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2019届广东省汕头市金山中学
高三(上)9月月考数学(文科)试题此卷只装订不密封
班级 姓名 准考证号 考场号 座位号
数学
注意事项:
1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、单选题
1.设全集U=R,集合A={x|2x>1},B={x||x-2|≤3},则(∁UA)∩B等于
A.[-1,0) B.(0,5] C.[-1,0] D.[0,5]
2.已知平面向量AB=(1,2),AC=(3,4),则向量CB的模是
A.2 B.5 C.22 D.5
3.下列命题正确的是
A.命题“若α=β,则sinα=sinβ”的逆否命题为真命题
B.命题“若a0,5x>0”的否定是“∃x0≤0,5x0≤0”
D.“x<-1”是“ln(x+2)<0”的充分不必要条件
4.设{an}是有正数组成的等比数列,Sn为其前n项和。已知,S3=7,则S5=
A.152 B.314 C.334 D.172
5.若函数f(x)=g(x),x>02-x-2,x<0为奇函数,则f(g(2))=
A.-2 B.-1 C.0 D.2
6.从装有大小材质完全相同的3个红球和3个黑球的不透明口袋中,随机摸出两个小球,则两个小球同色的概率是
A.23 B.12 C.25 D.13
7.已知p为直线x+y-2=0上的点,过点p作圆O:x2+y2=1的切线,切点为M,N,若∠MPN=90∘,则这样的点p有
A.0个 B.1个 C.2个 D.无数个
8.某几何体的三视图如图所示,若图中小正方形的边长均为1,则该几何体的体积是
A.16+163π B.16+83π C.323+83π D.323+163π
9.已知函数f(x)=23sinωx2cosωx2+2cos2ωx2-1(ω>0)的周期为π,当x∈[0,π2]时,方程f(x)=m恰有两个不同的实数解x1,x2,则f(x1+x2)=
A.2 B.1 C.-1 D.-2
10.运行如图所示的程序框图,若输出的S的值为480,则判断框中可以填
A.i>60 B.i>70 C.i>80 D.i>90
11.已知函数f(x)=e-x-2x-a,若曲线y=x3+x+1(x∈[-1,1])上存在点(x0,y0)使得f(y0)=y0,则实数a的取值范围是
A.(-∞,e-3-9]∪[e+3,+∞) B.[e-3-9,e+3]
C.(e-3-9,e2+6) D.(-∞,e-3-9)∪(e+3,+∞)
12.在四面体ABCD中,AB=AC=23,BC=6,AD⊥底面ABC,△DBC的面积是6,若该四面体的顶点均在球O的表面上,则球O的表面积是
A.24π B.32π C.46π D.49π
13.函数f(x)=ln(x2-4x+4)(x-2)3的图象可能是下面的图象______(填序号)
二、填空题
14.复数z满足(1-2i)z=7+i,则复数z的共轭复数z=______.
15.已知实数x,y满足约束条件2x-y≤0x-3y+5≥0y≥1则z=(12)x+y-2的最大值等于______.
16.是P为双曲线C:x2a2-y2b2=1(a,b>0)上的点,F1,F2分别为C的左、右焦点,且PF2⊥F1F2,PF1与y轴交于Q点,O为坐标原点,若四边形OF2PQ有内切圆,则C的离心率为______.
三、解答题
17.在△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且ccosB+bcosC=2acosA.
(1)求A;
(2)若a=2,且△ABC的面积为3,求△ABC的周长.
18.如图,三棱柱ABC-A1B1C1中,∠BCA=90∘,AC1⊥平面A1BC.
(1)证明:平面ABC⊥平面ACC1A1;
(2)若BC=AC=2,A1A=A1C,求点B1到平面A1BC的距离.
19.已知经销某种商品的电商在任何一个销售季度内,每售出1吨该商品可获利润0.5万元,未售出的商品,每1吨亏损0.3万元.根据往年的销售经验,得到一个销售季度内市场需求量的频率分布直方图如图所示.已知电商为下一个销售季度筹备了130吨该商品.现以x(单位:吨,100≤x≤150)表示下一个销售季度的市场需求量,T(单位:万元)表示该电商下一个销售季度内经销该商品获得的利润.
(Ⅰ)根据频率分布直方图,估计一个销售季度内市场需求量x的平均数与中位数的大小;
(Ⅱ)根据直方图估计利润T不少于57万元的概率.
20.已知抛物线E:x2=4y的焦点为F,P(a,0)为x轴上的点.
(1)过点P作直线l与E相切,求切线l的方程;
(2)如果存在过点F的直线l'与抛物线交于A,B两点,且直线PA与PB的倾斜角互补,求实数a的取值范围.
21.已知函数f(x)=(x-2)ex,x∈(0,+∞).
(1)求函数f(x)的单调递增区间;
(2)若g(x)=f(x)+2ex-ax2,h(x)=x,且∀x1,x2,[g(x1)-h(x1)][g(x2)-h(x2)]>0,求实数a的取值范围.
22.已知圆C的极坐标方程为ρ=2cosθ,直线l的参数方程为x=12+32ty=12+12t(t为参数),点A的极坐标为(22,π4),设直线l与圆C交于点P、Q两点.
(1)写出圆C的直角坐标方程;
(2)求|AP|⋅|AQ|的值.
23.已知函数f(x)=|x+2|-2|x-1|.
(1)解不等式f(x)≤1;
(2)若关于x的不等式f(x)>ax只有一个正整数解,求实数a的取值范围.
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高三(上)9月月考数学(文科)试题
数学 答 案
参考答案
1.C
【解析】
由A中的不等式变形得:2x>1=20,得到x>0,即A=(0,+∞),
∵全集U=R,∴∁UA=(﹣∞,0],
由B中的不等式变形得:﹣3≤x﹣2≤3,即﹣1≤x≤5,
∴B=[﹣1,5],
则(∁UA)∩B=[﹣1,0].
故选:C.
2.C
【解析】
因为向量AB=1,2,AC=3,4,∴CB=AB-AC=1,2-3,4=-2,-2,∴CB=22,故选C.
3.A
【解析】
对于A,原命题为真命题,∴逆否命题为真命题,故正确;
对于B,逆命题为“若ac2≤bc2,则a0,5x>0”的否定是“∃x0>0,5x0≤0”,故错误;
对于D,由lnx+2<0得到-20,则-x<0,
故f(-x)=2x-2=-f(x),
故x>0时,f(x)=2-2x,
由g(2)=f(2)=2-4=-2,
故f(g(2))=f(-2)=-f(2)=2,
故选:D.
【点睛】
本题考查了函数求值问题,考查函数的奇偶性问题,是一道基础题.
6.C
【解析】
记3个红球分别为a,b,c,3个黑球分别为x,y,z,则随机取出两个小球共有15种可能:ab,ac,ax,ay,az,bc,bx,by,bz,cx,cy,cz,xy,xz,yz,其中两个小球同色共有6种可能,ab,ac,bc,xy,xz,yz,根据古典概型概率公式可得所求概率为615=25,故选C.
【方法点睛】本题主要考查古典概型概率公式的应用,属于难题,利用古典概型概率公式求概率时,找准基本事件个数是解题的关键,基本亊件的探求方法有 (1)枚举法:适合给定的基本事件个数较少且易一一列举出的;(2)树状图法:适合于较为复杂的问题中的基本亊件的探求.在找基本事件个数时,一定要按顺序逐个写出:先(A1,B1),(A1,B2)…. (A1,Bn),再(A2,B1),(A2,B2)…..(A2,Bn)依次(A3,B1) (A3,B2)….(A3,Bn)… 这样才能避免多写、漏写现象的发生.
7.B
【解析】
连接OM,ON,则∠MPN=∠ONP=∠OMP=90∘,∴四边形OMPN为正方形,因为圆的半径为1,∴OP=2,∵原点(圆心)O到直线x+y-2=0距离为2,∴符合条件的P只有一个,故选B.
8.B
【解析】
该几何体是直三棱柱和半圆锥的组合体,其中三棱柱的高为2,底面是高和底边均为4的等腰三角形,圆锥的高为4,底面半径为2,则其体积为V=12×4×4×2+12×13×π×4×4,
=16+83π.故选:B
点睛:由三视图画出直观图的步骤和思考方法:1、首先看俯视图,根据俯视图画出几何体地面的直观图;2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度;3、画出整体,然后再根据三视图进行调整.
9.B
【解析】
函数fx=23sinωx2cosωx2+2cos2ωx2-1 =3sinωx+cosωx=2sinωx+π6,由周期T=2πω=π,可得ω=2,∴fx=2sin2x+π6,∵x∈0,π2,∴π6≤2x+π6≤7π6,∴-1≤fx≤2,且fx的对称轴为x=π6,∵方程fx=m恰有两个不同的实数解x1,x2,∴x1+x2=π3,则fx1+x2=fπ3=2sin2π3+π6=2sin5π6=1,故选B.
10.B
【解析】
执行一次,S=200+10,i=20,执行第2次,S=200+10+20,i=30,执行第3次,S=200+10+20+30,i=40,执行第4次,S=260+40,i=50,执行第5次,S=300+50,i=60,执行第6次,S=350+60,i=70,执行第7次,S=410+70,i=80跳出循环,因此判断框应填i>70,故选B.
11.B
【解析】
因为曲线y=x3+x+1在x∈-1,1上递增,所以曲线y=x3+x+1x∈-1,1上存在点x0,y0, 可知y0∈-1,3,由fy0=y0,可得y0=e-y0-2y0-a,∴a=e-y0-3y0,而a=e-y0-3y0在-1,3上单调递减,∴a∈e-3-9,e+3,故选B.
12.D
【解析】
四面体ABCD与球O的位置关系如图所示,设E为BC的中点,O1为ΔABC外接球的圆心,因为AB=AC=23,BC=6,由余弦定理可得∠BAC=2π3,由正弦定理可得2AO1=632=43,AO1=23由勾股定理可得AE=3,又SΔDBC=12×DE×BC=6,∴DE=2,∴AD=DE2-AE2=4-3=1,在四边形OO1AD中,OO1//AD,∠OO1A=90∘,OA=OD,计算可得R2=OA2=232+122=494,则球O的表面积是4π×494=49π,故选D.
【方法点晴】本题主要考查球的性质及圆内接三角形的性质、正弦定理与余弦定理法应用及球的表面积公式,属于难题.球内接多面体问题是将多面体和旋转体相结合的题型,既能考查旋转体的对称形又能考查多面体的各种位置关系,做题过程中主要注意以下两点:①多面体每个面都分别在一个圆面上,圆心是多边形外接圆圆心;②注意运用性质R2=r2+OO12.
13.C
【解析】
因为fx=lnx2-4x+4x-23=lnx-22x-23,所以函数fx的图象关于点(2,0)对称,排除A,B。当x<0时,lnx-22>0,x-23<0,所以fx<0,排除D。选C。
14.1-3i
【解析】
由1-2iz=7+i得z=7+i1-2i=7+i1+2i1-2i1+2i=5+15i5=1+3i,∴z=1-3i,故答案为1-3i.
15.8
【解析】
试题分析:线性约束条件对应的可行域为直线2x-y=0,x-3y+5=0,y=1围成的三角形区域,设t=x+y-2,当t=x+y-2过直线y=1,x-3y+5=0交点(-2,1)时t取得最小值-3,此时z最大为8
考点:1.线性规划问题;2.指数函数最值
16.2
【解析】
设OF2=c,可得Pc,b2a,则四边形OF2PQ的内切圆的圆心为c2,c2,半径为c2,PF1的方程为b2x-2acy+b2c=0,圆心到直线PF1的距离等于c2,即b2×c2-2ac×c2+b2cb4+4a2c2=c2,化简得2c2-3ac-2a2=0,2e2-3e-2=0,∴e=2,故答案为2.
【 方法点睛】本题主要考查双曲线的方程与性质以及离心率,属于难题. 离心率的求解在圆锥曲线的考查中是一个重点也是难点,一般求离心率有以下几种情况:①直接求出a,c,从而求出e;②构造a,c的齐次式,求出e;③采用离心率的定义以及圆锥曲线的定义来求解;④根据圆锥曲线的统一定义求解.
17.(1)A=π3;(2)6.
【解析】
试题分析:(1)由ccosB+bcosC=2acosA根据正弦定理可得sinCcosB+sinBcosC=2sinAcosA,利用两角和的正弦公式及诱导公式可得cosA=12,∴A=π3;(2)由△ABC的面积为3,可得bc=4,再利用余弦定理可得b=c=2,从而可得△ABC的周长.
试题解析:(1)∵ccosB+bcosC=2acosA,∴sinCcosB+sinBcosC=2sinAcosA.
∴sinB+C=2sinAcosA,
∴sinA=2sinAcosA.
∵A∈0,π,∴sinA≠0,∴cosA=12,∴A=π3.
(2)∵△ABC的面积为3,∴12bcsinA=34bc=3,∴bc=4.
由a=2,A=π3及a2=b2+c2-2bccosA,得4=b2+c2-4,∴b2+c2=8.
又bc=4,∴b=c=2.
故其周长为6.
18.(1)见解析;(2)3.
【解析】
试题分析:(1)由AC1⊥平面A1BC,可得AC1⊥BC.由∠BCA=90∘,可得BC⊥AC,由线面平行的判定定理可得BC⊥平面ACC1A1,从而可得平面ABC⊥平面ACC1A1;(2)设点B1到平面A1BC的距离为h.则VB1-A1BC=13VABC-A1B1C1=233=13hS△A1BC,又S△A1BC=2,从而可得点B1到平面A1BC的距离为3.
试题解析:(1)证明:∵AC1⊥平面A1BC,∴AC1⊥BC.
∵∠BCA=90∘,
∴BC⊥AC,∴BC⊥平面ACC1A1.
又BC⊂平面ABC,∴平面ABC⊥平面ACC1A1.
(2)解法一:取AC的中点D,连接A1D.
∵A1A=A1C,∴A1D⊥AC.
又平面ABC⊥平面ACC1A1,且交线为AC,
则A1D⊥平面ABC.
∵AC1⊥平面A1BC,∴AC1⊥A1C,
∴四边形ACC1A1为菱形,∴AA1=AC.
又A1A=A1C,∴△A1AC是边长为2正三角形,∴A1D=3.
∴VABC-A1B1C1=12×2×2×3=23.
设点B1到平面A1BC的距离为h.
则VB1-A1BC=13VABC-A1B1C1=233=13hS△A1BC.
又S△A1BC=2,∴h=3.
所以点B1到平面A1BC的距离为3.
解法二:利用B1C1//平面A1BC转化为求点C1到平面A1BC的距离,即AC12=3.
19.(Ⅰ)126.5 (吨),126.7(吨).(Ⅱ)0.7
【解析】
试题分析:
(1)利用频率分布直方图可估计一个销售季度内市场需求量x的平均数与中位数的大小分别为126.5 (吨),126.7(吨).
(2)由题意结合几何概型公式可得利润T不少于57万元的概率为0.7
试题解析:
(Ⅰ)估计一个销售季度内市场需求量x的平均数为x=105×0.1+115×0.2+125×0.3+135×0.25+145×0.15=126.5 (吨)
由频率分布直方图易知,由于x∈[100,120)时,对应的频率为(0.01+0.02)×10=0.3<0.5,而x∈[100,130)时,对应的频率为(0.01+0.02+0.3)×10=0.6>0.5,
因此一个销售季度内市场需求量x的中位数应属于区间[120,130),
于是估计中位数应为120+(0.5-0.1-0.2)÷0.03≈126.7 (吨).
(Ⅱ)当x∈[100,130)时,T=0.5x-0.3(130-x)=0.8x-39;
当x∈[130,150]时,T=0.5×130=65,
所以,T={0.8x-39, 100≤x<130,65, 130≤x≤150.
根据频率分布直方图及(Ⅰ)知,
当x∈[100,130)时,由T=0.8x-39≥57,得120≤x<130,
当x∈[130,150]时,由T=65≥57,
所以,利润T不少于57万元当且仅当120≤x≤150,
于是由频率分布直方图可知市场需求量x∈[120, 150]的频率为(0.030+0.025+0.015)×10=0.7,所以下一个销售季度内的利润T不少于57万元的概率的估计值为0.7
20.(1) 切线l的方程为y=0或ax-y-a2=0;(2) -22≤a≤22.
【解析】
试题分析:(1)设切点为Qx0,x024,利用导数求出切线斜率,由点斜式求得切线方程,将Pa,0代入切线方程,求出x0=2a或x0=0,进而可得切线方程;(2)设直线l'的方程为y=kx+1,代入x2=4y得x2-4kx-4=0,根据斜率公式可得2kx1x2+1-kax1+x2-2a=0,韦达定理得2ak2+2k+a=0,利用判别式大于零可得结果.
试题解析:(1)设切点为Qx0,x024,则y'x=x0=x02=kl.
∴Q点处的切线方程为y-x024=x02x-x0.
∵l过点P,∴-x024=x02a-x0,解得x0=2a或x0=0.
当a=0时,切线l的方程为y=0,
当a≠0时,切线l的方程为y=0或ax-y-a2=0.
(2)设直线l'的方程为y=kx+1,代入x2=4y得x2-4kx-4=0.
设Ax1,y1,Bx2,y2,则x1+x2=4k,x1x2=-4.
由已知得kPA+kPB=y2x2-a+y1x1-a=0,
即kx2+1x2-a+kx1+1x1-a=0,∴2kx1x2+1-kax1+x2-2a=0.
把①代入②得2ak2+2k+a=0,③
当a=0时,显然成立,
当a≠0时,方程③有解,∴Δ=4-8a2≥0,解得-22≤a≤22,且a≠0.
综上,-22≤a≤22.
21.(1) 函数f(x)的单调递增区间为(1,+∞);(2) (-∞,1].
【解析】
试题分析:(1)f'x=x-1ex>0, 解得x>1,从而得到增区间;(2)∀x1,x2,g(x1)-h(x1)g(x2)-h(x2)>0等价于g(x)-h(x)>0对x∈(0,+∞)恒成立,或g(x)-h(x)<0对x∈(0,+∞)恒成立,而g(x)-h(x)=x(ex-ax-1),只需研究p(x)=ex-ax-1的符号情况即可.
试题解析:
(1)依题意,f'(x)=ex+(x-2)ex=(x-1)ex,
令f'(x)>0,解得x>1,故函数f(x)的单调递增区间为(1,+∞).
(2)当g(x1)-h(x1)>0,对任意的x2∈(0,+∞),都有g(x2)-h(x2)>0;
当g(x1)-h(x1)<0时,对任意的x2∈(0,+∞),都有g(x2)-h(x2)<0;
故g(x)-h(x)>0对x∈(0,+∞)恒成立,或g(x)-h(x)<0对x∈(0,+∞)恒成立,
而g(x)-h(x)=x(ex-ax-1),设函数p(x)=ex-ax-1,x∈(0,+∞).
则p(x)>0对x∈(0,+∞)恒成立,或p(x)<0对x∈(0,+∞)恒成立,p'(x)=ex-a,
①当a≤1时,∵x∈(0,+∞),∴ex>1,∴p'(x)>0恒成立,
∴p(x)在x∈(0,+∞)上单调递增,p(0)=0,
故p(x)>0在(0,+∞)上恒成立,符合题意.
②当a>1时,令p'(x)=0,得x=lna,令p'(x)<0,得0(a∈(1,+∞))恒成立,
∴φ'(a)在(1,+∞)上单调递增,∴φ'(a)>φ'(1)=e-2>0恒成立,
∴φ(a)在(1,+∞)上单调递增,∴φ(a) >φ(1)=e-2>0恒成立,
即p(a)>0,而p(lna)<0,不合题意.
综上,故实数a的取值范围为(-∞,1].
22.(1)(x-1)2+y2=1;(2)12.
【解析】
试题分析:(1)根据直角坐标和极坐标的互化公式x=ρcosθ、y=ρsinθ,把圆C的极坐标方程化为直角坐标方程.(2)由题意可得点A在直线x=12+32ty=12+12t(t为参数)上,把直线的参数方程代入曲线C的方程可得t2+1-32t-12=0.由韦达定理可得t1t2=-12,根据参数的几何意义可得|AP|•|AQ|=|t1t2|的值
试题解析:(1)由ρ=2cosθ,得ρ2=2ρcosθ
,ρcosθ=x,
即(x-1)2+y2=1,
即圆C的直角坐标方程为(x-1)2+y2=1;
(2)由点A的极坐标(22,π4)得点A直角坐标为(12,12),
将x=12+32ty=12+12t代入(x-1)2+y2=1消去x、y,整理得t2-3-12t-12=0,
设t1、t2为方程t2-3-12t-12=0的两个根,则t1t2=-12,
所以|AP|⋅|AQ|=|t1t2|=12.
考点:简单曲线的极坐标方程;参数方程化成普通方程
23.(1) 不等式的解集为{xx≥3或x≤13};(2) 1≤a<3.
【解析】
试题分析:(1)对x分三种情况讨论,分别去掉绝对值符号,然后求解不等式组,再求并集即可得结果;(2)作出函数fx=x-4x≤-2,3x-21.与y=ax的图象,由图象可知当1≤a<3时,不等式只有一个正整数解x=1.
试题解析:(1)当x≤-2时,x-4≤1,解得x≤5,∴x≤-2;
当-21时,-x+4≤1,解得x≥3,∴x≥3.
综上,不等式的解集为x|x≥3或x≤13.
(2)作出函数fx=x-4x≤-2,3x-21.与y=ax的图象,由图象可知当1≤a<3时,
不等式只有一个正整数解x=1,∴1≤a<3.
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