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- 2021-11-10 发布
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2019-2020学年河南郑州九年级上数学期中试卷
一、选择题
1. 若2020a=2019b,则下列比例式不正确的是( )
A.a:b=2019:2020 B.b:a=2020:2019 C.a:2020=b:2019 D.a:2019=b:2020
2. 一元二次方程 x2=−x+1 的二次项系数与常数项的和是( )
A.2 B.−2 C.1 D.0
3. 一元二次方程 x(x+2020)−2019(x+2020)=0 的两个根是( )
A.x1=−2020,x2=2019 B.x1=2020,x2=−2019
C.x1=−2020,x2=−2019 D.x1=2020,x2=2019
4. 若 x5=y6=z3 ,则x−yz−x 的值是( )
A.−12 B.−13 C.12 D.13
5. 若关于x的一元二次方程kx2+50x+25=0有两个不相等的实数根,则k的取值范围是( )
A.k<−25 B.k>25 C.k>−25且k≠0 D.k<25且k≠0
6. 现有四张完全相同的卡片,上面分别标有数字0,−2,−1,1,把卡片背面朝上洗匀,然后从中随机抽取两张,则这两张卡片上的数字之和是负数的概率是( )
A.12 B.712 C.23 D.25
7. 如图,若在▱ ABCD 中,对角线AC,BD相交于点O,则下列判断正确的有( )
①若AC=BD,∠1=∠2,则▱ ABCD是正方形;②若∠2=∠3=45∘,则▱ ABCD是正方形;③若AC⊥BD,AC=BD,则▱ ABCD是正方形;④若AB=BC=CD=DA,则▱ ABCD是菱形;⑤若∠1=∠4,则▱ ABCD是菱形.
A.2个 B.3个 C.4个 D.5个
8. 如图, △ABC 是正三角形,点D、点E分别在BC,AC上,且 ∠ADE=60∘ ,则图中的相似三角形有( )
A.1对 B.2对 C.3对 D.4对
9.
如图,菱形ABCD的顶点A,B的坐标分别为 (m,0),(n,0) ,点D在y轴上,且|m−3|+(n+2)2=0.若点C的坐标是(x,y),则(y−x)2=( )
A.9 B.81 C.5 D.25
10. 如图①,正方形ABCD的面积是16,点P以每秒2cm的速度从点A出发,沿AB→BC的路径运动,到点C停止.过点P作PQ // BD,PQ与边AD(或边CD)交于点Q,PQ的长y(cm)与点P的运动时间x(秒)的函数图象如图②所示.当点P运动2.5秒时,△CPQ的面积是( )
A.52cm2 B.72cm2 C.92cm2 D.5cm2
二、填空题
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如图, AB//CD//EF,AF与CD交于点H,JI与AB,CD,EF分别相交于点J,G,I,若 AHAF=12,JI=16,则 JG=________.
若关于x的一元二次方程ax2+bx+c=0有一个根是1,则2020a+2020b+2020c=________.
如图,在△ABC中,∠C=90∘,点D,E,F分别在边BC,AB,AC上,EF//BC,DE//CA.若四边形CDEF的周长是y,DE的长是x,DC的长是10,则y与x之间的函数关系式是________.
如图,在平行四边形ACBD中,对角线AB,CD相交于点O, AC=AD,CE⊥AD 于点E,若 AB=16,CD=12,则 CE=________.
如图,在对角线的长为22的正方形ABCD中,点E是AB上一点,将正方形沿CE折叠,点B落在正方形内一点B′处,若△AB′D是等腰三角形,则BE的长为________.
三、解答题
解方程:(x−1)2=6x+1.
已知关于x的一元二次方程为x2−2mx+2m−2=0.
(1)求证:对于任意实数m,方程总有两个不相等的实数根;
(2)若方程有一个根是0,求m的值及方程的另一个根.
若某广场准备修建一个周长是100米的矩形绿地,则矩形的长与宽如何设计时,面积是600平方米?
如图,在△ABC中,∠ACB=90∘,点D,E在BC上,且AC=CD=DE=EB,△ABD与△EAD相似吗?若相似,请加以证明;若不相似,请说明理由.
如图,在面积是36平方厘米的正方形ABCD中,点E在边AB上,且AE=2厘米;动点F由点C开始以3厘米/秒的速度沿折线C−B−E方向移动,动点G同时由点D开始以1厘米/秒的速度沿边DC方向移动.几秒后以点D,C,F,E为顶点的四边形是平行四边形?
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欢欢与乐乐做游戏,设置了如下游戏器材.如图是一个可以自由转动的转盘,被分成4个相等的扇形,分别标有数字4,3,2,1;另有一个不透明的口袋,装有分别标有数字1,3,5的三个小球(除数字不同外,其余都相同),欢欢转动一次转盘,停止后指针指向某一扇形,扇形内的数是欢欢的幸运数,乐乐任意摸出一个小球,小球上的数是乐乐的吉祥数,然后计算这两个数的积.
(1)请你用画树状图或列表的方法,求这两个数的积为3的倍数的概率;
(2)欢欢与乐乐做游戏,规则是:若这两个数的积为质数,则欢欢赢;若这两个数的积为合数,则乐乐赢;你认为该游戏公平吗?并说明理由.
a,b,c是△ABC的三边长,根据已知条件解答下列问题:
(1)若△ABC是等边三角形,解方程ax2+bx−c=0;
(2)若关于x的方程(c+b)x2−2ax+c−b=0 有两个相等的实数根,试判断△ABC的形状,并说明理由;
(3)若a2+b2+c2=ab+ac+bc,试判断△ABC的形状,并说明理由.
(1)探究证明:如图①所示,矩形ABCD的对角线相交于点O,点E是AB上一点,EG⊥OA于点G,EF⊥OB于点F, BH⊥OA 于点H,请你利用面积之间的关系探究证明EG+EF=BH;
(2)发现探究:若(1)中的其他条件不变,当点E在AB的延长线时,如图②所示,请你猜想(1)中的结论是否成立,并说明理由;
(3)拓展迁移:如图③所示,菱形ABCD的对角线相交于点O,点E是△ABC内一点,EG⊥AB于点G, EF⊥BC于点F,EH⊥OA于点H,若∠ABC=60∘,则请你直接写出EG,EF,EH,BO之间的等量关系:__________.
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参考答案与试题解析
2019-2020学年河南郑州九年级上数学期中试卷
一、选择题
1.
【答案】
C
【考点】
比例的性质
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:由2020a=2019b,可得20202019=ba,或2020b=2019a,
即2020:2019=b:a或2020:b=2019:a,
即a:b=2019:2020或a:2019=b:2020,
分子分母互换可得2019:2020=a:b,
故A,B,D正确,C错误.
故选C.
2.
【答案】
D
【考点】
一元二次方程的一般形式
一元二次方程的定义
【解析】
将其化为一般式为x2+x−1=0,二次项系数为1,常数项为−1,所以其和为1−1=0
故选D
【解答】
解:将其化为一般式为x2+x−1=0,
二次项系数为1,常数项为−1,
所以其和为1−1=0.
故选D.
3.
【答案】
A
【考点】
解一元二次方程-因式分解法
【解析】
1
【解答】
解:由x(x+2020)−2019(x+2020)=0得:
(x−2019)(x+2020)=0,
解得:x1=−2020,x2=2019.
故选A.
4.
【答案】
C
【考点】
比例的性质
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:设x5=y6=z3=k,
则x=5k,y=6k,z=3k,
则x−yz−x=5k−6k3k−5k=−k−2k=12.
故选C.
5.
【答案】
D
【考点】
根的判别式
一元二次方程的定义
【解析】
先根据方程有两个不相等的实数根得出关于k的不等式组,求出k的取值范围即可.
【解答】
解:∵ 一元二次方程kx2+50x+25=0有两个不相等的实数根,
∴ Δ>0,k≠0,即Δ=2500−100k>0,k≠0,
解得k<25且k≠0.
故k的取值范围是k<25且k≠0.
故选D.
6.
【答案】
C
【考点】
概率公式
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:抽取的结果有(0,−2),(0,−1),(0,1),(−2,−1),(−2,1),(−1,1),共6种,
则这两张卡片上的数字之和是负数的有(0,−2),(0,−1),(−2,−1),(−2,1),共4种,
则这两张卡片上的数字之和是负数的概率是P=46=23.
故选C.
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7.
【答案】
D
【考点】
正方形的判定
菱形的判定
平行四边形的性质
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:因为四边形ABCD为平行四边形,所以AD=BC,AB=CD,∠1+∠4=∠2+∠3,
①若∠1=∠2,则AD=AB,∠3=∠4,同理BC=CD,所以AB=BC=CD=AD,所以平行四边形ABCD为菱形,
因为AC=BD,所以菱形ABCD为正方形,故①正确;
②若∠2=∠3=45∘,则∠D=90∘,
又因为∠1+∠4=∠2+∠3,所以∠1=∠4=∠2=∠3,所以四边形ABCD为菱形,
又因为∠ADC=90∘,所以菱形ABCD为正方形,故②正确;
③若AC⊥BD,AC=BD,则平行四边形ABCD是正方形,故③正确;
④若AB=BC=CD=DA,则平行四边形ABCD是菱形,故④正确;
⑤若∠1=∠4,因为∠4=∠2,所以∠1=∠2,
则AD=AB,∠3=∠4,同理BC=CD,
所以AB=BC=CD=AD,则平行四边形ABCD是菱形,故⑤正确.
综上,正确的有5个.
故选D.
8.
【答案】
B
【考点】
相似三角形的判定
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:∵ 三角形ABC是正三角形,
∴ ∠B=∠C=∠BAC=60∘,
∴ ∠ADC=∠ADE+∠CDE=∠B+∠BAD,
∵ ∠ADE=∠B=60∘,
∴ ∠CDE=∠BAD,
在△ABD和△DCE中,
∠B=∠C,∠CDE=∠BAD,
∴ △ABD∼△DCE;
在△CAD和△DAE中,
∠C=∠ADE,∠CAD=∠DAE,
∴ △CAD∼△DAE,
即图中共有2对三角形相似.
故选B.
9.
【答案】
B
【考点】
菱形的性质
坐标与图形性质
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:由题得:m−3=0,n+2=0,
所以OA=m=3,OB=n=−2=2,
所以AD=AB=5,
由勾股定理可得OD=AD2−OA2=4,
所以y=4,x=−CD=−5,
所以(y−x)2=(4+5)2=81.
故选B.
10.
【答案】
C
【考点】
动点问题
【解析】
根据运动速度乘以时间,可得PQ的长,根据线段的和差,可得CP的长,根据勾股定理,可得答案.
【解答】
解:由面积为16可知,正方形边长为16=4
点P运动2.5秒时,P点运动了5cm,
CP=8−5=3cm,
因为PQ//BD,显然CQ=3cm,
则S△CPQ=12×3×3=92cm2.
故选C.
二、填空题
【答案】
8
【考点】
平行线分线段成比例
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:∵ AB//CD//EF,AHAF=12,
∴ JGJI=12,
∵
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JI=16,
∴ JG=8.
故答案为:8.
【答案】
0
【考点】
列代数式求值
一元二次方程的解
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:ax2+bx+c=0有一个根是1,
将1代入得a+b+c=0,
则2020a+2020b+2020c=2020(a+b+c)=0.
故答案为:0.
【答案】
y=2x+20
【考点】
平行四边形的性质与判定
由实际问题抽象出一元一次方程
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:由EF//BC,DE//CA可知:
四边形CDEF为平行四边形,
∴ CD=EF=10,CF=DE=x,
∴ y=CD+EF+CF+DE=2x+20.
故答案为:y=2x+20.
【答案】
9.6
【考点】
相似三角形的性质与判定
菱形的性质
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:∵ 四边形ACBD是平行四边形,且AC=AD,
∴ 四边形ACBD是菱形,
∴ AB⊥CD,
∵ AB=16,CD=12,
∴ AD=OA2+OD2=82+62=10,
在△AOD和△CED中,
∠CDE=∠ADO,∠CED=∠AOD,
∴ △AOD∼△CED,
∴ CDAD=CEAO,
即1210=CE8,
∴ CE=9.6.
故答案为:9.6.
【答案】
4−23或233
【考点】
正方形的性质
翻折变换(折叠问题)
等腰三角形的性质
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:∵ 四边形ABCD是正方形,对角线为22,
∴ AB=BC=CD=AD=2,
①当AD=B′D时,如图1,
由翻折的性质得,B′C=BC,
∴ B′D=B′C=CD,
∴ △CDB′是等边三角形,
∴ ∠B′DC=60∘,
∴ ∠ADB′=30∘,
过B′作B′G⊥AD于G,B′F⊥AB于F,
∴ AF=B′G=12×2=1,DG=3,
∴ AG=FB′=2−3,
∵ BE=B′E,EF=1−BE,
∴ (2−3)2+(1−BE)2=BE2,
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∴ BE=4−23;
②当 AB′=B′D时,如图2,
则B′在AD的垂直平分线上,
∴ B′在BC的垂直平分线上,
∴ BB′=CB′,
由翻折的性质得,B′C=BC,
∴ △BB′C是等边三角形,
∴ ∠BCE=30∘,
∴ BE=12CE,
∴ BE2+BC2=CE2,
则22+BE2=(2BE)2,
∴ BE=233.
故答案为:4−23或233.
三、解答题
【答案】
解:原方程变形为 x2−8x=0.
方程的左边分解因式,得
x(x−8)=0.
所以x=0或x−8=0.
所以x1=0,x2=8.
【考点】
解一元二次方程-因式分解法
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:原方程变形为 x2−8x=0.
方程的左边分解因式,得
x(x−8)=0.
所以x=0或x−8=0.
所以x1=0,x2=8.
【答案】
(1)证明:Δ=(−2m)2−4(2m−2)=4m2−8m+8
=4(m2−2m+2)=4(m−1)2+4.
∵ 无论m为何值,(m−1)2≥0,
∴4(m−1)2+4>0,
∴ 对于任意实数m,方程总有两个不相等的实数根.
(2)解:∵ 方程的一个根是0,
将0代入方程,得:
∴2m−2=0,∴ m=1.
∴ 原方程为x2−2x=0 ,
解得x1=0,x2=2.
∴m的值为1,方程的另一个根是2.
【考点】
根的判别式
一元二次方程的解
【解析】
此题暂无解析
【解答】
(1)证明:Δ=(−2m)2−4(2m−2)=4m2−8m+8
=4(m2−2m+2)=4(m−1)2+4.
∵ 无论m为何值,(m−1)2≥0,
∴4(m−1)2+4>0,
∴ 对于任意实数m,方程总有两个不相等的实数根.
(2)解:∵ 方程的一个根是0,
将0代入方程,得:
∴2m−2=0,∴ m=1.
∴ 原方程为x2−2x=0 ,
解得x1=0,x2=2.
∴m的值为1,方程的另一个根是2.
【答案】
解:设矩形的长是x米,则矩形的宽是100−2x2=(50−x)米.
根据题意,得x(50−x)=600.
解得x1=20,x2=30.
因为长大于宽,所以x=30.
所以宽为:50−x=50−30=20.
答:矩形的长与宽分别是30米与20米时,面积是600平方米.
【考点】
一元二次方程的应用--几何图形面积问题
【解析】
此题暂无解析
【解答】
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解:设矩形的长是x米,则矩形的宽是100−2x2=(50−x)米.
根据题意,得x(50−x)=600.
解得x1=20,x2=30.
因为长大于宽,所以x=30.
所以宽为:50−x=50−30=20.
答:矩形的长与宽分别是30米与20米时,面积是600平方米.
【答案】
解:△ABD∼△EAD.
理由如下:
∵AC=CD=DE=EB,
∴可设AC=CD=DE=EB=1,
∴CE=2,BD=2,CB=3.
∵∠ACB=90∘,
∴AD=12+12=2,AE=12+22=5,AB=12+32=10,
∴ABEA=105=2,BDAD=22=2,ADED=21=2,
∴ABEA=BDAD=ADED,
∴ △ABD∼△EAD.
【考点】
相似三角形的性质与判定
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:△ABD∼△EAD.
理由如下:
∵AC=CD=DE=EB,
∴可设AC=CD=DE=EB=1,
∴CE=2,BD=2,CB=3.
∵∠ACB=90∘,
∴AD=12+12=2,AE=12+22=5,AB=12+32=10,
∴ABEA=105=2,BDAD=22=2,ADED=21=2,
∴ABEA=BDAD=ADED,
∴ △ABD∼△EAD.
【答案】
解:设ts后以点D,G,F,E为顶点的四边形是平行四边形,此时点F一定在AB上,
∵ 正方形ABCD的面积是36平方厘米,
∴AB=BC=6厘米,EF//DG,
∴FB=3t−6,EF=6−2−(3t−6)=10−3t,DG=t.
∵EF//DG,
∴ 当EF=DG时,四边形DGFE是平行四边形,
∴10−3t=t,
∴t=52,
即当t=52秒时,以点D,G,F,E为顶点的四边形是平行四边形.
【考点】
动点问题
正方形的性质
平行四边形的判定
由实际问题抽象出一元一次方程
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:设ts后以点D,G,F,E为顶点的四边形是平行四边形,此时点F一定在AB上,
∵ 正方形ABCD的面积是36平方厘米,
∴AB=BC=6厘米,EF//DG,
∴FB=3t−6,EF=6−2−(3t−6)=10−3t,DG=t.
∵EF//DG,
∴ 当EF=DG时,四边形DGFE是平行四边形,
∴10−3t=t,
∴t=52,
即当t=52秒时,以点D,G,F,E为顶点的四边形是平行四边形.
【答案】
解:(1)列表如下:
由表格可以看出,所有机会均等的结果有12种,其中积为3的倍数的有6种,
所以这两个数的积为3的倍数的概率为612=12.
(2)该游戏不公平.
理由如下:
这两个数的积为质数的有:2,3,3,5,共4种,
这两个数的积为合数的有:4,6,9,10,12,15,20,共7种,
这两个数的积为质数的概率为412=13 ,积为合数的概率为712,
且13<712所以该游戏不公平.
【考点】
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游戏公平性
列表法与树状图法
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:(1)列表如下:
由表格可以看出,所有机会均等的结果有12种,其中积为3的倍数的有6种,
所以这两个数的积为3的倍数的概率为612=12.
(2)该游戏不公平.
理由如下:
这两个数的积为质数的有:2,3,3,5,共4种,
这两个数的积为合数的有:4,6,9,10,12,15,20,共7种,
这两个数的积为质数的概率为412=13 ,积为合数的概率为712,
且13<712所以该游戏不公平.
【答案】
解:(1)∵ △ABC 是等边三角形,
∴a=b=c.
∵ax2+bx−c=0,
∴x2+x−1=0,
解得x1=−1+52,x2=−1−52.
(2)△ABC 是直角三角形.
理由如下:
∵ 方程(c+b)x2−2ax+c−b=0有两个相等的实数根,
∴(−2a)2−4(c+b)(c−b)=4a2−4c2+4b2=0,
∴a2−c2+b2=0,
∴a2+b2=c2,
∴ △ABC 是直角三角形.
(3)△ABC 是等边三角形.
理由如下:
∵a2+b2+c2=ab+ac+bc,
∴2a2+2b2+2c2=2ab+2ac+2bc.
∴(a2−2ab+b2)+(b2−2bc+c2)+(a2−2ac+c2)=0,
∴(a−b)2+(b−c)2+(a−c)2=0,
∴a−b=0,b−c=0,a−c=0,
∴a=b,b=c,a=c,
∴a=b=c,
∴ △ABC是等边三角形.
【考点】
根的判别式
解一元二次方程-公式法
勾股定理的逆定理
等边三角形的判定
等边三角形的性质
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:(1)∵ △ABC 是等边三角形,
∴a=b=c.
∵ax2+bx−c=0,
∴x2+x−1=0,
解得x1=−1+52,x2=−1−52.
(2)△ABC 是直角三角形.
理由如下:
∵ 方程(c+b)x2−2ax+c−b=0有两个相等的实数根,
∴(−2a)2−4(c+b)(c−b)=4a2−4c2+4b2=0,
∴a2−c2+b2=0,
∴a2+b2=c2,
∴ △ABC 是直角三角形.
(3)△ABC 是等边三角形.
理由如下:
∵a2+b2+c2=ab+ac+bc,
∴2a2+2b2+2c2=2ab+2ac+2bc.
∴(a2−2ab+b2)+(b2−2bc+c2)+(a2−2ac+c2)=0,
∴(a−b)2+(b−c)2+(a−c)2=0,
∴a−b=0,b−c=0,a−c=0,
∴a=b,b=c,a=c,
∴a=b=c,
∴ △ABC是等边三角形.
【答案】
(1)证明:如图,连接OE,如图:
则
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S△AOE+S△BOE=S△AOB.
∴ 12OA⋅EG+12OB⋅EF=12OA⋅BH.
∵ 四边形ABCD是矩形,
∴ OA=OC=12AC,OB=OD=12BD,AC=BD,
∴ OA=OB,
∴ EG+EF=BH.
(2)解:(1)中的结论不成立.
理由如下:如图,连接OE,
则S△AEO−S△OEB=S△OAB,
∴ 12OA⋅EG−12OB⋅EF=12OA⋅BH
∵ 四边形ABCD是矩形,
∴ OA=OC=12AC,OB=OD=12BD,AC=BD,
∴ OA=OB,
∴ EG−EF=BH.
EG+EF+EH=BO
【考点】
四边形综合题
【解析】
此题暂无解析
【解答】
(1)证明:如图,连接OE,如图:
则S△AOE+S△BOE=S△AOB.
∴ 12OA⋅EG+12OB⋅EF=12OA⋅BH.
∵ 四边形ABCD是矩形,
∴ OA=OC=12AC,OB=OD=12BD,AC=BD,
∴ OA=OB,
∴ EG+EF=BH.
(2)解:(1)中的结论不成立.
理由如下:如图,连接OE,
则S△AEO−S△OEB=S△OAB,
∴ 12OA⋅EG−12OB⋅EF=12OA⋅BH
∵ 四边形ABCD是矩形,
∴ OA=OC=12AC,OB=OD=12BD,AC=BD,
∴ OA=OB,
∴ EG−EF=BH.
(3)解:EG+EF+EH=BO.
理由如下:
如图,连接AE,BE,CE,
则AC⊥BD,△ABC 是等边三角形.
则S△ABE+S△BCE+S△ACE=S△ABC,
∴
第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页
12AB⋅EG+12BC⋅EF+12AC⋅EH=12AC⋅BO,
∵ AB=AC=AC,
∴ EG+EF+EH=BO.
第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页
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