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- 2021-06-24 发布
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高考达标检测(三十二) 空间角 3 类型
——线线角、线面角、二面角
1.如图,在正三棱柱 ABCA1B1C1 中,点 D 是棱 AB 的中点,BC=1,AA1= 3.
(1)求证:BC1∥平面 A1DC;
(2)求二面角 DA1CA 的正弦值.
解:(1)证明:过点 A 作 AO⊥BC 交 BC 于点 O,过点 O 作 OE⊥BC 交 B1C1 于 E.
因为平面 ABC⊥平面 CBB1C1,所以 AO⊥平面 CBB1C1.
以 O 为坐标原点,OB,OE,OA 所在直线为 x 轴,y 轴,z 轴建立如图所示的空间直
角坐标系.因为 BC=1,AA1= 3,△ABC 是等边三角形,所以 O 为 BC 的中点.
则 O(0,0,0),A 0,0, 3
2 ,B
1
2
,0,0 ,C
-1
2
,0,0 ,D
1
4
,0, 3
4 ,A1
0, 3, 3
2 ,
C1
-1
2
, 3,0 , CD―→=
3
4
,0, 3
4 ,A1C―→= -1
2
,- 3,- 3
2 ,
设平面 A1DC 的一个法向量为 n1=(x1,y1,z1),
则
n1· CD―→=0,
n1·A1C―→=0,
即
3
4x1+ 3
4 z1=0,
-1
2x1- 3y1- 3
2 z1=0.
取 x1= 3,得 z1=-3,y1=1,
∴平面 A1DC 的一个法向量为 n1=( 3,1,-3).
又∵BC1
―→=(-1,3,0),∴BC1
―→
·n1=0,
又 BC1⊄平面 A1DC,∴BC1∥平面 A1DC.
(2)设平面 ACA1 的一个法向量为 n2=(x2,y2,z2),
∵AA1
―→=(0,3,0),
则
n2·AA1
―→=0,
n2·A1C―→=0,
即
3y2=0,
-1
2
x2- 3y2- 3
2
z2=0,
取 x2= 3,得 y2=0,z2=-1.
∴平面 ACA1 的一个法向量为 n2=( 3,0,-1).
则 cos〈n1,n2〉= 6
13×2
=3 13
13
,
设二面角 DA1CA 的大小为θ,
∴cos θ=3 13
13
,sin θ=2 13
13
,
故二面角 DA1CA 的正弦值为2 13
13 .
2.(2017·全国卷Ⅱ)如图,四棱锥 PABCD 中,侧面 PAD 为等边
三角形且垂直于底面 ABCD,AB=BC=1
2AD,∠BAD=∠ABC=90°,
E 是 PD 的中点.
(1)证明:直线 CE∥平面 PAB;
(2)点 M 在棱 PC 上,且直线 BM 与底面 ABCD 所成角为 45°,求二面角 MABD 的余
弦值.
解:(1)证明:取 PA 的中点 F,连接 EF,BF.
因为 E 是 PD 的中点,所以 EF∥AD,EF=1
2AD.
由∠BAD=∠ABC=90°,得 BC∥AD,
又 BC=1
2AD,所以 EF 綊 BC,
所以四边形 BCEF 是平行四边形,CE∥BF,
又 CE⊄平面 PAB,BF⊂平面 PAB,
故 CE∥平面 PAB.
(2)由已知得 BA⊥AD,以 A 为坐标原点, AB―→的方向为 x 轴正
方向,| AB―→|为单位长度,建立如图所示的空间直角坐标系 Axyz,
则 A(0,0,0),B(1,0,0),C(1,1,0),P(0,1, 3), PC―→=(1,0,- 3),
AB―→=(1,0,0).
设 M(x,y,z)(0
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