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- 2021-06-16 发布
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第 4 讲 直接证明与间接证明、数学归纳法
[学生用书 P237])
1.直接证明
直接证明中最基本的两种证明方法是综合法和分析法.
(1)综合法:一般地,利用已知条件和某些数学定义、定理、公理等,经过一系列的推
理论证,最后推导出所要证明的结论成立,这种证明方法叫做综合法.
综合法又称为:由因导果法(顺推证法).
(2)分析法:一般地,从要证明的结论出发,逐步寻求使它成立的充分条件,直至最后,
把要证明的结论归结为判定一个明显成立的条件(已知条件、定理、定义、公理等)为止,这
种证明方法叫做分析法.
分析法又称为:执果索因法(逆推证法).
2.间接证明
反证法:假设原命题不成立,经过正确的推理,最后得出矛盾,因此说明假设错误,从
而证明了原命题成立,这样的证明方法叫做反证法.
3.数学归纳法
一般地,证明一个与正整数 n 有关的命题,可按下列步骤进行:
(1)(归纳奠基)证明当 n 取第一个值 n0(n0∈N*)时命题成立;
(2)(归纳递推)假设 n=k(k≥n0,k∈N*)时命题成立,证明当 n=k+1 时命题也成立.
1.辨明三个易误点
(1)用分析法证明数学问题时,要注意书写格式的规范性,常常用“要证(欲证)…”“即
要证…”“就要证…”等分析到一个明显成立的结论.
(2)利用反证法证明数学问题时,要假设结论错误,并用假设命题进行推理,没有用假
设命题推理而推出矛盾结果,其推理过程是错误的.
(3)数学归纳法证题的关键是第二步,证题时应注意:
①必须利用归纳假设作基础;②证明中可利用综合法、分析法、反证法等方法;③解题
时要搞清从 n=k 到 n=k+1 增加了哪些项或减少了哪些项.
2.证题的三种思路
(1)综合法证题的一般思路
用综合法证明命题时,必须首先找到正确的出发点,也就是能想到从哪里起步,我们一
般的处理方法是广泛地联想已知条件所具备的各种性质,逐层推进,从而由已知逐步推出结
论.
(2)分析法证题的一般思路
分析法的思路是逆向思维,用分析法证题必须从结论出发,倒着分析,寻找结论成立的
充分条件.应用分析法证明问题时要严格按分析法的语言表达,下一步是上一步的充分条
件.
(3)反证法证题的一般思路
反证法证题的实质是证明它的逆否命题成立.反证法的主要依据是逻辑中的排中律,排
中律的一般形式是:或者是 A,或者是非 A,即在同一讨论过程中,A 和非 A 有且仅有一个
是正确的,不能有第三种情况出现.
3.明确数学归纳法的两步证明
数学归纳法是一种只适用于与正整数有关的命题的证明方法,它的表述严格而且规范,
两个步骤缺一不可.第一步是递推的基础,第二步是递推的依据,第二步中,归纳假设起着
“已知条件”的作用,在 n=k+1 时一定要运用它,否则就不是数学归纳法.第二步的关键
是“一凑假设,二凑结论”.
1. 下列表述:①综合法是由因导果法;②综合法是顺推法;③分析法是执果索因法;④
分析法是逆推法;⑤反证法是间接证法.其中正确的有( )
A.2 个 B.3 个
C.4 个 D.5 个
D [解析] 由分析法、综合法、反证法的定义知①②③④⑤都正确.
2.用数学归纳法证明 1+2+3+…+(2n+1)=(n+1)(2n+1)时,从 n=k 到 n=k+1,
左边需增添的代数式是( )
A.2k+2 B.2k+3
C.2k+1 D.(2k+2)+(2k+3)
[答案] D
3.教材习题改编 用反证法证明命题“三角形三个内角至少有一个不大于 60°”时,应
假设( )
A.三角形三个内角都不大于 60°
B.三角形三个内角都大于 60°
C.三角形三个内角至多有一个大于 60°
D.三角形三个内角至多有两个大于 60°
[答案] B
4.用数学归纳法证明 2n>2n+1,n 的第一个取值应是______.
[解析] 因为 n=1 时,21=2,2×1+1=3,2n>2n+1 不成立;
n=2 时,22=4,2×2+1=5,2n>2n+1 不成立;
n=3 时,23=8,2×3+1=7,2n>2n+1 成立.
所以 n 的第一个取值应是 3.
[答案] 3
5.在不等边三角形中,a 为最大边,要想得到边 a 的对角 A 为钝角的结论,三边 a,
b,c 应满足________.
[解析] 由余弦定理 cos A=
b2+c2-a2
2bc <0,所以 b2+c2-a2<0,即 a2>b2+c2.
[答案] a2>b2+c2
综合法[学生用书 P237]
[典例引领]
已知数列{an}满足 a1=
1
2且 an+1=an-a2n(n∈N*).
(1)证明:1<
an
an+1≤2(n∈N*);
(2)设数列{a2n}的前 n 项和为 Sn,证明:
1
2(n+2)<
Sn
n ≤
1
2(n+1)(n∈N*).
【证明】 (1)由题意得 an+1-an=-a2n<0,即 an+10.
由 00,b>0,且 a+b=
1
a+
1
b.证明:
(1)a+b≥2;
(2)a2+a<2 与 b2+b<2 不可能同时成立.
【证明】 由 a+b=
1
a+
1
b=
a+b
ab ,a>0,b>0,得 ab=1.
(1)由基本不等式及 ab=1,有 a+b≥2 ab=2,即 a+b≥2.
(2)假设 a2+a<2 与 b2+b<2 同时成立,则由 a2+a<2 及 a>0,得 00 B.a2+b2≥2(a-b-1)
C.a2+3ab>2b2 D.
a
b<
a+1
b+1
B [解析] 在 B 中,因为 a2+b2-2(a-b-1)=(a2-2a+1)+(b2+2b+1)=(a-1)2+
(b+1)2≥0,
所以 a2+b2≥2(a-b-1)恒成立.
4.已知 f(n)=12+22+32+…+(2n)2,则 f(k+1)与 f(k)的关系是( )
A.f(k+1)=f(k)+(2k+1)2+(2k+2)2
B.f(k+1)=f(k)+(k+1)2
C.f(k+1)=f(k)+(2k+2)2
D.f(k+1)=f(k)+(2k+1)2
A [解析] f(k+1)=1 2+22+32+…+(2k) 2+(2k+1) 2+[2(k+1)] 2=f(k)+(2k+1) 2+
(2k+2)2.
5.在△ABC 中,sin Asin C<cos Acos C,则△ABC 一定是( )
A.锐角三角形 B.直角三角形
C.钝角三角形 D.不确定
C [解析] 由 sin Asin C<cos Acos C 得
cos Acos C-sin Asin C>0,
即 cos(A+C)>0,所以 A+C 是锐角,
从而 B>
π
2 ,故△ABC 必是钝角三角形.
6.设 f(x)是定义在 R 上的奇函数,且当 x≥0 时,f(x)单调递减,若 x1+x2>0,则 f(x1)+
f(x2)的值( )
A.恒为负值 B.恒等于零
C.恒为正值 D.无法确定正负
A [解析] 由 f(x)是定义在 R 上的奇函数,且当 x≥0 时,f(x)单调递减,可知 f(x)是 R
上的单调递减函数,由 x1+x2>0,可知 x1>-x2,f(x1)-1).
h′(x)=
1
x+1-x2+x-1=
-x3
x+1.
h(x)在(-1,0)上为增函数,在(0,+∞)上为减函数.
h(x)max=h(0)=0,h(x)≤h(0)=0,即 f(x)≤g(x).
13.设平面内有 n 条直线(n≥3),其中有且仅有两条直线互相平行,任意三条直线不过
同一点.若用 f(n)表示这 n 条直线交点的个数,则 f(4)=________;当 n>4 时,f(n)=
________(用 n 表示).
[解析] f(3)=2,f(4)=f(3)+3=2+3,f(5)=f(4)+4=2+3+4,f(6)=f(5)+5=2+3+4+
5,
猜想 f(n)=2+3+4+…+(n-1)=
(n+1)(n-2)
2 (n>4).
[答案] 5
1
2(n+1)(n-2)
14.设 a,b 是两个实数,给出下列条件:
①a+b>1;②a+b=2;③a+b>2;
④a2+b2>2;⑤ab>1.
其中能推出:“a,b 中至少有一个大于 1”的条件是________.(填序号)
[解析] 若 a=
1
2,b=
2
3,则 a+b>1,
但 a<1,b<1,故①推不出;
若 a=b=1,则 a+b=2,故②推不出;
若 a=-2,b=-3,则 a2+b2>2,故④推不出;
若 a=-2,b=-3,则 ab>1,故⑤推不出;
对于③,即 a+b>2,则 a,b 中至少有一个大于 1,
反证法:假设 a≤1 且 b≤1,
则 a+b≤2 与 a+b>2 矛盾,
因此假设不成立,故 a,b 中至少有一个大于 1.
[答案] ③
15.若 f(x)的定义域为[a,b],值域为[a,b](a<b),则称函数 f(x)是[a,b]上的“四维光
军”函数.
(1)设 g(x)=
1
2x2-x+
3
2是[1,b]上的“四维光军”函数,求常数 b 的值;
(2)是否存在常数 a,b(a>-2),使函数 h(x)=
1
x+2是区间[a,b]上的“四维光军”函数?
若存在,求出 a,b 的值;若不存在,请说明理由.
[解] (1)由已知得 g(x)=
1
2(x-1)2+1,其图象的对称轴为 x=1,
所以函数在区间[1,b]上单调递增,由“四维光军”函数的定义可知 ,g(1)=1,g(b)=
b,
即
1
2b2-b+
3
2=b,解得 b=1 或 b=3.
因为 b>1,所以 b=3.
(2)假设函数 h(x)=
1
x+2在区间[a,b](a>-2)上是“四维光军”函数,
因为 h(x)= 1
x+2在区间(-2,+∞)上单调递减,
所以有{h(a)=b,
h(b)=a,
即{ 1
a+2=b,
1
b+2=a
解得 a=b,这与已知矛盾.故不存在.
16.设等差数列{an}的公差 d>0,且 a1>0.记 Tn=
1
a1a2+
1
a2a3+…+
1
anan+1.
(1)用 a1,d 分别表示 T1、T2、T3,并猜想 Tn;
(2)用数学归纳法证明你的猜想.
[解] (1)T1=
1
a1a2=
1
a1(a1+d);
T2=
1
a1a2+
1
a2a3=( 1
a1- 1
a2+ 1
a2- 1
a3)×
1
d
=( 1
a1- 1
a1+2d)×
1
d=
2
a1(a1+2d);
T3=
1
a1a2+
1
a2a3+
1
a3a4
=( 1
a1- 1
a2+ 1
a2- 1
a3+ 1
a3- 1
a4)×
1
d
=( 1
a1- 1
a1+3d)×
1
d=
3
a1(a1+3d).
由此可猜想 Tn=
n
a1(a1+nd).
(2)证明:①当 n=1 时,T1=
1
a1(a1+d),结论成立.
②假设当 n=k 时(k∈N*)时结论成立,
即 Tk=
k
a1(a1+kd).
则当 n=k+1 时,T k+1 =Tk+
1
ak+1ak+2=
k
a1(a1+kd)+
1
(a1+kd)[a1+(k+1)d]=
(k+1)(a1+kd)
a1(a1+kd)[a1+(k+1)d]=
k+1
a1[a1+(k+1)d].
即 n=k+1 时,结论成立.
由①②可知,Tn=
n
a1(a1+nd)对于一切 n∈N*恒成立.