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- 2021-06-16 发布
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专题三 数列的解答题
以等差数列和等比数列综合题
【背一背重点知识】
1.等差数列及等比数列的广义通项公式 ;
2.一个数列既是等差数列,又是等比数列,则这个数列必是非零常数列;
3.等差数列及等比数列前n项和特征设法 .
【讲一讲提高技能】
1.必备技能 涉及特殊数列(等差数列或等比数列)一般用待定系数法,注重研究首项及公差或公比;
由原数列抽取或改变项的顺序等生成新数列,一般注重研究生成数列在新数列及原数列的对应关系,通常用“算两次”的思想解决问题
2.典型例题
例1.【2018广东省深中、华附、省实、广雅四校联考】已知等差数列的前项和为,,.
(I)求的值;
(II)求数列的前项和.
【答案】(I)1;(II).
【解析】【试题分析】(I)利用化简已知得,这是一个等差数列,由此求得的通项公式,再利用求得,用等差数列的性质求出的值.(II)由(I)求得是个等差数列,故用裂项求和法求得数列的前项和. =
【试题解析】
(II) 由(I)可得,所以
所以,
即.
【方法点晴】本题主要考查了等差数列,等比数列的概念,以及数列的求和,属于高考中常考知识点,难度不大;常见的数列求和的方法有公式法即等差等比数列求和公式,分组求和类似于,其中和分别为特殊数列,裂项相消法类似于,错位相减法类似于,其中为等差数列,为等比数列等.
例2.【2018河北沧州高三上 期教 质量监测】在等差数列中,,.
(Ⅰ)求数列的通项公式;
(Ⅱ)设数列是首项为1,公比为的等比数列,求数列的前项和.
【答案】(I);(II)当时,;当时,
.
试题解析
解 (Ⅰ)设等差数列的公差为,则,∴.
∴,解得.∴数列的通项公式为.
(Ⅱ)∵数列是首项为1,公比为的等比数列,∴,即.
∴.
∴.
当时,;当时,.
【名师点睛】等差数列的通项公式及前n项和公式,共涉及五个量a1,an,d,n,Sn,知其中三个就能求另外两个,体现了用方程的思想解决问题.在运用等比数列的前n项和公式时,必须注意对q=1或q≠1分类讨论,防止因忽略q=1这一特殊情形而导致解题失误. -
【练一练提升能力】
1.【2018百校联盟TOP20一月联考(全国Ⅰ卷)】正项数列满足,,数列为等差数列,,.
(I)求证 是等比数列,并求的通项公式;
(II)令,求数列的前项和.
【答案】(I)证明见解析,(II)
【解析】试题分析 (I)将条件整理可得,可得,从而证得数列是等比数列,求出后根据题意可得,进而求得.(II)由(I)得,根据数列通项公式的特点,对数列求和时先分组,再分别用错位相减求和及公式求和可得结果.
试题解析 (I)由题可得,∵,∴,
∴,又,∴ 数列是首项为,公比为3的等比数列.
∴,∴ .∴ ,
由题意得,解得∴.
(II)由(I)得,,∴,
∴,
令 ①,
则②,
①②得
.
所以.∴.
2.【2018四川绵阳南山中 高三二诊热身考试】已知等差数列中,公差,,且成等比数列.
(I)求数列的通项公式;
(II)若为数列的前项和,且存在,使得成立,求的取值范围.
【答案】(I);(II)
【解析】试题分析 (I)由题意可得解得即可求得通项公式;(II),裂项相消求和 ,因为存在,使得成立,所以存在,使得成立,即存在,使得成立.求出的最大值即可解得的取值范围.
试题解析
(I)由题意可得即
又因为,所以所以.
(II)因为,所以
.
因为存在,使得成立,所以存在,使得成立,即存在,使得成立.
又(当且仅当时取等号).
所以,即实数的取值范围是.
以求递推数列的通项公式和求和的综合题
【背一背重点知识】
1.
2.
3.
4.求和方法 累加、累乘、裂项相消、错位相减
【讲一讲提高技能】
1.必备技能 会由与
的关系求数列通项;会对原数列适当变形构成一个特殊数列(等差数列或等比数列),进而求出原数列通项;能根据数列通项特征,选用对应方法求数列前n项的和.
2.典型例题
例1.【2018江西临川二中、新余四中高三1月联合考试】已知等差数列的前项和为,数列是等比数列,满足,,,.
(I)求数列和的通项公式;
(II)令,设数列的前项和,求.
【答案】(I) ;(II).
试题解析 (I)设数列的公差为,数列的公比为,
由,,得解得
,.
(II)由,,得,
则为奇数时,,为偶数时,,
.
【方法点睛】裂项相消法适用于形如(其中数列各项均不为零的等差数列,为常数)的数列,一类是常见的有相邻两项的裂项求和,如本题;另一类是隔一项的裂项求和,如或.
例2.【2018广东珠海市高三3月质量检测】已知数列的前项和为,满足,.
(I)求数列的通项;
(II)令,求数列的前项和.
【答案】(I);(II).
【解析】试题分析 (I)第(I)问,一般利用项和公式求数列的通项.(II)第(II)问,一般利用错位相减求数列的前项和.
试题解析
(I)∵……①,∴……②,
②-①得,
∵,∴ ,∴,
∴时,,,即时,,
∴数列是为首项,为公比的等比数列,∴.
(II) ,则,∴ ……③,
∴ ……④,
④-③得 = .
【名师点睛】数列求和方法中有两类方法是对应于特定的数列,如是等差数列,是等比数列,则数列的前项是用错位相减法求得,数列的前项和是用裂项相消法求得.特定的数列,特定的方法一定要记住.
【练一练提升能力】
1.【2018福建福州高三3月质量检测】已知等差数列的前项和为,,且.
(I)求;
(II)若,求数列的前项和.
【答案】(I).(II)
【解析】试题分析 (I)利用等差数列基本公式求得通项公式;(II)由可知,利用错位相减法求和或待定系数法求和.
试题解析
(I)设等差数列的公差为,
因为,
所以,
所以,
解得.
所以.
(II)由(I)知,,所以,
所以,
所以,
所以,解得,
所以,
所以
.
2.【2018河南濮阳市高三一模】已知数列是等差数列,,,.
(I)求数列的通项公式;
(II)若数列为递增数列,数列满足,求数列的前项和.
【答案】(I);(II).
(II)若数列为递增数列,则,所以,,
,
所以,
,
所以
,所以.
解答题(共10题)
1.【2018四川高三“联测促改”活动联考】已知数列满足 ,.
(I)证明数列是等比数列,并求数列的通项;
(II)设,数列的前项和为,求证 .
【答案】(I);(II)见解析
【解析】试题分析
(I)由题意可得递推关系 ,整理可得 ,即是等比数列,结合首项可得,.
(II)结合(I)整理数列的通项公式可得 ,裂项求和有.
试题解析
(I)解 由知,
代入得 ,
化简得 ,即是等比数列,
又,则,进而有.
(II)证明 由于,
所以.
2.【2018湖北武汉武昌区高三1月调研】已知数列的前项和.
(I)求数列的通项公式;
(II)令,求数列的前项和.
【答案】(I);(II).
【解析】【试题分析】(I)利用公式,可求得数列的通项公式.(II)化简的表达式,由于它是由一个等差数列乘以一个等比数列组合而成,故用错位相减法 求其前项和.
3.【2018河南豫南九校高三下 期第一次联考】设正项等比数列,,且的等差中项为.
(I)求数列的通项公式;
(II)若,数列的前项和为,数列满足,为数列的前项和,若恒成立,求的取值范围.
【答案】(I)(II)
【解析】【试题分析】(I)利用基本元的思想将已知转化为的形式列方程组解出,由此得到通项公式.(II)化简,是个等差数列,求得其前项和为,利用裂项求和法可求得的值,代入不等式,利用分离常数法可求得.
【试题解析】
(I)设等比数列的公比为,由题意,得,解得,所以 .
(II)由(I)得,,
∴,∴
若恒成立,则恒成立,则,所以.
4.【2018河北衡水中 高三上 期九模】已知在数列中,,.
(I)求数列的通项公式;
(II)若,数列的前项和为,求.
【答案】(I) (II)当为奇数时, ,当为偶数时, .
【解析】试题分析
试题解析 (I)因为,所以当时,,所以,
所以数列的奇数项构成等比数列,偶数项也构成等比数列.
又,,所以当为奇数时,;当为偶数时,,所以.
(II)因为,,,所以.讨论
当为奇数时, ;
当为偶数时, .
5.【2018河北邯郸高三1月教 质量检测】已知数列满足.
(I)求数列的通项公式;
(II)求数列的前项和.
【答案】(I);(II).
【解析】试题分析
(I)结合递推关系可得是以为首项,公比为的等比数列,据此可得通项公式为.
(II)结合(I)的结论有,分钟求和可得.
试题解析 (Ⅰ)因为,故,得;
设,所以,,,又因为,
所以数列是以为首项,公比为的等比数列,故,故.
(Ⅱ)由(Ⅰ)可知,故
.
6.【2018安徽皖南八校高三第二次(12月)联考】已知是等比数列,满足
,且.
(Ⅰ)求的通项公式和前项和;
(Ⅱ)求的通项公式.
【答案】(I);(II).
【解析】试题分析 (I)由,令 可解得,,从而可得的通项公式和前项和;(II)结合(I)的结论,可得,从而得时,,两式相减、化简即可得的通项公式.
试题解析 (Ⅰ) ,
,,,,,,
是等比数列,,的通项公式为,的前项和.
(Ⅱ)由及得
,
时,,
,,
,,的通项公式为.[ ]
7.【2018上海浦东新区高三一模】已知等差数列的公差为2,其前项和(,).
(I)求的值及的通项公式;
(II)在等比数列中,,,令(),
求数列的前项和.
【答案】(I) ;(II).
【解析】试题分析 (I)由求得的值及的通项公式;(II)由题意可得 ,
分奇偶项讨论,分组求和即可.
试题解析
(I),,,
,, .
(II)∵,∴,,
当时,
,
当时,是偶数,
,
.
8.【2018湖南永州高三第二次模拟考试】在数列中,.
(I)证明数列成等比数列,并求的通项公式;
(II)令,求数列的前项和.
【答案】(I)答案见解析;(II).
【解析】试题分析 (I)可化为,由此数列构成首项为,公比为的等比数列,从而可得的通项公式;(II)由(I)可得,利用错位相减法可得数列的前项和.
试题解析 (I)由条件得,又时,,
故数列构成首项为1,公比为的等比数列.从而,即.
(II)由得,
两式相减得 ,
,故.
9.【2018江西莲塘一中、临川二中高三上 期第一次联考】二次函数的图象过原点,对,恒有成立,设数列满足.
(I)求证 对,恒有成立;
(II)求函数的表达式;
(III)设数列前项和为,求的值.
【答案】(I)证明见解析;(II);(3)2018.
【解析】试题分析 (I)左右两侧做差,结合代数式的性质可证得,即对,恒有 成立;(II)由已知条件可设,给定特殊值,令,从而可得 ,则,,从而有恒成立,据此可知,则.(3)结合(I)(II)的结论整理计算可得 ,据此分组求和有 .
试题解析 (I)(仅当时,取“=”)
所以恒有 成立.
(II)由已知条件可设,则中,令,
从而可得 ,所以,即,
又因为恒成立,即恒成立,
当时,,不合题意舍去,
当时,即,所以,所以.
(III),
所以,
即.
10.【2018江苏南京师大附中、天一、海门、淮阴四校高三联考】如图,一只蚂蚁从单位正方体的顶点出发,每一步(均为等可能性的)经过一条边到达另一顶点,设该蚂蚁经过步回到点的概率.
(I)分别写出的值;
(II)设顶点出发经过步到达点的概率为,求的值;
(III)求.
【答案】(I);(II);(III).
【解析】试题分析
(I)由题意得经过1步不可能从点A回到点A,故;经过2步从点A回到点A的方法有3种,即A-B-A;A-D-A;,且选择每一种走法的概率都是,由此可得所求概率.(II)分为奇数和偶数两种情况讨论可得结论.(III)结合(II)中的结论,分四种情况可得,又,故可得,于是得到
,从而可得结论.
(III)同理,由分别经步到点的概率都是,由出发经过再回到[ ]
的路径分为以下四类
①由经历步到,再经步回到,概率为;
②由经历步到,再经步回到,概率为;
③由经历步到,再经步回到,概率为;
④由经历步到,再经步回到,概率为;
所以,又,所以,
即,所以,故.
综上所述,