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- 2021-07-01 发布
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不等关系与基本不等式
【学习目标】
1.在复习不等式性质的基础上,介绍了含有绝对值的不等式及其解法,平均值不等式及简单应用、证明不等式的一些基本方法,以及不等式在实际生活中的应用.
2.特别强调了不等式及证明的几何意义和背景,以加深学生对不等式的数学本质的理解、提高学生的逻辑思维能力和分析解决问题的能力.
【要点梳理】
要点一:不等式的性质
性质1 对称性:;
性质2 传递性:;
性质3 加法法则(同向不等式可加性):;
推论:.
性质4 乘法法则:若,则
推论1: ;
推论2:;
推理3:;
推理4:.
要点二:含有绝对值的不等式
绝对值的几何意义
设是一个实数,在数轴上||表示实数对应的点与原点的距离;
|-|表示实数对应的点与实数对应的点之间的距离.
关于绝对值的几个结论
定理
对任意实数和,有
推论
1.;
2..
3. .
要点诠释:
(1)关于定理,可以把、、
看作是三角形三边,很象三角形两边之和大于第三边,两边之差小于第三边,这样理解便于记忆,此定理在后面学习复数时,可以推广到比较复数的模长,并有其几何意义,有时也称其为“绝对值的三角形不等式”.
(2)绝对值不等式|+|≤||+||或|-|≤|-c|+|c-|,从左到右是一个不等式放大过程,从右到左是缩小过程,证明不等式可以直接使用,也可通过适当的添、拆项证明不等式,还可利用它消去变量求最值.
绝对值不等式的解法
含绝对值的不等式||<与||>的解集
不等式
>0
=0
<0
||<的解集
-<<
||>的解集
>或<-
R
和型不等式的解法
1. 先去绝对值符号,化为不等式组:
⇔;
⇔.
2.解关于的不等式.
不等式的解法
1.将不等式两边平方,去绝对值:;
2.解不等式:.
含有两个绝对值符号的不等式解法
一般有三种解法,分别是“零点划分法”、“利用绝对值的几何意义法”和“利用函数图象法”.此外,有时还可采用平方法去绝对值,它只有在不等式两边均为正的情况下才能使用.
“零点划分法”是解绝对值不等式的最基本方法,一般步骤是:
(1)令每个绝对值符号里的代数式等于零,求出相应的根;
(2)把这些根按由小到大进行排序,n个根把数轴分为n+1个区间;
(3)在各个区间上,去掉绝对值符号组成若干个不等式,解这些不等式,求出它们的解集;
(4)这些不等式解集的并集就是原不等式的解集.
要点三:平均值不等式
定理1 对任意实数,有(当且仅时,取“=”号).
定理2 对任意两个正数,有(当且仅时,取“=”号).
定理3 对任意三个正数,有(当且仅时,取“=”号).
定理4 对任意三个正数,有(当且仅时,取“=”号).
推广 对于n个正数,有
(当且仅当时取“=”号).
其中,、 叫作这n个正数的算术平均值和几何平均值, 因此这个结论也可以阐述为n个正数的算术平均值不小于它们的几何平均值.
要点四:不等式的证明
不等式的性质和基本不等式是证明不等式的理论依据.但是由于不等式的形式多样,因此不等式的证明方法也很多.
比较法
有两种:
1.求差比较法:
任意两个代数式、,可以作差后比较与0的关系,进一步比较与的大小.
①;
②;
③.
2.求商比较法:
任意两个值为正的代数式、,可以作商后比较与1的关系,进一步比较与的大小.
①;
②;
③.
要点诠释:
(1)比较法通常是进行因式分解或进行配方,利用非负数的性质来进行判断.
(2)若代数式、均为负数,也可以用求商比较法.
综合法和分析法
综合法和分析法是直接证明的两种常用的思维方法.
1.综合法
一般地,从命题的已知条件出发,利用定义、公理、定理及运算法则,经过演绎推理,一步步地接近要证明的结论,直到完成命题的证明,我们把这种思维方法叫做综合法.
2.分析法
一般地,从需要证明的命题出发,分析使这个命题成立的充分条件,逐步寻找使命题成立的充分条件,直至所寻求的充分条件显然成立(已知条件、定理、定义、公理等),或由已知证明成立,从而确定所证的命题成立的一种证明方法,叫做分析法.
要点诠释:综合法的基本思路:执因索果;分析法的基本思路:执果索因.它们是思维方向互逆的两种推理方法.
放缩法
通过缩小(或放大)分式的分母(或分子),或通过放大(或缩小)被减式(或减式)来证明不等式,这种证明不等式的方法称为放缩法.
要点诠释:放缩法的要求较高,要想用好它,必须有目标,目标可以从要证的结论中去寻找.
几何法
通过构造几何图形,利用几何图形的性质来证明不等式的方法称为几何法.
反证法
反证法是间接证明的一种基本方法.一般地,首先假设要证明的命题结论不正确,即结论的反面成立,然后利用公理,已知的定义、定理,命题的条件逐步分析,得到和命题的条件或公理、定理、定义及明显成立的事实等矛盾的结论,以此说明假设的结论不成立,从而证明了原命题成立,这样的证明方法叫做反证法.
反证法的基本思路:假设——矛盾——肯定
要点五:不等式的应用
不等式的应用十分广泛,不仅可以解决一些数学问题,而且也可以解决其他学科中以及生产生活中的一些问题。在应用时一般按以下步骤进行:
①先理解题意,设变量,设变量时一般把要求最大值或最小值的变量定为函数;
②建立相应的函数关系式,把实际问题抽象为函数的最大值或最小值问题;
③在定义域内,求出函数的最大或最小值;
④写出正确答案.
【典型例题】
类型一: 绝对值不等式
例1.解下列关于的不等式:
(1); (2);
(3)|-4|-|2+5|<1; (4).
【思路点拨】去绝对值,转化为解一元一次(二次)不等式(组)的形式.
【解析】
(1)原不等式等价于,
即
∴ 原不等式的解集为
(2)解法一:原不等式等价于,
两边平方得,解得,
∴原不等式的解集为.
解法二:原不等式等价于,
表示数轴上与-1对应的点的距离;表示数轴上与1对应的点的距离.
由于数轴上0与-1对应的点的距离和它到1对应的点的距离相等,所以若要使与-1对应的点的距离和它到1对应的点的距离相等,那么应满足:.
∴原不等式的解集为.
(3)原不等式可化为:
当① ② 或③
解不等式组①得:<-8.
解不等式组②得:.
解不等式组③得:>4
综上所述,原不等式的解集为{|<-8或>-}.
(4)
当时,原不等式可化为:1<3,恒成立,故解集为全体实数;
当时,原不等式可化为,即 ①
当时,不等式①的解为:;
当时,不等式①的解为:.
综上所述, 当时,不等式的解集为;
当时,不等式的解集为;
当时,不等式的解集为.
【总结升华】解含有绝对值的不等式的关键在于去掉绝对值符号,处理的方法通常是利用绝对值的定义与几何意义或平方等方法.对含多个绝对值符号的不等式一般利用“零点划分”法,分类讨论.如本题(3)中,分别令-4=0, 2+5=0,得两个零点. 故分、和>4三种情况.
举一反三:
【变式1】集合中的最小整数为________.
【答案】-3.
【变式2】解下列关于的不等式:.
【答案】当时,得,无解
当,得 解得:
当时,得 解得:
综上所述,原不等式的解集为.
【变式3】解下列关于的不等式:.
【答案】
当时,即,因,故原不等式的解集是空集。
当时,即,原不等式等价于,解得:
综上,当时,原不等式解集为空集;当时,不等式解集为.
例2.(2016 中山市模拟)已知函数f(x)=|x-a|.
(1) 若f(x)≤m的解集为{x |-1≤x≤5},求实数a,m的值;
(2) 当a=2且0≤t<2时,解关于x的不等式f(x)+t≥f(x+2)
【思维点拨】(1)根据绝对值 不等式的解法建立关系即可求实数a,m的值;
(2)根据绝对值不等式的解法,进行分段讨论即可得到不等式的解集。
【解析】
(1)因为f(x)≤m,所以|x-a|≤m,
即a-m≤x≤a+m,
因为f(x)≤m的解集为{x |-1≤x≤5},
所以a-m=-1,a+m=5,解得a=2,m=3;
(2)当a=2时,函数f(x)=|x-2|,
则不等式f(x)+t≥f(x+2)等价于|x-2|+t≥|x|,
当x≥2时,x-2+t≥x,即t≥2与条件0≤t<2矛盾,
当0≤x<2时,2-x+t≥x,即0≤x≤ ,成立,
当x<0时,2-x+t≥x,即t≥-2恒成立。
综上不等式的解集为 。
【总结升华】本题考查绝对值函数,考查解不等式,解题的关键是进行分段讨论。
举一反三:
【变式1】若存在实数使|-|+|-1|≤3成立,求实数的取值范围.
【解析】由绝对值不等式的几何意义可知,数轴上点到点与1点的距离的和小于等于3.由图可得-2≤≤4.
【变式2】(2016 贵州校级模拟)已知函数f(x)=2|x+1|+|x﹣2|.
(1)求f(x)的最小值;
(2)若a,b,c均为正实数,且满足a+b+c=m,求证:++≥3.
【解析】(1)∵函数f(x)=2|x+1|+|x﹣2|,
当x<﹣1时,f(x)=﹣2(x+1)﹣(x﹣2)=﹣3x∈(3,+∞);
当﹣1≤x<2时,f(x)=2(x+1)﹣(x﹣2)=x+4∈[3,6);
当x≥2时,f(x)=2(x+1)+(x﹣2)=3x∈[6,+∞);
综上,f(x)的最小值为m=3;
(2)a,b,c均为正实数,且满足a+b+c=m=3,
又因为+++(a+b+c)=(+a)+(+b)+(+c)
≥2(++)=2(a+b+c),
当且仅当a=b=c=1时,取“=”,
所以,++≥a+b+c,
即++≥3.
【变式3】已知函数f()=|+|+|-2|.
(1)当=-3时,求不等式f()≥3的解集;
(2)若f()≤|-4|的解集包含[1,2],求的取值范围.
【思路点拨】本题第(1)问较简单,一般用零点划分法就可以转化,第(2)问容易犯直接求解f()≤|-4|的解集的错误,应该是利用[1,2]是其解集而将绝对值先去掉再转化为[1,2] [-2-,2-]这一问题,注意不要弄反.
【解析】(1)当=-3时,
当≤2时,由f()≥3得-2+5≥3,解得≤1;
当2<<3时,f()≥3无解;
当≥3时,由f()≥3得2-5≥3,解得≥4;
所以f()≥3的解集为{|≤1}∪{|≥4}.(5分)
(2)f()≤|-4||-4|-|-2|≥|+|.来源:学,科,网Z,X,X,K]
当∈[1,2]时,|-4|-|-2|≥|+|
4--(2-)≥|+|
-2-≤≤2-.
由条件得-2-≤1且2-≥2,即-3≤≤0.
故满足条件的的取值范围为[-3,0].(10分)
例3. 已知 ,求证
【思路点拨】利用绝对值的两个性质给予证明.
(1)
,
∴ (2)
由(1),(2)得:
【总结升华】在推理比较简单时,我们常常将几个不等式连在一起写。但这种写法,只能用于不等号方向相同的不等式。
举一反三:
【变式1】 求证:.
【证明】,
∴,
∴。
【变式2】若为任意实数,为正数,求证:
【证明】,而,
∴,得证.
【变式3】
【证明】因为
类型二:平均值不等式
例4. 若,求函数的最大值.
【思路点拨】适当拼凑,利用平均值不等式的定理求函数的最值.
【解析】,
因为,所以和都是正数,所以
,
当且仅当,即时取等号.
所以,该函数的最大值为.
【总结升华】(1)当若干正数的积为定植时,可以求它们的和的最小值,当若干正数的和为定植时,可以求它们的积的最小值,正所谓“积定和最小,和定积最大”.
(2)求最值的条件“一正,二定,三取等”.
举一反三:
【变式1】已知,求函数的最大值.
【答案】1.
因,所以首先要“调整”符号,又不是常数,所以对要进行拆、凑项,
,
∴.
当且仅当,即时,上式等号成立,故当时,。
【变式2】已知,且,求的最小值。
【答案】16.
,
当且仅当时,上式等号成立,
又,可得时, 。
类型三:不等式的证明
例5.设为正数,用综合法证明:.
【思路点拨】将不等式从左向右给予证明.
【解析】
【总结升华】本题是从已知条件出发,通过巧妙拼凑,利用平均值不等式的有关定理,进而证明结论,即“由因寻果”,运用了综合法这一基本的证明方法.
举一反三:
【变式1】已知,,c均为正数,利用综合法证明:,并确定为何值时,等号成立.
【证明】
证法一:因为,,c均为正数,
所以, ①
,
将上式两边平方,得 , ②
将①②不等式两边相加,得 .
又, ③
所以原不等式成立.
当且仅当时,①式和②式等号成立;
当且仅当时,③式等号成立.
即当且仅当时,原式等号成立.
证法二:因为均为正数,由基本不等式得,
所以. ①
同理, ②
故. ③
所以原不等式成立.
当且仅当时,①式和②式等号成立;
当且仅当,时,③式等号成立.
即当且仅当==c=3时,原式等号成立.
【变式2】设、、c三数成等比数列,而、y分别为、和、c的等差中项.
试证:
【证明】依题意,、、c三数成等比数列,即 ,
由比例性质有: .
又由题设: ,
所以
原题得证.
例6.已知,用分析法证明:.
【证明】
【总结升华】分析法是由果索因,在用分析法证明问题时,一定要恰当运用“要证”、“只要证”、“即证”、“也即证”等用语.
举一反三:
【变式1】已知函数.
若,且,用分析法证明:.
【证明】
要证
即证明
只需证明
只需证明,
由于,故,
所以
故只需证明,
即证.
即证,
因为,且,所以上式成立.
所以.
【变式2】设,用分析法证明:.
【证明】
要证 ,
只要证 ,
即证 ,
也就是证 ,
只要证 ,
即证 ,
因为 >0,
也就是证 ,
由条件可知,显然成立.
故.
例7. 用比较法证明:..
【思路点拨】本题用比较法给予证明.
【证明】证法一:求差比较法:
解法二:求商比较法:
【总结升华】比较法是证明不等式的一种最基本、最重要的一种方法,用比较法证明不等式的步骤是:作差(商)—变形—判断符号(比较与1的大小)—下结论。
举一反三:
【变式1】设不等式|2x-1|<1的解集为M.
(1)求集合M;
(2)若a,b∈M,试比较与的大小.
【答案】(1)由|2x-1|<1,得-1<2x-1<1,
解得0<x<1,所以M={x|0<x<1}.
(2)由(1)和a,b∈M可知0<a<1,0<b<1.
所以(ab+1)-(a+b)=(a-1)(b-1)>0,
故ab+1>a+b.
当m>1时,y=logmX在(0,+∞)上递增,
∴
当0<m<1时logmX在(0,+∞)上单调递减,
∴.
【变式2】设,试比较与的大小.
【解析】
∵,,
∴.
例8. 用放缩法证明:
【证明】
【总结升华】在不等式的证明中,“放”和“缩”是常用的推证技巧.“放”和“缩”的方向与“放”和“缩”的量的大小是由题目分析得出的.常见的放缩变换有变换分式的分子和分母,如上面不等式中k∈N+,k>1时,
举一反三:
【变式】函数,用放缩法证明: .
【证明】=1-
得
.
例9.已知,用反证法证明:.
【思路点拨】首先假设结论的否命题成立,以此为条件推出一个错误的结论.
【解析】
【总结升华】结论中若有“都是”、“都不是”、“至多”、“至少”等字眼,或直接从正面证明较为困难的问题,一般可以考虑使用反证法.
举一反三:
【变式1】试证一元二次方程至多有两个不同的实根.
【证明】假设一元二次方程有两个以上的实数根,且各不相 等。令为方程的三个相异实根,则:
这与各不相等矛盾。故原命题成立。
【变式2】若为自然数,且,则中至少有一个为偶数。
【证明】假定均为奇数,令,
类型四:不等式的应用
例10.某商场销售某种商品的经验表明,该商品每日的销售量(单位:千克)与销售价格(单位:元/千克)满足关系式,其中,为常数.已知销售价格为5元/千克时,每日可售出该商品11千克.
(1)求的千克;
(2)若该商品的成品为3元/千克,试确定销售价格的值,使商场每日销售该商品所获得利润最大.
【解析】(1)=5时,,解得=2.
(2)由(1)可知,该商品每日销售量,所以商场每日销售该商品所获得利润为:
当且仅当,即=4时取“=”号.
所以,当销售价格为4元/千克时,使商场每日销售该商品所获得利润最大,最大利润为42元.
【总结升华】用平均值不等式解决此类问题时,应按如下步骤进行:
(1)理解题意,设变量,设变量时一般把要求最大值或最小值的变量定为函数;
(2)建立相应的函数关系式,把实际问题抽象为函数的最大值或最小值问题;
(3)在定义域内,求出函数的最大值或最小值;
(4)正确写出答案.
举一反三:
【变式1】设计一副宣传画,要求画面面积为4840cm2,画面的宽与高的比为(<1),画面的上下各留出8cm的空白,左右各留5cm的空白,怎样确定画面的高与宽的尺寸,能使宣传画所用纸张面积最小?
【解析】设画面的宽为 cm,面积为S cm2,则
当且仅当,即取等号.
所以,当画面的宽为55 cm、高为88 cm时,宣传画所用纸张面积最小.
【变式2】用篱笆围一个面积为100m2的矩形菜园,问这个矩形菜园长、宽个为多少时,所用篱笆最短?最短的篱笆是多少?
【解析】设矩形菜园的长为 m,宽为y m,则y=100,篱笆的长为2(+y)m.
由可得,
∴2(+y)≥40,
当且仅当=y时等号成立,此时=y=10.
∴这个矩形的长、宽都为10m时,所用篱笆最短,最短篱笆是40 m.