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  • 2021-06-16 发布

辽宁省丹东市2021届高三上学期10月阶段测试数学试题答案

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数学试题参考答案 第 1 页 (共 4 页) 丹东市 2021 届高三总复习阶段测试 数学试题参考答案 一、选择题 1.D 2.B 3.A 4.C 5.C 6.D 7.B 8.C 二、选择题 三、填空题 四、解答题 17.参考补充一:取 a=1,b=2,则 f (x)=2cos2x+sin2x=cos2x+sin2x+1= 2sin(2x+π 4)+1. 于是 f (x)的一个周期为2π 2 =π. ………………(5 分) 若 x∈[-π 4,π 6],则 2x+π 4∈[-π 4,7π 12],由函数 y=sinx 在[-π 4,π 2]单调递增,在[π 2,7π 12] 单调递减,所以当 x=π 8时,f (x)取得最大值 2+1. ………………(10 分) 参考补充二:取 a=1,b=1,则 f (x)=2cos2x+sinx. 因为 f (x+2π)=2cos2(x+2π)+sin(x+2π)=2cos2x+sinx=f (x) . 于是 f (x)的一个周期为 2π. ………………(5 分) f (x)=-2sin2x+sinx+2=-2(sinx-1 4)2x+17 8 . 因为 x∈[-π 4,π 6],所以 sinx∈[- 2 4 ,1 2],所以当 sinx=1 4时,f (x)取得最大值17 8 . ………………(10 分) 注:以上给出两种参考补充,其他补充,请参照给分. 18.解: (1)由题设知 n=200. 由频次分布可知,经常使用共享单车的频率为 0.301+0.192+0.107=0.60. 所以 a+b=200×0.60=120,从而 c+d=80. 因为在“经常使用单车的”中有3 4是“年轻人”,所以 a=120×3 4=90,从而 b=30. 由年龄等级分布可知“年轻人”占比为 45.5%+34.5%=80%,所以 a+c=200×0.80=160,c=70. 于是 d=10,b+d=40.因此 2×2 列联表如下: 共享单车 年轻人 非年轻人 合计 经常使用的人数 90 30 120 不常使用的人数 70 10 80 合计 160 40 200 9.ABC 10.AD 11.BC 12.ACD 13.1 14.4 15.1 16. 9 64 数学试题参考答案 第 2 页 (共 4 页) ………………(6 分) (2)由(1)可知 K2=200×(90×10-70×30)2 120×80×160×40 ≈4.688. 由于 4.688>3.841,故有 95%的把握认为一周内经常使用共享单车的人与年龄有关. ………………(12 分) 19.解法 1: (1)因为 A=2π 3 ,AD⊥AC,所以∠BAD=π 6. 在△ABD 中,AD=1,AB= 3,由余弦定理可得 BD= 3+1-2 3·1·cosπ 6=1. 于是 BD=AD,因此∠ABD=π 6,∠ADC=π 3. 因为 AD⊥AC,所以 DC=2,故 BC=BD+DC=3. ………………(6 分) (2)△ABC 的面积等于△ADB 面积与△ADC 面积之和,所以 1 2AB·ACsin2π 3 =1 2·1·ABsinπ 6+1 2·1·ACsinπ 2. 即 3AB·AC=AB+2AC. 于是 1 AC+ 2 AB= 3. ………………(12 分) 解法 2: (1)同解法 1. (2)在直角△ADC 中,因为 AD=1,所以 1 AC=ADtanC=tanC. 因为 A=2π 3 ,所以 B=π 3-C.在△ABC 中,由正弦定理可得 AB sinC= AC sin(π 3-C) , 从而 AB= ACsinC sin(π 3-C) = cosC sin(π 3-C) . 所以 2 AB= 2sin(π 3-C) cosC = 3cosC-sinC cosC = 3-tanC. 于是 1 AC+ 2 AB= 3. ………………(12 分) 20.解法 1: (1)设 M=ax,则 M n=anx. 根据对数定义有 logaM=x,logaM n=nx. 因此 logaM n=nlogaM. 数学试题参考答案 第 3 页 (共 4 页) ………………(3 分) (2)由 logaM n=nlogaM 可得 lg3 lg4(lg8 lg9+lg16 lg27)=lg3 lg22(lg23 lg32+lg24 lg33)= lg3 2lg2(3lg2 2lg3+4lg2 3lg3)= lg3 2lg2·17lg2 6lg3 =17 12. ………………(6 分) (3)设 250 的位数为 k,则 10k-1≤250≤10k, 所以 lg10k-1≤lg250≤lg10k, 即 k-1≤50lg2≤k. 因为 lg2=0.3010,所以 50lg2=15.05.由 k-1≤15.05≤k 得 15.05≤k≤16.05. 因为 k∈N*,所以 k=16. ………………(12 分) 解法 2: (1)( 2)同解法 1. (3)设 X=250,则 lgX=lg250=50lg2. 因为 lg2=0.3010,所以 50lg2=15.05,从而 lgX=15.05. 因此 X=1015.05∈(1015,1016),于是 250 的位数为 16. ………………(12 分) 21.解: (1)记 A 表示事件:“该同学这个解答题需要仲裁”, 设一评、二评所打分数分别为 x, y. 由题设知,事件 A 的所以可能情况有:   x=9, y=11. 或   x=11, y=9. 因此 P(A)=P(   x=9 y=11 )+P(   x=11 y=9 )=1 4×1 4+1 4×1 4=1 8. ………………(4 分) (2)随机变量 X 的可能取值为 9,9.5,10,10.5,11.设仲裁所打分数 z,那么 P(X=9)=P(   x=9 y=9 )+P(    x=9 y=11 z=9 )+P(    x=11 y=9 z=9 )=1 4×1 4+1 4×1 4×1 4+1 4×1 4×1 4= 3 32. P(X=9.5)=P(   x=9 y=10 )+P(   x=10 y=9 )=1 4×1 2+1 2×1 4=1 4. P(X=10)=P(   x=10 y=10 )=1 2×1 2=1 4. P(X=10.5)=P(   x=10 y=11 )+P(   x=11 y=10 )+P(    x=9 y=11 z=10 )+P(    x=11 y=9 z=10 ) =1 2×1 4+1 4×1 2+1 4×1 4×1 2+1 4×1 4×1 2= 5 16. P(X=11)=1-( 3 32+1 4+1 4+ 5 16)= 3 32. X 分布列如下: X 9 9.5 10 10.5 11 P 3 32 1 4 1 4 5 16 3 32 数学试题参考答案 第 4 页 (共 4 页) E(X)=9× 3 32v+9.5×1 4+10×+10.5× 3 32+11× 3 32=321 32 ≈10. ………………(12 分) 22.解: (1)f (x)的导数 f ′(x)=x(cosx-1 2). 当-π<x<-π 3时,f ′(x)>0,当-π 3<x<0 时,f ′(x)<0,0<x<π 3时,f ′(x)>0, 当π 3<x<π 时,f ′(x)<0,所以在(-π,-π 3)单调递增,在(-π 3,0)单调递减,在(0,π 3)单调 递增,在(π 3,π)单调递减. ………………(4 分) (2)f (x)的定义域为(-∞,+∞),f (-x)=f (x),所以 f (x)为偶函数. 因为 f (0)=1>0,所以 f (x)有且仅有两个零点等价于 f (x)在(0,+∞) 有且仅有一个零 点. ………………(6 分) f (x)的导数 f ′(x)=x(cosx-a). 当 a≥1 时,若 x>0,则 f ′(x)<0,所以 f (x)在(0,+∞)单调递减. 因为 f (π)=-1-1 2aπ2<0,所以 f (x) 在(0,+∞) 有且仅有一个零点. ………………(8 分) 当1 3<a<1 时,存在 θ∈(0,π 2),使 cosθ=a. 当 0<x<θ 时,f ′(x)>0,当 2kπ+θ<x<2kπ+2π-θ 时,f ′(x)<0,当 2kπ+2π-θ<x <2kπ+2π+θ 时,f ′(x)>0,所以 f (x)在(0,θ)单调递增,在(2kπ+θ,2kπ+2π-θ)单调递减, 在(2kπ+2π-θ,2kπ+2π+θ)单调递增,以上各式中均有 k∈N. 由 tanθ= 1 a2-1,1 3<a<1,可得 0<tanθ<2 2,当 k∈N 时, 2kπ+2π+θ-tanθ>2(π- 2). 所以 f (2kπ+2π+θ)=-1 2a[(2kπ+2π+θ-tanθ)2-1]+ 1 2a <-1 6[(2kπ+2π+θ-tanθ)2-1]+3 2 =-(2kπ+2π+θ-tanθ)2-10 6 <0. 因此 f (x)在[0,+∞)上有且仅有一个零点. 综上,当 a>1 3时,f (x)有且仅有两个零点. ………………(12 分)