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- 2021-06-16 发布
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“计数原理”双基过关检测
一、选择题
1.5 名学生相约第二天去春游,本着自愿的原则,规定任何人可以“去”或“不去”,
则第二天可能出现的不同情况的种数为( )
A.C25 B.25
C.52 D.A25
解析:选 B 不妨设 5 名同学分别是 A,B,C,D,E,
对于 A 同学来说,第二天可能出现的不同情况有去和不去 2 种,
同样对于 B,C,D,E 都是 2 种,
由分步乘法计数原理可得,
第二天可能出现的不同情况的种数为 2×2×2×2×2=25(种).
2.现有 4 种不同颜色要对如图所示的四个部分进行着色,要求有公共
边界的两块不能用同一种颜色,则不同的着色方法共有( )
A.24 种 B.30 种
C.36 种 D.48 种
解析:选 D 按 A→B→C→D 顺序分四步涂色,共有 4×3×2×2=48(种).
3.(2018·云南师大附中适应性考试)在(a+x)7 展开式中 x4 的系数为 280,则实数 a 的值
为( )
A.1 B.±1
C.2 D.±2
解析:选 C 由题知,C47a3=280,解得 a=2.
4.如图,∠MON 的边 OM 上有四点 A1,A2,A3,A4,ON 上有三
点 B1,B2,B3,则以 O,A1,A2,A3,A4,B1,B2,B3 为顶点的三角
形个数为( )
A.30 B.42
C.54 D.56
解析:选 B 用间接法.先从这 8 个点中任取 3 个点,最多构成三角形 C 38个,再减去
三点共线的情形即可.共有 C38-C35-C34=42(个).
5.张、王两家夫妇各带一个小孩一起到动物园游玩,购票后排队依次入园.为安全起
见,首尾一定要排两位爸爸,另外,两个小孩一定要排在一起,则这六人入园顺序的排法
种数为( )
A.12 B.24
C.36 D.48
解析:选 B 将两位爸爸排在两端,有 2 种排法;将两个小孩视作一人与两位妈妈任
意排在中间的三个位置上,有 2A 33种排法,故总的排法有 2×2×A33=24(种).
6.已知(1+ax)(1+x)5 的展开式中 x2 的系数为 5,则 a=( )
A.-4 B.-3
C.-2 D.-1
解析:选 D 展开式中含 x2 的系数为 C25+aC15=5,
解得 a=-1.
7.(2018·成都一中摸底)设(x2+1)(2x+1)9=a0+a1(x+2)+a2(x+2)2+…+a11(x+2)11,
则 a0+a1+a2+…+a11 的值为( )
A.-2 B.-1
C.1 D.2
解析:选 A 令等式中令 x=-1,可得 a0+a1+a2+…+a11=(1+1)×(-1)9=-2.
8.从 1,3,5,7,9 这五个数中,每次取出两个不同的数分别记为 a,b,共可得到 lg a-lg b
的不同值的个数是( )
A.9 B.10
C.18 D.20
解析:选 C lg a-lg b=lg a
b
,从 1,3,5,7,9 中任取两个数分别记为 a,b,共有 A25=20
个结果,其中 lg 1
3
=lg 3
9
,lg 3
1
=lg 9
3
,故共可得到不同值的个数为 20-2=18.
二、填空题
9. 2x-1
x 5 的二项展开式中 x 项的系数为________.
解析: 2x-1
x 5 的展开式的通项是 Tr+1=Cr5·(2x)5-r·
-1
x r=Cr5·(-1)r·25-r·x5-2r.
令 5-2r=1,得 r=2.因此 2x-1
x 5 的展开式中 x 项的系数是 C25·(-1)2·25-2=80.
答案:80
10.若 n=错误!1
xdx,则二项式(1- 2x)n 的展开式中第 1 009 项的二项式系数为
________.(用符号作答)
解析:由题意知,n=错误!1
xdx=ln x|e2 018
e
=2 017,二项式(1- 2x)2 017 的展开式中
第 1 009 项为 T1 008+1=C1 0082 017(- 2x)1 008,其二项式系数为 C1 0082 017.
答案:C1 0082 017
11.(2017·天津高考)用数字 1,2,3,4,5,6,7,8,9 组成没有重复数字,且至多有一个数字是偶
数的四位数,这样的四位数一共有________个.(用数字作答)
解析:一个数字是偶数、三个数字是奇数的四位数有 C14C35A44=960(个),
四个数字都是奇数的四位数有 A45=120(个),
则至多有一个数字是偶数的四位数一共有 960+120=1 080(个).
答案:1 080
12.有一个五边形 ABCDE,若把顶点 A,B,C,D,E 涂上红、黄、绿三种颜色中的
一种,使得相邻的顶点所涂的颜色不同,则共有________种不同的涂色方法.
解析:首先 A 选取一种颜色,有 3 种情况.
如果 A 的两个相邻点 B,E 颜色相同,有 2 种情况,
则最后两个点 C,D 也有 2 种情况;
如果 A 的两个相邻点 B,E 颜色不同,有 2 种情况;
则最后两个点 C,D 有 3 种情况.
所以共有 3×(2×2+2×3)=30 种不同的涂色方法.
答案:30
三、解答题
13.已知(a2+1)n展开式中的二项式系数之和等于
16
5
x2+ 1
x 5的展开式的常数项,而 (a2
+1)n 的展开式的二项式系数最大的项等于 54,求正数 a 的值.
解:
16
5 x2+ 1
x 5 展开式的通项
Tr+1=Cr5
16
5 x2
5-r·
1
x r=Cr5
16
5 5-rx
20 5
2
- r
.
令 20-5r=0,得 r=4,
故常数项 T5=C45×16
5
=16,
又(a2+1)n 展开式中的二项式系数之和为 2n,
由题意得 2n=16,∴n=4.
∴(a2+1)4 展开式中二项式系数最大的项是中间项 T3,
从而 C24(a2)2=54,∴a= 3.
14.已知袋中装有大小相同的 4 个红球和 6 个白球,现从中取出 4 个.
(1)取出的 4 个球必须是两种颜色的取法有多少种?
(2)取出的 4 个球中红球个数不少于白球个数的取法有多少种?
解:(1)根据题意,袋中装有大小相同的 4 个红球和 6 个白球,从中取出 4 个,有 C410=
210 种取法,
其中颜色相同的情况有 2 种:4 个红球或 4 个白球,
若 4 个红球,有 C44=1 种取法,
若 4 个白球,有 C46=15 种取法,
则取出球必须是两种颜色的取法有 210-(1+15)=194 种.
(2)若取出的红球个数不少于白球个数,分 3 种情况讨论:
①4 个全部是红球,有 C44=1 种取法,
②3 个红球,1 个白球,有 C34C16=24 种取法,
③2 个红球,2 个白球,有 C24C26=90 种取法,
则取出的 4 个球中红球个数不少于白球个数的取法共有 1+24+90=115 种.
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