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  • 2021-11-10 发布

2020年四川省泸州市中考物理试卷

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‎2020年四川省泸州市中考物理试卷 一、选择题 ‎ ‎ ‎1. 夏季,泸州市江阳公园的音乐喷泉随音乐舞动,供市民欣赏。以下关于声现象说法正确的是( ) ‎ A.音箱发出的音乐不是振动产生的 B.声音在传播过程中,可以传递信息 C.区别吉它和小提琴的声音是因为它们的音调不同 D.声波在不同介质中传播时,速度保持‎340m/s不变 ‎ ‎ ‎2. 请你朋友到国家优秀旅游城市泸州品尝各地的传统特色美食。以下关于泸州各地美食中所涉及到的物理知识,描述正确的是( ) ‎ A.“泸州白糕“出笼时冒出的“白汽”,是笼中的水蒸气汽化吸热形成的 B.“叙永两河桃片“在制作过程中,把猪板油放入锅中,猪板油熔化时会放出热量 C.“合江烤鱼“在烤制过程中,鱼的内能增加,这是通过做功的方式改变其内能 D.“泸县太伏火腿”在烹饪过程中,散发出浓浓的香味,这是分子做无规则运动的缘故 ‎ ‎ ‎3. “从生活走向物理,从物理走向社会”。对下列生活中的事例,判断错误的是( ) ‎ A.“小王比小李胖”是指小王的体重一定大于小李的体重 B.“铁比木头重”是指铁的密度大于木头的密度 C.用手机上网时,不能随意点击陌生链接,防止个人信息泄露 D.大功率家用电器需要安装漏电保护装置,否则漏电时会危及生命和财产安全 ‎ ‎ ‎4. 公交IC卡是我市市民出行的好帮手。IC卡在刷卡机上刷过时,刷卡机的检测器就会产生感应电流,便可读出IC卡上的信息。下列图中各电器的工作原理与IC卡刷卡时原理相同的是( ) ‎ A.电风扇 B.电动机 C.手摇发电机 D.电磁铁 ‎ ‎ ‎ ‎5. ‎2020‎年‎6‎月‎21‎日下午,泸州地区上空出现了日环食现象,如图所示。下列各图中的光学现象与日环食现象原理相同的是( ) ‎ A.小孔成像 B.平面镜成像 C.水中的鱼看起来变浅了 D.雨后空中彩虹 ‎ ‎ ‎6. ‎2020‎年‎6‎月‎23‎日,在西昌卫星发射中心用长征三号运载火箭,成功发射北斗三号全球卫星导航系统的最后一颗组网卫星,实现北斗导航系统全球覆盖。下列说法中正确的是( ) ‎ A.北斗导航卫星发射的电磁波不能在真空中传播 B.北斗导航系统中卫星间的信息传递采用光纤传送 C.北斗导航系统中的地球同步卫星相对地面是运动的 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 D.在轨运行的北斗导航卫星受到非平衡力的作用 ‎ ‎ ‎7. 泸州“国窖‎1573‎“闻名世界。我市国窖广场的水平地面上竖直放置了“中国第一窖”的石头纪念标志,如图所示。下列说法中正确的是( ) ‎ A.由于该石头静止在地面上,所以没有惯性 B.石头对地面的压力和石头所受的重力是一对相互作用力 C.石头所受重力和地面对石头的支持力是一对平衡力 D.地面对石头的支持力小于石头对地面的压力 ‎ ‎ ‎8. ‎2020‎年泸州市中考体育测试中有必考、抽考和选考科目,包括短跑、跳绳、实心球、立定跳远、带足球绕杆、运篮球上篮等。以下关于体考中的物理知识,说法正确的是( ) ‎ A.学生在短跑过程中,机械能转化为化学能 B.学生带足球绕杆的运动,说明力可以改变物体的运动状态 C.学生投掷的实心球在飞行的整个过程中,动能一直在减小 D.学生在立定跳远的整个过程中,他的重力势能一直不变 ‎ ‎ ‎9. 如图所示,同一个球在A液体中处于漂浮状态,在B液体中处于悬浮状态。下列判断正确的是( ) ‎ A.A液体的密度小于B液体的密度 B.A液体的密度大于B液体的密度 C.球在A液体中受到的浮力小于在B液体中受到的浮力 D.球在A液体中受到的浮力大于在B液体中受到的浮力 ‎ ‎ ‎10. 在泸州市第‎35‎届科技创新大赛上,某学生在现场展示了科创作品。他把橡胶管一端放入位置较低盛有冷水的烧杯中,另一端与塑料瓶盖相连并密封,在空塑料瓶中倒入少许热水摇晃后倒掉,然后迅速用瓶盖盖住瓶口并拧紧,发现烧杯中的水通过橡胶管慢慢流入位置较高的瓶内,如图所示。下列说法中正确的是( ) ‎ A.塑料瓶中倒入热水摇晃后倒掉,目的是让瓶内空气增加 B.用瓶盖盖住瓶口并拧紧,目的是让瓶内气压始终等于大气压 C.烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶,是利用了连通器原理 D.烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶,是因为瓶内气压小于大气压 ‎ ‎ ‎11. 某兴趣小组探究小台灯电路中各物理量的关系,如图所示。已知小灯泡的规格为“‎3V 0.9W”,假设灯泡电阻不变,电源电压为‎3V.在探究过程中,闭合开关S,无论如何调节滑动变阻器,电流表示数都不会低于‎0.1‎ ‎ A.则下列说法中正确的是( ) A.小灯泡的电阻为‎10Ω B.当电流表示数为‎0.2A时,电压表示数为‎2V C.滑动变阻器的最大阻值为‎30Ω D.该电路消耗的最大功率与最小功率之比为‎3:1‎ ‎ ‎ ‎12. 如图所示,已知固定斜面长‎5m、倾角为‎30‎‎∘‎,木箱重‎150N.某同学用大小为‎100N的推力沿斜面向上推木箱,使木箱沿斜面匀速从底端运动到顶端的过程中,关于木箱所受的力对木箱做的功,下列判断正确的是( ) ‎ A.木箱克服重力做功的大小为‎500J B.木箱克服斜面摩擦力做功的大小为‎125J C.推力做功的大小为‎500J D.斜面支持力做功的大小为‎375J 二、非选择题 ‎ ‎ ‎ ‎2020‎年‎6‎月‎28‎日,国产大飞机C919‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 在新疆吐鲁番交河机场完成了高温极端天气下的试飞。飞机翅膀做成下平上凸形状,飞行时飞机翅膀上部空气流速快压强________(选填“大”或“小”),使飞机获得升力;飞机轮胎表面有凹凸不平的花纹,有利于着陆减速时________(选填“增大“或“减小”)摩擦;飞机在高空飞行过程中与空气________(选填“摩擦”或“接触”)起电使飞机带上电荷,轮胎中加钢丝的目的,是为了使飞机在着陆时将机身所带电荷导入大地,保证乘客安全。 ‎ ‎ ‎ ‎ 疫情期间,某学校门口安装了一台双光温测智能识别系统,大幅度地提高了测温效率和人员识别能力,如图所示。测量温度主要利用了红外线具有热效应的特点,红外线是一种________(选填“电磁波”或“声波”);光学成像系统的摄像头镜片是________(选填“凸透镜”、“凹透镜”或“平面镜”);当人体体温超过‎37.3‎​‎‎∘‎C时,系统通过________(选填“温度”、“压力”或“速度”)传感器,触发系统自动报警。 ‎ ‎ ‎ ‎ 泸州云龙机场用传送带为顾客运送行李,主要有水平运送和沿斜面运送两种形式,甲为水平传送带,乙为倾斜传送带,如图所示。当行李随传送带一起匀速运动时,甲传送带上的行李所受的摩擦力________(选填“等于零”或“不等于零”),乙传送带上的行李所受的摩擦力________(选填“等于零”或“不等于零”)。如果乙传送带上的行李随传送带向下做匀速运动,则行李在运动中受到的摩擦力方向沿传送带________(选填“向上”或“向下”)。 ‎ ‎ ‎ ‎ 随着我市城市化步伐加快,计划建两条电气化城市轻轨。其中一条是泸州客运中心到泸州南站,里程大约‎24km,设计列车运行时间‎24min,则列车运行全程的平均速度约为________km/h;列车运行时将________能转化为机械能;列车减速进站时,其动能________(选填“增大”、“减小”或“不变”)。 ‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示,站在水平面上的建筑工人竖直拉着绳,通过滑轮组将‎540N的重物在‎5s内匀速提升‎1m。已知工人重‎600N,与地面的接触总面积为‎0.04‎m‎2‎,动滑轮重‎100N,不计绳重和滑轮的摩擦。重物被匀速提升过程中,绳自由端的速度为________m/s,人对地面的压强为________Pa.若用该滑轮组竖直匀速提升更重的物体,则滑轮组的机械效率将________(选填“变大”、“变小”或“不变”)。 ‎ ‎ ‎ ‎ 现阶段核潜艇的动力系统是由原子核________(选填“裂变”或“聚变”)提供的。泸州正加快对页岩气的安全开采,页岩气和核能都属于________(选填“可再生”或“不可再生”)能源。若用燃气灶将一壶质量为‎3kg、初始温度为‎20‎​‎‎∘‎C的水加热到‎80‎​‎‎∘‎C,消耗了‎0.1‎m‎3‎的页岩气。已知水的比热容‎4.2×‎10‎‎3‎J/(kg⋅‎​‎‎∘‎C)‎,页岩气的热值为‎4.2×‎10‎‎7‎J/‎m‎3‎,则该燃气灶烧水的效率为________‎%‎。 ‎ ‎ ‎ ‎ 小聪家的电能表如图所示,由此可知,小聪家允许接入电路的最大功率为________kW;小聪家有一个规格为“‎220V 1000W”的用电器,可能是________(选填“台灯”、“电饭锅”或“电视机”)。当电路中只有这一用电器正常工作‎10min,电能表的转盘转了________转。 ‎ ‎ ‎ ‎ 某兴趣小组设计了一个力电综合装置,在轻质杠杆的左端点A,用竖直细线通过定滑轮与弹簧测力计相连,杠杆的右端点B,用细线悬挂一条形磁铁,在条形磁铁正下方的螺线管与电路相连,如图所示。开关闭合前,当弹簧测力计的示数为‎7.5N时,杠杆在水平位置平衡,已知OA:OB=‎2:3‎,不计绳重和摩擦。则条形磁铁的重力等于________N;闭合开关S后,螺线管上端为________(选填“N极”或“S极”),为了保持杠杆水平平衡,弹簧测力计的示数________(选填“增大”、“减小”或“不变”)。 ‎ ‎ ‎ ‎ 小李在实验室取出‎−10‎​‎‎∘‎C的冰进行加热实验,她观察冰熔化成水直到沸腾的过程并记录相关数据,绘制成如图所示的温度随时间变化的图象。根据图象可知‎0∼4min内这块冰的内能________(选填“增加”或“不变”),加热到‎6min时,将处于________(选填“固态”、“液态”或“固液共存态”),加热到________min,水开始沸腾。 ‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 ‎ ‎ ‎ 小聪将一根橡皮筋左端固定在墙上,用弹簧测力计拉其右端来“探究两个分力与合力的关系”。 ‎ ‎(1)实验中使用的弹簧测力计如图甲所示,其分度值为________N;‎ ‎ ‎ ‎(2)小聪用两个弹簧测力计一起沿相同方向作用于橡皮筋上拉到A点,此时两个弹簧测力计的示数分别为F‎1‎=‎3.0N、F‎2‎=‎4.0N;小聪只用一个弹簧测力计把橡皮筋也拉到A点,弹簧测力计的示数F=‎7.0N,如图乙所示。F的作用效果F‎1‎、F‎2‎共同作用的效果相同,即F为F‎1‎和F‎2‎的合力,这种探究物理规律的方法是________(选填“控制变量法”或“等效替代法”);‎ ‎ ‎ ‎(3)小聪在实验中突发奇想,将两弹簧测力计相互垂直作用在橡皮筋上拉到B点,记下两弹簧测力计的示数分别为F‎1‎=‎3.0N、F‎2‎=‎4.0N;然后只用一个弹簧测力计把橡皮筋也拉到B点,如图丙所示,读出弹簧测力计的示数F′‎=________N.根据你对合力与分力的理解,判断F′‎________(选填“是”或“不是”)F‎3‎、F‎4‎的合力。‎ ‎ ‎ ‎ 在“测量小灯泡电功率“的实验中,电源电压为‎3V,小灯泡额定电压为‎2.5V。 ‎ ‎(1)小王同学连接电路时,开关应处于________(选填“闭合”或“断开”)状态。小王已连接了部分电路,如图甲所示。要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大,你应将电流表的负极与滑动变阻器上的________(选填“A”、“B”、“D”或“P”)点相连;‎ ‎ ‎ ‎(2)小王连接好电路后,闭合开关,逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值,发现小灯泡始终不亮,电压表有示数,电流表指针几乎不偏转,此现象的原因可能是________(选填“开关”、“小灯泡”、“滑动变阻器”或“电流表”)出现故障;‎ ‎ ‎ ‎(3)排除故障后,闭合开关,移动滑动变阻器滑片P,观察到两电表示数在变化,并做好数据记录。小王根据多组实验数据绘制的U−I图象如图乙所示,根据图象可得小灯泡的额定功率是________W,此时小灯泡的电阻是________Ω;‎ ‎ ‎ ‎(4)小王还发现图线在电流较小时是直线,随着电流增大,图线变成了一条曲线,如图乙所示。造成这变化的原因是小灯泡的________随温度变化而变化;。‎ ‎ ‎ ‎(5)滑动变阻器的滑P移动一段距离,设小灯泡与滑动变阻器两端的电压变化量的绝对值分别为‎△‎U‎1‎、‎△‎U‎2‎,则‎△‎U‎1‎________‎△‎U‎2‎(选填“‎>‎”、“‎<‎”或“=”)。‎ ‎ ‎ ‎ 电学实验室有一种恒流电源,将电源接入电路工作时,该电源输出恒定的电流,而电源两端的电压会随着外电路的电阻变化而变化。小浩在一次实验时,将恒流电源接入如图所示的电路中,其中R‎1‎、R‎2‎均为定值电阻。只闭合开关S‎1‎时,电压表示数U‎1‎=‎6V,此时电阻R‎1‎消耗的电功率P=‎3.6W。 ‎ ‎(1)求该恒流电源输出的恒定电流;‎ ‎ ‎ ‎(2)若同时闭合开关S‎1‎、S‎2‎时,电压表示数变为U‎2‎=‎4V,求定值电阻R‎2‎的阻值;‎ ‎ ‎ ‎(3)若同时闭合开关S‎1‎、S‎2‎,通电‎1min,求电阻R‎2‎产生的热能。‎ ‎ ‎ ‎ 借浮力起重,是我国古代的一个创造。如图所示为某一次起重涉及的物理原理简化示意图。有一个底面积S‎1‎=‎2‎m‎2‎的圆柱形空金属容器A平放在水平地面上,其内放置一个厚度不计、底面积S‎2‎=‎1.5‎m‎2‎的圆柱形金属容器B,容器B质量m‎1‎=‎500kg,内装有m‎2‎=‎3×‎10‎‎3‎kg的水。(取g=‎10Nkg,ρ=‎1.0×‎10‎‎3‎kg/‎m‎3‎) ‎ ‎(1)求容器B中的水对容器B底部的压强;‎ ‎ ‎ ‎(2)将容器B中的水往外抽到容器A中,当所抽水的质量m‎3‎=‎600kg时,则容器B内外水的深度差是多少?此时容器B对容器A的压力是多少?‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 参考答案与试题解析 ‎2020年四川省泸州市中考物理试卷 一、选择题 ‎1.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 声音的产生 音色 声速的大小跟介质温度的关系 声与信息 声速 ‎【解析】‎ ‎(1)声音都是物体振动产生的。 (2)声音可以传递信息,也可以传递能量。 (3)通过音色来鉴别是什么物体发声。 (4)声速跟介质种类和温度有关。‎ ‎【解答】‎ A‎、音箱发出的音乐是锥形纸盆的振动产生的,故A错误。 B、声音在传播过程中可以传递信息,也可以传递能量,故B正确。 C、区别吉它和小提琴的声音是因为它们的音色不同,故C错误。 D、一般情况下,固体传声速度大于液体传声速度,液体传声速度大于气体传声速度,介质不同,声速不同,故D错误。‎ ‎2.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 分子热运动 液化及液化现象 热传递改变物体内能 熔化与熔化吸热特点 ‎【解析】‎ ‎(1)物质由气态直接变为固态叫凝华,物质由固态直接变为气态叫升华;由气态变为液态叫液化,由液态变为气态叫汽化;由固态变为液态叫熔化,由液态变为固态叫凝固。 (2)改变内能的方法:做功和热传递。 (3)构成物质的分子在不停地做无规则运动。‎ ‎【解答】‎ A‎、出笼时冒出的“白汽”,是笼中的水蒸气液化放热形成的,故A错误。 B、把猪板油放入锅中,猪板油熔化时会吸收热量,故B错误。 C、在烤制过程中,鱼的内能增加,这是通过热传递的方式改变其内能,故C错误。 D、在烹饪过程中,散发出浓浓的香味,这是分子做无规则运动,扩散到空气中的缘故,故D正确。‎ ‎3.‎ ‎【答案】‎ A ‎【考点】‎ 密度及其特性 ‎【解析】‎ ‎(1)不同的物质,其密度一般不同,平时习惯讲“水比油重”就是指水的密度大于油的密度,在相同体积的情况下,水的质量大于油的质量; (2)注意安全上网,防止个人信息泄露; (3)大功率电器工作时,通过电路的电流较大,漏电时可能会危及生命和财产安全。‎ ‎【解答】‎ A‎、人的体重和质量成正比,而质量的大小和物体的体积以及密度有关,“小王比小李胖”只能说明小王比小李的体积大,我们不能由此来判断质量的关系,所以也不能判断他们体重的大小关系,故A错误; B、“铁比木头重”是指铁的密度大于木头的密度,故B正确; C、用手机上网时,有很多链接是不安全的,所以不能随意点击陌生链接,以防止个人信息泄露,故C正确; D、大功率家用电器需要安装漏电保护装置,因为大功率电器工作时,通过电路的电流较大,漏电时可能会危及生命和财产安全,故D正确。‎ ‎4.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 电磁感应 ‎【解析】‎ IC卡在刷卡机上刷过时,刷卡机的检测器就会产生感应电流,便可读出IC卡上的信息,刷卡说明由于运动产生感应电流,这是电磁感应,找出下面工作原理是电磁感应的即可。‎ ‎【解答】‎ A‎、电风扇的主要部分是电动机,电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动,故A错误。 B、电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动,故B错误。 C、手摇发电机的工作原理是电磁感应,所以刷卡机和手摇发电机的工作原理相同,故C正确。 D、电磁铁的工作原理是电流周围产生磁场,故D错误。‎ ‎5.‎ ‎【答案】‎ A ‎【考点】‎ 光在均匀介质中直线传播 ‎【解析】‎ ‎(1)小孔成像是由光的直线传播形成的。 (2)平面镜成像是光的反射的重要应用。 (3)水中的鱼看起来变浅了是因为光的折射造成的。 (4)雨后空中彩虹是光的色散形成的。‎ ‎【解答】‎ 日环食是月球运动到地球和太阳之间,月球遮挡了太阳射向地球的光线,地球上某区域的人会看到日环食,某区域的人会看到日偏食,都是光的直线传播形成的。 A、由于光的直线传播,人上部射出的光线经小孔投射到下方,人下部射出的光线经小孔投射到上方,形成倒立的实像,故小孔成像和日环食都是由光的直线传播形成的,故A正确。 ‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 B‎、蜡烛射出的光线到平面镜发生反射,反射光线进入眼睛,眼睛逆着光线看去好像从镜后发出的,所以平面镜成像是光的反射形成的,故B错误。 C、鱼射出的光线到水面发生折射,折射光线远离法线,人从岸上看感觉折射光线从鱼的上部发出的,感觉水中的鱼看起来变浅,故C错误。 D、雨后彩虹是太阳光经空气的小冰晶折射形成的,也可以说是太阳光经小冰晶分散成七种颜色的光,故D错误。‎ ‎6.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 电磁波在日常生活中的应用 电磁波的传播 运动和静止的相对性 平衡力的辨别 ‎【解析】‎ ‎(1)(2)电磁波能够传递信息,导航是利用电磁波传递信息的,电磁波的传播不需要介质,可以在真空中传播; (3)运动和静止是相对的。研究物体的运动时,必须事先选定一个标准的物体,这个事先被选作标准的物体叫参照物。如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变,则是运动的;如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变,则是静止的; (4)物体处于静止或匀速直线运动时,处于平衡状态。‎ ‎【解答】‎ A‎、电磁波的传播不需要介质,能够在真空中传播,故A错误; B、北斗导航系统中卫星间的信息的传递依靠的是电磁波,故B错误; C、北斗导航系统中的地球同步卫星相对地面之间没有位置的变化,是静止的,故C错误; D、在轨运行的北斗导航卫星围绕地球做圆周运动,其运动方向发生变化,所以受到非平衡力的作用,故D正确。‎ ‎7.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 惯性 平衡力和相互作用力的区分 ‎【解析】‎ ‎(1)任何物体都有惯性,与运动状态无关。 (2)二力平衡的条件:作用在同一物体上的两个力;若这两个力大小相等,方向相反,且作用在一条直线上,这两个力就是一对平衡力。 (3)作用力和反作用力是发生在相互作用的物体上,即两个物体上,大小相等,方向相反,作用在同一条直线上。‎ ‎【解答】‎ A‎、任何物体任何情况都有惯性,故A错误。 B、石头对地面的压力和石头所受的重力,方向不相反,且不是相互作用,故B错误; C、石头所受的支持力与石头所受重力的大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、作用在同一条直线上,是一对平衡力,故C正确; D、地面对石头的支持力、石头对地面的压力是一对平衡力,大小相等,故D错误;‎ ‎8.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 动能和势能的大小变化 力的作用效果 ‎【解析】‎ ‎(1)判断能量的转化,我们主要看它要消耗什么能量,得到什么能量,总是消耗的能量转化为得到的能量。 (2)力可以改变物体的运动状态。 (3)影响动能大小的因素是质量和速度,质量一定时,速度越大,动能越大。 (4)影响重力势能大小的因素是质量和高度,质量一定时,高度越高,重力势能越大。‎ ‎【解答】‎ A‎、学生在短跑过程中,消耗体内营养物质,得到机械能,化学能转化为机械能;故A错误; B、学生带足球绕杆的运动,足球的运动方向不断发生变化,说明力可以改变物体的运动状态;故B正确; C、学生投掷的实心球在抛出去的实心球,下落过程中,质量不变、高度减小、速度增大,重力势能减小,动能增大;故C错误; D、学生在立定跳远的整个过程中,他的质量不变,高度先变大后变小,所以重力势能先变大后变小;故D错误。‎ ‎9.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 物体的浮沉条件及其应用 ‎【解析】‎ 根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系。‎ ‎【解答】‎ AB‎、由图可知,物体在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态, 因为ρ液‎>‎ρ物时物体漂浮,ρ液=ρ物时物体悬浮,所以甲杯中的液体密度大于乙杯中的液体密度,故A错误,B正确; CD、因为物体漂浮或悬浮时,受到的浮力和自身的重力相等,因此甲杯液体中物体A受的浮力等于乙杯液体中物体B受的浮力,故CD错误。‎ ‎10.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 大气压的综合应用 ‎【解析】‎ ‎(1)水蒸气液化,体积变小; (2)将瓶盖盖住瓶口并拧紧,目的是不让大气进入瓶中; (3)烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶,利用大气压强; (4)烧杯中的水上升,是由于大气压的作用。‎ ‎【解答】‎ A‎、往空矿泉水瓶内注入少量的热水,摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖,过一会儿瓶内水蒸气液化,体积变小,瓶内气体压强变小,故A错误; ‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 B‎、将瓶盖盖住瓶口并拧紧,目的是不让大气进入瓶中,水蒸气液化,体积变小,瓶内气压小于大气压,故B错误; C、烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶,是大气压强的作用,不是连通器原理,故C错误; D、烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶,是因为瓶内气压小于大气压,烧杯中的水在大气压的作用下,流入塑料瓶,故D正确。‎ ‎11.‎ ‎【答案】‎ A,D ‎【考点】‎ 欧姆定律的应用 电功率的计算 ‎【解析】‎ 由电路图可知,灯泡与滑动变阻器串联,电压表测滑动变阻器两端的电压,电流表测电路中的电流。 (1)知道灯泡的额定电压和额定功率,根据P=UI求出灯泡的额定电流,根据欧姆定律求出灯泡的电阻; (2)当电流表示数为‎0.2A时,根据欧姆定律求出灯泡两端的电压,根据串联电路的电压特点可知电压表示数; (3)由于无论如何调节滑动变阻器,电流表示数都不会低于‎0.1A,则根据欧姆定律求出电路中的总最大电阻,根据串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路中的最大电阻; (4)当灯泡正常工作时电路中的电流最大,然后根据P=UI求出消耗的最大功率与最小功率。‎ ‎【解答】‎ 由I=‎UR可得: 灯泡电阻RL‎=UIL=‎3V‎0.3A=10Ω,故A正确(1)B、当电流表示数为‎0.2A时,由I=‎UR可得: 灯泡两端的电压UL=IRL=‎0.2A×10Ω=‎2V, 因串联电路中总电压等于各分电压之和,则滑动变阻器两端的电压U滑=U−‎UL=‎3V−2V=‎1V,即电压表示数为‎1V,故B错误(2)C、已知电流表示数最小为‎0.1A,则由I=‎UR可得: 电路中的总最大电阻为R最大‎=UI=‎3V‎0.1A=30Ω, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,滑动变阻器接入电路中的最大阻值: R滑大=R总‎−‎RL=‎30Ω−10Ω=‎20Ω,故C错误(3)D、当灯泡正常工作时的电流最大为I最大=IL=‎0.3A;则消耗的最大功率与最小功率P最大‎:‎P最小=UI最大:UI最小=I最大‎:‎I最小=‎0.3A:0.1A=‎3:1‎,故D正确。 故选:AD。‎ ‎12.‎ ‎【答案】‎ B,C ‎【考点】‎ 功的计算 ‎【解析】‎ ‎(1)根据W=Gh计算木箱克服重力做功的大小; (2)根据W总=Fs做出总功,克服摩擦力做的额外功W额=W总‎−‎W有用; (3)做功的必要条件:一是作用在物体上的力,二是在力的方向上移动的距离。‎ ‎【解答】‎ A‎、由题意知,木箱的重力G=‎150N,斜面高h=s×sin‎30‎‎∘‎=‎5m×‎1‎‎2‎=2.5m,木箱克服重力做功:W有用=Gh=‎150N×2.5m=‎375J,故A错误; BC、推力F做的功:W总=Fs=‎100N×5m=‎500J,克服摩擦力做的额外功W:‎​‎额=W总‎−‎W有用=‎500J−375J=‎125J,故BC正确; D、木箱移动方向与支持力方向垂直,没有在支持力的方向上移动距离,所以斜面的支持力做功为零,故D错误。‎ 二、非选择题 ‎【答案】‎ 小,增大,摩擦 ‎【考点】‎ 摩擦起电 流体压强与流速的关系 摩擦力的利用与防止 ‎【解析】‎ ‎(1)流体压强与流速的关系:流速越大,压强越小;流速越小,压强越大。 (2)增大摩擦力的方法:在接触面粗糙程度一定时,通过增大压力来增大摩擦力;在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 (3)静电危害是由于相互间不断摩擦,从而产生大量的静电,不及时导走,会出现放电危害。‎ ‎【解答】‎ ‎(1)飞机翅膀做成下平上凸形状,根据流体压强和流速的关系可知,飞行时飞机翅膀上部空气流速快压强小,飞机翅膀下部空气流速慢压强大,从而使飞机获得向上的升力。 (2)飞机轮胎表面有凹凸不平的花纹,增大了接触面的粗糙程度,在压力一定时,有利于着陆减速时增大摩擦。 (3)飞机在高空飞行过程中与空气摩擦产生大量的静电,使飞机带上电荷,所以轮胎中加钢丝的目的,是为了使飞机在着陆时将机身所带电荷导入大地,保证乘客安全。 故答案为:小;增大;摩擦。‎ ‎【答案】‎ 电磁波,凸透镜,温度 ‎【考点】‎ 红外线 凸透镜成像的应用 ‎【解析】‎ ‎(1)红外线是一种不可见光,它与微波、可见光、x射线一样都是电磁波大家族中的一员; (2)摄像头相当于凸透镜;摄像头的原理与照相机相同,物体应位于其镜头的二倍焦距之外,可成倒立缩小的实像; (3)任何物体都会发出红外线,物体的温度越高,红外辐射越强。‎ ‎【解答】‎ ‎(2)摄像头的镜片是凸透镜,获取脸部特征时,应位于其镜头的二倍焦距之外,可成倒立缩小的实像(1)(3)红外线测温仪的工作原理是将人体的红外线热辐射聚焦到检测器上,系统通过温度传感器,触发报警系统自动报警。 故答案为:电磁波;凸透镜;温度。‎ ‎【答案】‎ 等于零,不等于零,向上 ‎【考点】‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 摩擦力的大小 摩擦力的方向 ‎【解析】‎ ‎(1)要根据产生摩擦力的条件去分析摩擦力,两物体间没有发生相对运动(或没有相对运动趋势)时不会产生摩擦力。 (2)摩擦力的方向与物体相对运动的趋势相反。‎ ‎【解答】‎ 甲传送带上的行李随传送带一起匀速运动的过程中,行李与传送带之间相对静止,没有相对运动的趋势,因此不受摩擦力的作用,甲传送带上的行李所受的摩擦力等于零; 乙传送带上的行李随传送带一起匀速运动的过程中,行李与传送带之间相对静止,但行李有向下运动的趋势,因此受摩擦力的作用,乙传送带上的行李所受的摩擦力不等于零; 乙传送带上的行李随传送带向下做匀速运动,行李与传送带之间相对静止,但行李有向下运动的趋势,则行李在运动中受到的摩擦力方向沿传送带向上。‎ ‎【答案】‎ ‎60‎‎,电,减小 ‎【考点】‎ 变速运动与平均速度 动能和势能的大小变化 ‎【解析】‎ ‎(1)知道列车行驶的路程和时间,根据v=‎st求出运行全程的平均速度; (2)电动机工作时是将电能转化为机械能; (3)物体的动能与质量和速度有关,当车减速进站时车的速度越来越小,质量不变,动能减小。‎ ‎【解答】‎ ‎(2)高铁动车组装有牵引电动机,高铁列车运行时,是将电能转化为机械能(1)(3)车减速进站时,车质量不变,速度减小,动能减小。 故答案为:‎60‎;电;减小。‎ ‎【答案】‎ ‎0.4‎‎,‎7000‎,变大 ‎【考点】‎ 滑轮(组)的机械效率 速度公式及其应用 压强的计算公式及其应用 ‎【解析】‎ ‎(1)由图知,n=‎2‎,绳子自由端移动距离s=‎2h,利用速度公式求绳自由端的速度; (2)不计绳重和滑轮的摩擦,拉力F=‎1‎‎2‎(G+G动)‎,人对地面的压力等于人的重力减去拉力,再利用p=‎FS求人对地面的压强; (3)用同一个滑轮组提升物体时,物重越大,机械效率越高。‎ ‎【解答】‎ ‎(2)不计绳重和滑轮的摩擦,拉力F=‎1‎‎2‎(G+G动)=‎1‎‎2‎(540N+100N)‎=‎320N, 人对地面的压力: F压=G人‎−F=‎600N−320N=‎280N, 人对地面的压强: p=FS=‎280N‎0.04‎m‎2‎=7000Pa(1)(3)‎用该滑轮组提升更重的物体,在提升高度相同时,由于物重增大,则有用功增大,而额外功几乎不变,所以有用功在总功中所占的比例变大,机械效率会变大。 故答案为:‎0.4‎;‎7000‎;变大。‎ ‎【答案】‎ 裂变,不可再生,‎‎18‎ ‎【考点】‎ 核聚变和核裂变 能量利用效率 能源的分类 ‎【解析】‎ ‎(1)核潜艇利用核能工作,核能是原子核的裂变释放的能量。 (2)可再生能源的概念:像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到,把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念:化石能源、核能等能源会越用越少,不能在短期内从自然界得到补充,这类能源称为不可再生能源。 (3)利用Q吸=cm△t求水吸收的热量,再利用Q放=qV求出页岩气燃烧放出的热量,最后运用η=‎QQ求该燃气灶烧水的效率。‎ ‎【解答】‎ ‎(1)核潜艇的动力系统是由原子核裂变提供。 (2)页岩气和核能,使用后不能在短期内从自然界得到补充,都属于不可再生能源。 (3)水吸收的热量为: Q吸=cm△t=‎4.2×‎10‎‎3‎J/(kg⋅‎​‎‎∘‎C)×3kg×(80‎​‎‎∘‎C−20‎​‎‎∘‎C)‎=‎7.56×‎10‎‎5‎J, 页岩气燃烧放出的热量为: Q放=qV=‎4.2×‎10‎‎7‎J/m‎3‎×0.1‎m‎3‎=‎4.2×‎10‎‎6‎J, 燃气灶烧水的效率为: η=QQ=‎7.56×‎10‎‎5‎J‎4.2×‎10‎‎6‎J×100%‎=‎18%‎。 故答案为:裂变;不可再生;‎18‎。‎ ‎【答案】‎ ‎11‎‎,电饭锅,‎‎500‎ ‎【考点】‎ 电能表参数的理解与电功的测量 电功率的计算 ‎【解析】‎ ‎(1)电能表上“‎220V、‎50A”中,‎220V是指电能表的工作电压,‎50A是指电能表平时工作允许通过的最大电流,利用P=UI求小聪家允许接入电路的最大功率; (2)估测台灯、电饭锅、电视机的额定功率,确认规格为“‎220V 1000W”的用电器是哪一种用电器; (3)利用W=Pt求该用电器消耗的电能,‎3000r/kW⋅h表示每消耗‎1kW⋅h的电能,电能表的转盘转‎3000r,据此求电路中只有这一用电器正常工作‎10min电能表的转盘转的圈数。‎ ‎【解答】‎ ‎(2)台灯的额定功率一般小于‎40W,电饭锅的额定功率在‎1000W左右、电视机的额定功率在‎200W左右,所以规格为“‎220V 1000W”的用电器可能是电饭锅(1)(3)该用电器正常工作‎10min消耗的电能: W=Pt=‎1kW×‎10‎‎60‎h=‎1‎‎6‎kW⋅h, 电能表的转盘转的圈数: n=‎3000r/kW⋅h×‎1‎‎6‎kW⋅h=‎500r。 ‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 故答案为:‎11‎;电饭锅;‎500‎。‎ ‎【答案】‎ ‎5‎‎,N极,增大 ‎【考点】‎ 杠杆的平衡条件 安培定则 ‎【解析】‎ ‎(1)根据定滑轮不省力,求出绳子对杠杆A端拉力,根据杠杆平衡条件求出杠杆B端的拉力,杠杆B端的拉力等于磁铁的重力。 (2)知道电流方向,根据安培定则判断螺线管的磁极。 (3)根据磁极间的作用判断杠杆B端拉力变化,根据杠杆平衡条件判断杠杆A端拉力变化,判断弹簧测力计示数变化。‎ ‎【解答】‎ ‎(1)左端是一个定滑轮,定滑轮不省力,弹簧测力计示数是‎7.5N,不计绳重和摩擦,杠杆A端受到拉力是‎7.5N, 已知OA:OB=‎2:3‎,所以OA=‎2‎‎3‎OB, 杠杆水平位置平衡,根据杠杆平衡条件得: FA‎×AO=FB‎×OB, ‎7.5N×‎2‎‎3‎OB=FB‎×OB, 解得:FB=‎5N, 磁铁的重力: G=FB=‎5N。 (2)由图知,电流从螺线管的下端进入,从上端流出,根据安培定则可以判断螺线管的上端是N极、下端是S极。 (3)根据同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引,当闭合开关后,螺线管的上端是N极,和上面的磁铁相互吸引,杠杆B的拉力增大,杠杆A端拉力增大,弹簧测力计示数增大。 故答案为:‎5‎;N极;增大。‎ ‎【答案】‎ 增加,固液共存态,‎‎14‎ ‎【考点】‎ 温度、热量与内能的关系 熔化和凝固的温度—时间图象 ‎【解析】‎ ‎(1)冰温度升高,内能增加; (2)晶体熔化时不断吸热,熔化过程中吸热温度不变;晶体熔化过程中物质处于固液共存态; (3)液体沸腾温度保持不变。‎ ‎【解答】‎ 该物质是晶体,第‎6min时处于该物质的熔化过程中,所以在‎6min时固体处于固液共存态(1)由图可知,加热到‎14min,液体温度不再变化,此时水开始沸腾。 故答案为:增加;固液共存态;‎14‎。‎ ‎【答案】‎ ‎0.2‎ 等效替代法 ‎5‎‎,是 ‎【考点】‎ 力的合成与应用 ‎【解析】‎ ‎(1)根据甲图中弹簧测力计的表盘确定其分度值的大小; (2)本实验中两个力合力与一个力效果相同,因此采用的“等效替代法”; (3)根据弹簧测力计的分度值读数;根据等效替代法分析。‎ ‎【解答】‎ 由图可知,测力计的量程为‎0∼10N,分度值为‎0.2N;‎ 实验中,F的作用效果F‎1‎、F‎2‎共同作用的效果相同,即F为F‎1‎和F‎2‎的合力,该实验方法为等效替代法;‎ 由图可知,弹簧测力计分度值为‎0.2N,示数为‎5N;由图可知,F‎3‎、F‎4‎的合力的作用效果与F‎′‎的力的作用效果相同,所以F‎′‎是F‎3‎、F‎4‎的合力。‎ ‎【答案】‎ 断开,‎A 小灯泡 ‎0.5‎‎,‎‎12.5‎ 电阻 ‎=‎ ‎【考点】‎ 探究用电器的电功率实验 ‎【解析】‎ ‎(1)小王同学连接电路时,为保护电路,开关应处于断开状态; 要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大,即变阻器左下接线柱连入电路中; (2)若电流表示数为‎0‎,灯不亮,说明电路可能断路;电压表示数接近电源电压,说明电压表与电源连通,则与电压表并联的支路以外的电路是完好的,则与电压表并联的部分断路了; (3)根据绘制的U−I图象知,可知灯在额定电压下的电流,由P=UI得出额定功率,由欧姆定律求出电阻;(4)小灯泡的电阻随温度变化而变化;。 (5)根据串联电路电压的规律分析。‎ ‎【解答】‎ 小王同学连接电路时,开关应处于断开状态。小王已连接了部分电路,如图甲所示。要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大,故变阻器左下接线柱连入电路中,你应将电流表的负极与滑动变阻器上的 A点相连;‎ 小王连接好电路后,闭合开关,逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值,发现小灯泡始终不亮,电压表有示数,电流表指针几乎不偏转,此现象的原因可能是小灯泡出现故障(断路);‎ 排除故障后,闭合开关,移动滑动变阻器滑片P,观察到两电表示数在变化,并做好数据记录。根据绘制的U−I图象如图乙所示知,灯在额定电压下的电流为‎0.2A,小灯泡的额定功率是: P=UI=‎2.5V×0.2A=‎0.5W,由欧姆定律,此时小灯泡的电阻是: R=UI=‎2.5V‎0.2A=12.5Ω;‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 小灯泡的电阻随温度变化而变化,温度变化较小时,灯的电阻变化也较小,故小王还发现图线在电流较小时是直线,随着电流增大(电阻变化较大),图线变成了一条曲线;‎ 根据串联电路中,各部分电压之和等于电源电压,滑动变阻器的滑P移动一段距离,设小灯泡与滑动变阻器两端的电压变化量的绝对值分别为‎△‎U‎1‎、‎△‎U‎2‎,则‎△‎U‎1‎=‎△‎U‎2‎。‎ ‎【答案】‎ 该恒流电源输出的恒定电流为‎0.6A;‎ 若同时闭合开关S‎1‎、S‎2‎时,电压表示数变为U‎2‎=‎4V,定值电阻R‎2‎的阻值为‎10Ω;‎ 若同时闭合开关S‎1‎、S‎2‎,通电‎1min,电阻R‎2‎产生的热能为‎48J。‎ ‎【考点】‎ 焦耳定律的计算公式及其应用 欧姆定律的应用 ‎【解析】‎ ‎(1)闭合开关S‎1‎时,为R‎1‎的简单电路,电压表测其电压,根据P=UI求出该恒流电源输出的恒定电流; (2)根据已知条件,由欧姆定律求出R‎1‎; S‎1‎、S‎2‎时,两电阻并联,根据电压表示数,由欧姆定律求出通过R‎1‎的电流,根据电源输出的恒定电流,根据并联电路电流的规律求出通过R‎2‎的电流,根据欧姆定律得出定值电阻R‎2‎; (3)根据Q=W=U‎2‎‎2‎R‎2‎t求出通电‎1min电阻R‎2‎产生的热能。‎ ‎【解答】‎ 闭合开关S‎1‎时,为R‎1‎的简单电路,电压表测其电压,因U‎1‎=‎6V,此时电阻消耗的电功率P=‎3.6W,根据P=UI,该恒流电源输出的恒定电流: I=PU‎1‎=‎3.6W‎6V=0.6A;‎ 由欧姆定律,R‎1‎‎=U‎1‎I=‎6V‎0.6A=10Ω, S‎1‎、S‎2‎时,两电阻并联,电压表示数变为U‎2‎=‎4V,由欧姆定律,通过R‎1‎的电流: I‎1‎‎′=U‎2‎R‎1‎=‎4V‎10Ω=0.4A,因电源输出的恒定电流为‎0.6A,根据并联电路电流的规律,通过R‎2‎的电流为: I‎2‎=I−I‎1‎′‎=‎0.6A−0.4A=‎0.2A, 根据欧姆定律,定值电阻R‎2‎‎=U‎2‎I‎2‎=‎4V‎0.2A=20Ω;‎ 若同时闭合开关S‎1‎、S‎2‎,通电‎1min,电阻R‎2‎产生的热能:Q=W=U‎2‎‎2‎R‎2‎t=‎(4V‎)‎‎2‎‎20Ω×1×60s=‎48J。‎ ‎【答案】‎ 容器B中的水对容器B底部的压强为‎2×‎10‎‎4‎Pa;‎ 容器B内外水的深度差是‎0.4m;此时容器B对容器A的压力是‎1.1×‎10‎‎4‎N。‎ ‎【考点】‎ 液体压强的计算公式及其应用 ‎【解析】‎ ‎(1)已知B是柱形金属容器,则水对容器B底部的压力等于水的重力,所以求出容器B中水的重力,然后根据p=‎FS求出容器B中的水对容器B底部的压强; (2)根据ρ=‎mV分别求出AB中水的体积,根据V=Sh分别求出水的深度,然后即可比较容器B内外水的深度差; 再根据重力计算公式即可求出容器B与剩余水的总重力;根据B浸没在A中水的深度,求出排开水的体积,然后根据阿基米德原理求出B受到的浮力;最后根据力的合成求出容器B对容器A的压力。‎ ‎【解答】‎ 由于B是柱形金属容器,则水对容器B底部的压力F‎2‎=G‎2‎=m‎2‎g=‎3×‎10‎‎3‎kg×10N/kg=‎3×‎10‎‎4‎N, 容器B中的水对容器B底部的压强p‎2‎‎=F‎2‎S‎2‎=‎3×‎10‎‎4‎N‎1.5‎m‎2‎=2×‎10‎‎4‎Pa;‎ 将容器B中的水往外抽到容器A中,则容器B中剩余水的质量m=m‎2‎‎−‎m‎3‎=‎3×‎10‎‎3‎kg−600kg=‎2.4×‎10‎‎3‎kg, 根据ρ=‎mV可得: 容器A中水的体积V‎3‎‎=m‎3‎ρ=‎600kg‎1.0×‎10‎‎3‎kg/‎m‎3‎=0.6‎m‎3‎, 容器B中剩余水的体积V=mρ=‎2.4×‎10‎‎3‎kg‎1.0×‎10‎‎3‎kg/‎m‎3‎=2.4‎m‎3‎, 容器A中水的深度h‎3‎‎=V‎3‎S‎1‎‎−‎S‎2‎=‎0.6‎m‎3‎‎2m‎2‎−1.5‎m‎2‎=1.2m, 容器B中剩余水的的深度h=VS‎2‎=‎2.4‎m‎3‎‎1.5‎m‎2‎=1.6m, 则容器B内外水的深度差‎△h=h−‎h‎3‎=‎1.6m−1.2m=‎0.4m; 容器B与剩余水的总重力G总=‎(m‎1‎+m)g=‎(500kg+2.4×‎10‎‎3‎kg)×10N/kg=‎2.9×‎10‎‎4‎N; 容器B排开A中的水的体积V排=S‎2‎h‎3‎=‎1.5m‎2‎×1.2m=‎1.8‎m‎3‎, 容器受到浮力F浮=ρ水gV排=‎1.0×‎10‎‎3‎kg/m‎3‎×10N/kg×1.8‎m‎3‎=‎1.8×‎10‎‎4‎N; 容器B对容器A的压力F压=G总‎−‎F浮=‎2.9×‎10‎‎4‎N−1.8×‎10‎‎4‎N=‎1.1×‎10‎‎4‎N。‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页