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  • 2021-06-16 发布

2019版一轮复习理数通用版“计数原理”双基过关检测

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“计数原理”双基过关检测 一、选择题 1.5 名学生相约第二天去春游,本着自愿的原则,规定任何人可以“去”或“不去”, 则第二天可能出现的不同情况的种数为( ) A.C25 B.25 C.52 D.A25 解析:选 B 不妨设 5 名同学分别是 A,B,C,D,E, 对于 A 同学来说,第二天可能出现的不同情况有去和不去 2 种, 同样对于 B,C,D,E 都是 2 种, 由分步乘法计数原理可得, 第二天可能出现的不同情况的种数为 2×2×2×2×2=25(种). 2.现有 4 种不同颜色要对如图所示的四个部分进行着色,要求有公共 边界的两块不能用同一种颜色,则不同的着色方法共有( ) A.24 种 B.30 种 C.36 种 D.48 种 解析:选 D 按 A→B→C→D 顺序分四步涂色,共有 4×3×2×2=48(种). 3.(2018·云南师大附中适应性考试)在(a+x)7 展开式中 x4 的系数为 280,则实数 a 的值 为( ) A.1 B.±1 C.2 D.±2 解析:选 C 由题知,C47a3=280,解得 a=2. 4.如图,∠MON 的边 OM 上有四点 A1,A2,A3,A4,ON 上有三 点 B1,B2,B3,则以 O,A1,A2,A3,A4,B1,B2,B3 为顶点的三角 形个数为( ) A.30 B.42 C.54 D.56 解析:选 B 用间接法.先从这 8 个点中任取 3 个点,最多构成三角形 C 38个,再减去 三点共线的情形即可.共有 C38-C35-C34=42(个). 5.张、王两家夫妇各带一个小孩一起到动物园游玩,购票后排队依次入园.为安全起 见,首尾一定要排两位爸爸,另外,两个小孩一定要排在一起,则这六人入园顺序的排法 种数为( ) A.12 B.24 C.36 D.48 解析:选 B 将两位爸爸排在两端,有 2 种排法;将两个小孩视作一人与两位妈妈任 意排在中间的三个位置上,有 2A 33种排法,故总的排法有 2×2×A33=24(种). 6.已知(1+ax)(1+x)5 的展开式中 x2 的系数为 5,则 a=( ) A.-4 B.-3 C.-2 D.-1 解析:选 D 展开式中含 x2 的系数为 C25+aC15=5, 解得 a=-1. 7.(2018·成都一中摸底)设(x2+1)(2x+1)9=a0+a1(x+2)+a2(x+2)2+…+a11(x+2)11, 则 a0+a1+a2+…+a11 的值为( ) A.-2 B.-1 C.1 D.2 解析:选 A 令等式中令 x=-1,可得 a0+a1+a2+…+a11=(1+1)×(-1)9=-2. 8.从 1,3,5,7,9 这五个数中,每次取出两个不同的数分别记为 a,b,共可得到 lg a-lg b 的不同值的个数是( ) A.9 B.10 C.18 D.20 解析:选 C lg a-lg b=lg a b ,从 1,3,5,7,9 中任取两个数分别记为 a,b,共有 A25=20 个结果,其中 lg 1 3 =lg 3 9 ,lg 3 1 =lg 9 3 ,故共可得到不同值的个数为 20-2=18. 二、填空题 9. 2x-1 x 5 的二项展开式中 x 项的系数为________. 解析: 2x-1 x 5 的展开式的通项是 Tr+1=Cr5·(2x)5-r· -1 x r=Cr5·(-1)r·25-r·x5-2r. 令 5-2r=1,得 r=2.因此 2x-1 x 5 的展开式中 x 项的系数是 C25·(-1)2·25-2=80. 答案:80 10.若 n=错误!1 xdx,则二项式(1- 2x)n 的展开式中第 1 009 项的二项式系数为 ________.(用符号作答) 解析:由题意知,n=错误!1 xdx=ln x|e2 018 e =2 017,二项式(1- 2x)2 017 的展开式中 第 1 009 项为 T1 008+1=C1 0082 017(- 2x)1 008,其二项式系数为 C1 0082 017. 答案:C1 0082 017 11.(2017·天津高考)用数字 1,2,3,4,5,6,7,8,9 组成没有重复数字,且至多有一个数字是偶 数的四位数,这样的四位数一共有________个.(用数字作答) 解析:一个数字是偶数、三个数字是奇数的四位数有 C14C35A44=960(个), 四个数字都是奇数的四位数有 A45=120(个), 则至多有一个数字是偶数的四位数一共有 960+120=1 080(个). 答案:1 080 12.有一个五边形 ABCDE,若把顶点 A,B,C,D,E 涂上红、黄、绿三种颜色中的 一种,使得相邻的顶点所涂的颜色不同,则共有________种不同的涂色方法. 解析:首先 A 选取一种颜色,有 3 种情况. 如果 A 的两个相邻点 B,E 颜色相同,有 2 种情况, 则最后两个点 C,D 也有 2 种情况; 如果 A 的两个相邻点 B,E 颜色不同,有 2 种情况; 则最后两个点 C,D 有 3 种情况. 所以共有 3×(2×2+2×3)=30 种不同的涂色方法. 答案:30 三、解答题 13.已知(a2+1)n展开式中的二项式系数之和等于 16 5 x2+ 1 x 5的展开式的常数项,而 (a2 +1)n 的展开式的二项式系数最大的项等于 54,求正数 a 的值. 解: 16 5 x2+ 1 x 5 展开式的通项 Tr+1=Cr5 16 5 x2 5-r· 1 x r=Cr5 16 5 5-rx 20 5 2 - r . 令 20-5r=0,得 r=4, 故常数项 T5=C45×16 5 =16, 又(a2+1)n 展开式中的二项式系数之和为 2n, 由题意得 2n=16,∴n=4. ∴(a2+1)4 展开式中二项式系数最大的项是中间项 T3, 从而 C24(a2)2=54,∴a= 3. 14.已知袋中装有大小相同的 4 个红球和 6 个白球,现从中取出 4 个. (1)取出的 4 个球必须是两种颜色的取法有多少种? (2)取出的 4 个球中红球个数不少于白球个数的取法有多少种? 解:(1)根据题意,袋中装有大小相同的 4 个红球和 6 个白球,从中取出 4 个,有 C410= 210 种取法, 其中颜色相同的情况有 2 种:4 个红球或 4 个白球, 若 4 个红球,有 C44=1 种取法, 若 4 个白球,有 C46=15 种取法, 则取出球必须是两种颜色的取法有 210-(1+15)=194 种. (2)若取出的红球个数不少于白球个数,分 3 种情况讨论: ①4 个全部是红球,有 C44=1 种取法, ②3 个红球,1 个白球,有 C34C16=24 种取法, ③2 个红球,2 个白球,有 C24C26=90 种取法, 则取出的 4 个球中红球个数不少于白球个数的取法共有 1+24+90=115 种.