≠0).
2.二次函数的图象和性质
解析式 f(x)=ax2+bx+c(a>0) f(x)=ax2+bx+c(a<0)
图象
定义域 R R
值域
单调性
在 -∞,- b
2a 上单调递减;
在 - b
2a
,+∞ 上单调递增
在 -∞,- b
2a 上单调递增;
在 - b
2a
,+∞ 上单调递减
对称性 函数的图象关于直线 x=- b
2a
对称
1.若二次函数 y=-2x2-4x+t 的图象的顶点在 x 轴上,则 t 的值是( )
A.-4 B.4
C.-2 D.2
解析:选 C ∵二次函数的图象的顶点在 x 轴上,∴Δ=16+8t=0,可得 t=-2.
2.(2018·唐山模拟)如果函数 f(x)=x2-ax-3 在区间(-∞,4]上单调递减,那么实数 a
的取值范围为( )
A.[8,+∞) B.(-∞,8]
C.[4,+∞) D.[-4,+∞)
解析:选 A 函数 f(x)图象的对称轴方程为 x=a
2
,由题意得a
2
≥4,解得 a≥8.
3.(2017·宜昌二模)函数 f(x)=-2x2+6x(-2≤x≤2)的值域是( )
A.[-20,4] B.(-20,4)
C.
-20,9
2 D.
-20,9
2
解析:选 C 由函数 f(x)=-2x2+6x 可知,二次函数 f(x)的图象开口向下,对称轴为 x
=3
2
,当-2≤x<3
2
时,函数 f(x)单调递增,当3
2
≤x≤2 时,函数 f(x)单调递减,∴f(x)max=f
3
2
=-2×9
4
+6×3
2
=9
2
,又 f(-2)=-8-12=-20,f(2)=-8+12=4,∴函数 f(x)的值域为
-20,9
2 .
[清易错]
易忽视二次函数表达式 f(x)=ax2+bx+c 中的系数 a≠0.
若二次函数 f(x)=ax2-4x+c 的值域为[0,+∞),则 a,c 满足的条件是________.
解析:由已知得
a>0,
4ac-16
4a
=0, ⇒ a>0,
ac-4=0.
答案:a>0,ac=4
幂函数
[过双基]
1.幂函数的定义
一般地,形如 y=xα的函数称为幂函数,其中 x 是自变量,α为常数.
2.常见的 5 种幂函数的图象
3.常见的 5 种幂函数的性质
函数
特征
性质
y=x y=x2 y=x3 y=x1
2 y=x-1
定义域 R R R [0,+∞) {x|x∈R,且 x≠0}
值域 R [0,+∞) R [0,+∞) {y|y∈R,且 y≠0}
奇偶性 奇 偶 奇 非奇非偶 奇
单调性 增 (-∞,0]减,
[0,+∞)增
增 增 (-∞,0)减,(0,
+∞)减
定点 (0,0),(1,1) (1,1)
1.幂函数 y=f(x)的图象过点(4,2),则幂函数 y=f(x)的图象是( )
解析:选 C 令 f(x)=xα,则 4α=2,
∴α=1
2
,∴f(x)=x1
2.故 C 正确.
2.(2018·贵阳监测)已知幂函数 y=f(x)的图象经过点
1
3
, 3 ,则 f
1
2 =( )
A.1
2 B.2
C. 2 D. 2
2
解析:选 C 设幂函数的解析式为 f(x)=xα,将
1
3
, 3 代入解析式得 3-α= 3,解得α
=-1
2
,∴f(x)=x-1
2
,f
1
2 = 2,故选 C.
3.若函数 f(x)=(m2-m-1)xm 是幂函数,且在 x∈(0,+∞)上为增函数,则实数 m 的
值是( )
A.-1 B.2
C.3 D.-1 或 2
解析:选 B ∵f(x)=(m2-m-1)xm 是幂函数,∴m2-m-1=1,解得 m=-1 或 m=2.
又 f(x)在 x∈(0,+∞)上是增函数,所以 m=2.
[清易错]
幂函数的图象一定会出现在第一象限内,一定不会出现在第四象限,至于是否出现在第
二、三象限内,要看函数的奇偶性;幂函数的图象最多只能同时出现在两个象限内;如果幂
函数图象与坐标轴相交,则交点一定是原点.
幂函数 y=xm2-2m-3(m∈Z)的图象如图所示,则 m 的值为 (
)
A.-10,且
a≠1)
a>1 0<a<1
图象
定义域 R
值域 (0,+∞)
性质
当 x=0 时,y=1,即过定点(0,1)
当 x>0 时,y>1;当 x<0 时,
0<y<1
当 x>0 时,0<y<1;当
x<0 时,y>1
在 R 上是增函数 在 R 上是减函数
1.函数 f(x)=ax-2+1(a>0,且 a≠1)的图象必经过点( )
A.(0,1) B.(1,1)
C.(2,0) D.(2,2)
解析:选 D 由 f(2)=a0+1=2,知 f(x)的图象必过点(2,2).
2.函数 f(x)= 1-2x的定义域是( )
A.(-∞,0] B.[0,+∞)
C.(-∞,0) D.(-∞,+∞)
解析:选 A 要使 f(x)有意义须满足 1-2x≥0,即 2x≤1,解得 x≤0.
3.函数 y=ax-a(a>0,且 a≠1)的图象可能是( )
解析:选 C 当 x=1 时,y=a1-a=0,所以函数 y=ax-a 的图象过定点(1,0),结合选
项可知选 C.
4.设 a=
3
5 2
5
,b=
2
5 3
5
,c=
2
5 2
5
,则 a,b,c 的大小关系是( )
A.a>c>b B.a>b>c
C.c>a>b D.b>c>a
解析:选 A 构造指数函数 y=
2
5 x(x∈R),由该函数在定义域内单调递减可得 b0 时,有
3
5 x>
2
5 x,故
3
5 2
5>
2
5 2
5
,即 a>c,
故 a>c>b.
5.下列四类函数中,具有性质“对任意的 x>0,y>0,函数 f(x)满足 f(x+y)=f(x)f(y)”
的是( )
A.幂函数 B.对数函数
C.指数函数 D.余弦函数
解析:选 C 由指数运算的规律易知,ax+y=ax·ay,即令 f(x)=ax,则 f(x+y)=f(x)f(y),
故该函数为指数函数.
[清易错]
指数函数 y=ax(a>0,且 a≠1)的图象和性质与 a 的取值有关,要特别注意区分 a>1 或
00,且 a≠1)在区间[1,2]上的最大值比最小值大a
2
,则 a 的值为
________.
解析:当 a>1 时,f(x)=ax 为增函数,
f(x)max=f(2)=a2,f(x)min=f(1)=a.
∴a2-a=a
2.即 a(2a-3)=0.
∴a=0(舍去)或 a=3
2>1.∴a=3
2.
当 00,且
a≠1)
a>1 01 时,y∈(0,+∞) 当 x>1 时,y∈(-∞,0)
在(0,+∞)上为增函数 在(0,+∞)上为减函数
1.若函数 f(x)=loga(3x-2)(a>0,且 a≠1)的图象经过定点 A,则 A 点坐标是( )
A. 0,2
3 B.
2
3
,0
C.(1,0) D.(0,1)
答案:C
2.已知 a>0,且 a≠1,函数 y=ax 与 y=loga(-x)的图象可能是( )
解析:选 B 由题意知,y=ax 的定义域为 R,y=loga(-x)的定义域为(-∞,0),故排
除 A、C;当 01
时,y=ax 在 R 上单调递增,y=loga(-x)在(-∞,0)上单调递减,结合 B、D 图象知,B 正
确.
3.函数 y=log2|x+1|的单调递减区间为__________,单调递增区间为__________.
解析:作出函数 y=log2x 的图象,将其关于 y 轴对称得到函数 y=
log2|x|的图象,再将图象向左平移 1 个单位长度就得到函数 y=log2|x+1|
的图象(如图所示).由图知,函数 y=log2|x+1|的单调递减区间为(-∞,
-1),单调递增区间为(-1,+∞).
答案:(-∞,-1) (-1,+∞)
4.函数 f(x)=loga(x2-2x-3)(a>0,a≠1)的定义域为________.
解析:由题意可得 x2-2x-3>0,解得 x>3 或 x<-1,所以函数的定义域为{x|x>3 或 x<
-1}.
答案:{x|x>3 或 x<-1}
[清易错]
解决与对数函数有关的问题时易漏两点:
(1)函数的定义域.
(2)对数底数的取值范围.
1.(2018·南昌调研)函数 y= log2
3
2x-1 的定义域是( )
A.[1,2] B.[1,2)
C.
1
2
,1 D.
1
2
,1
解析:选 D 要使函数有意义,则
log2
3
2x-1≥0,
2x-1>0,
解得1
20,且 a≠1)在[2,4]上的最大值与最小值的差是 1,则 a 的值为
________.
解析:当 a>1 时,函数 y=logax 在[2,4]上是增函数,所以 loga4-loga2=1,即 loga2=
1,所以 a=2.
当 00, 满足 f(x)=1 的 x 的值为( )
A.1 B.-1
C.1 或-2 D.1 或-1
解析:选 D 由题意,方程 f(x)=1 等价于 x≤0,
2-x-1=1
或
x>0,
x1
2
=1, 解得 x=-1 或
1.
2.函数 f(x)=ln|x-1|的图象大致是( )
解析:选 B 令 x=1,x-1=0,显然 f(x)=ln|x-1|无意义,故排除 A;由|x-1|>0 可
得函数的定义域为(-∞,1)∪(1,+∞),故排除 D;由复合函数的单调性可知 f(x)在(1,+
∞)上是增函数,故排除 C,选 B.
3.(2018·郑州模拟)设 abc>0,二次函数 f(x)=ax2+bx+c 的图象可能是( )
解析:选 D 结合二次函数 y=ax2+bx+c(a≠0)的图象知:
当 a<0,且 abc>0 时,若- b
2a<0,则 b<0,c>0,故排除 A,
若- b
2a>0,则 b>0,c<0,故排除 B.
当 a>0,且 abc>0 时,若- b
2a<0,则 b>0,c>0,故排除 C,
若- b
2a>0,则 b<0,c<0,故选项 D 符合.
4.设 a=0.32,b=20.3,c=log25,d=log20.3,则 a,b,c,d 的大小关系是( )
A.d2,d=log20.3<0,
由指数函数的性质可知 00).
∵函数 y=(t+1)2 在(0,+∞)上递增,
∴y>1.
∴所求值域为(1,+∞).故选 B.
6.(2017·大连二模)定义运算:x y= x,xy≥0,
y,xy<0,
例如:3 4=3,(-2) 4=4,则
函数 f(x)=x2 (2x-x2)的最大值为( )
A.0 B.1
C.2 D.4
解析:选 D 由题意可得 f(x)=x2 (2x-x2)= x2,0≤x≤2,
2x-x2,x>2 或 x<0,
当 0≤x≤2 时,
f(x)∈[0,4];当 x>2 或 x<0 时,f(x)∈(-∞,0).综上可得函数 f(x)的最大值为 4,故选 D.
7.已知函数 f(x)=lg
2
1-x
+a 是奇函数,且在 x=0 处有意义,则该函数为( )
A.(-∞,+∞)上的减函数
B.(-∞,+∞)上的增函数
C.(-1,1)上的减函数
D.(-1,1)上的增函数
解析:选 D 由题意知,f(0)=lg(2+a)=0,∴a=-1,∴f(x)=lg
2
1-x
-1 =lgx+1
1-x
,
令x+1
1-x
>0,则-10,
9-4a≥0,
解得 a≤9
4.故选 A.
二、填空题
9.(2018·连云港调研)当 x>0 时,函数 y=(a-8)x 的值恒大于 1,则实数 a 的取值范围是
________.
解析:由题意知,a-8>1,解得 a>9.
答案:(9,+∞)
10.若函数 f(x)是幂函数,且满足 f(4)=3f(2),则 f
1
2 的值等于________.
解析:设 f(x)=xα,
又 f(4)=3f(2),
∴4α=3×2α,
解得α=log23,
∴f
1
2 =
1
2 log23=1
3.
答案:1
3
11.若函数 f(x)= e1-x,x≤1,
lnx-1,x>1,
则使得 f(x)≥2 成立的 x 的取值范围是________.
解析:由题意,f(x)≥2 等价于 x≤1,
e1-x≥2
或 x>1,
lnx-1≥2,
解得 x≤1-ln 2 或 x≥1+e2,
则使得 f(x)≥2 成立的 x 的取值范围是(-∞,1-ln 2]∪[1+e2,+∞).
答案:(-∞,1-ln 2]∪[1+e2,+∞)
12.若对任意 x∈ 0,1
2 ,恒有 4x0 且 a≠1),则实数 a 的取值范围是________.
解析:令 f(x)=4x,则 f(x)在 0,1
2 上是增函数,g(x)=logax,当 a>1 时,g(x)=logax 在
0,1
2 上是增函数,且 g(x)=logax<0,不符合题意;当 00,a≠1),且 f(2)-f(4)=1.
(1)若 f(3m-2)>f(2m+5),求实数 m 的取值范围;
(2)求使 f x-4
x =log1
23 成立的 x 的值.
解:(1)由 f(2)-f(4)=1,得 a=1
2.
∵函数 f(x)=log1
2x 为减函数且 f(3m-2)>f(2m+5),
∴0<3m-2<2m+5,解得2
30 恒成立,求实数 m 的取值
范围.
解:(1)∵函数 f(x)为奇函数,∴f(x)=-f(-x),
∴a- 2
2x+1
=-a+ 2
2-x+1
,
∴2a= 2·2x
2x+1
+ 2
2x+1
=2,
∴a=1.
(2)f(x)在 R 上为单调递增函数.
证明如下:设任意 x1,x2∈R,且 x10,
∴f(x1)0 恒成立,
∴f[t2-(m-2)t]>-f(t2-m+1)=f(m-t2-1),
∴t2-(m-2)t>m-1-t2 对 t∈R 恒成立,
化简得 2t2-(m-2)t-m+1>0,
∴Δ=(m-2)2+8(m-1)<0,
解得-2-2 23-2a>0 或 3-2a0),将点 D(1,1)代入得,a=1
4
,
即 y=1
4(x-3)2.
2.已知二次函数 f(x)是偶函数,且 f(4)=4f(2)=16,则函数 f(x)的解析式为________.
解析:由题意可设函数 f(x)=ax2+c(a≠0),则 f(4)=16a+c=16,f(2)=4a+c=4,解得
a=1,c=0,故 f(x)=x2.
答案:f(x)=x2
二次函数的图象与性质
高考对二次函数图象与性质进行单独考查的频率较低.常与一元二次方程、一元二次不等
式等知识交汇命题是高考的热点,多以选择题、填空题的形式出现,考查二次函数的图象与
性质的应用.
常见的命题角度有:
1二次函数的图象与性质;
2二次函数的最值问题.
角度一:二次函数的图象与性质
1.(2018·武汉模拟)已知函数 f(x)=ax2+2ax+b(1f(x2)
C.f(x1)=f(x2)
D.f(x1)与 f(x2)的大小关系不能确定
解析:选 A f(x)的对称轴为 x=-1,因为 10(1f(x1);
若-1≤x1-2,又因为 f(x)在[-1,+∞)上为增函数,所以 f(x1)0,即函数的图象开口向上,又因为对称轴是直线 x=1.所以
f(0)=f(2),则当 f(m)≤f(0)时,有 0≤m≤2.
[方法技巧]
解决二次函数图象与性质问题的 2 个注意点
(1)抛物线的开口、对称轴位置、定义区间三者相互制约,常见的题型中这三者有两定一
不定,要注意分类讨论;
(2)要注意数形结合思想的应用,尤其是结合二次函数在该区间上的单调性或图象求解.
角度二:二次函数的最值问题
3.已知二次函数 f(x)=ax2-2x(0≤x≤1),求 f(x)的最小值.
解:(1)当 a>0 时,f(x)=ax2-2x 图象的开口方向向上,且对称轴为 x=1
a.
①当1
a
≤1,即 a≥1 时,f(x)=ax2-2x 图象的对称轴在[0,1]内,
∴f(x)在 0,1
a 上递减,在
1
a
,1 上递增.
∴f(x)min=f
1
a =1
a
-2
a
=-1
a.
②当1
a>1,即 01 时,函数图象如图(3),函数 f(x)在区间[a,a+1]上为增函数,所以最小值为 f(a)
=a2-2a+2.
综上可知,g(a)=
a2+1,a<0,
1,0≤a≤1,
a2-2a+2,a>1.
[方法技巧]
二次函数在闭区间上的最大值和最小值可能在三个地方取到:区间的两个端点处,或对
称轴处.也可以作出二次函数在该区间上的图象,由图象来判断最值.解题的关键是讨论对
称轴与所给区间的相对位置关系.
1.(2016·全国卷Ⅲ)已知 a=2
4
3 ,b=4
2
5 ,c=25
1
3 ,则( )
A.b4ac;②2a-b=1;③a-b+c=0;④5a0,即 b2>4ac,①正确;对
称轴为 x=-1,即- b
2a
=-1,2a-b=0,②错误;结合图象知,当 x=-1 时,y>0,即 a-b
+c>0,③错误;由对称轴为 x=-1 知,b=2a,又函数图象开口向下,∴a<0,∴5a<2a,
即 5a0,
f-1=x2-5x+6>0,
解得 x<1 或 x>3.
5.若函数 f(x)=mx2-2x+3 在[-1,+∞)上递减,则实数 m 的取值范围为( )
A.(-1,0) B.[-1,0)
C.(-∞,-1] D.[-1,0]
解析:选 D 当 m=0 时,f(x)=-2x+3 在 R 上递减,符合题意;
当 m≠0 时,函数 f(x)=mx2-2x+3 在[-1,+∞)上递减,只需对称轴 x=1
m
≤-1,且
m<0,
解得-1≤m<0,
综上,实数 m 的取值范围为[-1,0].
6.设函数 f(x)= x2-4x+6,x≥0,
x+6,x<0,
则不等式 f(x)>f(1)的解集是( )
A.(-3,1)∪(3,+∞) B.(-3,1)∪(2,+∞)
C.(-1,1)∪(3,+∞) D.(-∞,-3)∪(1,3)
解析:选 A ∵f(1)=3,∴不等式 f(x)>f(1),即 f(x)>3.
∴ x≥0,
x2-4x+6>3
或 x<0,
x+6>3,
解得 x>3 或-3b,c>d.若 f(x)=2 017-(x-a)(x-b)的零点为 c,d,
则下列不等式正确的是( )
A.a>c>b>d B.a>b>c>d
C.c>d>a>b D.c>a>b>d
解析:选 D f(x)=2 017-(x-a)(x-b)=-x2+(a+b)x-ab+2
017,又 f(a)=f(b)=2 017,c,d 为函数 f(x)的零点,且 a>b,c>d, 所以
可在平面直角坐标系中作出函数 f(x)的大致图象,如图所示,由图可知
c>a>b>d,故选 D.
8.(2017·浙江高考)若函数 f(x)=x2+ax+b 在区间[0,1]上的最大值是 M,最小值是 m,
则 M-m( )
A.与 a 有关,且与 b 有关 B.与 a 有关,但与 b 无关
C.与 a 无关,且与 b 无关 D.与 a 无关,但与 b 有关
解析:选 B f(x)= x+a
2 2-a2
4
+b,
①当 0≤-a
2
≤1 时,f(x)min=m=f
-a
2 =-a2
4
+b,f(x)max=M=max{f(0),f(1)}=max{b,1
+a+b},
∴M-m=max
a2
4
,1+a+a2
4 与 a 有关,与 b 无关;
②当-a
2<0 时,f(x)在[0,1]上单调递增,
∴M-m=f(1)-f(0)=1+a 与 a 有关,与 b 无关;
③当-a
2>1 时,f(x)在[0,1]上单调递减,
∴M-m=f(0)-f(1)=-1-a 与 a 有关,与 b 无关.
综上所述,M-m 与 a 有关,但与 b 无关.
二、填空题
9.已知幂函数 f(x)=x-m2+2m+3(m∈Z)在(0,+∞)上为增函数,且在其定义域内是
偶函数,则 m 的值为________.
解析:∵幂函数 f(x)在(0,+∞)上为增函数,
∴-m2+2m+3>0,即 m2-2m-3<0,解得-10)对任意实数 t,在闭区间[t-1,t
+1]上总存在两实数 x1,x2,使得|f(x1)-f(x2)|≥8 成立,则实数 a 的最小值为________.
解析:由题意可得,当 x∈[t-1,t+1]时,[f(x)max-f(x)min]min≥8,当[t-1,t+1]
关于对称轴对称时,f(x)max-f(x)min 取得最小值,即 f(t+1)-f(t)=2at+a+20≥8,f(t-1)-
f(t)=-2at+a-20≥8,两式相加,得 a≥8,所以实数 a 的最小值为 8.
答案:8
12.设函数 f(x)= x3,x≤a,
x2,x>a,
若存在实数 b,使得函数 y=f(x)-bx 恰有 2 个零点,则
实数 a 的取值范围为_______.
解析:显然 x=0 是 y=f(x)-bx 的一个零点;
当 x≠0 时,令 y=f(x)-bx=0 得 b=fx
x
,
令 g(x)=fx
x
= x2,x≤a,
x,x>a,
则 b=g(x)存在唯一一个解.
当 a<0 时,作出函数 g(x)的图象,如图所示,
显然当 a0 时,作出函数 g(x)的图象,如图所示,
若要使 b=g(x)存在唯一一个解,则 a>a2,即 04 时,g(a)=f(-2)=7-3a≥0,
∴a≤7
3.
又 a>4,∴a 不存在.
(2)当-2≤-a
2
≤2,即-4≤a≤4 时,
g(a)=f
-a
2 =-a2
4
-a+3≥0,
∴-6≤a≤2.又-4≤a≤4,
∴-4≤a≤2.
(3)当-a
2>2,即 a<-4 时,g(a)=f(2)=7+a≥0,∴a≥-7.
又 a<-4,∴-7≤a<-4.
综上可知,a 的取值范围为[-7,2].
1.设函数 f(x)=ax2+bx+c(a>b>c)的图象经过点 A(m1,f(m1))和点 B(m2,f(m2)),f(1)
=0.若 a2+[f(m1)+f(m2)]·a+f(m1)·f(m2)=0,则( )
A.b≥0 B.b<0
C.3a+c≤0 D.3a-c<0
解析:选 A 由 f(1)=0 可得 a+b+c=0,若 a≤0,由 a>b>c,得 a+b+c<0,这与 a
+b+c=0 矛盾,故 a>0,若 c≥0,则有 b>0,a>0,此时 a+b+c>0,这与 a+b+c=0 矛盾;
所以 c<0 成立,因为 a2+[f(m1)+f(m2)]·a+f(m1)·f(m2)=0,所以(a+f(m1))(a+f(m2))=0,
所以 m1,m2 是方程 f(x)=-a 的两个根,Δ=b2-4a(a+c)=b(b+4a)=b(3a-c)≥0,而 a>0,
c<0,所以 3a-c>0,所以 b≥0.
2.设函数 f(x)=2ax2+2bx,若存在实数 x0∈(0,t),使得对任意不为零的实数 a,b,均
有 f(x0)=a+b 成立,则 t 的取值范围是________.
解析:因为存在实数 x0∈(0,t),使得对任意不为零的实数 a,b,均有 f(x0)=a+b 成立,
所以 2ax2+2bx=a+b 等价于(2x-1)b=(1-2x2)a.
当 x=1
2
时,左边=0,右边≠0,即等式不成立,故 x≠1
2
;
当 x≠1
2
时,(2x-1)b=(1-2x2)a 等价于b
a
=1-2x2
2x-1
,
设 2x-1=k,因为 x≠1
2
,所以 k≠0,则 x=k+1
2
,
则b
a
=1-2
k+1
2 2
k
=1
2
1
k
-k-2 .
设 g(k)=1
2
1
k
-k-2 ,
则函数 g(k)在(-1,0),(0,2t-1)上的值域为 R.
又因为 g(k)在(-∞,0),(0,+∞)上单调递减,
所以 g(k)在(-1,0),(0,2t-1)上单调递减,
故当 k∈(-1,0)时,g(k)g(2t-1)=1
2
1
2t-1
-2t-1 ,故要使值域为 R,则 g(2t-1)1.
答案:(1,+∞)
高考研究课(二)
指数函数的 2 类考查点——图象、性质
[全国卷 5 年命题分析]
考点 考查频度 考查角度
指数函数的图象 5 年 3 考 指数函数图象的应用
指数函数的性质 5 年 3 考 比较大小、求值
指数函数的图象及应用
[典例] (1)函数 f(x)= ex·x2
e2x+1
的大致图象是( )
(2)(2018·广州模拟)若存在负实数使得方程 2x-a= 1
x-1
成立,则实数 a 的取值范围是
( )
A.(2,+∞) B.(0,+∞)
C.(0,2) D.(0,1)
[解析] (1)因为 f(-x)= e-x·x2
e-2x+1
= ex·x2
1+e2x
=f(x),所以函数 f(x)为偶函数,所以排除 A、
D 项.当 x=0 时,y=0,故排除 B 项,选 C.
(2)在同一坐标系内分别作出函数 y= 1
x-1
和 y=2x-a 的图象,则由图知,当 a∈(0,2)时
符合要求.
[答案] (1)C (2)C
[方法技巧]
指数函数图象问题的求解策略
(1)画指数函数 y=ax(a>0,a≠1)的图象,应抓住三个关键点:(1,a),(0,1), -1,1
a .
(2)与指数函数有关函数图象的研究,往往利用相应指数函数的图象,通过平移、对称变
换得到其图象.
(3)一些指数方程、不等式问题的求解,往往利用相应的指数型函数图象数形结合求解.
[即时演练]
1.函数 f(x)=2|x-1|的图象是( )
解析:选 B 由题意得 f(x)=
2x-1,x≥1,
1
2 x-1,x<1,
结合图象知,选 B.
2.(2018·衡水模拟)若曲线|y|=2x+1 与直线 y=b 没有公共点,则 b 的取值范围是
________.
解析:曲线|y|=2x+1 与直线 y=b 的图象如图所示,由图可知:如果|y|=2x+1 与直线 y
=b 没有公共点,则 b 应满足的条件是 b∈[-1,1].
答案:[-1,1]
指数函数的性质
角度一:比较大小或解不等式
1.(2018·滕州模拟)下列各式比较大小正确的是( )
A. B.0.6-1>0.62
C.0.8-0.1>1.250.2 D.
解析:选 B A 中,∵函数 y=1.7x 在 R 上是增函数,2.5<3,∴,故 A 错误;
B 中,∵y=0.6x 在 R 上是减函数,-1<2,
∴0.6-1>0.62,故 B 正确;
C 中,∵0.8-1=1.25,
∴问题转化为比较
∵y=1.25x 在 R 上是增函数,0.1<0.2,
∴,
即 0.8-0.1<1.250.2,故 C 错误;
D 中, ∵,0<,
∴,故 D 错误.
2.(2018·绍兴模拟)设偶函数 f(x)满足 f(x)=2x-4(x≥0),则{x|f(x-2)>0}=( )
A.{x|x<-2 或 x>4} B.{x|x<0 或 x>4}
C.{x|x<0 或 x>6} D.{x|x<-2 或 x>2}
解析:选 B ∵f(x)为偶函数,
当 x<0 时,f(x)=f(-x)=2-x-4.
∴f(x)= 2x-4,x≥0,
2-x-4,x<0,
若 f(x-2)>0,
则有 x-2≥0,
2x-2-4>0
或 x-2<0,
2-x+2-4>0,
解得 x>4 或 x<0.
[方法技巧]
(1)比较两个指数幂大小时,尽量化同底或同指,当底数相同,指数不同时,构造同一
指数函数,然后比较大小;当指数相同,底数不同时,构造两个指数函数,利用图象比较大
小.
(2)有关指数不等式问题,应注意 a 的取值,及结合指数函数的性质求解.
角度二:与指数函数有关的函数值域问题
3.已知 0≤x≤2,则 y=4x-1
2
-3·2x+5 的最大值为________.
解析:令 t=2x,∵0≤x≤2,∴1≤t≤4,
又 y=22x-1-3·2x+5,∴y=1
2t2-3t+5=1
2(t-3)2+1
2
,∵1≤t≤4,∴t=1 时,ymax=5
2.
答案:5
2
[方法技巧]
形如 y=a2x+b·ax+c(a>0,且 a≠1)型函数最值问题多用换元法,即令 t=ax 转化为 y=
t2+bt+c 的最值问题,注意根据指数函数求 t 的范围.
角度三:与指数函数有关的单调性问题
4.若函数 f(x)=a|2x-4|(a>0,且 a≠1),满足 f(1)=1
9
,则 f(x)的单调递减区间是( )
A.(-∞,2] B.[2,+∞)
C.[-2,+∞) D.(-∞,-2]
解析:选 B 由 f(1)=1
9
,得 a2=1
9
,解得 a=1
3
或 a=-1
3(舍去),即 f(x)=
1
3 |2x-4|.由于 y
=|2x-4|在(-∞,2]上递减,在[2,+∞)上递增,所以 f(x)在(-∞,2]上递增,在[2,
+∞)上递减,故选 B.
5.已知函数 f(x)=a|x+1|(a>0,且 a≠1)的值域为[1,+∞),则 f(-4)与 f(1)的大小关系是
________________.
解析:∵|x+1|≥0,函数 f(x)=a|x+1|(a>0,且 a≠1)的值域为[1,+∞),∴a>1.由于函数
f(x)=a|x+1|在(-1,+∞)上是增函数,且它的图象关于直线 x=-1 对称,则函数在(-∞,
-1)上是减函数,故 f(1)=f(-3),f(-4)>f(1).
答案:f(-4)>f(1)
[方法技巧]
与指数函数有关的复合函数的单调性,要弄清复合函数由哪些基本初等函数复合而成,
要注意数形结合思想的运用.
角度四:与指数函数有关的最值与参数问题
6.设 x,y∈R,a>1,b>1,若 ax=by=3,a+b=2 3,则1
x
+1
y
的最大值为( )
A.2 B.3
2
C.1 D.1
2
解析:选 C 由 ax=by=3,可得 a=31
x
,b=31
y
,
所以 2 3=a+b=31
x
+31
y
≥2 31
x
+1
y
,
则1
x
+1
y
≤1,当且仅当 x=y 时,等号成立.
故1
x
+1
y
的最大值为 1.
7.已知函数 f(x)= 2x-1,x>0,
-x2-2x,x≤0,
若函数 g(x)=f(x)+3m 有 3 个零点,则实数 m
的取值范围是________.
解析:因为函数 g(x)=f(x)+3m 有 3 个零点,所以函数 y=f(x)
的图象与直线 y=-3m 有三个不同的交点,作出函数 y=f(x)=
2x-1,x>0,
-x2-2x,x≤0
的图象如图所示,则 0<-3m<1,所以-1
3-1,选 D.
法二:由 2x(x-a)<1 得 a>x- 1
2x.
令 f(x)=x- 1
2x
,即 a>f(x)有解,则 a>f(x)min.
又 y=f(x)在(0,+∞)上递增,所以 f(x)>f(0)=-1,
所以 a>-1,选 D.
2.(2017·全国卷Ⅲ)设函数 f(x)= x+1,x≤0,
2x,x>0,
则满足 f(x)+f x-1
2 >1 的 x 的取值范
围是________.
解析:由题意知,可对不等式分 x≤0,01
2
讨论.
当 x≤0 时,原不等式为 x+1+x+1
2>1,解得 x>-1
4
,
∴-1
41,显然成立.
当 x>1
2
时,原不等式为 2x+2x-1
2>1,显然成立.
综上可知,x 的取值范围是 -1
4
,+∞
.
答案: -1
4
,+∞
3.(2015·江苏高考)不等式 2x2-x<4 的解集为________.
解析:∵2x2-x<4,∴2x2-x<22,
∴x2-x<2,即 x2-x-2<0,∴-1<x<2.
答案:{x|-1<x<2}
4.(2015·山东高考)已知函数 f(x)=ax+b(a>0,a≠1)的定义域和值域都是[-1,0],则 a
+b=________.
解析:当 a>1 时,函数 f(x)=ax+b 在[-1,0]上为增函数,由题意得 a-1+b=-1,
a0+b=0
无解.
当 0b>1.又∵c=2log52=log54<1,∴c0,且 a≠1)的图象恒过点 A,下列函数中图象
不经过点 A 的是( )
A.y= 1-x B.y=|x-2|
C.y=2x-1 D.y=log2(2x)
解析:选 A 由题知 A(1,1).把点 A(1,1)代入四个选项,选项 A,y= 1-x的图象不经
过点 A.
5.(2018·广西质量检测)若 xlog52≥-1,则函数 f(x)=4x-2x+1-3 的最小值为( )
A.-4 B.-3
C.-1 D.0
解析:选 A ∵xlog52≥-1,∴2x≥1
5
,则 f(x)=4x-2x+1-3=(2x)2-2×2x-3=(2x-1)2
-4.当 2x=1 时,f(x)取得最小值-4.
6.已知函数 f(x)=|2x-1|,af(c)>f(b),则下列结论中,一定成立的是( )
A.a<0,b<0,c<0 B.a<0,b≥0,c>0
C.2-a<2c D.2a+2c<2
解析:选 D 作出函数 f(x)=|2x-1|的图象(如图中实线所示),又 af(c)>f(b),
结合图象知 f(a)<1,a<0,c>0,∴0<2a<1,2c>1,
∴f(a)=|2a-1|=1-2a,
f(c)=|2c-1|=2c-1.
又 f(a)>f(c),即 1-2a>2c-1,
∴2a+2c<2.
7.(2018·东北三校联考)若关于 x 的方程|ax-1|=2a(a>0,且 a≠1)有两个不等实根,则
a 的取值范围是( )
A.(0,1)∪(1,+∞) B.(0,1)
C.(1,+∞) D. 0,1
2
解析:选 D 方程|ax-1|=2a(a>0,且 a≠1)有两个实数根转化为函数 y=|ax-1|与 y=2a
有两个交点.
①当 01 时,如图②,而 y=2a>1 不符合要求.
∴00,且 a≠1)在[-1,2]上的最大值为 4,最小值
为 m,且函数 g(x)=(1-4m) x在[0,+∞)上是增函数,则 a=________.
解析:若 a>1,有 a2=4,a-1=m,此时 a=2,m=1
2
,此时 g(x)=- x为减函数,不合
题意.若 00,a≠1)的图象经过点
A(1,6),B(3,24).若不等式
1
a x+
1
b x-m≥0 在 x∈(-∞,1]上恒成立,则实数 m 的最大值
为________.
解析:把 A(1,6),B(3,24)代入 f(x)=b·ax,得 6=ab,
24=b·a3,
结合 a>0,且 a≠1,解得 a=2,
b=3,
要使
1
2 x+
1
3 x≥m 在 x∈(-∞,1]上恒成立,
只需保证函数 y=
1
2 x+
1
3 x 在(-∞,1]上的最小值不小于 m 即可.
因为函数 y=
1
2 x+
1
3 x 在(-∞,1]上为减函数,
所以当 x=1 时,
y=
1
2 x+
1
3 x 有最小值5
6.
所以只需 m≤5
6
即可.
所以 m 的最大值为5
6.
答案:5
6
12.(2018·湖南八校联考)对于给定的函数 f(x)=ax-a-x(x∈R,a>0,且 a≠1),下面给出
五个命题,其中真命题是________.(填序号)
①函数 f(x)的图象关于原点对称;
②函数 f(x)在 R 上不具有单调性;
③函数 f(|x|)的图象关于 y 轴对称;
④当 01 时,函数 f(|x|)的最大值是 0.
解析:∵f(-x)=-f(x),∴f(x)为奇函数,f(x)的图象关于原点对称,①是真命题;当 a>1
时,f(x)在 R 上为增函数,当 01 时,f(|x|)在(-
∞,0)上为减函数,在[0,+∞)上为增函数,∴当 x=0 时,y=f(|x|)的最小值为 0,⑤是假
命题.综上,真命题是①③④.
答案:①③④
三、解答题
13.已知函数 f(x)=m·4x+1
2x
是偶函数.
(1)求实数 m 的值;
(2)若关于 x 的不等式 2k·f(x)>3k2+1 在(-∞,0)上恒成立,求实数 k 的取值范围.
解:(1)因为函数 f(x)=m·4x+1
2x
是定义在 R 上的偶函数,所以有 f(-x)=f(x),
即m·4-x+1
2-x
=m·4x+1
2x
,
即m+4x
2x
=m·4x+1
2x
,故 m=1.
(2)因为 f(x)=4x+1
2x >0,3k2+1>0,且 2k·f(x)>3k2+1 在(-∞,0)上恒成立,
故原不等式等价于 2k
3k2+1> 1
fx
在(-∞,0)上恒成立,
又因为 x∈(-∞,0),
所以 f(x)∈(2,+∞),从而 1
fx
∈ 0,1
2 ,
故 2k
3k2+1
≥1
2
,解得1
3
≤k≤1,
所以实数 k 的取值范围为
1
3
,1 .
14.设函数 f(x)=ax-(k-1)a-x(a>0,且 a≠1)是定义域为 R 的奇函数.
(1)求 k 的值;
(2)若 f(1)<0,试判断 y=f(x)的单调性(不需证明),并求使不等式 f(x2+tx)+f(4-x)<0 恒
成立的 t 的取值范围;
(3)若 f(1)=3
2
,g(x)=a2x+a-2x-2f(x),求 g(x)在[1,+∞)上的最小值.
解:(1)∵f(x)是定义域为 R 的奇函数,∴f(0)=0,
∴1-(k-1)=0,∴k=2.
(2)由(1)知 f(x)=ax-a-x(a>0,且 a≠1),
∵f(1)<0,∴a-1
a<0.
又 a>0,且 a≠1,∴0x-4,即 x2+(t-1)x+4>0 恒成立,
∴Δ=(t-1)2-16<0,解得-3a>0,c>b>0.若 a,b,c 是△ABC 的三条边长,则
下列结论中正确的个数是( )
①对于∀x∈(-∞,1),都有 f(x)>0;
②存在 x>0,使 ax,bx,cx 不能构成一个三角形的三边长;
③若△ABC 为钝角三角形,则存在 x∈(1,2),使 f(x)=0.
A.3 B.2
C.1 D.0
解析:选 A ①因为 a,b,c 是△ABC 的三条边长,所以 a+b>c,因为 c>a>0,c>b>0,
所以 0cx
a
c
+b
c
-1 =
cx·a+b-c
c >0,故①正确;
②令 a=2,b=3,c=4,则 a,b,c 可以构成三角形,但 a2=4,b2=9,c2=16 却不能
构成三角形,所以②正确;
③已知 c>a>0,c>b>0,若△ABC 为钝角三角形,则 a2+b2-c2<0,因为 f(1)=a+b-c>0,
f(2)=a2+b2-c2<0,根据零点存在性定理可知在区间(1,2)上存在零点,所以存在 x∈(1,2),
使 f(x)=0,故③正确.
2.(2018·广东五校联考)已知 e 为自然对数的底数,若对任意的 x1∈[0,1],总存在唯一
的 x2∈[-1,1],使得 x1+x22ex2-a=0 成立,则实数 a 的取值范围是( )
A.[1,e] B.(1,e]
C. 1+1
e
,e D. 1+1
e
,e
解析:选 C 令 f(x1)=a-x1,则 f(x1)=a-x1 在 x1∈[0,1]上单调递减,且 f(0)=a,f(1)
=a-1.令 g(x2)=x22ex2,则 g′(x2)=2x2ex2+x22ex2=x2ex2(x2+2),且 g(0)=0,g(-1)=1
e
,g(1)
=e.若对任意的 x1∈[0,1],总存在唯一的 x2∈[-1,1],使得 x1+x22ex2-a=0 成立,即 f(x1)
=g(x2),则 f(x1)=a-x1 的最大值不能大于 g(x2)的最大值,即 f(0)=a≤e,因为 g(x2)在[-1,0]
上单调递减,在(0,1]上单调递增,所以当 g(x2)∈ 0,1
e 时,存在两个 x2 使得 f(x1)=g(x2).若
只有唯一的 x2∈[-1,1],使得 f(x1)=g(x2),则 f(x1)的最小值要比1
e
大,所以 f(1)=a-1>1
e
,
即 a>1+1
e
,故实数 a 的取值范围是 1+1
e
,e ,故选 C.
3.(2018·湖南六校联考)已知实数 a>0,函数 f(x)=
ex-1+a
2
,x≤0,
ex-1+a
2x2-a+1x+a
2
,x>0,
若
关于 x 的方程 f[-f(x)]=e-a+a
2
有三个不等的实根,则实数 a 的取值范围是( )
A. 1,2+2
e B. 2,2+2
e
C. 1,1+1
e D. 2,2+1
e
解析:选 B 当 x≤0 时,令 f(x)=e-a+a
2
,即 ex-1=e-a,得 x=1-a;
当 x>0 时,令 f(x)=e-a+a
2
得 ex-1+a
2x2-(a+1)x+a
2
=e-a+a
2
,显然方程无解,
所以 1-a≤0,即 a≥1,
因为 f[-f(x)]=e-a+a
2
,
所以-f(x)=1-a,即 f(x)=a-1,
所以方程 f(x)=a-1 有三解,
当 x≤0 时,f(x)在(-∞,0)上单调递增,且当 x→-∞时,f(x)→a
2
,
当 x>0 时,f′(x)=ex-1+ax-a-1,
所以 f′(x)是增函数,且 f′(1)=0,
所以 f(x)在(0,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增,
又 f(1)=0,当 x→+∞时,f(x)→+∞,
作出 f(x)的大致图象如图所示,
因为方程 f(x)=a-1 有三解,
所以a
20 B.a+b>1
C.2a+b>0 D.2a+b>1
[解析] (1)由函数 f(x)的解析式可确定该函数为偶函数,图象关于 y 轴对称.设 g(x)=
loga|x|,先画出 x>0 时,g(x)的图象,然后根据 g(x)的图象关于 y 轴对称画出 x<0 时 g(x)的图
象,最后由函数 g(x)的图象向上整体平移一个单位即得 f(x)的图象,结合图象知选 A.
(2)作出函数 f(x)=|ln (x+1)|的图象如图所示,由 f(a)=f(b),得-ln(a
+1)=ln (b+1),即 ab+a+b=0.所以 0=ab+a+b<a+b2
4
+a+b,
即(a+b)(a+b+4)>0,显然-10,
∴a+b+4>0.∴a+b>0.故选 A.
[答案] (1)A (2)A
[方法技巧]
应用对数型函数的图象可求解的 2 类问题
(1)对一些可通过平移、对称变换作出其图象的对数型函数,在求解其单调性(单调区间)、
值域(最值)、零点时,常利用数形结合思想.
(2)一些对数型方程、不等式问题常转化为相应的函数图象问题,利用数形结合法求解.
[即时演练]
1.函数 y=ln 1
|2x-3|
的图象大致为( )
解析:选 A 易知 2x-3≠0,即 x≠3
2
,排除 C、D.当 x>3
2
时,函数为减函数,当 x<3
2
时,
函数为增函数,所以选 A.
2.若 log6a=log7b,则 a,b,1 的大小关系可能是( )
A.a>b>1 B.b>1>a
C.a>1>b D.1>a>b
解析:选 D 作出函数 y=log6x 与 y=log7x 的大致图象如图所示,
因为 log6a=log7b,所以由图象可得 12, 若 a,b,c,d 互不相等,且 f(a)=f(b)=f(c)=f(d),
则 a+b+c+d 的取值范围为________.
解析:作出函数 f(x)的图象,如图所示,令 a2 ab=2,当 f(a)=f(b)=1 时,可得 a+b=5
2
,
所以 22 时,f(x)=1
3x2-8
3x+5 的对称轴为 x=4,又 f(2)=1
3
×22-8
3
×2+5=1,
且 f(c)=f(d),所以 c+d=8,所以 a+b+c+d∈ 10,21
2 .
答案: 10,21
2
对数函数的性质及应用
对数函数的性质及应用是每年高考的必考内容之一,多以选择题或填空题的形式考查,
难度低、中、高档都有.
常见的命题角度有:
1比较大小与求值;
2与对数函数有关的单调性;
3由对数的单调性求参数或自变量的取值范围;
4对数函数性质的综合问题.
角度一:比较大小与求值
1.若 a=30.3,b=logπ3,c=log0.3e,则 a,b,c 的大小关系为( )
A.a>b>c B.b>a>c
C.c>a>b D.b>c>a
解析:选 A 由指数函数的性质可得 a=30.3>1,
由对数函数的性质可得 b=logπ3∈(0,1),c=log0.3e<0,
所以 a>b>c.
2.设函数 f(x)=
log2x,x>0,
log
1
2 -x,x<0, 若 f(a)>f(-a),则实数 a 的取值范围是
________________.
解析:由 f(a)>f(-a)得
a>0,
log2a>log
1
2 a 或
a<0,
log
1
2 -a>log2-a,
即 a>0,
log2a>-log2a
或 a<0,
-log2-a>log2-a.
解得 a>1 或-1<a<0.
答案:(-1,0)∪(1,+∞)
[方法技巧]
对数函数值大小比较的 3 种方法
单调性法 在同底的情况下直接得到大小关系,若不同底,先化为同底
中间量过
渡法
寻找中间数联系要比较的两个数,一般是用“0”,“1”或其他特殊值进行
“比较传递”
图象法 根据图象观察得出大小关系
角度二:与对数函数有关的单调性
3.若函数 f(x)=loga
x2+3
2x (a>0,a≠1)在区间
1
2
,+∞ 内恒有 f(x)>0,则 f(x)的单调
递增区间为( )
A.(0,+∞) B.(2,+∞)
C.(1,+∞) D.
1
2
,+∞
解析:选 A 令 M=x2+3
2x,当 x∈
1
2
,+∞ 时,M∈(1,+∞),因为 f(x)>0,所以 a>1.
所以函数 y=logaM 为增函数,又 M= x+3
4 2- 9
16
,因此 M 的单调递增区间为 -3
4
,+∞
.
又 x2+3
2x>0,所以 x>0 或 x<-3
2.所以函数 f(x)的单调递增区间为(0,+∞).
4.函数 f(x)=log 1
2
(x2-2x)的单调递减区间是________.
解析:由题意得,x2-2x>0,则 x<0 或 x>2,
即函数的定义域为(-∞,0)∪(2,+∞),
令 t=x2-2x,则原函数可化为 y=log 1
2
t,
因为 y=log 1
2
t 是减函数,t=x2-2x 在(2,+∞)上是增函数,
所以函数 f(x)=log 1
2
(x2-2x)的单调递减区间是(2,+∞).
答案:(2,+∞)
[方法技巧]
解决与对数函数有关的函数的单调性问题的步骤
角度三:由对数的单调性求参数或自变量的取值范围
5.函数 f(x)=loga(ax-3)(a>0,且 a≠1)在[1,3]上单调递增,则 a 的取值范围是( )
A.(1,+∞) B.(0,1)
C. 0,1
3 D.(3,+∞)
解析:选 D 由于 a>0,且 a≠1,
∴u=ax-3 为增函数,
∴若函数 f(x)为增函数,则 f(x)=logau 必为增函数,
因此 a>1.
又 u=ax-3 在[1,3]上恒为正,
∴a-3>0,解得 a>3,∴a 的取值范围为(3,+∞).
6.已知不等式 logx(2x2+1)3x>1
①或 x>1,
2x2+1<3x<1
②,解不等式组①得1
30,
1+x
1-x
<1,
解得-10,解得-b0).又奇函数定义域关于原点对称,故 b=1.所以 f(x)
=loga
1-x
1+x
(01,
∴x=log2k,y=log3k,z=log5k.
∵2x-3y=2log2k-3log3k= 2
logk2
- 3
logk3
=2logk3-3logk2
logk2·logk3
=logk32-logk23
logk2·logk3
= logk
9
8
logk2·logk3
>0,
∴2x>3y;
∵3y-5 z=3log3k-5log5k= 3
logk3
- 5
logk5
=3logk5-5logk3
logk3·logk5
=logk53-logk35
logk3·logk5
= logk
125
243
logk3·logk5
<0,
∴3y<5 z;
∵2x-5 z=2log2k-5log5k= 2
logk2
- 5
logk5
=2logk5-5logk2
logk2·logk5
=logk52-logk25
logk2·logk5
= logk
25
32
logk2·logk5
<0,
∴5 z >2x.∴5 z >2x>3y.
2.(2016·全国卷Ⅰ)若 a>b>1,00,所以 y=xc 为增函数,又 a>b>1,
所以 ac>bc,A 错.对于选项 B,abcf(2x-1)成立的 x 的取值
范围是( )
A.
1
3
,1
B.
-∞,1
3 ∪(1,+∞)
C.
-1
3
,1
3
D.
-∞,-1
3 ∪
1
3
,+∞
解析:选 A ∵f(-x)=ln(1+|-x|)- 1
1+-x2
=f(x),∴函数 f(x)为偶函数.
∵当 x≥0 时,f(x)=ln(1+x)- 1
1+x2
,
在(0,+∞)上 y=ln(1+x)递增,y=- 1
1+x2
也递增,
根据单调性的性质知,f(x)在(0,+∞)上单调递增.
综上可知:f(x)>f(2x-1)⇔f(|x|)>f(|2x-1|)⇔|x|>|2x-1|⇔x2>(2x-1)2⇔3x2-4x+1<0⇔
1
30 恒成立.当 m=0 时,3>0,符合题意;当 m≠0
时,只需 m>0,
Δ=-2m2-12m<0,
解得 02>log23>log45>0,所以 b0,且 a≠1)的图
象如图所示,则 a,b 满足的关系是( )
A.01.又由图象知函数图象与 y 轴交点的纵坐标介于-1 和 0 之间,
即-1f(2) B.f(a+1)f(2).
6.已知 a>b>0,a+b=1,x=-
1
a b,y=logab
1
a
+1
b ,z=logb
1
a
,则 x,y,z 的大小关
系为( )
A.x< z b>0,a+b=1,所以 1>a>b>0,
所以1
a>1,04,
所以 x=-
1
a b<-1,y=logab
1
a
+1
b =-1,z=logb
1
a
∈(-1,0),
所以 x0,∴g(b)在(1,+∞)上为增函数,
∴g(b)=2b+1
b>3,故选 C.
8.设 a,b,c∈R 且 c≠0,
x 1.5 3 5 6 7 8 9 14 27
lg x 2a+b a+b
a-c+
1
b+c
a+2b
+c
3(c-a) 2(a+b) b-a 3(a+b)
若上表中的对数值恰有两个是错误的,则 a 的值为( )
A.lg 2
21 B.1
2lg 3
14
C.1
2lg3
7 D.lg 6
7
解析:选 B 由题意可得 lg 3=a+b,lg 9=2(a+b),lg 27=3(a+b)正确,
lg 5=a-c+1⇒lg 2=c-a,
lg 6=b+c⇒lg 2=c-a,
lg 8=3(c-a)⇒lg 2=c-a,故这三个都正确;
此时,lg 1.5=lg 3-lg 2=2a+b-c≠2a+b,所以表中 lg 1.5 错误;
lg 7=a+2b+c=(a+b)+(b+c)=lg 3+lg 6=lg 18,显然错误;
故表中 lg 14=b-a 是正确的.
综上,lg 2=c-a,lg 3=a+b,lg 14=b-a,
所以 a=1
2(lg 3-lg 14)=1
2lg 3
14.
二、填空题
9.若 log2x=-log2(2y),则 x+2y 的最小值是________.
解析:由 log2x=-log2(2y),可得 2xy=1,且 x,y 均为正数,则 x+2y≥2 x·2y=2,当
且仅当 x=2y,即 x=1,y=1
2
时,等号成立,故 x+2y 的最小值是 2.
答案:2
10.(2017·湛江一模)已知函数 f(x)=loga
2m-1-mx
x+1
(a>0,且 a≠1)是奇函数,则函数 f(x)
的定义域为________.
解析:因为 f(x)为奇函数,所以 f(x)+f(-x)=0,
即 loga
2m-1-mx
x+1
+loga
2m-1+mx
-x+1
=0,
化简得(m2-1)x2=4m(m-1)对定义域上的每一个 x 都成立,
所以 m=1,此时 f(x)=loga
1-x
1+x
.
由1-x
1+x
>0,解得-10,且 a≠1)满足对任意的 x1,x2,
当 x11,
g
a
2 >0,
解得 10 时,f(x)=lg 2x
2x+1
,若对任意实数 t∈
1
2
,2 ,都有 f(t+a)-f(t-1)≥0 恒成立,则实数 a 的取值范围为________.
解析:设 u= 2x
2x+1
=1- 1
2x+1
,其在(0,+∞)上是增函数,则 f(u)=lg u 在(0,+∞)上
是增函数,所以复合函数 f(x)=lg 2x
2x+1
在(0,+∞)上是增函数.又因为 f(x)是定义在 R 上的
偶函数,所以 f(t+a)-f(t-1)≥0 等价于 f(t+a)≥f(t-1),即|t+a|≥|t-1|,对任意实数 t∈
1
2
,2 恒成立,两边平方化简可得 2(a+1)t+a2-1≥0 恒成立,令 g(t)=2(a+1)t+a2-1,则
g
1
2 =a+a2≥0,
g2=a2+4a+3≥0,
解得 a≤-3 或 a≥0.
答案:(-∞,-3]∪[0,+∞)
三、解答题
13.(2018·枣庄模拟)设 x∈[2,8]时,函数 f(x)=1
2loga(ax)·loga(a2x)(a>0,且 a≠1)的最大
值是 1,最小值是-1
8
,求实数 a 的值.
解:f(x)=1
2(logax+1)(logax+2)
=1
2[(logax)2+3logax+2]
=1
2
logax+3
2 2-1
8.
当 f(x)取最小值-1
8
时,logax=-3
2.
∵x∈[2,8],∴a∈(0,1).
∵f(x)是关于 logax 的二次函数,
∴f(x)的最大值必在 x=2 或 x=8 处取得.
若 1
2
loga2+3
2 2-1
8
=1,则 a=2-1
3
,
此时 f(x)取得最小值时,x= 2-1
3 -3
2
= 2∉[2,8],舍去;
若 1
2
loga8+3
2 2-1
8
=1,则 a=1
2
,
此时 f(x)取得最小值时,x=
1
2 -3
2
=2 2∈[2,8],符合题意.∴a=1
2.
14.已知 f(log2x)=ax2-2x+1-a,a∈R.
(1)求 f(x);
(2)解关于 x 的方程 f(x)=(a-1)·4x;
(3)设 h(x)=2-xf(x),a≥1
2
时,对任意 x1,x2∈[-1,1]总有|h(x1)-h(x2)|≤a+1
2
成立,求
实数 a 的取值范围.
解:(1)令 log2x=t,即 x=2t,
则 f(t)=a·(2t)2-2·2t+1-a,
即 f(x)=a·22x-2·2x+1-a.
(2)由 f(x)=(a-1)·4x,化简得 22x-2·2x+1-a=0,即(2x-1)2=a,
当 a<0 时,方程无解,
当 a≥0 时,解得 2x=1± a,
若 0≤a<1,则 x=log2(1± a),
若 a≥1,则 x=log2(1+ a).
(3)对任意 x1,x2∈[-1,1]总有|h(x1)-h(x2)|≤a+1
2
成立,等价于当 x∈[-1,1]时,hmax
-hmin≤a+1
2
,
由已知得,h(x)=a·2x+1-a
2x
-2,
令 2x=t,则 y=at+1-a
t
-2,t∈
1
2
,2 ,
令 g(t)=at+1-a
t
-2,t∈
1
2
,2 ,
①当 a≥1 时,g(t)=at+1-a
t
-2,t∈
1
2
,2 单调递增,
此时 g(t)max=g(2)=3a-1
2
,g(t)min=g
1
2 =-3a
2
,
g(t)max-g(t)min=6a-3
2
≤a+1
2
,解得 a≤4
5(舍去).
②当4
5
≤a<1 时,g(t)=at+1-a
t
-2,t∈
1
2
,2 单调递增,
此时 g(t)max=g(2)=3a-1
2
,g(t)min=g
1
2 =-3a
2
,
g(t)max-g(t)min=6a-3
2
≤a+1
2
,解得 a≤4
5
,∴a=4
5.
③当1
2
≤a<4
5
时,g(t)=at+1-a
t
-2,t∈
1
2
,2 ,
在
1
2
, 1
a
-1 上单调递减,在
1
a
-1,2 上单调递增,
且 g(2)≥g
1
2 ,∴g(t)max=g(2)=3a-1
2
,
g(t)min=g
1
a
-1 =2 a1-a-2,
∴g(t)max-g(t)min=3a-1
2
-(2 a1-a-2)≤a+1
2
即 a≤4
5
,∴1
2
≤a<4
5.
综上,实数 a 的取值范围为
1
2
,4
5 .
1.已知函数 f(x)=
cos x-π
2 ,x∈[0,π,
log2 017
x
π
,x∈[π,+∞,
若存在三个不同的实数 a,b,c,使
得 f(a)=f(b)=f(c),则 a+b+c 的取值范围为________.
解析:当 x∈[0,π)时,f(x)=cos x-π
2 =sin x,∴f(x)在(0,π)上关于 x=π
2
对称,且 f(x)max
=1;又当 x∈[π,+∞)时,f(x)=log2 017
x
π
是增函数,作出 y=f(x)的函数图象如图所示.
令 log2 017
x
π
=1 得 x=2 017π,∵f(a)=f(b)=f(c),
∴a+b=π,c∈(π,2 017π),
∴a+b+c=π+c∈(2π,2 018π).
答案:(2π,2 018π)
2.(2017·江苏高考)设 f(x)是定义在 R 上且周期为 1 的函数,在区间[0,1)上,f(x)=
x2,x∈D,
x,x∉D,
其中集合 D= x|x=n-1
n
,n∈N*
,则方程 f(x)-lg x=0 的解的个数是
________.
解析:由于 f(x)∈[0,1),因此只需考虑 1≤x<10 的情况,
在此范围内,当 x∈Q 且 x∉Z 时,设 x=q
p
,q,p∈N*,p≥2 且 p,q 互质.
若 lg x∈Q,则由 lg x∈(0,1),可设 lg x=n
m
,m,n∈N*,m≥2 且 m,n 互质,
因此 10n
m
=q
p
,则 10n=
q
p m,此时左边为整数,右边为非整数,矛盾,因此 lg x∉Q,
故 lg x 不可能与每个周期内 x∈D 对应的部分相等,
只需考虑 lg x 与每个周期内 x∉D 部分的交点.
画出函数草图(如图),图中交点除(1,0)外其他交点横坐标均为无理数,属于每个周期 x∉
D 的部分,
且 x=1 处(lg x)′= 1
xln 10
= 1
ln 10<1,则在 x=1 附近仅有一个交点,因此方程 f(x)-lg x
=0 的解的个数为 8.
答案:8
高考研究课(四) 函数图象的 3 个常考方式——作图、识图、用图
[全国卷 5 年命题分析]
考点 考查频度 考查角度
作图 未考查
识图 5 年 4 考 图的识别与判断
用图 5 年 4 考 函数图象的应用
作 图
[典例] 分别作出下列函数的图象:
(1)y=|lg x|;(2)y=2x+2;(3)y=x2-2|x|-1.
[解] (1)y= lg x, x≥1,
-lg x, 00,故排除 C;
y′=cos x+ 1
x2
,显然,当 x∈ 0,π
2 时,y′>0,即函数 y=sin x-1
x
在 0,π
2 上是增函
数,因此,排除 A,故选 B.
(2)法一:如图,设∠MON=α,由弧长公式知 x=α,在 Rt△AOM 中,
|AO|=1-t,cosx
2
= |OA|
|OM|
=1-t,∴y=cos x=2cos2x
2
-1=2(t-1)2-
1(0≤t≤1).故其对应的大致图象应为 B.
法二:由题意可知,当 t=1 时,圆 O 在直线 l2 上方的部分为半圆,所
对应的弧长为π×1=π,所以 cos π=-1,排除 A,D;当 t=1
2
时,如图所
示,易知∠BOC=2π
3
,所以 cos2π
3
=-1
2<0,排除 C,故选 B.
[答案] (1)B (2)B
[方法技巧]
识别函数图象的策略
(1)从函数的定义域,判断图象的左右位置;从函数的值域,判断图象的上下位置;
(2)从函数的单调性,判断图象的变化趋势;
(3)从函数的奇偶性,判断图象的对称性;
(4)从函数的特征点,排除不合要求的图象.
利用上述方法排除、筛选选项.
[即时演练]
1.函数 y=x5-xex 的图象大致为( )
解析:选 B 令 x=2,可得 y=32-2e2>0,故选 B.
2.函数 y=1+x
1-x
的图象大致为( )
解析:选 A 由 y=1+x
1-x
= 2
1-x
-1,可知 x≠1,y≠-1,故选 A.
3.现有四个函数:①y=x·sin x,②y=x·cos x,③y=x·|cos x|,④y=x·2x 的部分图象如
图,但顺序被打乱,则按照从左到右将图象对应的函数序号正确的排列是________.
解析:由函数的奇偶性可知,①y=x·sin x 是偶函数,对应第一个图;④y=x·2x 既不是
奇函数也不是偶函数,是第二个图;③y=x·|cos x|是奇函数,当 x>0 时,y=x·|cos x|≥0,故
图象是第四个图,因此②y=x·cos x 的图象是第三个图,故正确的排列为①④②③.
答案:①④②③
图象的应用
函数图象是函数的一种表达形式,它形象地揭示了函数的性质,为研究函数的数量关系
提供了“形”的直观性.
常见的命题角度有:
1确定方程根的个数;
2求参数的取值范围;
3求不等式的解集;
4研究函数的性质;
5利用函数对称性求值.
角度一:确定方程根的个数
1.已知 f(x)= |lg x|,x>0,
2|x|,x≤0,
则方程 2f2(x)-3f(x)+1=0 解的个数是________.
解析:方程 2f2(x)-3f(x)+1=0 的解为 f(x)=1
2
或 1.作出 y=f(x)
的图象,由图象知方程解的个数为 5.
答案:5
角度二:求参数的取值范围
2.已知函数 y=|x2-1|
x-1
的图象与函数 y=kx 的图象恰有两个交点,则实数 k 的取值范围
是________.
解析:由题意,y=f(x)= x+1,x≥1 或 x≤-1,
-x-1,-10)的图象与 g(x)=cos x+log2(x+a)的图
象有交点,则方程 2-x-1
2
=log2(x+a)(x>0)有解,令 y=2-x-1
2
,y=log2(x
+a),则这两个函数的图象有交点,分别作出两个函数的图象如图所示,由图象可知当 a≤0
时,两函数在(0,+∞)上必有一个交点,当 a>0 时,要满足题意,则 log2a<1
2
,解得 00,
∴g(x)在(0,2)内至少存在一个极值点,
∴f(x)=2x2-e|x|在(0,2)内至少存在一个极值点,排除 C.故选 D.
2.(2015·全国卷Ⅰ)设函数 y=f(x)的图象与 y=2x+a 的图象关于直线 y=-x 对称,且 f(-
2)+f(-4)=1,则 a=( )
A.-1 B.1
C.2 D.4
解析:选 C 设(x,y)为 y=f(x)图象上任意一点,
则(-y,-x)在 y=2x+a 的图象上,
所以有-x=2-y+a,
从而有-y+a=log2(-x)(指数式与对数式的互化),
所以 y=a-log2(-x),
即 f(x)=a-log2(-x),
所以 f(-2)+f(-4)=(a-log22)+(a-log24)=(a-1)+(a-2)=1,解得 a=2.
3.(2015·全国卷Ⅱ)如图,长方形 ABCD 的边 AB=2,BC=1,O 是
AB 的中点,点 P 沿着边 BC,CD 与 DA 运动,记∠BOP=x.将动点 P 到
A,B 两点距离之和表示为 x 的函数 f(x),则 y=f(x)的图象大致为( )
解析:选 B 当 x∈ 0,π
4 时,f(x)=tan x+ 4+tan2x,图象不会是直线段,从而排除 A、
C.
当 x∈
π
4
,3π
4 时,f
π
4 =f
3π
4 =1+ 5,f
π
2 =2 2.∵2 2<1+ 5,∴f
π
2 3,故排除 C、D;
当 x>0 时,f′(x)=2x-cos x,显然存在 t∈ 0,1
2 ,使 f′(t)=0,则函数 f(x)上(0,t)
是减函数,在(t,2)上是增函数,故排除 A,故选 B.
2.已知函数 y=f(x)的图象如图所示,若 f(x2+2x+1)·f[lg(x2+10)]≤0,则实数 x 的取
值范围是( )
A.[-2,0]
B.[1,+∞)
C.(-∞,1]
D.(-∞,-2]∪[0,+∞)
解析:选 A 由题意,f(x2+2x+1)·f[lg(x2+10)]≤0 等价于 x2+2x+1≥1,
lgx2+10≤1
或
x2+2x+1≤1,
lgx2+10≥1,
即 x2+2x≥0,
x2+10≤10
或 x2+2x≤0,
x2+10≥10,
解得-2≤x≤0.
3.函数 f(x)是周期为 4 的偶函数,当 x∈[0,2]时,f(x)=x-1,则不等式 xf(x)>0 在(-
1,3)上的解集为( )
A.(1,3) B.(-1,1)
C.(-1,0)∪(1,3) D.(-1,0)∪(0,1)
解析:选 C 作出函数 f(x)的图象如图所示.
当 x∈(-1,0)时,由 xf(x)>0 得 x∈(-1,0);
当 x∈(0,1)时,由 xf(x)>0 得 x∈∅;
当 x∈(1,3)时,由 xf(x)>0 得 x∈(1,3).
故 x∈(-1,0)∪(1,3).
4.若函数 f(x)= ax+b,x<-1,
lnx+a,x≥-1
的图象如图所示,则 f(-3)等于( )
A.-1
2 B.-5
4
C.-1 D.-2
解析:选 C 由图象可得-a+b=3,ln(-1+a)=0,得 a=2,b=5,∴f(x)=
2x+5,x<-1,
lnx+2,x≥-1,
故 f(-3)=2×(-3)+5=-1,故选 C.
5.(2018·齐鲁名校模拟)已知函数 f(x)=4-x2,函数 g(x)(x∈R 且 x≠0)是奇函数,当 x>0
时,g(x)=log2x,则函数 f(x)·g(x)的大致图象为( )
解析:选 D 易证函数 f(x)=4-x2 为偶函数,又 g(x)是奇函数,所以函数 f(x)·g(x)为奇
函数,其图象关于原点对称,排除 A、B.又当 x>0 时,g(x)=log2x,当 x>1 时,g(x)>0,当
02 时,f(x)<0,当 00,所以排除 C,故选
D.
6.已知函数 f(x)=a-x2(1≤x≤2)与 g(x)=x+2 的图象上存在关于 x 轴对称的点,则实
数 a 的取值范围是( )
A.
-9
4
,+∞
B.
-9
4
,0
C.[-2,0] D.[2,4]
解析:选 D 因为函数 f(x)=a-x2(1≤x≤2)与 g(x)=x+2 的图象上存在关于 x 轴对称的
点,所以函数 f(x)=a-x2(1≤x≤2)与 y=-x+2 的图象存在交点,所以 a-x2=-x+
2(1≤x≤2)有解,令 h(x)=a-x2+x-2(1≤x≤2),则 h1≥0,
h2≤0,
解得 2≤a≤4,故选 D.
7.(2017·山东高考)已知当 x∈[0,1]时,函数 y=(mx-1)2 的图象与 y= x+m 的图象有
且只有一个交点,则正实数 m 的取值范围是( )
A.(0,1]∪[2 3,+∞) B.(0,1]∪[3,+∞)
C.(0, 2 ]∪[2 3,+∞) D.(0, 2 ]∪[3,+∞)
解析:选 B 法一:在同一直角坐标系中,分别作出函数 f(x)=(mx-1)2=m2 x-1
m 2 与
g(x)= x+m 的大致图象.分两种情形:
(1)当 01 时,0< 1
m<1,如图②,要使 f(x)与 g(x)的图象在[0,1]上只有一个交点,只需
g(1)≤f(1),即 1+m≤(m-1)2,解得 m≥3 或 m≤0(舍去).
综上所述,m∈(0,1]∪[3,+∞).
法二:若 m= 2,则 y=( 2x-1)2,x∈[0,1]的值域为[0,1],y= x+ 2,x∈[0,1]
的值域为[ 2,1+ 2),所以两个函数图象无交点,故排除 C、D;若 m=3,则点(1,4)是两
个函数的公共点,故选 B.
8.已知函数 f(x)= x2-2,x>0,
-3|x+a|+a,x<0
的图象恰有三对点关于原点成中心对称,则 a
的取值范围是( )
A.
-17
16
,-1 B.
-17
8
,-2
C. 1,19
16 D. 1,17
16
解析:选 D 由题意,问题转化为函数 y=-3|x+a|+a(x<0)与 y=2
-x2(x<0)的图象恰有三个公共点,显然 a≤0 时,不满足条件,当 a>0 时,
画出草图如图,方程 2-x2=3x+4a,即 x2+3x+4a-2=0 有两个小于-a 的实数根.结合
图形,有
Δ=9-44a-2>0,
a>2-a2,
a>0,
∴10),其中 10 的解集.
解:(1)∵f(4)=0,∴4|m-4|=0,即 m=4.
(2)∵f(x)=x|m-x|=x|4-x|= xx-4,x≥4,
-xx-4,x<4.
∴函数 f(x)的图象如图所示.
由图象知,函数 f(x)有两个零点.
(3)从图象上观察可知:f(x)的单调递减区间为[2,4].
(4)从图象上观察可知:不等式 f(x)>0 的解集为{x|04}.
14.当 x∈(1,2)时,不等式(x-1)20,且 a≠1)恒成立,求实数 a 的取值范围.
解:设 f(x)=(x-1)2,g(x)=logax(a>0,且 a≠1),
要使 x∈(1,2)时,不等式(x-1)21 时,如图所示,使 x∈(1,2)时,
不等式(x-1)20,
x2+2x-1,x≤0,
若 f(a)=f(b)=f(c)=f(d),其中 a,b,c,d 互不
相等,则对于命题 p:abcd∈(0,1)和命题 q:a+b+c+d∈[e+e-1-2,e2+e-2-2)真假的判
断,正确的是( )
A.p 假 q 真 B.p 假 q 假
C.p 真 q 真 D.p 真 q 假
解析:选 A 不妨设 a0,即 a≥b,且 a>0,表示的平面区域为图中阴影部分所示,面积 S=
1
2
×3×3-1
2
×2×1=7
2
,
所以函数 f(x)在区间[1,+∞)上是增函数的概率
P=
7
2
8
= 7
16.
高考研究课(五) 函数零点的命题 3 角度——求个数、定区间、求参数
[全国卷 5 年命题分析]
考点 考查频度 考查角度
函数零点的个数 未考查
函数零点定区间 未考查
已知函数零点
求参数值或范围 5 年 2 考 已知零点求参数值或范围
判断函数零点的个数
[典例] (1)函数 f(x)= x2+x-2,x≤0,
-1+ln x,x>0
的零点个数为( )
A.3 B.2
C.7 D.0
(2)(2018·郑州质量预测)已知函数 f(x)=
1
2 x-cos x,则 f(x)在[0,2π]上的零点个数为
( )
A.1 B.2
C.3 D.4
[解析] (1)用“直接法”解题
由 f(x)=0 得 x≤0,
x2+x-2=0
或 x>0,
-1+ln x=0,
解得 x=-2 或 x=e.
因此函数 f(x)共有 2 个零点.
(2)用图象法解题
作出 g(x)=
1
2 x 与 h(x)=cos x 的图象,可以看到其在[0,2π]上的交点个数为 3,所以函
数 f(x)在[0,2π]上的零点个数为 3,故选 C.
[答案] (1)B (2)C
[方法技巧]
函数零点个数的 3 种判断方法
直接求零点 令 f(x)=0,如果能求出解,则有几个解就有几个零点
零点存在性
定理
利用定理不仅要求函数在区间[a,b]上是连续不断的曲线,且
f(a)·f(b)<0,还必须结合函数的图象与性质(如单调性、奇偶性)才
能确定函数有多少个零点
利用图象交
点的个数
画出两个函数的图象,看其交点的个数,其中交点的横坐标有几
个不同的值,就有几个不同的零点
[即时演练]
1.函数 f(x)=sin(πcos x)在区间[0,2π]上的零点个数是( )
A.3 B.4
C.5 D.6
解析:选 C 令 f(x)=0,得πcos x=kπ(k∈Z)⇒cos x=k(k∈Z),所以 k=0,1,-1.若 k
=0,则 x=π
2
或 x=3π
2
;若 k=1,则 x=0 或 x=2π;若 k=-1,则 x=π,故零点个数为 5.
2.若偶函数 f(x)的图象关于 x=1 对称,且当 x∈[0,1]时,f(x)=x,则函数 g(x)=f(x)
-lg|x|的零点个数为( )
A.14 B.16
C.18 D.20
解析:选 C 函数 g(x)=f(x)-lg|x|的零点个数,即为函数 y=f(x)的图象与 y=lg|x|的图
象的交点个数,由偶函数 f(x)的图象关于 x=1 对称,且当 x∈[0,1]时,f(x)=x,作出函数 y
=f(x)的图象与 y=lg|x|的图象如图所示,由图象可知,交点个数为 18.
3.函数 f(x)=ex+1
2x-2 的零点个数为________.
解析:∵f′(x)=ex+1
2>0,∴f(x)在 R 上单调递增,
又 f(0)=1-2<0,f(1)=e-3
2>0,
∴函数 f(x)在定义域内有零点且只有一个.
答案:1
确定零点所在区间
[典例] (2018·温州十校联考)设 f(x)=ln x+x-2,则函数 f(x)的零点所在的区间为
( )
A.(0,1) B.(1,2)
C.(2,3) D.(3,4)
[解析] 法一:用“零点存在性定理”解题
∵f(1)=ln1+1-2=-1<0,
f(2)=ln 2>0,
∴f(1)·f(2)<0,
∵函数 f(x)=ln x+x-2 的图象是连续的,
∴函数 f(x)的零点所在的区间是(1,2).
法二:用“数形结合法”解题
函数 f(x)的零点所在的区间转化为函数 g(x)=lnx,h(x)=-x+2 图象交点的横坐标所在
的范围,如图所示,可知 f(x)的零点所在的区间为(1,2).
[答案] B
[方法技巧]
确定函数 f(x)的零点所在区间的 2 种常用方法
零点存在
性定理
首先看函数 y=f(x)在区间[a,b]上的图象是否连续,再看是否有
f(a)·f(b)<0.若有,则函数 y=f(x)在区间(a,b)内必有零点
数形结合
法
通过画函数图象,观察图象与 x 轴在给定区间上是否有交点来判断
[即时演练]
1.二次函数 f(x)=ax2+bx+c(x∈R)的部分对应值如下表:
x -3 -2 -1 0 1 2 3 4
y 6 m -4 -6 -6 -4 n 6
可以判断方程 ax2+bx+c=0 的两根所在的区间是( )
A.(-3,-1)和(2,4) B.(-3,-1)和(-1,1)
C.(-1,1)和(1,2) D.(-1,3)和(4,+∞)
解析:选 A 由表格可得二次函数 f(x)的对称轴为 x=1
2
,a>0.又∵f(-3)·f(-1)<0,
f(2)·f(4)<0 可得 f(x)的零点所在区间为(-3,-1)和(2,4),即方程 ax2+bx+c=0 的两个根所
在区间是(-3,-1)和(2,4).
2.下列函数中,在定义域内单调递增,且在区间(-1,1)内有零点的函数是( )
A.y=-x3 B.y=2x-1
C.y=x2-1
2 D.y=log2(x+2)
解析:选 B 由函数在定义域内是增函数,排除 A、C;y=log2(x+2),当 x=-1 时,y
=0,所以函数在区间(-1,1)内没有零点,排除 D,故选 B.
已知函数零点求参数值或范围
已知函数零点求参数值或范围是常考内容,主要考查零点的应用及数形结合思想与等价
转化思想的应用.
常见的命题角度有:
1已知零点求参数值;
2已知零点个数求参数范围;
3二次函数的零点应用问题.
角度一:已知零点求参数值
1.(2018·吉林模拟)函数 f(x)=3x-7+ln x 的零点位于区间(n,n+1)( n∈N)内,则 n=
________.
解析:求函数 f(x)=3x-7+ln x 的零点,可以大致估算两个相邻自然数的函数值,因为
f(2)=-1+ln 2,由于 ln 21,所以 f(3)>0,
所以函数 f(x)的零点位于区间(2,3)内,故 n=2.
答案:2
角度二:已知零点个数求参数范围
2.已知函数 f(x)= a·ex,x≤0,
-ln x,x>0,
其中 e 为自然对数的底数,若关于 x 的方程 f(f(x))
=0 有且只有一个实数解,则实数 a 的取值范围为( )
A.(-∞,0) B.(-∞,0)∪(0,1)
C.(0,1) D.(0,1)∪(1,+∞)
解析:选 B 由 f(f(x))=0 得 f(x)=1,作出函数 f(x)的图象,如图
所示,当 a<0,01,
函数 g(x)=2-f(x),若函数 y=f(x)-g(x)恰有 4
个零点,则实数 a 的取值范围是________.
解析:作出函数 f(x)的图象,如图所示,因为 g(x)=2-f(x),
所以 f(x)-g(x)=2(f(x)-1)=0,所以 y=f(x)-g(x)恰有 4 个零点,
即函数 f(x)的图象与直线 y=1 有 4 个不同的交点,所以观察图象
可得
a>1,
a-2≤1,
1-a2>1,
解得 20,则 a(ex-1+e-x+1)≥2a,
要使 f(x)有唯一零点,则必有 2a=1,即 a=1
2.
若 a≤0,则 f(x)的零点不唯一.
综上所述,a=1
2.
2.(2014·全国卷Ⅰ)已知函数 f(x)=ax3-3x2+1,若 f(x)存在唯一的零点 x0,且 x0>0,
则 a 的取值范围为( )
A.(2,+∞) B.(-∞,-2)
C.(1,+∞) D.(-∞,-1)
解析:选 B 当 a=0 时,f(x)=-3x2+1 有两个零点,不符合题意,故 a≠0.f′(x)=3ax2
-6x=3x(ax-2),令 f′(x)=0,得 x=0 或 x=2
a
,由题意得 a<0 且 f
2
a >0,解得 a<-2,选
B.
3.(2014·山东高考)已知函数 f(x)=|x-2|+1,g(x)=kx,若方程 f(x)=g(x)有两个不相等
的实根,则实数 k 的取值范围是( )
A. 0,1
2 B.
1
2
,1
C.(1,2) D.(2,+∞)
解析:选 B 在同一坐标系中分别画出函数 f(x),g(x)的图象
如图所示,方程 f(x)=g(x)有两个不相等的实根等价于两个函数的
图象有两个不同的交点,结合图象可知,当直线 y=kx 的斜率大
于坐标原点与点(2,1)连线的斜率且小于直线 y=x-1 的斜率时符合题意,故1
20,因此 f(x)零点所在的区间是
1
3
,1
2 .
2.(2018·吉林白山模拟)已知函数 f(x)= 2x,x>1,
x2+4x+2,x≤1,
则函数 g(x)=f(x)-x 的零
点为( )
A.0 B.-1,-2
C.-1,0 D.-2,-1,0
解析:选 B 当 x>1 时,g(x)=f(x)-x=0,则 2x-x=0.∵x>1,∴此时方程无解;当
x≤1 时,g(x)=f(x)-x=x2+3x+2=0,则 x1=-1 或 x2=-2.综上,函数 g(x)的零点为-1,
-2.
3.已知函数 f(x)=
1
5 x-log3x,若 x0 是函数 y=f(x)的零点,且 0f(x0).又 x0 是函数 f(x)的零点,因此 f(x0)=0,所以 f(x1)>0,即此时 f(x1)的值恒为正
值,选 A.
4.(2018·玉溪统考)已知函数 f(x)= x+2,x>a,
x2+5x+2,x≤a,
函数 g(x)=f(x)-2x 恰有三个
不同的零点,则实数 a 的取值范围是( )
A.[-1,1) B.[0,2]
C.[-2,2) D.[-1,2)
解析:选 D 由题意知 g(x)= 2-x,x>a,
x2+3x+2,x≤a,
因为 g(x)有三个不同的零点,所以
2-x=0 在 x>a 时有一个解,由 x=2 得 a<2;由 x2+3x+2=0 得 x=-1 或 x=-2,则由
x≤a 得 a≥-1.综上,a 的取值范围为[-1,2),所以选 D.
5.若 y=f(x)是定义在 R 上的函数,且满足:①f(x)是偶函数;②f(x+2)是偶函数;③当
00,且函数 f(x)是增函数,因此函数 f(x)
的零点在区间(0,1)内,即 00,且函数 g(x)在(0,+∞)上是
增函数,因此函数 g(x)的零点在区间(1,2)内,即 1f(1)>0,g(a)1,
则函数 g(x)=f(x)-ex 的零点个数为________.
解析:函数 g(x)=f(x)-ex 的零点个数即为函数 y=f(x)与 y=ex
的图象的交点个数.作出函数图象可知有 2 个交点,即函数 g(x)=f(x)
-ex 有 2 个零点.
答案:2
10.函数 f(x)=ax+1-2a 在区间(-1,1)上存在一个零点,则实
数 a 的取值范围是________.
解析:当 a=0 时,函数 f(x)=1 在(-1,1)上没有零点,所以 a≠0.因为函数 f(x)是单调函
数,要满足题意,只需 f(-1)·f(1)<0,即(-3a+1)·(1-a)<0,所以(a-1)·(3a-1)<0,解得1
30,
f0=2m+1<0,
f1=4m+2<0,
f2=6m+5>0,
解得
m<-1
2
,
m>-5
6.
即-5
63 时,显然不符合.
所以 a 的取值集合为 -9
5
,5+3 33
8 .
答案: -9
5
,5+3 33
8
三、解答题
13.(2018·信阳模拟)已知函数 f(x)=log2(2x+1).
(1)求证:函数 f(x)在(-∞,+∞)上单调递增;
(2)若 g(x)=log2(2x-1)(x>0),且关于 x 的方程 g(x)=m+f(x)在[1,2]上有解,求 m 的取
值范围.
解:(1)证明:∵函数 f(x)=log2(2x+1),
任取 x10,
g2<0,
g4>0
⇒
5+m>0,
2-2m<0,
10-4m>0,
解得 10 时,因为临界位置为 y=m(x+1)过点(0,2)和(1,0),分别求出
这两个位置的斜率 k1=2 和 k2=0,此时 m∈[0,2);
当 m<0 时,过点(-1,0)向函数 g(x)= 1
x+1
-3,-1