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- 2021-06-24 发布
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§
2.2
函数的单调性与最值
[
考纲要求
]
1.
理解函数的单调性、最大值、最小值及其几何意义
.2.
会利用函数的图象理解和研究函数的性质.
1
.
函数的单调性
(1)
单调函数的定义
(2)
单调区间的定义
如果函数
y
=
f
(
x
)
在区间
D
上是
_______
或
_______
,那么就说函数
y
=
f
(
x
)
在这一区间具有
(
严格的
)
单调性,
_______
叫做
y
=
f
(
x
)
的单调区间.
增函数
减函数
区间
D
2
.
函数的最值
【
思考辨析
】
判断下面结论是否正确
(
请在括号中打
“√”
或
“
×”
)
(1)
在增函数与减函数的定义中,可以把
“
任意两个自变量
”
改为
“
存在两个自变量
”
.
(
)
(2)
对于函数
f
(
x
)
,
x
∈
D
,若
x
1
,
x
2
∈
D
且
(
x
1
-
x
2
)·[
f
(
x
1
)
-
f
(
x
2
)]
>
0
,则函数
f
(
x
)
在
D
上是增函数.
(
)
【
答案
】
(1)
×
(2)
√
(3)
×
(4)
×
(5)
×
(6)
×
【
答案
】
D
2
.
(2017·
温州模拟
)
若函数
f
(
x
)
=
|2
x
+
a
|
的单调递增区间是
[3
,+
∞
)
,则
a
的值为
(
)
A
.-
2 B
.
2
C
.-
6 D
.
6
【
答案
】
B
5
.
(
教材改编
)
已知函数
f
(
x
)
=
x
2
-
2
ax
-
3
在区间
[1
,
2]
上具有单调性,则实数
a
的取值范围为
________________________________________________________________________
.
【
解析
】
函数
f
(
x
)
=
x
2
-
2
ax
-
3
的图象开口向上,对称轴为直线
x
=
a
,画出草图如图所示.
由图象可知函数在
(
-
∞
,
a
]
和
[
a
,+
∞
)
上都具有单调性,因此要使函数
f
(
x
)
在区间
[1
,
2]
上具有单调性,只需
a
≤
1
或
a
≥
2
,从而
a
∈
(
-
∞
,
1]
∪
[2
,+
∞
)
.
【
答案
】
(
-
∞
,
1]
∪
[2
,+
∞
)
【
方法规律
】
确定函数单调性的方法:
(1)
定义法和导数法,证明函数单调性只能用定义法和导数法;
(2)
复合函数法,复合函数单调性的规律是
“
同增异减
”
;
(3)
图象法,图象不连续的单调区间不能用
“
∪
”
连接.
【
答案
】
(1)2
(2)
a
<-
1
【
方法规律
】
求函数最值的常用方法:
(1)
单调性法:先确定函数的单调性,再由单调性求最值;
(2)
图象法:先作出函数的图象,再观察其最高点、最低点,求出最值;
(3)
换元法:对比较复杂的函数可通过换元转化为熟悉的函数,再用相应的方法求最值.
题型三 函数单调性的应用
命题点
1
比较大小
【
例
3
】
(2016·
安徽皖北片第一次联考
)
已知偶函数
f
(
x
)
对于任意
x
∈
R
都有
f
(
x
+
1)
=-
f
(
x
)
,且
f
(
x
)
在区间
[0
,
2]
上是递增的,则
f
(
-
6.5)
,
f
(
-
1)
,
f
(0)
的大小关系是
(
)
A
.
f
(0)
<
f
(
-
6.5)
<
f
(
-
1)
B
.
f
(
-
6.5)
<
f
(0)
<
f
(
-
1)
C
.
f
(
-
1)
<
f
(
-
6.5)
<
f
(0)
D
.
f
(
-
1)
<
f
(0)
<
f
(
-
6.5)
【
解析
】
由
f
(
x
+
1)
=-
f
(
x
)
,得
f
(
x
+
2)
=-
f
(
x
+
1)
=
f
(
x
)
,
∴
函数
f
(
x
)
的周期是
2.
∵
函数
f
(
x
)
为偶函数,
∴
f
(
-
6.5)
=
f
(
-
0.5)
=
f
(0.5)
,
f
(
-
1)
=
f
(1)
.
∵
f
(
x
)
在区间
[0
,
2]
上是单调递增的,
∴
f
(0)
<
f
(0.5)
<
f
(1)
,即
f
(0)
<
f
(
-
6.5)
<
f
(
-
1)
.
【
答案
】
A
【
答案
】
A
【
方法规律
】
函数单调性应用问题的常见类型及解题策略
(1)
比较大小.比较函数值的大小,应将自变量转化到同一个单调区间内,然后利用函数的单调性解决.
(2)
解不等式.在求解与抽象函数有关的不等式时,往往是利用函数的单调性将
“
f
”
符号脱掉,使其转化为具体的不等式求解.此时应特别注意函数的定义域.
(3)
利用单调性求参数.
①
视参数为已知数,依据函数的图象或单调性定义,确定函数的单调区间,与已知单调区间比较求参数;
②
需注意若函数在区间
[
a
,
b
]
上是单调的,则该函数在此区间的任意子集上也是单调的;
③
分段函数的单调性,除注意各段的单调性外,还要注意衔接点的取值.
跟踪训练
3
(1)
f
(
x
)
是定义在
(0
,+
∞
)
上的单调增函数,满足
f
(
xy
)
=
f
(
x
)
+
f
(
y
)
,
f
(3)
=
1
,当
f
(
x
)
+
f
(
x
-
8)
≤
2
时,
x
的取值范围是
(
)
A
.
(8
,+
∞
) B
.
(8
,
9]
C
.
[8
,
9] D
.
(0
,
8)
【
答案
】
(1)B
(2)D
答题模板系列
1
确定抽象函数单调性解函数不等式
【
典例
】
(
12
分
)
函数
f
(
x
)
对任意的
m
、
n
∈
R
,都有
f
(
m
+
n
)
=
f
(
m
)
+
f
(
n
)
-
1
,并且
x
>
0
时,恒有
f
(
x
)
>
1.
(1)
求证:
f
(
x
)
在
R
上是增函数;
(2)
若
f
(3)
=
4
,解不等式
f
(
a
2
+
a
-
5)
<
2.
【
思维点拨
】
(1)
对于抽象函数的单调性的证明,只能用定义.应该构造出
f
(
x
2
)
-
f
(
x
1
)
并与
0
比较大小.
(2)
将函数不等式中的抽象函数符号
“
f
”
运用单调性
“
去掉
”
是本题的切入点.要构造出
f
(
M
)
<
f
(
N
)
的形式.
【
解析
】
(1)
证明
设
x
1
,
x
2
∈
R
,且
x
1
<
x
2
,
∴
x
2
-
x
1
>
0
,
∵
当
x
>
0
时,
f
(
x
)
>
1
,
∴
f
(
x
2
-
x
1
)
>
1.(2
分
)
f
(
x
2
)
=
f
[(
x
2
-
x
1
)
+
x
1
]
=
f
(
x
2
-
x
1
)
+
f
(
x
1
)
-
1
,
(4
分
)
∴
f
(
x
2
)
-
f
(
x
1
)
=
f
(
x
2
-
x
1
)
-
1
>
0
⇒
f
(
x
1
)
<
f
(
x
2
)
,
∴
f
(
x
)
在
R
上为增函数.
(6
分
)
(2)
∵
m
,
n
∈
R
,不妨设
m
=
n
=
1
,
∴
f
(1
+
1)
=
f
(1)
+
f
(1)
-
1
⇒
f
(2)
=
2
f
(1)
-
1
,
(8
分
)
f
(3)
=
4
⇒
f
(2
+
1)
=
4
⇒
f
(2)
+
f
(1)
-
1
=
4
⇒
3
f
(1)
-
2
=
4
,
∴
f
(1)
=
2
,
∴
f
(
a
2
+
a
-
5)
<
2
=
f
(1)
,
(10
分
)
∵
f
(
x
)
在
R
上为增函数,
∴
a
2
+
a
-
5
<
1
⇒
-
3
<
a
<
2
,
即
a
∈
(
-
3
,
2)
.
(12
分
)
【
答题模板
】
解函数不等式问题的一般步骤:
第一步:
(
定性
)
确定函数
f
(
x
)
在给定区间上的单调性;
第二步:
(
转化
)
将函数不等式转化为
f
(
M
)
<
f
(
N
)
的形式;
第三步:
(
去
f
)
运用函数的单调性
“
去掉
”
函数的抽象符号
“
f
”
,转化成一般的不等式或不等式组;
第四步:
(
求解
)
解不等式或不等式组确定解集;
第五步:
(
反思
)
反思回顾.查看关键点,易错点及解题规范.
【
温馨提醒
】
本题对函数的单调性的判断是一个关键点.不会运用条件
x
>
0
时,
f
(
x
)
>
1
,构造不出
f
(
x
2
)
-
f
(
x
1
)
=
f
(
x
2
-
x
1
)
-
1
的形式,便找不到问题的突破口.第二个关键应该是将不等式化为
f
(
M
)
<
f
(
N
)
的形式.解决此类问题的易错点:忽视了
M
、
N
的取值范围,即忽视了
f
(
x
)
所在的单调区间的约束
.
►
方法与技巧
1
.利用定义证明或判断函数单调性的步骤
(1)
取值;
(2)
作差;
(3)
定量;
(4)
判断.
2
.确定函数单调性有四种常用方法:定义法、导数法、复合函数法、图象法,也可利用单调函数的和差确定单调性.
3
.求函数最值的常用求法:单调性法、图象法、换元法.
►
失误与防范
1
.分段函数单调性不仅要考虑各段的单调性,还要注意衔接点.
2
.函数在两个不同的区间上单调性相同,一般要分开写,用
“
,
”
或
“
和
”
连接,不要用
“∪”
.
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