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  • 2021-06-24 发布

2006年山东省高考数学试卷(理科)【附答案、word版本,可再编辑;B4纸型两栏】

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‎2006年山东省高考数学试卷(理科)‎ 一、选择题(共12小题,每小题5分,满分60分)‎ ‎1. 定义集合运算:A⊙B=‎{z︳z=xy(x+y), x∈A, y∈B}‎,设集合A=‎{0, 1}‎,B=‎{2, 3}‎,则集合A⊙B的所有元素之和为( )‎ A.‎0‎ B.‎6‎ C.‎12‎ D.‎‎18‎ ‎2. 函数y=1+ax(02‎的解集为(        )‎ A.‎(1, 2)∪(3, +∞)‎ B.‎(‎10‎, +∞)‎ C.‎(1, 2)∪(‎10‎, +∞)‎ D.‎‎(1, 2)‎ ‎4. 在‎△ABC中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,已知A=‎π‎3‎,a=‎‎3‎,b=1‎,则c=(‎ ‎‎)‎ A.‎1‎ B.‎2‎ C.‎3‎‎-1‎ D.‎‎3‎ ‎5. 设向量a‎→‎‎=(1, -3)‎,b‎→‎‎=(-2, 4)‎,c‎→‎‎=(-1, -2)‎,若表示向量‎4‎a‎→‎,‎4b‎→‎-2‎c‎→‎,‎2(a‎→‎-c‎→‎)‎,d‎→‎的有向线段首尾相连能构成四边形,则向量d‎→‎为( )‎ A.‎(2, 6)‎ B.‎(-2, 6)‎ C.‎(2, -6)‎ D.‎‎(-2, -6)‎ ‎6. 已知定义在R上的奇函数f(x)‎满足f(x+2)=-f(x)‎,则f(6)‎的值为( )‎ A.‎-1‎ B.‎0‎ C.‎1‎ D.‎‎2‎ ‎7. 在给定椭圆中,过焦点且垂直于长轴的弦长为‎2‎,焦点到相应准线的距离为‎1‎,则该椭圆的离心率为( )‎ A.‎2‎ B.‎2‎‎2‎ C.‎1‎‎2‎ D.‎‎2‎‎4‎ ‎8. 设p:x‎2‎-x-20>0‎,q:‎1-‎x‎2‎‎|x|-2‎<0‎,则p是q的( )‎ A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件 ‎9. 已知集合A=‎{5}‎,B=‎{1, 2}‎,C=‎{1, 3, 4}‎,从这三个集合中各取一个元素构成空间直角坐标系中点的坐标,则确定的不同点的个数为( )‎ A.‎33‎ B.‎34‎ C.‎35‎ D.‎‎36‎ ‎10. 已知‎(x‎2‎-‎ix‎)‎n的展开式中第三项与第五项的系数之比为‎-‎‎3‎‎14‎,其中i‎2‎‎=-1‎,则展开式中常数项是( )‎ A.‎-45i B.‎45i C.‎-45‎ D.‎‎45‎ ‎11. 某公司招收男职员x名,女职员y名,x和y须满足约束条件‎5x-11y≥-22‎‎2x+3y≥9‎‎2x≤11.‎则z=10x+10y的最大值是( )‎ A.‎80‎ B.‎85‎ C.‎90‎ D.‎‎95‎ ‎12. 如图,在等腰梯形ABCD中,AB=2DC=2‎,‎∠DAB=‎‎60‎‎∘‎,E为AB的中点,将‎△ADE与‎△BEC分别沿ED,EC向上折起,使A,B重合于点P,则P-DCE三棱锥的外接球的体积为‎(‎        ‎‎)‎ A.‎4‎3‎π‎27‎ B.‎6‎π‎2‎ C.‎6‎π‎8‎ D.‎‎6‎π‎24‎ 二、填空题(共4小题,每小题4分,满分16分)‎ ‎13. 若limn→∞‎‎1‎n‎(n+a-n)‎‎=1,则常数a=‎________.‎ ‎14. 已知抛物线y‎2‎‎=4x,过点P(4, 0)‎的直线与抛物线相交于A(x‎1‎, y‎1‎)‎,B(x‎2‎, y‎2‎)‎两点,则y‎1‎‎2‎‎+‎y‎2‎‎2‎的最小值是________.‎ ‎15. 如图,已知正三棱柱ABC-‎A‎1‎B‎1‎C‎1‎的所有棱长都相等,D是A‎1‎C‎1‎的中点,则直线AD与平面B‎1‎DC ‎ 7 / 7‎ 所成角的正弦值为________.‎ ‎16. 下列四个命题中,真命题的序号有________(写出所有真命题的序号).‎ ‎①将函数y=|x+1|‎的图象按向量y=(-1, 0)‎平移,得到的图象对应的函数表达式为y=|x|‎.‎ ‎②圆x‎2‎‎+y‎2‎+4x-2y+1=0‎与直线y=‎1‎‎2‎x相交,所得弦长为‎2‎.‎ ‎③若sin(α+β)=‎‎1‎‎2‎,sin(α-β)=‎‎1‎‎3‎,则tanαcotβ=5‎.‎ ‎④如图,已知正方体ABCD-‎A‎1‎B‎1‎C‎1‎D‎1‎,P为底面ABCD内一动点,P到平面AA‎1‎D‎1‎D的距离与到直线CC‎1‎的距离相等,则P点的轨迹是抛物线的一部分.‎ 三、解答题(共6小题,满分74分)‎ ‎17. 已知函数f(x)=Asin‎2‎(ωx+φ)(A>0, ω>0, 0<φ<π‎2‎)‎,且y=f(x)‎的最大值为‎2‎,其图象相邻两对称轴间的距离为‎2‎,并过点‎(1, 2)‎.‎ ‎(1)求φ;‎ ‎(2)计算f(1)+f(2)+...+f(2008)‎.‎ ‎18. 设函数f(x)=ax-(a+1)ln(x+1)‎,其中a≥-1‎,求f(x)‎的单调区间.‎ ‎19. 如图,已知平面A‎1‎B‎1‎C‎1‎平行于三棱锥V-ABC的底面ABC,等边‎△AB‎1‎C所在的平面与底面ABC垂直,且‎∠ACB=‎‎90‎‎∘‎,设AC=2a,‎BC=a ‎(1)‎求证直线B‎1‎C‎1‎是异面直线AB‎1‎与A‎1‎C‎1‎的公垂线;‎ ‎(2)‎求点A到平面VBC的距离;‎ ‎(3)‎求二面角A-VB-C的大小.‎ ‎ 7 / 7‎ ‎20. 袋中装着标有数字‎1‎,‎2‎,‎3‎,‎4‎,‎5‎的小球各‎2‎个,从袋中任取‎3‎个小球,按‎3‎个小球上最大数字的‎9‎倍计分,每个小球被取出的可能性都相等.用ξ表示取出的‎3‎个小球上的最大数字,求:‎ ‎(1)‎取出的‎3‎个小球上的数字互不相同的概率;‎ ‎(2)‎随机变量ξ的概率分布和数学期望;‎ ‎(3)‎计分介于‎20‎分到‎40‎分之间的概率.‎ ‎21. 双曲线C与椭圆x‎2‎‎8‎‎+y‎2‎‎4‎=1‎有相同的焦点,直线y=‎3‎x为C的一条渐近线.‎ ‎(1)‎求双曲线C的方程;‎ ‎(2)‎过点P(0, 4)‎的直线l,交双曲线C于A、B两点,交x轴于Q点(Q点与C的顶点不重合),当PQ‎→‎‎=λ‎1‎QA‎→‎=‎λ‎2‎QB‎→‎,且λ‎1‎‎+λ‎2‎=-‎‎8‎‎3‎时,求Q点的坐标.‎ ‎22. 已知a‎1‎‎=2‎,点‎(an, an+1‎)‎在函数f(x)=x‎2‎+2x的图象上,其中n=1‎,‎2‎,‎3‎,…‎ ‎(1)‎证明数列‎{lg(1+an)}‎是等比数列;‎ ‎(2)‎设Tn‎=(1+a‎1‎)(1+a‎2‎)‎…‎(1+an)‎,求Tn及数列‎{an}‎的通项;‎ ‎(3)‎记bn‎=‎1‎an+‎‎1‎an‎+2‎,求数列‎{bn}‎的前n项Sn,并证明Sn‎+‎2‎‎3Tn-1‎=1‎.‎ ‎ 7 / 7‎ 参考答案与试题解析 ‎2006年山东省高考数学试卷(理科)‎ 一、选择题(共12小题,每小题5分,满分60分)‎ ‎1.D ‎2.A ‎3.C ‎4.B ‎5.D ‎6.B ‎7.B ‎8.A ‎9.A ‎10.D ‎11.C ‎12.C 二、填空题(共4小题,每小题4分,满分16分)‎ ‎13.‎‎2‎ ‎14.‎‎32‎ ‎15.‎‎4‎‎5‎ ‎16.③④‎ 三、解答题(共6小题,满分74分)‎ ‎17.解:(1)y=Asin‎2‎(ωx+φ)=A‎2‎-A‎2‎cos(2ωx+2φ)‎.‎ ‎∵ y=f(x)‎的最大值为‎2‎,A>0‎.‎ ‎∴ A‎2‎‎+A‎2‎=2,A=2‎.‎ 又∵ 其图象相邻两对称轴间的距离为‎2‎,ω>0‎,‎ ‎∴ ‎1‎‎2‎‎(‎2π‎2ω)=2,ω=‎π‎4‎.‎ ‎∴ f(x)=‎2‎‎2‎-‎2‎‎2‎cos(π‎2‎x+2φ)=1-cos(π‎2‎x+2φ)‎.‎ ‎∵ y=f(x)‎过‎(1, 2)‎点,∴ cos(π‎2‎x+2φ)=-1‎.‎ ‎∴ π‎2‎x+2φ=2kπ+π,k∈Z,∴ ‎2φ=2kπ+π‎2‎,k∈Z,‎ ‎∴ φ=kπ+π‎4‎,k∈Z,‎ 又∵ ‎0<φ<‎π‎2‎,‎ ‎∴ φ=‎π‎4‎.‎ ‎(2)解法一:∵ φ=‎π‎4‎,‎f(x)=2sin‎2‎(π‎4‎x+π‎4‎)‎ ‎∴ f(1)+f(2)+f(3)+f(4)=2+1+0+1=4‎.‎ 又∵ y=f(x)‎的周期为‎4‎,‎2008=4×502‎,‎ ‎∴ f(1)+f(2)+...+f(2008)=4×502=2008‎.‎ 解法二:∵ ‎f(x)=2sin‎2‎(π‎4‎x+φ)‎ ‎∴ f(1)+f(3)=2sin‎2‎(π‎4‎+φ)+2sin‎2‎(‎3π‎4‎+φ)=2‎,f(2)+f(4)=2sin‎2‎(π‎2‎+φ)+2sin‎2‎(π+φ)=2‎,‎ ‎∴ f(1)+f(2)+f(3)+f(4)=4‎.‎ 又‎(±2, 0)‎的周期为‎4‎,‎2008=4×502‎,‎ ‎∴ f(1)+f(2)+...+f(2008)=4×502=2008‎.‎ ‎18.解:由已知得函数f(x)‎的定义域为‎(-1, +∞)‎,且f‎'‎‎(x)=ax-1‎x+1‎(a≥-1)‎,‎ ‎(1)‎当‎-1≤a≤0‎时,f'(x)<0‎,函数f(x)‎在‎(-1, +∞)‎上单调递减,‎ ‎(2)‎当a>0‎时,由f'(x)=0‎,解得x=‎‎1‎a.f'(x)‎、f(x)‎随x的变化情况如下表 x ‎(-1,‎1‎a)‎ ‎1‎a ‎(‎1‎a,+∞)‎ ‎ 7 / 7‎ f'(x)‎ ‎-‎ ‎0‎ ‎+‎ f(x)‎ 极小值 从上表可知 当x∈(-1,‎1‎a)‎时,f'(x)<0‎,函数f(x)‎在‎(-1,‎1‎a)‎上单调递减.‎ 当x∈(‎1‎a,+∞)‎时,f'(x)>0‎,函数f(x)‎在‎(‎1‎a,+∞)‎上单调递增.‎ 综上所述:‎ 当‎-1≤a≤0‎时,函数f(x)‎在‎(-1, +∞)‎上单调递减.‎ 当a>0‎时,函数f(x)‎在‎(-1,‎1‎a)‎上单调递减,函数f(x)‎在‎(‎1‎a,+∞)‎上单调递增.‎ ‎19.解:‎(I)‎证明:∵ 平面A‎1‎B‎1‎C‎1‎‎ // ‎平面ABC,‎ ‎∴ B‎1‎C‎1‎‎ // BC,B‎1‎C‎1‎‎ // BC∵ BC⊥AC∴ ‎B‎1‎C‎1‎‎⊥‎A‎1‎C‎1‎ 又∵ 平面AB‎1‎C⊥‎平面ABC,平面AB‎1‎C∩‎平面ABC=AC,‎ ‎∴ BC⊥‎平面AB‎1‎C,‎ ‎∴ ‎BC⊥AB‎1‎ ‎∴ B‎1‎C‎1‎‎⊥AB‎1‎,‎ 又∵ B‎1‎C‎1‎‎ // BC,B‎1‎C‎1‎‎ // BC,且BC⊥AC∴ B‎1‎C‎1‎‎⊥‎A‎1‎C‎1‎,‎ ‎∴ B‎1‎C‎1‎为AB‎1‎与A‎1‎C‎1‎的公垂线.‎ ‎(II)‎解法‎1‎:过A作AD⊥B‎1‎C于D,‎ ‎∵ ‎△AB‎1‎C为正三角形,‎ ‎∴ D为B‎1‎C的中点.‎ ‎∵ BC⊥‎平面AB‎1‎C ‎∴ BC⊥AD,‎ 又B‎1‎C∩BC=C,‎ ‎∴ AD⊥‎平面VBC,‎ ‎∴ 线段AD的长即为点A到平面VBC的距离.‎ 在正‎△AB‎1‎C中,l.‎ ‎∴ 点A到平面VBC的距离为‎3‎a.‎ 解法‎2‎:取AC中点O连接B‎1‎O,则B‎1‎O⊥‎平面ABC,且B‎1‎O=‎3‎a.‎ 由‎(I)‎知BC⊥B‎1‎C,设A到平面VBC的距离为x,‎ ‎∴ VB‎1‎‎-ABC‎=‎VA-BB‎1‎C,‎ 即‎1‎‎3‎‎×‎1‎‎2‎BC⋅AC⋅B‎1‎O=‎1‎‎3‎×‎1‎‎2‎BC⋅B‎1‎C⋅x,‎ 解得x=‎3‎a.‎ 即A到平面VBC的距离为‎3‎a.‎ 则d=||AB‎1‎‎→‎|⋅cos|=||AB‎1‎‎→‎|⋅cos|=‎2‎3‎a‎2‎=‎3‎a.‎ 所以,A到平面VBC的距离为‎3‎a.‎ ‎(III)‎过D点作DH⊥VB于H,连AH,由三重线定理知AH⊥VB ‎∴ ‎∠AHD是二面角A-VB-C的平面角.‎ 在Rt△AHD中,‎ DH=B‎1‎D⋅BCB‎1‎B=‎5‎‎5‎a‎.‎ ‎∴ tan∠AHD=ADDH=‎‎15‎.‎ ‎∴ ‎∠AHD=arctan‎15‎.‎ 所以,二面角A-VB-C的大小为arctan‎15‎.‎ ‎ 7 / 7‎ ‎20.解:‎(I)‎解:“一次取出的‎3‎个小球上的数字互不相同的事件记为A”,“一次取出的‎3‎个小球上有两个数字相同”的事件记为B,则事件A和事件B是互斥事件,因为P(B)=C‎5‎‎1‎‎⋅C‎2‎‎2‎⋅‎C‎8‎‎1‎C‎10‎‎3‎=‎‎1‎‎3‎ 所以P(A)=1-P(B)=1-‎1‎‎3‎=‎‎2‎‎3‎.‎ ‎(II)‎由题意ξ有可能的取值为:‎2‎,‎3‎,‎4‎,‎5.P(ξ=2)=C‎2‎‎2‎‎⋅C‎2‎‎1‎+C‎2‎‎1‎⋅‎C‎2‎‎2‎C‎10‎‎3‎=‎‎1‎‎30‎;P(ξ=3)=C‎4‎‎2‎‎⋅C‎2‎‎1‎+C‎4‎‎1‎⋅‎C‎2‎‎2‎C‎10‎‎3‎=‎‎2‎‎15‎;P(ξ=4)=C‎6‎‎2‎‎⋅C‎2‎‎1‎+C‎6‎‎1‎⋅‎C‎2‎‎2‎C‎10‎‎3‎=‎‎3‎‎10‎;P(ξ=5)=C‎8‎‎2‎‎⋅C‎2‎‎1‎+C‎8‎‎1‎⋅‎C‎2‎‎2‎C‎10‎‎3‎=‎‎8‎‎15‎;‎ 所以随机变量ε的概率分布为 ‎ ‎ε ‎ ‎‎2‎ ‎ ‎‎3‎ ‎ ‎‎4‎ ‎ ‎‎5‎ ‎ ‎P ‎ ‎‎1‎‎30‎ ‎ ‎‎2‎‎15‎ ‎ ‎‎3‎‎10‎ ‎ ‎‎8‎‎15‎ 因此ε的数学期望为Eε=2×‎1‎‎30‎+3×‎2‎‎15‎+4×‎3‎‎10‎+5×‎8‎‎15‎=‎‎13‎‎3‎ ‎(III)‎‎“一次取球所得计分介于到‎4‎之间”的事件记为C,则 P(C)=P(ε=3)+P(ε=4)=‎2‎‎15‎+‎3‎‎10‎=‎‎13‎‎30‎ ‎21.解:‎(1)‎设双曲线方程为x‎2‎a‎2‎‎-y‎2‎b‎2‎=1‎ 由椭圆x‎2‎‎8‎‎+y‎2‎‎4‎=1‎ 求得两焦点为‎(-2, 0)‎,‎(2, 0)‎,‎ ‎∴ 对于双曲线C:c=2‎,又y=‎3‎x为双曲线C的一条渐近线 ‎∴ ba‎=‎‎3‎解得a‎2‎‎=1‎,b‎2‎‎=3‎,‎ ‎∴ 双曲线C的方程为x‎2‎‎-y‎2‎‎3‎=1‎.‎ ‎(2)‎如图:‎ 由题意知直线l得斜率k存在且不等于零,设l的方程:y=kx+4‎,A(x‎1‎, y‎1‎)‎,B(x‎2‎, y‎2‎)‎,‎ 则Q(-‎4‎k,0)‎,‎ ‎∵ PQ‎→‎‎=‎λ‎1‎QA‎→‎,‎ ‎∴ ‎(-‎4‎k,-4)=λ‎1‎(x‎1‎+‎4‎k,y‎1‎)‎.‎ ‎∴ λ‎1‎‎=‎-‎‎4‎kx‎1‎‎+‎‎4‎k=-‎‎4‎kx‎1‎+4‎,‎ 同理λ‎2‎‎=-‎‎4‎kx‎2‎+4‎,‎ 所以λ‎1‎‎+λ‎2‎=-‎4‎kx‎1‎+4‎-‎4‎kx‎2‎+4‎=-‎‎8‎‎3‎.‎ 即‎2k‎2‎x‎1‎x‎2‎+5k(x‎1‎+x‎2‎)+8=0‎.①‎ 又y=kx+4‎以及x‎2‎‎-y‎2‎‎3‎=1‎,‎ 消去y得‎(3-k‎2‎)x‎2‎-8kx-19=0‎.‎ 当‎3-k‎2‎=0‎时,则直线l与双曲线得渐近线平行,不合题意,‎3-k‎2‎≠0‎.‎ 由韦达定理有:‎ x‎1‎‎+x‎2‎=‎‎8k‎3-‎k‎2‎‎,‎ x‎1‎x‎2‎‎=-‎‎19‎‎3-‎k‎2‎‎,‎ 代入①式得k‎2‎‎=4‎,k=±2‎,‎ ‎∴ 所求Q点的坐标为‎(±2, 0)‎.‎ ‎22.解:‎(I)‎由已知an+1‎‎=an‎2‎+2‎an,‎ ‎ 7 / 7‎ ‎∴ ‎an+1‎‎+1=(an+1‎‎)‎‎2‎ ‎∵ ‎a‎1‎‎=2‎ ‎∴ an‎+1>1‎,两边取对数得lg(1+an+1‎)=2lg(1+an)‎,‎ 即lg(1+an+1‎)‎lg(1+an)‎‎=2‎ ‎∴ ‎{lg(1+an)}‎是公比为‎2‎的等比数列.‎ ‎(II)‎由‎(I)‎知lg(1+an)=‎2‎n-1‎⋅lg(1+a‎1‎)=‎2‎n-1‎⋅lg3=lg‎3‎‎2‎n-1‎ ‎∴ ‎‎1+an=‎‎3‎‎2‎n-1‎ ‎∴ ‎an‎=‎3‎‎2‎n-1‎-1‎ ‎∴ ‎Tn‎=(1+a‎1‎)(1+a‎2‎)(1+an)=‎3‎‎2‎‎0‎⋅‎3‎‎2‎‎1‎⋅‎3‎‎2‎‎2‎⋅…⋅‎3‎‎2‎n-1‎=‎3‎‎1+2+‎‎2‎‎2‎+...+‎2‎n-1‎=‎‎3‎‎2‎n‎-1‎ ‎(III)‎‎∵ ‎an+1‎‎=an‎2‎+2‎an ‎∴ ‎an+1‎‎=an(an+2)‎ ‎∴ ‎‎1‎an+1‎‎=‎1‎‎2‎(‎1‎an-‎1‎an‎+2‎)‎ ‎∴ ‎‎1‎an‎+2‎‎=‎1‎an-‎‎2‎an+1‎ 又bn‎=‎1‎an+‎‎1‎an‎+2‎ ‎∴ ‎bn‎=2(‎1‎an-‎1‎an+1‎)‎ ‎∴ ‎Sn‎=b‎1‎+b‎2‎+...+bn=2(‎1‎a‎1‎-‎1‎a‎2‎+‎1‎a‎2‎-‎1‎a‎3‎+…+‎1‎an-‎1‎an+1‎)=2(‎1‎a‎1‎-‎1‎an+1‎)‎ ‎∵ ‎an‎=‎3‎‎2‎n-1‎-1,a‎1‎=2,an+1‎=‎3‎‎2‎n-1‎ ‎∴ ‎Sn‎=1-‎‎2‎‎3‎‎2‎n‎-1‎ 又Tn‎=‎‎3‎‎2‎n‎-1‎ ‎∴ Sn‎+‎2‎‎3Tn-1‎=1‎.‎ ‎ 7 / 7‎