• 360.19 KB
  • 2021-10-25 发布

高中物理人教版必修2练习:第七章 第9讲 习题课:动能定理 word版含解析

  • 7页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
第 9 讲 习题课:动能 定理 [时间:60 分钟] 题组一 应用动能定理求变力做的功 1.如图 1 所示,AB 为1 4 圆弧轨道,BC 为水平直轨道,圆弧的半径为 R,BC 的长度也是 R, 一质量为 m 的物体与两个轨道间的动摩擦因数都为μ,当它由轨道顶端 A 从静止开始下落,恰 好运动到 C 处停止,那么物体在 AB 段克服摩擦力所做的功为( ) 图 1 A.1 2μmgR B.1 2mgR C.-mgR D.(1-μ)mgR 2.如图 2 所示,光滑斜面的顶端固定一弹簧,一小球向右滑行,并冲上固定在地面上的斜面.设 小球在斜面最低点 A 的速度为 v,压缩弹簧至 C 点时弹簧最短,C 点距地面高度为 h,则从 A 到 C 的过程中弹簧弹力做功是( ) 图 2 A.mgh-1 2mv2 B.1 2mv2-mgh C.-mgh D.- mgh+1 2mv2 3.质量为 m 的汽车在平直公路上行驶,发动机的功率 P 和汽车受到的阻力 Ff 均恒定不变, 在时间 t 内,汽车的速度由 v0 增加到最大速度 vm,汽车前进的距离为 s,则此段时间内发动机 所做的功 W 可表示为( ) A.W=Pt B.W=Ffs C.W=1 2mv 2m -1 2mv 20 +Ffs D.W=1 2mv 2m +Ffs 题组二 应用动能定理分析多过程问题 4.某消防队员从一平台上跳下,下落 2 m 后双脚触地,接着他用双腿弯曲的方法缓冲,使自 身的重心又下降了 0.5 m,在着地过程中地面对他双脚的平均作用力估计为( ) A.自身所受重力的 2 倍 B.自身所受重力的 5 倍 C.自身所受重力的 8 倍 D.自身所受重力的 10 倍 5.木块在水平恒力 F 的作用下,沿水平路面由静止出发前进了 L,随即撤去此恒力,木块沿 原方向又前进了 2L 才停下来,设木块运动全过程中地面情况相同,则摩擦力的大小 Ff 和木块 所获得的最大动能 Ek 分别为( ) A.Ff=F 2 Ek=FL 2 B.Ff=F 2 Ek=FL C.Ff=F 3 Ek=2FL 3 D.Ff=2 3F Ek=FL 3 6.在平直公路上,汽车由静止开始做匀加速直线运动,当速度达到 vmax 后,立即关闭发动机直 至静止,v-t 图象如图 3 所示,设汽车的牵引力为 F,受到的摩擦力为 Ff,全程中牵引力做功 为 W1,克服摩擦力做功为 W2,则( ) 图 3 A.F∶Ff=1∶3 B.W1∶W2=1∶1 C.F∶Ff=4∶1 D.W1∶W2=1∶3 7.某旅游景点的滑沙场如图 4 甲所示,滑道可看做斜面,一名旅游者乘同一个滑沙撬从 A 点 由静止出发,先后沿倾角不同的滑道 AB 和 AB′滑下,最后停在水平沙面上,示意图如图乙 所示,设滑沙撬和沙面间的动摩擦因数处处相同,则该旅游者( ) 图 4 A.沿两滑道滑行的位移一定相等 B.沿两滑道滑行的时间一定相等 C.沿两滑道滑行的总路程一定相等 D.到达 B 点和 B′点的速度相同 题组三 综合应用 8.如图 5 所示,一个质量为 m=0.6 kg 的小球以某一初速度 v0=2 m/s 从 P 点水平抛出,从粗 糙圆弧 ABC 的 A 点沿切线方向进入(不计空气阻力,进入圆弧时无机械能损失)且恰好沿圆弧 通过最高点 C,已知圆弧的圆心为 O,半径 R=0.3 m,θ=60°,g=10 m/s2.试求: 图 5 (1)小球到达 A 点的速度 vA 的大小; (2)P 点与 A 点的竖直高度 H; (3)小球从圆弧 A 点运动到最高点 C 的过程中克服摩擦力所做的功 W. 9.如图 6 所示,ABCD 为一竖直平面内的轨道,其中 BC 水平,A 点比 BC 高出 10 m,BC 长 1 m,AB 和 CD 轨道光滑.一质量为 1 kg 的物体,从 A 点以 4 m/s 的速度开始运动,经过 BC 后滑到高出 C 点 10.3 m 的 D 点速度为零.(g 取 10 m/s2)求: 图 6 (1)物体与 BC 轨道间的动摩擦因数; (2)物体第 5 次经过 B 点时的速度; (3)物体最后停止的位置(距 B 点多少米). 10.如图 7 所示,光滑水平面 AB 与一半圆形轨道在 B 点相连,轨道位于竖直面内,其半径为 R,一个质量为 m 的物块静止在水平面上,现向左推物块使其压紧弹簧,然后放手,物块在弹 力作用下获得一速度,当它经 B 点进入半圆形轨道瞬间,对轨道的压力为其重力的 7 倍,之 后向上运动恰能完成半圆周运动到达 C 点,重力加速度为 g.求: 图 7 (1)弹簧弹力对物块做的功; (2)物块从 B 到 C 克服阻力的功; (3)物块离开 C 点后,再落回到水平面上时的动能. 11.如图 8 所示,在竖直平面内固定有两个很靠近的同心圆轨道,外圆 ABCD 光滑,内圆的 上半部分 B′C′D′粗糙,下半部分 B′A′D′光滑.一质量为 m=0.2 kg 的小球从外轨道 的最低点 A 处以初速度 v0 向右运动,小球的直径略小于两圆的间距,小球运动的轨道半径 R =0.2 m,取 g=10 m/s2. 图 8 (1)若要使小球始终紧贴着外圆做完整的圆周运动,初速度 v0 至少为多少? (2)若 v0=3 m/s,经过一段时间后小球到达最高点,内轨道对小球的支持力 FC=2 N,则小球 在这段时间内克服摩擦力做的功是多少? (3)若 v0=3.1 m/s,经过足够长的时间后,小球经过最低点 A 时速度 vA 为多少? 答案精析 第 9 讲 习题课:动能定理 1.D [物体从 A 运动到 B 所受的弹力要发生变化,摩擦力大小也要随之变化,所以克服摩擦 力所做的功不能直接由做功的公式求得.而在 BC 段克服摩擦力所做的功,可直接求得.对从 A 到 C 全过程运用动能定理即可求出物体在 AB 段克服摩擦力所做的功. 设物体在 AB 段克服摩擦力所做的功为 WAB,物体从 A 到 C 的全过程,根据动能定理,有 mgR -WAB-μmgR=0. 所以有 WAB=mgR-μmgR=(1-μ)mgR.] 2.A [由 A 到 C 的过程运用动能定理可得:-mgh+W=0-1 2mv2,所以 W=mgh-1 2mv2,故 A 正确.] 3.AC [由题意知,发动机功率不变,故 t 时间内发动机做功 W=Pt,所以 A 正确;车做加 速运动,故牵引力大于阻力 Ff,故 B 错误;根据动能定理 W-Ffs=1 2mv 2m -1 2mv 20 ,所以 C 正 确,D 错误.] 4.B [设地面对双脚的平均作用力为 F,在全过程中,由动能定理得 mg(H+h)-Fh=0 F=mgH+h h =2+0.5 0.5 mg=5mg,B 正确.] 5.C 6.BC [对汽车运动的全过程,由动能定理得:W1-W2=ΔEk=0,所以 W1=W2,选项 B 正 确,选项 D 错误;由图象知 x1∶x2=1∶4.由动能定理得 Fx1-Ffx2=0,所以 F∶Ff=4∶1,选 项 A 错误,选项 C 正确.] 7.A 8.(1)4 m/s (2)0.6 m (3)1.2 J 解析 (1)在 A 处由速度的合成得 vA= v0 cos θ 代值解得 vA=4 m/s (2)P 到 A 小球做平抛运动,竖直分速度 vy=v0tan θ 由运动学规律有 v 2y =2gH 由以上两式解得 H=0.6 m (3)恰好过 C 点满足 mg=mv 2C R 由 A 到 C 由动能定理得 -mgR(1+cos θ)-W=1 2mv 2C -1 2mv 2A 代入解得 W=1.2 J. 9.(1)0.5 (2)4 11 m/s (3)距 B 点 0.4 m 解析 (1)由动能定理得 -mg(h-H)-μmgsBC=0-1 2mv 21 ,解得μ=0.5. (2)物体第 5 次经过 B 点时,物体在 BC 上滑动了 4 次,由动能定理得 mgH-μmg·4sBC=1 2mv 22 -1 2mv 21 ,解得 v2=4 11 m/s (3)分析整个过程,由动能定理得 mgH-μmgs=0-1 2mv 21 , 解得 s=21.6 m. 所以物体在轨道上来回运动了 10 次后,还有 1.6 m,故距 B 点的距离为 2 m-1.6 m=0.4 m. 10.见解析 解析 (1)由动能定理得 W=1 2mv 2B 在 B 点由牛顿第二定律得 7mg-mg=mv 2B R 解得 W=3mgR (2)物块从 B 到 C 由动能定理得 1 2mv 2C -1 2mv 2B =-2mgR+W′ 物块在 C 点时 mg=mv 2C R 解得 W′=-1 2mgR,即物体从 B 到 C 克服阻力做功为 1 2mgR. (3)物块从 C 点平抛到水平面的过程中,由动能定理得 2mgR=Ek-1 2mv 2C ,Ek=5 2mgR 11.(1) 10 m/s (2)0.1 J (3)2 m/s 解析 (1)设此情形下小球到达外轨道的最高点的最小速度为 vC,则由牛顿第二定律可得 mg =mv2C R 由动能定理可知-2mgR=1 2mv 2C -1 2mv 20 代入数据解得:v0= 10 m/s. (2)设此时小球到达最高点的速度为 vC′,克服摩擦力做的功为 Wf,则由牛顿第二定律可得 mg-FC=mvC′2 R 由动能定理可知-2mgR-Wf=1 2mvC′2-1 2mv 20 代入数据解得:Wf=0.1 J (2)经过足够长的时间后,小球在下半圆轨道内做往复运动.设小球经过最低点的速度为 vA, 则由动能定理可知 mgR=1 2mv 2A 代入数据解得:vA=2 m/s.