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- 2021-10-25 发布
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第 9 讲 习题课:动能
定理
[时间:60 分钟]
题组一 应用动能定理求变力做的功
1.如图 1 所示,AB 为1
4
圆弧轨道,BC 为水平直轨道,圆弧的半径为 R,BC 的长度也是 R,
一质量为 m 的物体与两个轨道间的动摩擦因数都为μ,当它由轨道顶端 A 从静止开始下落,恰
好运动到 C 处停止,那么物体在 AB 段克服摩擦力所做的功为( )
图 1
A.1
2μmgR B.1
2mgR C.-mgR D.(1-μ)mgR
2.如图 2 所示,光滑斜面的顶端固定一弹簧,一小球向右滑行,并冲上固定在地面上的斜面.设
小球在斜面最低点 A 的速度为 v,压缩弹簧至 C 点时弹簧最短,C 点距地面高度为 h,则从 A
到 C 的过程中弹簧弹力做功是( )
图 2
A.mgh-1
2mv2 B.1
2mv2-mgh C.-mgh D.- mgh+1
2mv2
3.质量为 m 的汽车在平直公路上行驶,发动机的功率 P 和汽车受到的阻力 Ff 均恒定不变,
在时间 t 内,汽车的速度由 v0 增加到最大速度 vm,汽车前进的距离为 s,则此段时间内发动机
所做的功 W 可表示为( )
A.W=Pt B.W=Ffs
C.W=1
2mv 2m -1
2mv 20 +Ffs D.W=1
2mv 2m +Ffs
题组二 应用动能定理分析多过程问题
4.某消防队员从一平台上跳下,下落 2 m 后双脚触地,接着他用双腿弯曲的方法缓冲,使自
身的重心又下降了 0.5 m,在着地过程中地面对他双脚的平均作用力估计为( )
A.自身所受重力的 2 倍
B.自身所受重力的 5 倍
C.自身所受重力的 8 倍
D.自身所受重力的 10 倍
5.木块在水平恒力 F 的作用下,沿水平路面由静止出发前进了 L,随即撤去此恒力,木块沿
原方向又前进了 2L 才停下来,设木块运动全过程中地面情况相同,则摩擦力的大小 Ff 和木块
所获得的最大动能 Ek 分别为( )
A.Ff=F
2 Ek=FL
2 B.Ff=F
2 Ek=FL
C.Ff=F
3 Ek=2FL
3 D.Ff=2
3F Ek=FL
3
6.在平直公路上,汽车由静止开始做匀加速直线运动,当速度达到 vmax 后,立即关闭发动机直
至静止,v-t 图象如图 3 所示,设汽车的牵引力为 F,受到的摩擦力为 Ff,全程中牵引力做功
为 W1,克服摩擦力做功为 W2,则( )
图 3
A.F∶Ff=1∶3 B.W1∶W2=1∶1
C.F∶Ff=4∶1 D.W1∶W2=1∶3
7.某旅游景点的滑沙场如图 4 甲所示,滑道可看做斜面,一名旅游者乘同一个滑沙撬从 A 点
由静止出发,先后沿倾角不同的滑道 AB 和 AB′滑下,最后停在水平沙面上,示意图如图乙
所示,设滑沙撬和沙面间的动摩擦因数处处相同,则该旅游者( )
图 4
A.沿两滑道滑行的位移一定相等
B.沿两滑道滑行的时间一定相等
C.沿两滑道滑行的总路程一定相等
D.到达 B 点和 B′点的速度相同
题组三 综合应用
8.如图 5 所示,一个质量为 m=0.6 kg 的小球以某一初速度 v0=2 m/s 从 P 点水平抛出,从粗
糙圆弧 ABC 的 A 点沿切线方向进入(不计空气阻力,进入圆弧时无机械能损失)且恰好沿圆弧
通过最高点 C,已知圆弧的圆心为 O,半径 R=0.3 m,θ=60°,g=10 m/s2.试求:
图 5
(1)小球到达 A 点的速度 vA 的大小;
(2)P 点与 A 点的竖直高度 H;
(3)小球从圆弧 A 点运动到最高点 C 的过程中克服摩擦力所做的功 W.
9.如图 6 所示,ABCD 为一竖直平面内的轨道,其中 BC 水平,A 点比 BC 高出 10 m,BC 长
1 m,AB 和 CD 轨道光滑.一质量为 1 kg 的物体,从 A 点以 4 m/s 的速度开始运动,经过 BC
后滑到高出 C 点 10.3 m 的 D 点速度为零.(g 取 10 m/s2)求:
图 6
(1)物体与 BC 轨道间的动摩擦因数;
(2)物体第 5 次经过 B 点时的速度;
(3)物体最后停止的位置(距 B 点多少米).
10.如图 7 所示,光滑水平面 AB 与一半圆形轨道在 B 点相连,轨道位于竖直面内,其半径为
R,一个质量为 m 的物块静止在水平面上,现向左推物块使其压紧弹簧,然后放手,物块在弹
力作用下获得一速度,当它经 B 点进入半圆形轨道瞬间,对轨道的压力为其重力的 7 倍,之
后向上运动恰能完成半圆周运动到达 C 点,重力加速度为 g.求:
图 7
(1)弹簧弹力对物块做的功;
(2)物块从 B 到 C 克服阻力的功;
(3)物块离开 C 点后,再落回到水平面上时的动能.
11.如图 8 所示,在竖直平面内固定有两个很靠近的同心圆轨道,外圆 ABCD 光滑,内圆的
上半部分 B′C′D′粗糙,下半部分 B′A′D′光滑.一质量为 m=0.2 kg 的小球从外轨道
的最低点 A 处以初速度 v0 向右运动,小球的直径略小于两圆的间距,小球运动的轨道半径 R
=0.2 m,取 g=10 m/s2.
图 8
(1)若要使小球始终紧贴着外圆做完整的圆周运动,初速度 v0 至少为多少?
(2)若 v0=3 m/s,经过一段时间后小球到达最高点,内轨道对小球的支持力 FC=2 N,则小球
在这段时间内克服摩擦力做的功是多少?
(3)若 v0=3.1 m/s,经过足够长的时间后,小球经过最低点 A 时速度 vA 为多少?
答案精析
第 9 讲 习题课:动能定理
1.D [物体从 A 运动到 B 所受的弹力要发生变化,摩擦力大小也要随之变化,所以克服摩擦
力所做的功不能直接由做功的公式求得.而在 BC 段克服摩擦力所做的功,可直接求得.对从
A 到 C 全过程运用动能定理即可求出物体在 AB 段克服摩擦力所做的功.
设物体在 AB 段克服摩擦力所做的功为 WAB,物体从 A 到 C 的全过程,根据动能定理,有 mgR
-WAB-μmgR=0.
所以有 WAB=mgR-μmgR=(1-μ)mgR.]
2.A [由 A 到 C 的过程运用动能定理可得:-mgh+W=0-1
2mv2,所以 W=mgh-1
2mv2,故
A 正确.]
3.AC [由题意知,发动机功率不变,故 t 时间内发动机做功 W=Pt,所以 A 正确;车做加
速运动,故牵引力大于阻力 Ff,故 B 错误;根据动能定理 W-Ffs=1
2mv 2m -1
2mv 20 ,所以 C 正
确,D 错误.]
4.B [设地面对双脚的平均作用力为 F,在全过程中,由动能定理得 mg(H+h)-Fh=0
F=mgH+h
h
=2+0.5
0.5
mg=5mg,B 正确.]
5.C
6.BC [对汽车运动的全过程,由动能定理得:W1-W2=ΔEk=0,所以 W1=W2,选项 B 正
确,选项 D 错误;由图象知 x1∶x2=1∶4.由动能定理得 Fx1-Ffx2=0,所以 F∶Ff=4∶1,选
项 A 错误,选项 C 正确.]
7.A
8.(1)4 m/s (2)0.6 m (3)1.2 J
解析 (1)在 A 处由速度的合成得 vA= v0
cos θ
代值解得 vA=4 m/s
(2)P 到 A 小球做平抛运动,竖直分速度 vy=v0tan θ
由运动学规律有 v 2y =2gH
由以上两式解得 H=0.6 m
(3)恰好过 C 点满足 mg=mv 2C
R
由 A 到 C 由动能定理得
-mgR(1+cos θ)-W=1
2mv 2C -1
2mv 2A
代入解得 W=1.2 J.
9.(1)0.5 (2)4 11 m/s (3)距 B 点 0.4 m
解析 (1)由动能定理得
-mg(h-H)-μmgsBC=0-1
2mv 21 ,解得μ=0.5.
(2)物体第 5 次经过 B 点时,物体在 BC 上滑动了 4 次,由动能定理得 mgH-μmg·4sBC=1
2mv 22
-1
2mv 21 ,解得 v2=4 11 m/s
(3)分析整个过程,由动能定理得 mgH-μmgs=0-1
2mv 21 ,
解得 s=21.6 m.
所以物体在轨道上来回运动了 10 次后,还有 1.6 m,故距 B 点的距离为 2 m-1.6 m=0.4 m.
10.见解析
解析 (1)由动能定理得 W=1
2mv 2B
在 B 点由牛顿第二定律得 7mg-mg=mv 2B
R
解得 W=3mgR
(2)物块从 B 到 C 由动能定理得
1
2mv 2C -1
2mv 2B =-2mgR+W′
物块在 C 点时 mg=mv 2C
R
解得 W′=-1
2mgR,即物体从 B 到 C 克服阻力做功为 1
2mgR.
(3)物块从 C 点平抛到水平面的过程中,由动能定理得
2mgR=Ek-1
2mv 2C ,Ek=5
2mgR
11.(1) 10 m/s (2)0.1 J (3)2 m/s
解析 (1)设此情形下小球到达外轨道的最高点的最小速度为 vC,则由牛顿第二定律可得 mg
=mv2C
R
由动能定理可知-2mgR=1
2mv 2C -1
2mv 20
代入数据解得:v0= 10 m/s.
(2)设此时小球到达最高点的速度为 vC′,克服摩擦力做的功为 Wf,则由牛顿第二定律可得
mg-FC=mvC′2
R
由动能定理可知-2mgR-Wf=1
2mvC′2-1
2mv 20
代入数据解得:Wf=0.1 J
(2)经过足够长的时间后,小球在下半圆轨道内做往复运动.设小球经过最低点的速度为 vA,
则由动能定理可知 mgR=1
2mv 2A
代入数据解得:vA=2 m/s.
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