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- 2021-06-16 发布
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第 3 讲 合情推理与演绎推理
[学生用书 P234])
1.推理
(1)定义:是根据一个或几个已知的判断来确定一个新的判断的思维过程.
(2)分类:推理{合情推理
演绎推理
2.合情推理
归纳推理 类比推理
定义
由某类事物的部分对象具有某些特征,推出
该类事物的全部对象都具有这些特征的推
理,或者由个别事实概括出一般结论的推理
由两类对象具有某些类似特征和
其中一类对象的某些已知特征,
推出另一类对象也具有这些特征
的推理
特点 由部分到整体、由个别到一般的推理 由特殊到特殊的推理
3.演绎推理
(1)定义:从一般性的原理出发,推出某个特殊情况下的结论,我们把这种推理称为演
绎推理.
(2)特点:演绎推理是由一般到特殊的推理.
(3)模式:
三段论{①大前提:已知的一般原理;
②小前提:所研究的特殊情况;
③结论:根据一般原理,对特殊情况做出的判断.
1.辨明两个易误点
(1)演绎推理是由一般到特殊的证明,它常用来证明和推理数学问题,注意推理过程的
严密性,书写格式的规范性.
(2)合情推理中运用猜想时不能凭空想象,要有猜想或拓展依据.
2.把握合情推理与演绎推理的三个特点
(1)合情推理包括归纳推理和类比推理,所得到的结论都不一定正确,其结论的正确性
是需要证明的.
(2)在进行类比推理时,要尽量从本质上去类比,不要被表面现象所迷惑;否则只抓住
一点表面现象甚至假象就去类比,就会犯机械类比的错误.
(3)应用三段论解决问题时,应首先明确什么是大前提,什么是小前提,如果大前提与
推理形式是正确的,结论必定是正确的.如果大前提错误,尽管推理形式是正确的,所得结
论也是错误的.
1.数列 2,5,11,20,x,47,…中的 x 等于( )
A.28 B.32
C.33 D.27
B [解析] 由 5-2=3,11-5=6,20-11=9,则 x-20=12,因此 x=32.
2.推理“①矩形是平行四边形,②三角形不是平行四边形,③三角形不是矩形”中的
小前提是( )
A.① B.②
C.③ D.①和②
B [解析] 由演绎推理三段论可知,①是大前提,②是小前提,③是结论.
3.教材习题改编 已知数列{an}中,a1=1,n≥2 时,a n=an-1+2n-1,依次计算 a2,
a3,a4 后,猜想 an 的表达式是( )
A.an=3n-1 B.an=4n-3
C.an=n2 D.an=3n-1
C [解析] 由 a1=1,an=an-1+2n-1,则
a2=a1+2×2-1=4;
a3=a2+2×3-1=9;
a4=a3+2×4-1=16;
所以 an=n2.
4.在平面上,若两个正三角形的边长的比为 1∶2,则它们的面积比为 1∶4.类似地,
在空间中,若两个正四面体的棱长的比为 1∶2,则它们的体积比为________.
[解析]
V1
V2=
1
3S1h1
1
3S2h2
=(S1
S2 )·
h1
h2=1
4×
1
2=
1
8.
[答案] 1∶8
归纳推理(高频考点)[学生用书 P234]
归纳推理是每年高考的常考内容,题型多为选择题或填空题,难度稍大,属中高档
题.
高考对归纳推理的考查常有以下三个命题角度:
(1)与数字(数列)有关的等式的推理;
(2)与不等式(式子)有关的推理;
(3)与图形变化有关的推理.
[典例引领]
(1)(2016·高考山东卷)观察下列等式:
(sin
π
3 )-2
+(sin
2π
3 )-2
=4
3×1×2;
(sin
π
5 )-2
+(sin
2π
5 )-2
+(sin
3π
5 )-2
+(sin
4π
5 )-2
=
4
3×2×3;
(sin
π
7 )-2
+(sin
2π
7 )-2
+(sin
3π
7 )-2
+…+(sin
6π
7 )-2
=
4
3×3×4;
(sin
π
9 )-2
+(sin
2π
9 )-2
+(sin
3π
9 )-2
+…+(sin
8π
9 )-2
=
4
3×4×5;
…
照此规律,
(sin
π
2n+1)-2
+(sin
2π
2n+1)-2
+(sin
3π
2n+1)-2
+…+(sin
2nπ
2n+1)-2
=__________.
(2)(2017·青岛模拟)某种平面分形图如图所示,一级分形图是由一点出发的三条线段,
长度相等,两两夹角为 120°;二级分形图是在一级分形图的每条线段末端出发再生成两条
长度为原来
1
3的线段,且这两条线段与原线段两两夹角为 120°,…,依此规律得到 n 级分
形图.
n 级分形图中共有________条线段.
【解析】 (1)根据已知,归纳可得结果为 4
3n(n+1).
(2)分形图的每条线段的末端出发再生成两条线段,由题图知,一级分形图有 3=3×2-
3 条线段,二级分形图有 9=3×22-3 条线段,三级分形图中有 21=3×23-3 条线段,按此
规律 n 级分形图中的线段条数 an=3×2n-3(n∈N*).
【答案】 (1)
4
3n(n+1) (2)3×2n-3(n∈N*)
归纳推理问题的常见类型及解题策略
(1)与“数字”相关问题:主要是观察数字特点,找出等式左右两侧的规律.
(2)与不等式有关的推理:观察所给几个不等式两边式子的特点,注意纵向看、找出隐
含规律.
(3)与图形有关推理:合理利用特殊图形归纳推理得出结论.
[题点通关]
角度一 与数字(数列)有关的等式的推理
1.有一个奇数组成的数阵排列如下:
1 3 7 13 21 …
5 9 15 23 … …
11 17 25 … … …
19 27 … … … …
29 … … … … …
… … … … … …
则第 30 行从左到右第 3 个数是________.
[解析] 观察每一行的第一个数,由归纳推理可得第 30 行的第 1 个数是 1+4+6+8+10
+…+60=
30 × (2+60)
2 -1=929.又第 n 行从左到右的第 2 个数比第 1 个数大 2n,第 3
个数比第 2 个数大 2n+2,所以第 30 行从左到右的第 2 个数比第 1 个数大 60,第 3 个数比
第 2 个数大 62,故第 30 行从左到右第 3 个数是 929+60+62=1 051.
[答案] 1 051
角度二 与不等式(式子)有关的推理
2.(2017·山东省滕州第二中学模拟)在△ABC 中,不等式
1
A+
1
B+
1
C≥
9
π成立;在凸四边
形 ABCD 中,不等式
1
A+1
B+
1
C+
1
D≥
16
2π成立;在凸五边形 ABCDE 中,不等式
1
A+
1
B+
1
C+
1
D+
1
E
≥
25
3π成立,…,依此类推,在凸 n 边形 A1A2…An 中,不等式
1
A1+
1
A2+…+
1
An≥________成
立.
[解析] 因为
1
A+ 1
B+
1
C≥
9
π=
32
π,
1
A+
1
B+
1
C+
1
D≥
16
2π=
42
2π,
1
A+
1
B+
1
C+
1
D+
1
E≥
25
3π=
52
3π,…,
所以
1
A1+
1
A2+…+
1
An≥
n2
(n-2)π(n∈N*,n≥3).
[答案]
n2
(n-2)π(n∈N*,n≥3)
角度三 与图形变化有关的推理
3.我国的刺绣有着悠久的历史,如图所示中的(1)(2)(3)(4)为刺绣最简单的四个图案,
这些图案都是由小正方形构成,小正方形个数越多刺绣越漂亮.现按同样的规律刺绣(小正
方形的摆放规律相同),设第 n 个图形包含 f(n)个小正方形.则 f(n)的表达式为( )
A.f(n)=2n-1 B.f(n)=2n2
C.f(n)=2n2-2n D.f(n)=2n2-2n+1
D [解析] 我们考虑 f(2)-f(1)=4,f(3)-f(2)=8,f(4)-f(3)=12,…,结合图形不难
得到 f(n)-f(n-1)=4(n-1),累加得 f(n)-f(1)=2n(n-1)=2n2-2n,故 f(n)=2n2-2n+1.
类比推理[学生用书 P235]
[典例引领]
如图,在 Rt△ABC 中,∠C=90°,设 a,b,c 分别表示三条边的
长度,由勾股定理,得 c2=a2+b2.
类比平面内直角三角形的勾股定理,试给出空间中四面体性质的猜想.
【解】 如题图所示,在 Rt△ABC 中,∠C=90°.
设 a,b,c 分别表示 3 条边的长度,由勾股定理,得 c2=a2+b2.
类似地,在四面体 PDEF 中,∠PDF=∠PDE=∠EDF=90°.
设 S1,S2,S3 和 S 分别表示△PDF,△PDE,△EDF 和△PEF 的面积,
相应于直角三角形的 2 条直角边 a,b 和 1 条斜边 c,图中的四面体有 3 个“直角面”S1,
S2,S3 和 1 个“斜面”S.于是,类比勾股定理的结构,我们猜想 S2=S21+S22+S 23成立.
若本例条件“由勾股定理,得 c2=a2+b2”换成“cos2 A+cos2 B=1”,则在空间中,
给出四面体性质的猜想.
[解] 如图,在 Rt△ABC 中,
cos2A+cos2B=(b
c ) 2
+(a
c )2
=
a2+b2
c2 =1.
于是把结论类比到四面体 PA′B′C′中,我们猜想,四面体 PA′B′C′中,若三个侧面
PA′B′,PB′C′,PC′A′两两互相垂直,且分别与底面所成的角为 α,β,γ,则 cos2α+
cos2β+cos2γ=1.
(2017·杭州模拟)已知命题:“若数列{a n}是等比数列,且 an>0,bn=
n a1a2…an(n∈N*),则数列{bn}也是等比数列”.类比这一性质,你能得到关于等差数列的一
个什么性质?并证明你的结论.
[解] 类比等比数列的性质,可以得到等差数列的一个性质是:若数列{an}是等差数列,
bn=
a1+a2+…+an
n (n∈N*),
则数列{bn}也是等差数列.
证明如下:设等差数列{an}的公差为 d,
则 bn=
a1+a2+…+an
n =
na1+n(n-1)d
2
n
=a1+
d
2(n-1),
所以数列{bn}是以 a1 为首项,
d
2为公差的等差数列.
演绎推理[学生用书 P236]
[典例引领]
数列{an}的前 n 项和记为 Sn,已知 a1=1,an+1=
n+2
n Sn(n∈N*).证明:
(1)数列{Sn
n }是等比数列;
(2)Sn+1=4an.
【证明】 (1)因为 an+1=Sn+1-Sn,an+1=
n+2
n Sn,
所以(n+2)Sn=n(Sn+1-Sn),即 nSn+1=2(n+1)Sn.
故
Sn+1
n+1=2·
Sn
n ,(小前提)
故{Sn
n }是以 1 为首项,2 为公比的等比数列.(结论)
(大前提是等比数列的定义)
(2)由(1)可知
Sn+1
n+1=4·
Sn-1
n-1(n≥2),
所以 Sn+1=4(n+1)·
Sn-1
n-1=4·
n-1+2
n-1 ·Sn-1
=4an(n≥2).(大前提)
又因为 a2=3S1=3,S2=a1+a2=1+3=4=4a1,(小前提)
所以对于任意正整数 n,都有 Sn+1=4an.(结论)
演绎推理的推证规则
(1)演绎推理是从一般到特殊的推理,其一般形式是三段论,应用三段论解决问题时,
应当首先明确什么是大前提和小前提,如果前提是显然的,则可以省略;
(2)在推理论证过程中,一些稍复杂一点的证明题常常要由几个三段论才能完成.
已知函数 y=f(x)满足:对任意 a,b∈R,a≠b,都有 af(a)+bf(b)>af(b)+
bf(a),试证明:f(x)为 R 上的单调增函数.
[证明] 设 x1,x2∈R,取 x1x1f(x2)+x2f(x1),
所以 x1[f(x1)-f(x2)]+x2[f(x2)-f(x1)]>0,
[f(x2)-f(x1)](x2-x1)>0,
因为 x10,f(x2)>f(x1).
所以 y=f(x)为 R 上的单调增函数.
[学生用书 P236])
——例析归纳推理中的创新问题
设△AnBnCn 的三边长分别为 an,bn,cn,△AnBnCn 的面积为 Sn,n=1,2,
3,….若 b1>c1,b1+c1=2a1,an+1=an,bn+1=
cn+an
2 ,cn+1=
bn+an
2 ,则( )
A.{Sn}为递减数列
B.{Sn}为递增数列
C.{S2n-1}为递增数列,{S2n}为递减数列
D.{S2n-1}为递减数列,{S2n}为递增数列
【解析】 在△A1B1C1 中,b1>c1,b1+c1=2a1,
所以 b1>a1>c1.
在△A2B2C2 中,a2=a1,b2=
c1+a1
2 ,c2=
b1+a1
2 ,b2+c2=2a1,
所以 c12,f(8)>
5
2,f(16)>3,f(32)>
7
2,则
有________.
[解析] 因为 f(22)>
4
2,f(23)>
5
2,f(24)>
6
2,f(25)>
7
2,所以当 n≥2 时,有 f(2n)>
n+2
2 .
[答案] f(2n)>
n+2
2 (n≥2,n∈N*)
9.若 P0(x0,y0)在椭圆
x2
a2+
y2
b2=1(a>b>0)外,过 P 0 作椭圆的两条切线的切点为 P1,
P2,则切点弦 P1P2 所在的直线方程是
x0x
a2 +
y0y
b2 =1,那么对于双曲线则有如下命题:若
P0(x0,y0)在双曲线
x2
a2-
y2
b2=1(a>0,b>0)外,过 P0 作双曲线的两条切线,切点为 P1,P2,
则切点弦 P1P2 所在直线的方程是________.
[解析] 类比椭圆的切点弦方程可得双曲线
x2
a2-
y2
b2=1 的切点弦方程为
x0x
a2 -
y0y
b2 =1.
[答案]
x0x
a2 -
y0y
b2 =1
10.某市为了缓解交通压力实行机动车辆限行政策,每辆机动车每周一到周五都要限行
一天,周末(周六和周日)不限行.某公司有 A,B,C,D,E 五辆车,保证每天至少有四辆
车可以上路行驶.已知 E 车周四限行,B 车昨天限行,从今天算起,A,C 两车连续四天都
能上路行驶,E 车明天可以上路,由此可知下列推测一定正确的是________.
①今天是周六 ②今天是周四
③A 车周三限行 ④C 车周五限行
[解析] 因为每天至少有四辆车可以上路行驶,E 车明天可以上路,E 车周四限行,所以
今天不是周三;因为 B 车昨天限行,所以今天不是周一,也不是周日;因为 A,C 两车连续
四天都能上路行驶,所以今天不是周五,周二和周六,所以今天是周四.
[答案] ②
11.我们将具有下列性质的所有函数组成集合 M:函数 y=f(x)(x∈D),对任意 x,y,
x+y
2
∈D 均满足 f(x+y
2 )≥
1
2[f(x)+f(y)],当且仅当 x=y 时等号成立.
(1)若定义在(0,+∞)上的函数 f(x)∈M,试比较 f(3)+f(5)与 2f(4)的大小;
(2)设函数 g(x)=-x2,求证:g(x)∈M.
[解] (1)对于 f(x+y
2 )≥
1
2[f(x)+f(y)],令 x=3,y=5 得 f(3)+f(5)≤2f(4).
(2)证明:g(x1+x2
2 )-
1
2[g(x1)+g(x2)]
=-
(x1+x2)2
4 +
x+x
2 =
(x1-x2)2
4 ≥0,
所以 g(x1+x2
2 )≥
1
2[g(x1)+g(x2)],
所以 g(x)∈M.