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- 2021-06-10 发布
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宁夏六盘山高级中学2019届高三年级第四次模拟考试
文科数学试题
注意事项:
1.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置,并将核对后的条形码贴在答题卡条形码区域内.
2.选择题答案使用2B铅笔填涂,非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性(签字)笔或碳素笔书写,字体工整,笔迹清楚.
3.做答时,务必将答案写在答题卡上,写在本试题上、超出答题区域或非题号对应区域的答案一律无效.
一、选择题:(本大题共12个小题,每小题5分,共60分)
1.已知集合,则( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
先求出集合B,再进行交集运算即可.
【详解】集合,所以
故选C.
【点睛】本题考查一元二次不等式的解法,集合的交集运算,属基础题.
2.命题“”的否定是( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
根据全称命题的否定是特称命题的知识,写出原命题的否定.
【详解】原命题是全称命题,故其否定是特称命题.
命题“”的否定是:“”
所以B选项符合.
故选:B
【点睛】本题主要考查全称命题与特称命题,考查全称命题的否定,属于基础题.
3.已知,,且,则( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
求出的值,根据,即得答案.
【详解】,又,
.
故选:.
【点睛】本题考查分段函数求值,属于基础题.
4.等比数列中,已知,,则( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
由等比数列知识可知,进而求出的值,再由进行计算即可得解.
【详解】设等比数列的首项为,公比为,
所以,所以,
所以.
故选:A.
【点睛】本题考查等比数列通项公式的应用,侧重考查对基础知识的理解和掌握,考查计算能力,属于常考题.
5. 由“半径为R的圆内接矩形中,正方形的面积最大”,推理出“半径为R的球的内接长方体中,正方体的体积最大”是
A. 类比推理 B. 归纳推理 C. 演绎推理 D. 以上都不是
【答案】A
【解析】
试题分析:从推理形式上看,由特殊到特殊的推理是类比推理,由部分到整体,个别到一般的推理是归纳推理,由一般到特殊的推理是演绎推理.
考点:逻辑推理.
6.下图来自古希腊数学家希波克拉底所研究的几何图形,此图由一个半圆和一个四分之一圆构成,两个阴影部分分别标记为和.在此图内任取一点,此点取自区域的概率记为,取自区域的概率记为,则()
A. B.
C. D. 与的大小关系与半径长度有关
【答案】C
【解析】
【分析】
利用圆的面积公式和扇形的面积公式,分别求得阴影部分的面积,得到阴影部分的面积=阴影部分的面积,即可求解.
【详解】由题意,设四分之一圆的半径为,则半圆的半径为,
阴影部分的面积为,空白部分的面积为,
阴影部分M的面积为:,
阴影部分的面积=阴影部分的面积,所以,故选C.
【点睛】本题主要考查了几何概型的应用,其中解答中认真审题,正确求解阴影部分的面积是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.
7.已知某圆锥的侧面展开图是圆心角为,面积为的扇形,则该圆锥的底面半径为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
根据扇形的面积计算出扇形的半径,即圆锥的母线长,由此可计算出扇形的弧长,即为圆锥的底面圆周长,进而可计算出该圆锥的底面半径.
【详解】设圆锥的母线长为,底面半径为,则,解得,
所以,圆锥的底面圆周长为,解得.
故选:D.
【点睛】本题考查圆锥底面半径的计算,考查了圆锥侧面积的计算,考查计算能力,属于基础题.
8.下列函数中,最小正周期为且图象关于原点对称的函数是( )
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
求出函数的周期,函数的奇偶性,判断求解即可.
【详解】解:y=cos(2x)=﹣sin2x,是奇函数,函数的周期为:π,满足题意,所以A
正确
y=sin(2x)=cos2x,函数是偶函数,周期为:π,不满足题意,所以B不正确;
y=sin2x+cos2xsin(2x),函数是非奇非偶函数,周期为π,所以C不正确;
y=sinx+cosxsin(x),函数是非奇非偶函数,周期为2π,所以D不正确;
故选A.
考点:三角函数的性质.
9.最早发现勾股定理的人是我国西周数学家商高,商高比毕达哥拉斯早500多年发现勾股定理,如图所示,满足“勾三股四弦五”,其中股,为弦上一点(不含端点),且满足勾股定理,则( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
首先根据直角三角形等面积公式计算斜边的高的长,再根据向量数量积公式转化,并计算的值.
【详解】由题意可知,所以根据等面积转化可知,解得:
,.
故选:A
【点睛】本题考查向量数量积,向量夹角的余弦值,重点考查转化与化归的思想,计算能力,属于基础题型.
10.在中,设分别是角所对的边长,且直线与垂直,则一定是( )
A. 等边三角形 B. 直角三角形 C. 等腰三角形 D. 等腰直角三角形
【答案】C
【解析】
【分析】
本题首先可以结合角是的内角排除两条直线一条平行于轴、一条平行于轴的情况,然后根据两直线垂直得出,最后结合正弦定理边角互化以及两角差的正弦公式即可得出结果.
【详解】当,时,两直线方程为、,相互垂直,
因为角是的内角,所以与不可能同时为,故排除这种情况,
因为直线与垂直,
所以,
即,,,
故一定等腰三角形,
故选:C.
【点睛】本题考查两直线垂直的相关性质,若两直线与垂直,则满足一条直线平行于轴、一条直线平行于轴或,考查计算能力,考查化归与转化思想,是中档题.
11.已知是双曲线的左右焦点,点在双曲线上,,且,则双曲线的离心率为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
分析】
设为的中点,由,可得为等腰三角形,由双曲线的定义可得,在直角三角中,可求出答案.
【详解】如图,设为的中点,则,
由,即,所以
所以为等腰三角形,
由双曲线的定义有:,所以
则
直角三角中,,所以
所以,则
故选:D
【点睛】本题考查向量在平面解析几何中的应用,求双曲线的离心率,关键是向量条件的转化处理,属于中档题.
12.已知函数且则的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
首先判断函数的奇偶性,再利用导数判断函数的单调性,利用函数是偶函数,不等式等价于,再利用函数的奇偶性和单调性,解抽象不等式.
【详解】由题意可知,
是偶函数,
且当时,,
在区间上,函数单调递增,
,
原不等式等价于,
即,即,
解得:,即不等式的解集是.
故选:C
【点睛】本题考查函数的奇偶性和单调性,以及利用函数性质解抽象不等式,对数不等式,重点考查转化与化归的思想,计算能力,属于中档题型.
二、填空题:(本题共4小题,每小题5分,共20分.)
13.若复数是纯虚数,则实数____________.
【答案】1
【解析】
【分析】
根据复数为纯虚数得出复数的实部为零,虚部不为零,由此可解得实数的值.
【详解】由于复数为纯虚数,则,解得.
故答案为:.
【点睛】本题考查利用复数的概念求参数,考查计算能力,属于基础题.
14.等差数列中,已知,,则其前9项和____________.
【答案】81
【解析】
【分析】
由等差数列的性质:若,则可得,即可求出的值,同理可求得,根据求和公式及等差的性质可得,,代入数据即可求解.
【详解】在等差数列中,所以,同理,所以,所以.
故答案为81.
【点睛】本题主要考查等差数列的性质及前n项和的计算,注意灵活应用此性质,可大大降低计算难度,属基础题.
15.曲线在点处的切线方程为____________.
【答案】
【解析】
【分析】
求出导函数,得,即切线斜率,然后可得切线方程.
【详解】由,则
由题意,则
所以曲线在点处的切线的斜率为
所以所求切线方程为:,即
故答案为:
【点睛】本题考查导数的几何意义,函数在点处的切线方程是.属于基础题.
16.正三棱柱的所有棱长都相等,是棱的中点,则异面直线与所成角的余弦值为__________.
【答案】
【解析】
【分析】
将正三棱柱补成如图所示的四棱柱,则为异面直线与所成角,解三角形即可.
【详解】解:将正三棱柱补成如图所示的四棱柱,其中,,
连接,,
因为,所以为异面直线与所成角(或其补角),
设,则,,
∵为正三角形,∴,
由余弦定理得,
∴,则,
∴,
∴异面直线与所成角的余弦值为,
故答案为:.
【点睛】本题主要考查异面直线所成的角,考查计算能力,属于基础题.
三、解答题:(共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23为选考题,考生根据要求作答)
(一)必考题:(每道题12分,共60分)
17.已知的内角,,所对的边长分别为,,,的面积为,且.
(1)求的值;
(2)若,,求.
【答案】(1);(2)2.
【解析】
【分析】
(1)由得,即可求出的值;
(2)由和,易得和的值,再由可得出的值,进一步可得,进而得出,最后得出.
【详解】(1)由得,即,
∴;
(2)∵,∴,即,①
又∵,②
又,
由①②可得,,
又已知,,,
,
∴或(舍去),故为等腰三角形,
所以.
【点睛】本题主要考查三角形的面积公式,考查同角三角函数的基本关系,考查简单三角恒等变换,考查逻辑思维能力和运算求解能力,属于常考题.
18.在贯彻精准扶贫政策的过程中,某单位在某市定点帮扶甲、乙两村各户贫困户,工作组对这户村民的年收入、劳动能力、子女受教育等情况等进行调查,并把调查结果转换为贫困指标,再将指标分成、、、、五组,得到如下图所示的频率分布直方图.若规定,则认定该户为“绝对贫困户”,否则认定该户为“相对贫困户”,且当时,认定该户为“低收入户”,当时,认定该户为“亟待帮助户”.已知此次调查中甲村的“绝对贫困户”占甲村贫困户的.
(1)完成下列列联表,并判断是否有的把握认为“绝对贫困户”数与村落有关;
(2)某干部决定在这两村贫困指标在、内的贫困户中,利用分层抽样抽取户,现从这户中再随机选取户进行帮扶,求所选户中至少有一户是“亟待帮助户”的概率.
甲村
乙村
总计
绝对贫困户
相对贫困户
总计
附:,其中.
【答案】(1)列联表见解析,没有的把握认为绝对贫困户数与村落有关;(2).
【解析】
【分析】
(1)计算出甲村中“绝对贫困户”的户数,计算出甲、乙两村的“绝对贫困户”户数之和,可得出列联表,可计算出的观测值,结合临界值表可得出结论;
(2)计算出所抽取的户中,抽到的“亟待帮助户”户数为,分别记为、,抽到不是“亟待帮助户”户数为,分别记为、、、,列举出所有的基本事件,并确定事件“所选户中至少有一户是“亟待帮助户””所包含的基本事件,利用古典概型的概率公式可求得所求事件的概率.
【详解】(1)由题意可知,甲村中“绝对贫困户”有(户),
甲、乙两村的“绝对贫困户”有(户),
可得出下表:
甲村
乙村
总计
绝对贫困户
相对贫困户
总计
所以的观测值,
查表可知,没有的把握认为“绝对贫困户”数与村落有关;
(2)贫困指标在内的贫困户共有(户),
亟待帮助户共有(户),
所以利用分层抽样抽取户,抽到的“亟待帮助户”户数为(户),分别记为、,
抽到不是“亟待帮助户”户数为(户),分别记为、、、,
所有的基本事件有:、、、、、、、、、、、、、、,共个,
其中,事件“所选户中至少有一户是“亟待帮助户””所包含的基本事件有:、、、、、、、、,共个.
因此,事件“所选户中至少有一户是“亟待帮助户””的概率为.
【点睛】本题考查利用独立性检验解决实际问题,同时也考查了古典概型概率的计算,考查数据处理能力与计算能力,属于中等题.
19.如图,为圆的直径,点,在圆上,,矩形所在平面和圆所在平面互相垂直,已知,,
(1)求证:平面平面
(2)若几何体和几何体的体积分别为和,求.
【答案】(1)证明见解析;(2).
【解析】
【分析】
(1)由面面垂直可得平面ABEF,从而得到,由圆的直径的性质得,故得出平面ADF,从而得出平面DAF平面CBF;
(2),设,则可用a表示出,,从而得出体积比.
【详解】(1)∵平面ABCD平面ABEF,平面ABCD平面ABEF,
,平面ABCD,
∴平面ABEF,∵平面ABE,∴,
∵AB是圆O的直径,
∴,又平面ADF,平面ADF,,
∴平面ADF,∵平面BCF,
∴平面DAF平面CBF;
(2)如图,连结、,则,
∴,,是等边三角形,
过作于,则,平面,设,
则,
.
∴.
【点睛】本题考查平面与平面垂直判定,考查棱锥体积的求法,考查空间想象能力和计算能力,属于常考题.
20.已知双曲线的左右焦点分别为,的周长为12.
(1)求点的轨迹的方程.
(2)已知点,是否存在过点的直线与曲线交于不同的两点,使得,若存在,求出直线的方程,若不存在,请说明理由.
【答案】(1);(2)不存在,答案见解析.
【解析】
【分析】
(1)依题意根据椭圆的定义可知点的轨迹为椭圆,(除去与x轴的交点),
设方程为,由,,求出即可得到椭圆方程;
(2显然直线的斜率不存在时,直线与椭圆无交点;当直线的斜率存在时,设方程为,联立直线与椭圆方程,消元,由求出的取值范围,设点,的中点,列出韦达定理,表示出,由又,得到,得到方程判断方程的解即可;
【详解】解:(1)由题意可得,,
∴,
又∵的周长为12,
∴,
∴点P的轨迹是椭圆(除去与x轴的交点),
设方程为,
∴,∴,
∴,
∴点的轨迹C的方程为.
(2)①当直线的斜率不存在时,直线与椭圆无交点;
②当直线的斜率存在时,设直线的斜率为k,
则,
联立,
得,
由,
解得,且.
设点,的中点
∵,∴
又∵,∴,
∵
∴,此方程无解.
综上所述,不存在直线使得.
【点睛】本题考查椭圆的定义的应用,直线与椭圆的综合应用,属于中档题.
21.已知函数.
(1)当时,求函数的单调区间;
(2)若且时,,求的取值范围.
【答案】(1)单调递减区间为,单调递增区间为;(2).
【解析】
【分析】
(1)将代入函数的解析式,求得该函数的导数,求出该函数的极值点,并分析导数的符号变化,由此可得出函数的单调递增区间和递减区间;
(2)由题意得出不等式对任意的恒成立,构造函数,可得出,利用导数分析函数在区间
上的单调性,求得函数的最小值,由此可解得实数的取值范围.
【详解】(1)当时,,.
令,得.
当时,;当时,.
函数的单调递减区间为,单调递增区间为;
(2)等价于,即.
令,则,
函数在上单调递增,,解得,
因此,实数的取值范围是.
【点睛】本题考查利用导数求解函数的单调区间,同时也考查了利用函数不等式恒成立求参数,考查分析问题和解决问题的能力,属于中等题.
(二)选考题:(共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分)
22.在平面直角坐标系中,曲线参数方程为(为参数),在以原点O为极点,x的非负半轴为极轴建立的极坐标系中,直线的极坐标方程为
(1)求曲线的普通方程和直线的直角坐标方程;
(2)设直线与x轴,y轴分别交于A,B两点,点P是曲线上任意一点,求面积的最大值.
【答案】(1),;(2)4.
【解析】
【分析】
(1)利用消去曲线参数方程中的参数得到的普通方程,利用两角和的余弦公式和将直线的极坐标方程化为直角坐标方程;
(2)设点P的坐标为,可求出点P到直线的距离,易得,进而求出面积的最大值.
【详解】(1)由(为参数)消去参数,得,
所以曲线C的普通方程为:,
由,得,
可得直线的直角坐标方程为:;
(2)设点P的坐标为,
则点P到直线的距离为:
,
又直线与x轴,y轴的交点分别为,,所以,
所以面积的最大值为.
【点睛】本题考查参数方程与普通方程的互化,考查极坐标方程与直角坐标方程的互化,考查参数法解决三角形面积的最值问题,考查逻辑思维能力和运算求解能力,考查转化能力,属于常考题.
23.已知函数f(x)=|2x-a|+|2x-1|(a∈R).
(1)当a=-1时,求f(x)≤2的解集;
(2)若f(x)≤|2x+1|的解集包含集合,求实数a的取值范围.
【答案】(1);(2).
【解析】
试题分析:
(1)代入,由,根据绝对值的几何意义,求出满足条件的的值即可;
(2)根据题意,把,转化为在上恒成立,求解,即可求解实数的取值范围.
试题解析:
(1)当a=-1时,f(x)=|2x+1|+|2x-1|,f(x)≤2⇒+≤1,
上述不等式的几何意义为数轴上点x到两点-,距离之和小于或等于1,则-≤x≤,
即原不等式的解集为.
(2)∵f(x)≤|2x+1|的解集包含,
∴当x∈时,不等式f(x)≤|2x+1|恒成立,
∴当x∈时,|2x-a|+2x-1≤2x+1恒成立,
∴2x-2≤a≤2x+2在x∈上恒成立,
∴(2x-2)max≤a≤(2x+2)min,∴0≤a≤3.
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