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- 2021-11-10 发布
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2020年四川省泸州市中考物理试卷
一、选择题
1. 夏季,泸州市江阳公园的音乐喷泉随音乐舞动,供市民欣赏。以下关于声现象说法正确的是( )
A.音箱发出的音乐不是振动产生的
B.声音在传播过程中,可以传递信息
C.区别吉它和小提琴的声音是因为它们的音调不同
D.声波在不同介质中传播时,速度保持340m/s不变
2. 请你朋友到国家优秀旅游城市泸州品尝各地的传统特色美食。以下关于泸州各地美食中所涉及到的物理知识,描述正确的是( )
A.“泸州白糕“出笼时冒出的“白汽”,是笼中的水蒸气汽化吸热形成的
B.“叙永两河桃片“在制作过程中,把猪板油放入锅中,猪板油熔化时会放出热量
C.“合江烤鱼“在烤制过程中,鱼的内能增加,这是通过做功的方式改变其内能
D.“泸县太伏火腿”在烹饪过程中,散发出浓浓的香味,这是分子做无规则运动的缘故
3. “从生活走向物理,从物理走向社会”。对下列生活中的事例,判断错误的是( )
A.“小王比小李胖”是指小王的体重一定大于小李的体重
B.“铁比木头重”是指铁的密度大于木头的密度
C.用手机上网时,不能随意点击陌生链接,防止个人信息泄露
D.大功率家用电器需要安装漏电保护装置,否则漏电时会危及生命和财产安全
4. 公交IC卡是我市市民出行的好帮手。IC卡在刷卡机上刷过时,刷卡机的检测器就会产生感应电流,便可读出IC卡上的信息。下列图中各电器的工作原理与IC卡刷卡时原理相同的是( )
A.电风扇 B.电动机
C.手摇发电机 D.电磁铁
5. 2020年6月21日下午,泸州地区上空出现了日环食现象,如图所示。下列各图中的光学现象与日环食现象原理相同的是( )
A.小孔成像
B.平面镜成像
C.水中的鱼看起来变浅了
D.雨后空中彩虹
6. 2020年6月23日,在西昌卫星发射中心用长征三号运载火箭,成功发射北斗三号全球卫星导航系统的最后一颗组网卫星,实现北斗导航系统全球覆盖。下列说法中正确的是( )
A.北斗导航卫星发射的电磁波不能在真空中传播
B.北斗导航系统中卫星间的信息传递采用光纤传送
C.北斗导航系统中的地球同步卫星相对地面是运动的
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D.在轨运行的北斗导航卫星受到非平衡力的作用
7. 泸州“国窖1573“闻名世界。我市国窖广场的水平地面上竖直放置了“中国第一窖”的石头纪念标志,如图所示。下列说法中正确的是( )
A.由于该石头静止在地面上,所以没有惯性
B.石头对地面的压力和石头所受的重力是一对相互作用力
C.石头所受重力和地面对石头的支持力是一对平衡力
D.地面对石头的支持力小于石头对地面的压力
8. 2020年泸州市中考体育测试中有必考、抽考和选考科目,包括短跑、跳绳、实心球、立定跳远、带足球绕杆、运篮球上篮等。以下关于体考中的物理知识,说法正确的是( )
A.学生在短跑过程中,机械能转化为化学能
B.学生带足球绕杆的运动,说明力可以改变物体的运动状态
C.学生投掷的实心球在飞行的整个过程中,动能一直在减小
D.学生在立定跳远的整个过程中,他的重力势能一直不变
9. 如图所示,同一个球在A液体中处于漂浮状态,在B液体中处于悬浮状态。下列判断正确的是( )
A.A液体的密度小于B液体的密度
B.A液体的密度大于B液体的密度
C.球在A液体中受到的浮力小于在B液体中受到的浮力
D.球在A液体中受到的浮力大于在B液体中受到的浮力
10. 在泸州市第35届科技创新大赛上,某学生在现场展示了科创作品。他把橡胶管一端放入位置较低盛有冷水的烧杯中,另一端与塑料瓶盖相连并密封,在空塑料瓶中倒入少许热水摇晃后倒掉,然后迅速用瓶盖盖住瓶口并拧紧,发现烧杯中的水通过橡胶管慢慢流入位置较高的瓶内,如图所示。下列说法中正确的是( )
A.塑料瓶中倒入热水摇晃后倒掉,目的是让瓶内空气增加
B.用瓶盖盖住瓶口并拧紧,目的是让瓶内气压始终等于大气压
C.烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶,是利用了连通器原理
D.烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶,是因为瓶内气压小于大气压
11. 某兴趣小组探究小台灯电路中各物理量的关系,如图所示。已知小灯泡的规格为“3V 0.9W”,假设灯泡电阻不变,电源电压为3V.在探究过程中,闭合开关S,无论如何调节滑动变阻器,电流表示数都不会低于0.1
A.则下列说法中正确的是( ) A.小灯泡的电阻为10Ω
B.当电流表示数为0.2A时,电压表示数为2V
C.滑动变阻器的最大阻值为30Ω
D.该电路消耗的最大功率与最小功率之比为3:1
12. 如图所示,已知固定斜面长5m、倾角为30∘,木箱重150N.某同学用大小为100N的推力沿斜面向上推木箱,使木箱沿斜面匀速从底端运动到顶端的过程中,关于木箱所受的力对木箱做的功,下列判断正确的是( )
A.木箱克服重力做功的大小为500J
B.木箱克服斜面摩擦力做功的大小为125J
C.推力做功的大小为500J
D.斜面支持力做功的大小为375J
二、非选择题
2020年6月28日,国产大飞机C919
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在新疆吐鲁番交河机场完成了高温极端天气下的试飞。飞机翅膀做成下平上凸形状,飞行时飞机翅膀上部空气流速快压强________(选填“大”或“小”),使飞机获得升力;飞机轮胎表面有凹凸不平的花纹,有利于着陆减速时________(选填“增大“或“减小”)摩擦;飞机在高空飞行过程中与空气________(选填“摩擦”或“接触”)起电使飞机带上电荷,轮胎中加钢丝的目的,是为了使飞机在着陆时将机身所带电荷导入大地,保证乘客安全。
疫情期间,某学校门口安装了一台双光温测智能识别系统,大幅度地提高了测温效率和人员识别能力,如图所示。测量温度主要利用了红外线具有热效应的特点,红外线是一种________(选填“电磁波”或“声波”);光学成像系统的摄像头镜片是________(选填“凸透镜”、“凹透镜”或“平面镜”);当人体体温超过37.3∘C时,系统通过________(选填“温度”、“压力”或“速度”)传感器,触发系统自动报警。
泸州云龙机场用传送带为顾客运送行李,主要有水平运送和沿斜面运送两种形式,甲为水平传送带,乙为倾斜传送带,如图所示。当行李随传送带一起匀速运动时,甲传送带上的行李所受的摩擦力________(选填“等于零”或“不等于零”),乙传送带上的行李所受的摩擦力________(选填“等于零”或“不等于零”)。如果乙传送带上的行李随传送带向下做匀速运动,则行李在运动中受到的摩擦力方向沿传送带________(选填“向上”或“向下”)。
随着我市城市化步伐加快,计划建两条电气化城市轻轨。其中一条是泸州客运中心到泸州南站,里程大约24km,设计列车运行时间24min,则列车运行全程的平均速度约为________km/h;列车运行时将________能转化为机械能;列车减速进站时,其动能________(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
如图所示,站在水平面上的建筑工人竖直拉着绳,通过滑轮组将540N的重物在5s内匀速提升1m。已知工人重600N,与地面的接触总面积为0.04m2,动滑轮重100N,不计绳重和滑轮的摩擦。重物被匀速提升过程中,绳自由端的速度为________m/s,人对地面的压强为________Pa.若用该滑轮组竖直匀速提升更重的物体,则滑轮组的机械效率将________(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
现阶段核潜艇的动力系统是由原子核________(选填“裂变”或“聚变”)提供的。泸州正加快对页岩气的安全开采,页岩气和核能都属于________(选填“可再生”或“不可再生”)能源。若用燃气灶将一壶质量为3kg、初始温度为20∘C的水加热到80∘C,消耗了0.1m3的页岩气。已知水的比热容4.2×103J/(kg⋅∘C),页岩气的热值为4.2×107J/m3,则该燃气灶烧水的效率为________%。
小聪家的电能表如图所示,由此可知,小聪家允许接入电路的最大功率为________kW;小聪家有一个规格为“220V 1000W”的用电器,可能是________(选填“台灯”、“电饭锅”或“电视机”)。当电路中只有这一用电器正常工作10min,电能表的转盘转了________转。
某兴趣小组设计了一个力电综合装置,在轻质杠杆的左端点A,用竖直细线通过定滑轮与弹簧测力计相连,杠杆的右端点B,用细线悬挂一条形磁铁,在条形磁铁正下方的螺线管与电路相连,如图所示。开关闭合前,当弹簧测力计的示数为7.5N时,杠杆在水平位置平衡,已知OA:OB=2:3,不计绳重和摩擦。则条形磁铁的重力等于________N;闭合开关S后,螺线管上端为________(选填“N极”或“S极”),为了保持杠杆水平平衡,弹簧测力计的示数________(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
小李在实验室取出−10∘C的冰进行加热实验,她观察冰熔化成水直到沸腾的过程并记录相关数据,绘制成如图所示的温度随时间变化的图象。根据图象可知0∼4min内这块冰的内能________(选填“增加”或“不变”),加热到6min时,将处于________(选填“固态”、“液态”或“固液共存态”),加热到________min,水开始沸腾。
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小聪将一根橡皮筋左端固定在墙上,用弹簧测力计拉其右端来“探究两个分力与合力的关系”。
(1)实验中使用的弹簧测力计如图甲所示,其分度值为________N;
(2)小聪用两个弹簧测力计一起沿相同方向作用于橡皮筋上拉到A点,此时两个弹簧测力计的示数分别为F1=3.0N、F2=4.0N;小聪只用一个弹簧测力计把橡皮筋也拉到A点,弹簧测力计的示数F=7.0N,如图乙所示。F的作用效果F1、F2共同作用的效果相同,即F为F1和F2的合力,这种探究物理规律的方法是________(选填“控制变量法”或“等效替代法”);
(3)小聪在实验中突发奇想,将两弹簧测力计相互垂直作用在橡皮筋上拉到B点,记下两弹簧测力计的示数分别为F1=3.0N、F2=4.0N;然后只用一个弹簧测力计把橡皮筋也拉到B点,如图丙所示,读出弹簧测力计的示数F′=________N.根据你对合力与分力的理解,判断F′________(选填“是”或“不是”)F3、F4的合力。
在“测量小灯泡电功率“的实验中,电源电压为3V,小灯泡额定电压为2.5V。
(1)小王同学连接电路时,开关应处于________(选填“闭合”或“断开”)状态。小王已连接了部分电路,如图甲所示。要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大,你应将电流表的负极与滑动变阻器上的________(选填“A”、“B”、“D”或“P”)点相连;
(2)小王连接好电路后,闭合开关,逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值,发现小灯泡始终不亮,电压表有示数,电流表指针几乎不偏转,此现象的原因可能是________(选填“开关”、“小灯泡”、“滑动变阻器”或“电流表”)出现故障;
(3)排除故障后,闭合开关,移动滑动变阻器滑片P,观察到两电表示数在变化,并做好数据记录。小王根据多组实验数据绘制的U−I图象如图乙所示,根据图象可得小灯泡的额定功率是________W,此时小灯泡的电阻是________Ω;
(4)小王还发现图线在电流较小时是直线,随着电流增大,图线变成了一条曲线,如图乙所示。造成这变化的原因是小灯泡的________随温度变化而变化;。
(5)滑动变阻器的滑P移动一段距离,设小灯泡与滑动变阻器两端的电压变化量的绝对值分别为△U1、△U2,则△U1________△U2(选填“>”、“<”或“=”)。
电学实验室有一种恒流电源,将电源接入电路工作时,该电源输出恒定的电流,而电源两端的电压会随着外电路的电阻变化而变化。小浩在一次实验时,将恒流电源接入如图所示的电路中,其中R1、R2均为定值电阻。只闭合开关S1时,电压表示数U1=6V,此时电阻R1消耗的电功率P=3.6W。
(1)求该恒流电源输出的恒定电流;
(2)若同时闭合开关S1、S2时,电压表示数变为U2=4V,求定值电阻R2的阻值;
(3)若同时闭合开关S1、S2,通电1min,求电阻R2产生的热能。
借浮力起重,是我国古代的一个创造。如图所示为某一次起重涉及的物理原理简化示意图。有一个底面积S1=2m2的圆柱形空金属容器A平放在水平地面上,其内放置一个厚度不计、底面积S2=1.5m2的圆柱形金属容器B,容器B质量m1=500kg,内装有m2=3×103kg的水。(取g=10Nkg,ρ=1.0×103kg/m3)
(1)求容器B中的水对容器B底部的压强;
(2)将容器B中的水往外抽到容器A中,当所抽水的质量m3=600kg时,则容器B内外水的深度差是多少?此时容器B对容器A的压力是多少?
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参考答案与试题解析
2020年四川省泸州市中考物理试卷
一、选择题
1.
【答案】
B
【考点】
声音的产生
音色
声速的大小跟介质温度的关系
声与信息
声速
【解析】
(1)声音都是物体振动产生的。
(2)声音可以传递信息,也可以传递能量。
(3)通过音色来鉴别是什么物体发声。
(4)声速跟介质种类和温度有关。
【解答】
A、音箱发出的音乐是锥形纸盆的振动产生的,故A错误。
B、声音在传播过程中可以传递信息,也可以传递能量,故B正确。
C、区别吉它和小提琴的声音是因为它们的音色不同,故C错误。
D、一般情况下,固体传声速度大于液体传声速度,液体传声速度大于气体传声速度,介质不同,声速不同,故D错误。
2.
【答案】
D
【考点】
分子热运动
液化及液化现象
热传递改变物体内能
熔化与熔化吸热特点
【解析】
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华,物质由固态直接变为气态叫升华;由气态变为液态叫液化,由液态变为气态叫汽化;由固态变为液态叫熔化,由液态变为固态叫凝固。
(2)改变内能的方法:做功和热传递。
(3)构成物质的分子在不停地做无规则运动。
【解答】
A、出笼时冒出的“白汽”,是笼中的水蒸气液化放热形成的,故A错误。
B、把猪板油放入锅中,猪板油熔化时会吸收热量,故B错误。
C、在烤制过程中,鱼的内能增加,这是通过热传递的方式改变其内能,故C错误。
D、在烹饪过程中,散发出浓浓的香味,这是分子做无规则运动,扩散到空气中的缘故,故D正确。
3.
【答案】
A
【考点】
密度及其特性
【解析】
(1)不同的物质,其密度一般不同,平时习惯讲“水比油重”就是指水的密度大于油的密度,在相同体积的情况下,水的质量大于油的质量;
(2)注意安全上网,防止个人信息泄露;
(3)大功率电器工作时,通过电路的电流较大,漏电时可能会危及生命和财产安全。
【解答】
A、人的体重和质量成正比,而质量的大小和物体的体积以及密度有关,“小王比小李胖”只能说明小王比小李的体积大,我们不能由此来判断质量的关系,所以也不能判断他们体重的大小关系,故A错误;
B、“铁比木头重”是指铁的密度大于木头的密度,故B正确;
C、用手机上网时,有很多链接是不安全的,所以不能随意点击陌生链接,以防止个人信息泄露,故C正确;
D、大功率家用电器需要安装漏电保护装置,因为大功率电器工作时,通过电路的电流较大,漏电时可能会危及生命和财产安全,故D正确。
4.
【答案】
C
【考点】
电磁感应
【解析】
IC卡在刷卡机上刷过时,刷卡机的检测器就会产生感应电流,便可读出IC卡上的信息,刷卡说明由于运动产生感应电流,这是电磁感应,找出下面工作原理是电磁感应的即可。
【解答】
A、电风扇的主要部分是电动机,电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动,故A错误。
B、电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动,故B错误。
C、手摇发电机的工作原理是电磁感应,所以刷卡机和手摇发电机的工作原理相同,故C正确。
D、电磁铁的工作原理是电流周围产生磁场,故D错误。
5.
【答案】
A
【考点】
光在均匀介质中直线传播
【解析】
(1)小孔成像是由光的直线传播形成的。
(2)平面镜成像是光的反射的重要应用。
(3)水中的鱼看起来变浅了是因为光的折射造成的。
(4)雨后空中彩虹是光的色散形成的。
【解答】
日环食是月球运动到地球和太阳之间,月球遮挡了太阳射向地球的光线,地球上某区域的人会看到日环食,某区域的人会看到日偏食,都是光的直线传播形成的。
A、由于光的直线传播,人上部射出的光线经小孔投射到下方,人下部射出的光线经小孔投射到上方,形成倒立的实像,故小孔成像和日环食都是由光的直线传播形成的,故A正确。
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B、蜡烛射出的光线到平面镜发生反射,反射光线进入眼睛,眼睛逆着光线看去好像从镜后发出的,所以平面镜成像是光的反射形成的,故B错误。
C、鱼射出的光线到水面发生折射,折射光线远离法线,人从岸上看感觉折射光线从鱼的上部发出的,感觉水中的鱼看起来变浅,故C错误。
D、雨后彩虹是太阳光经空气的小冰晶折射形成的,也可以说是太阳光经小冰晶分散成七种颜色的光,故D错误。
6.
【答案】
D
【考点】
电磁波在日常生活中的应用
电磁波的传播
运动和静止的相对性
平衡力的辨别
【解析】
(1)(2)电磁波能够传递信息,导航是利用电磁波传递信息的,电磁波的传播不需要介质,可以在真空中传播;
(3)运动和静止是相对的。研究物体的运动时,必须事先选定一个标准的物体,这个事先被选作标准的物体叫参照物。如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变,则是运动的;如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变,则是静止的;
(4)物体处于静止或匀速直线运动时,处于平衡状态。
【解答】
A、电磁波的传播不需要介质,能够在真空中传播,故A错误;
B、北斗导航系统中卫星间的信息的传递依靠的是电磁波,故B错误;
C、北斗导航系统中的地球同步卫星相对地面之间没有位置的变化,是静止的,故C错误;
D、在轨运行的北斗导航卫星围绕地球做圆周运动,其运动方向发生变化,所以受到非平衡力的作用,故D正确。
7.
【答案】
C
【考点】
惯性
平衡力和相互作用力的区分
【解析】
(1)任何物体都有惯性,与运动状态无关。
(2)二力平衡的条件:作用在同一物体上的两个力;若这两个力大小相等,方向相反,且作用在一条直线上,这两个力就是一对平衡力。
(3)作用力和反作用力是发生在相互作用的物体上,即两个物体上,大小相等,方向相反,作用在同一条直线上。
【解答】
A、任何物体任何情况都有惯性,故A错误。
B、石头对地面的压力和石头所受的重力,方向不相反,且不是相互作用,故B错误;
C、石头所受的支持力与石头所受重力的大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、作用在同一条直线上,是一对平衡力,故C正确;
D、地面对石头的支持力、石头对地面的压力是一对平衡力,大小相等,故D错误;
8.
【答案】
B
【考点】
动能和势能的大小变化
力的作用效果
【解析】
(1)判断能量的转化,我们主要看它要消耗什么能量,得到什么能量,总是消耗的能量转化为得到的能量。
(2)力可以改变物体的运动状态。
(3)影响动能大小的因素是质量和速度,质量一定时,速度越大,动能越大。
(4)影响重力势能大小的因素是质量和高度,质量一定时,高度越高,重力势能越大。
【解答】
A、学生在短跑过程中,消耗体内营养物质,得到机械能,化学能转化为机械能;故A错误;
B、学生带足球绕杆的运动,足球的运动方向不断发生变化,说明力可以改变物体的运动状态;故B正确;
C、学生投掷的实心球在抛出去的实心球,下落过程中,质量不变、高度减小、速度增大,重力势能减小,动能增大;故C错误;
D、学生在立定跳远的整个过程中,他的质量不变,高度先变大后变小,所以重力势能先变大后变小;故D错误。
9.
【答案】
B
【考点】
物体的浮沉条件及其应用
【解析】
根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系。
【解答】
AB、由图可知,物体在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态,
因为ρ液>ρ物时物体漂浮,ρ液=ρ物时物体悬浮,所以甲杯中的液体密度大于乙杯中的液体密度,故A错误,B正确;
CD、因为物体漂浮或悬浮时,受到的浮力和自身的重力相等,因此甲杯液体中物体A受的浮力等于乙杯液体中物体B受的浮力,故CD错误。
10.
【答案】
D
【考点】
大气压的综合应用
【解析】
(1)水蒸气液化,体积变小;
(2)将瓶盖盖住瓶口并拧紧,目的是不让大气进入瓶中;
(3)烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶,利用大气压强;
(4)烧杯中的水上升,是由于大气压的作用。
【解答】
A、往空矿泉水瓶内注入少量的热水,摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖,过一会儿瓶内水蒸气液化,体积变小,瓶内气体压强变小,故A错误;
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B、将瓶盖盖住瓶口并拧紧,目的是不让大气进入瓶中,水蒸气液化,体积变小,瓶内气压小于大气压,故B错误;
C、烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶,是大气压强的作用,不是连通器原理,故C错误;
D、烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶,是因为瓶内气压小于大气压,烧杯中的水在大气压的作用下,流入塑料瓶,故D正确。
11.
【答案】
A,D
【考点】
欧姆定律的应用
电功率的计算
【解析】
由电路图可知,灯泡与滑动变阻器串联,电压表测滑动变阻器两端的电压,电流表测电路中的电流。
(1)知道灯泡的额定电压和额定功率,根据P=UI求出灯泡的额定电流,根据欧姆定律求出灯泡的电阻;
(2)当电流表示数为0.2A时,根据欧姆定律求出灯泡两端的电压,根据串联电路的电压特点可知电压表示数;
(3)由于无论如何调节滑动变阻器,电流表示数都不会低于0.1A,则根据欧姆定律求出电路中的总最大电阻,根据串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路中的最大电阻;
(4)当灯泡正常工作时电路中的电流最大,然后根据P=UI求出消耗的最大功率与最小功率。
【解答】
由I=UR可得:
灯泡电阻RL=UIL=3V0.3A=10Ω,故A正确(1)B、当电流表示数为0.2A时,由I=UR可得:
灯泡两端的电压UL=IRL=0.2A×10Ω=2V,
因串联电路中总电压等于各分电压之和,则滑动变阻器两端的电压U滑=U−UL=3V−2V=1V,即电压表示数为1V,故B错误(2)C、已知电流表示数最小为0.1A,则由I=UR可得:
电路中的总最大电阻为R最大=UI=3V0.1A=30Ω,
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,
所以,滑动变阻器接入电路中的最大阻值:
R滑大=R总−RL=30Ω−10Ω=20Ω,故C错误(3)D、当灯泡正常工作时的电流最大为I最大=IL=0.3A;则消耗的最大功率与最小功率P最大:P最小=UI最大:UI最小=I最大:I最小=0.3A:0.1A=3:1,故D正确。
故选:AD。
12.
【答案】
B,C
【考点】
功的计算
【解析】
(1)根据W=Gh计算木箱克服重力做功的大小;
(2)根据W总=Fs做出总功,克服摩擦力做的额外功W额=W总−W有用;
(3)做功的必要条件:一是作用在物体上的力,二是在力的方向上移动的距离。
【解答】
A、由题意知,木箱的重力G=150N,斜面高h=s×sin30∘=5m×12=2.5m,木箱克服重力做功:W有用=Gh=150N×2.5m=375J,故A错误;
BC、推力F做的功:W总=Fs=100N×5m=500J,克服摩擦力做的额外功W:额=W总−W有用=500J−375J=125J,故BC正确;
D、木箱移动方向与支持力方向垂直,没有在支持力的方向上移动距离,所以斜面的支持力做功为零,故D错误。
二、非选择题
【答案】
小,增大,摩擦
【考点】
摩擦起电
流体压强与流速的关系
摩擦力的利用与防止
【解析】
(1)流体压强与流速的关系:流速越大,压强越小;流速越小,压强越大。
(2)增大摩擦力的方法:在接触面粗糙程度一定时,通过增大压力来增大摩擦力;在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(3)静电危害是由于相互间不断摩擦,从而产生大量的静电,不及时导走,会出现放电危害。
【解答】
(1)飞机翅膀做成下平上凸形状,根据流体压强和流速的关系可知,飞行时飞机翅膀上部空气流速快压强小,飞机翅膀下部空气流速慢压强大,从而使飞机获得向上的升力。
(2)飞机轮胎表面有凹凸不平的花纹,增大了接触面的粗糙程度,在压力一定时,有利于着陆减速时增大摩擦。
(3)飞机在高空飞行过程中与空气摩擦产生大量的静电,使飞机带上电荷,所以轮胎中加钢丝的目的,是为了使飞机在着陆时将机身所带电荷导入大地,保证乘客安全。
故答案为:小;增大;摩擦。
【答案】
电磁波,凸透镜,温度
【考点】
红外线
凸透镜成像的应用
【解析】
(1)红外线是一种不可见光,它与微波、可见光、x射线一样都是电磁波大家族中的一员;
(2)摄像头相当于凸透镜;摄像头的原理与照相机相同,物体应位于其镜头的二倍焦距之外,可成倒立缩小的实像;
(3)任何物体都会发出红外线,物体的温度越高,红外辐射越强。
【解答】
(2)摄像头的镜片是凸透镜,获取脸部特征时,应位于其镜头的二倍焦距之外,可成倒立缩小的实像(1)(3)红外线测温仪的工作原理是将人体的红外线热辐射聚焦到检测器上,系统通过温度传感器,触发报警系统自动报警。
故答案为:电磁波;凸透镜;温度。
【答案】
等于零,不等于零,向上
【考点】
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摩擦力的大小
摩擦力的方向
【解析】
(1)要根据产生摩擦力的条件去分析摩擦力,两物体间没有发生相对运动(或没有相对运动趋势)时不会产生摩擦力。
(2)摩擦力的方向与物体相对运动的趋势相反。
【解答】
甲传送带上的行李随传送带一起匀速运动的过程中,行李与传送带之间相对静止,没有相对运动的趋势,因此不受摩擦力的作用,甲传送带上的行李所受的摩擦力等于零;
乙传送带上的行李随传送带一起匀速运动的过程中,行李与传送带之间相对静止,但行李有向下运动的趋势,因此受摩擦力的作用,乙传送带上的行李所受的摩擦力不等于零;
乙传送带上的行李随传送带向下做匀速运动,行李与传送带之间相对静止,但行李有向下运动的趋势,则行李在运动中受到的摩擦力方向沿传送带向上。
【答案】
60,电,减小
【考点】
变速运动与平均速度
动能和势能的大小变化
【解析】
(1)知道列车行驶的路程和时间,根据v=st求出运行全程的平均速度;
(2)电动机工作时是将电能转化为机械能;
(3)物体的动能与质量和速度有关,当车减速进站时车的速度越来越小,质量不变,动能减小。
【解答】
(2)高铁动车组装有牵引电动机,高铁列车运行时,是将电能转化为机械能(1)(3)车减速进站时,车质量不变,速度减小,动能减小。
故答案为:60;电;减小。
【答案】
0.4,7000,变大
【考点】
滑轮(组)的机械效率
速度公式及其应用
压强的计算公式及其应用
【解析】
(1)由图知,n=2,绳子自由端移动距离s=2h,利用速度公式求绳自由端的速度;
(2)不计绳重和滑轮的摩擦,拉力F=12(G+G动),人对地面的压力等于人的重力减去拉力,再利用p=FS求人对地面的压强;
(3)用同一个滑轮组提升物体时,物重越大,机械效率越高。
【解答】
(2)不计绳重和滑轮的摩擦,拉力F=12(G+G动)=12(540N+100N)=320N,
人对地面的压力:
F压=G人−F=600N−320N=280N,
人对地面的压强:
p=FS=280N0.04m2=7000Pa(1)(3)用该滑轮组提升更重的物体,在提升高度相同时,由于物重增大,则有用功增大,而额外功几乎不变,所以有用功在总功中所占的比例变大,机械效率会变大。
故答案为:0.4;7000;变大。
【答案】
裂变,不可再生,18
【考点】
核聚变和核裂变
能量利用效率
能源的分类
【解析】
(1)核潜艇利用核能工作,核能是原子核的裂变释放的能量。
(2)可再生能源的概念:像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到,把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念:化石能源、核能等能源会越用越少,不能在短期内从自然界得到补充,这类能源称为不可再生能源。
(3)利用Q吸=cm△t求水吸收的热量,再利用Q放=qV求出页岩气燃烧放出的热量,最后运用η=QQ求该燃气灶烧水的效率。
【解答】
(1)核潜艇的动力系统是由原子核裂变提供。
(2)页岩气和核能,使用后不能在短期内从自然界得到补充,都属于不可再生能源。
(3)水吸收的热量为:
Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅∘C)×3kg×(80∘C−20∘C)=7.56×105J,
页岩气燃烧放出的热量为:
Q放=qV=4.2×107J/m3×0.1m3=4.2×106J,
燃气灶烧水的效率为:
η=QQ=7.56×105J4.2×106J×100%=18%。
故答案为:裂变;不可再生;18。
【答案】
11,电饭锅,500
【考点】
电能表参数的理解与电功的测量
电功率的计算
【解析】
(1)电能表上“220V、50A”中,220V是指电能表的工作电压,50A是指电能表平时工作允许通过的最大电流,利用P=UI求小聪家允许接入电路的最大功率;
(2)估测台灯、电饭锅、电视机的额定功率,确认规格为“220V 1000W”的用电器是哪一种用电器;
(3)利用W=Pt求该用电器消耗的电能,3000r/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能,电能表的转盘转3000r,据此求电路中只有这一用电器正常工作10min电能表的转盘转的圈数。
【解答】
(2)台灯的额定功率一般小于40W,电饭锅的额定功率在1000W左右、电视机的额定功率在200W左右,所以规格为“220V 1000W”的用电器可能是电饭锅(1)(3)该用电器正常工作10min消耗的电能:
W=Pt=1kW×1060h=16kW⋅h,
电能表的转盘转的圈数:
n=3000r/kW⋅h×16kW⋅h=500r。
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故答案为:11;电饭锅;500。
【答案】
5,N极,增大
【考点】
杠杆的平衡条件
安培定则
【解析】
(1)根据定滑轮不省力,求出绳子对杠杆A端拉力,根据杠杆平衡条件求出杠杆B端的拉力,杠杆B端的拉力等于磁铁的重力。
(2)知道电流方向,根据安培定则判断螺线管的磁极。
(3)根据磁极间的作用判断杠杆B端拉力变化,根据杠杆平衡条件判断杠杆A端拉力变化,判断弹簧测力计示数变化。
【解答】
(1)左端是一个定滑轮,定滑轮不省力,弹簧测力计示数是7.5N,不计绳重和摩擦,杠杆A端受到拉力是7.5N,
已知OA:OB=2:3,所以OA=23OB,
杠杆水平位置平衡,根据杠杆平衡条件得:
FA×AO=FB×OB,
7.5N×23OB=FB×OB,
解得:FB=5N,
磁铁的重力:
G=FB=5N。
(2)由图知,电流从螺线管的下端进入,从上端流出,根据安培定则可以判断螺线管的上端是N极、下端是S极。
(3)根据同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引,当闭合开关后,螺线管的上端是N极,和上面的磁铁相互吸引,杠杆B的拉力增大,杠杆A端拉力增大,弹簧测力计示数增大。
故答案为:5;N极;增大。
【答案】
增加,固液共存态,14
【考点】
温度、热量与内能的关系
熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】
(1)冰温度升高,内能增加;
(2)晶体熔化时不断吸热,熔化过程中吸热温度不变;晶体熔化过程中物质处于固液共存态;
(3)液体沸腾温度保持不变。
【解答】
该物质是晶体,第6min时处于该物质的熔化过程中,所以在6min时固体处于固液共存态(1)由图可知,加热到14min,液体温度不再变化,此时水开始沸腾。
故答案为:增加;固液共存态;14。
【答案】
0.2
等效替代法
5,是
【考点】
力的合成与应用
【解析】
(1)根据甲图中弹簧测力计的表盘确定其分度值的大小;
(2)本实验中两个力合力与一个力效果相同,因此采用的“等效替代法”;
(3)根据弹簧测力计的分度值读数;根据等效替代法分析。
【解答】
由图可知,测力计的量程为0∼10N,分度值为0.2N;
实验中,F的作用效果F1、F2共同作用的效果相同,即F为F1和F2的合力,该实验方法为等效替代法;
由图可知,弹簧测力计分度值为0.2N,示数为5N;由图可知,F3、F4的合力的作用效果与F′的力的作用效果相同,所以F′是F3、F4的合力。
【答案】
断开,A
小灯泡
0.5,12.5
电阻
=
【考点】
探究用电器的电功率实验
【解析】
(1)小王同学连接电路时,为保护电路,开关应处于断开状态;
要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大,即变阻器左下接线柱连入电路中;
(2)若电流表示数为0,灯不亮,说明电路可能断路;电压表示数接近电源电压,说明电压表与电源连通,则与电压表并联的支路以外的电路是完好的,则与电压表并联的部分断路了;
(3)根据绘制的U−I图象知,可知灯在额定电压下的电流,由P=UI得出额定功率,由欧姆定律求出电阻;(4)小灯泡的电阻随温度变化而变化;。
(5)根据串联电路电压的规律分析。
【解答】
小王同学连接电路时,开关应处于断开状态。小王已连接了部分电路,如图甲所示。要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大,故变阻器左下接线柱连入电路中,你应将电流表的负极与滑动变阻器上的 A点相连;
小王连接好电路后,闭合开关,逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值,发现小灯泡始终不亮,电压表有示数,电流表指针几乎不偏转,此现象的原因可能是小灯泡出现故障(断路);
排除故障后,闭合开关,移动滑动变阻器滑片P,观察到两电表示数在变化,并做好数据记录。根据绘制的U−I图象如图乙所示知,灯在额定电压下的电流为0.2A,小灯泡的额定功率是:
P=UI=2.5V×0.2A=0.5W,由欧姆定律,此时小灯泡的电阻是:
R=UI=2.5V0.2A=12.5Ω;
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小灯泡的电阻随温度变化而变化,温度变化较小时,灯的电阻变化也较小,故小王还发现图线在电流较小时是直线,随着电流增大(电阻变化较大),图线变成了一条曲线;
根据串联电路中,各部分电压之和等于电源电压,滑动变阻器的滑P移动一段距离,设小灯泡与滑动变阻器两端的电压变化量的绝对值分别为△U1、△U2,则△U1=△U2。
【答案】
该恒流电源输出的恒定电流为0.6A;
若同时闭合开关S1、S2时,电压表示数变为U2=4V,定值电阻R2的阻值为10Ω;
若同时闭合开关S1、S2,通电1min,电阻R2产生的热能为48J。
【考点】
焦耳定律的计算公式及其应用
欧姆定律的应用
【解析】
(1)闭合开关S1时,为R1的简单电路,电压表测其电压,根据P=UI求出该恒流电源输出的恒定电流;
(2)根据已知条件,由欧姆定律求出R1;
S1、S2时,两电阻并联,根据电压表示数,由欧姆定律求出通过R1的电流,根据电源输出的恒定电流,根据并联电路电流的规律求出通过R2的电流,根据欧姆定律得出定值电阻R2;
(3)根据Q=W=U22R2t求出通电1min电阻R2产生的热能。
【解答】
闭合开关S1时,为R1的简单电路,电压表测其电压,因U1=6V,此时电阻消耗的电功率P=3.6W,根据P=UI,该恒流电源输出的恒定电流:
I=PU1=3.6W6V=0.6A;
由欧姆定律,R1=U1I=6V0.6A=10Ω,
S1、S2时,两电阻并联,电压表示数变为U2=4V,由欧姆定律,通过R1的电流:
I1′=U2R1=4V10Ω=0.4A,因电源输出的恒定电流为0.6A,根据并联电路电流的规律,通过R2的电流为:
I2=I−I1′=0.6A−0.4A=0.2A,
根据欧姆定律,定值电阻R2=U2I2=4V0.2A=20Ω;
若同时闭合开关S1、S2,通电1min,电阻R2产生的热能:Q=W=U22R2t=(4V)220Ω×1×60s=48J。
【答案】
容器B中的水对容器B底部的压强为2×104Pa;
容器B内外水的深度差是0.4m;此时容器B对容器A的压力是1.1×104N。
【考点】
液体压强的计算公式及其应用
【解析】
(1)已知B是柱形金属容器,则水对容器B底部的压力等于水的重力,所以求出容器B中水的重力,然后根据p=FS求出容器B中的水对容器B底部的压强;
(2)根据ρ=mV分别求出AB中水的体积,根据V=Sh分别求出水的深度,然后即可比较容器B内外水的深度差;
再根据重力计算公式即可求出容器B与剩余水的总重力;根据B浸没在A中水的深度,求出排开水的体积,然后根据阿基米德原理求出B受到的浮力;最后根据力的合成求出容器B对容器A的压力。
【解答】
由于B是柱形金属容器,则水对容器B底部的压力F2=G2=m2g=3×103kg×10N/kg=3×104N,
容器B中的水对容器B底部的压强p2=F2S2=3×104N1.5m2=2×104Pa;
将容器B中的水往外抽到容器A中,则容器B中剩余水的质量m=m2−m3=3×103kg−600kg=2.4×103kg,
根据ρ=mV可得:
容器A中水的体积V3=m3ρ=600kg1.0×103kg/m3=0.6m3,
容器B中剩余水的体积V=mρ=2.4×103kg1.0×103kg/m3=2.4m3,
容器A中水的深度h3=V3S1−S2=0.6m32m2−1.5m2=1.2m,
容器B中剩余水的的深度h=VS2=2.4m31.5m2=1.6m,
则容器B内外水的深度差△h=h−h3=1.6m−1.2m=0.4m;
容器B与剩余水的总重力G总=(m1+m)g=(500kg+2.4×103kg)×10N/kg=2.9×104N;
容器B排开A中的水的体积V排=S2h3=1.5m2×1.2m=1.8m3,
容器受到浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.8m3=1.8×104N;
容器B对容器A的压力F压=G总−F浮=2.9×104N−1.8×104N=1.1×104N。
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