2020年浙江省绍兴市中考数学试卷 29页

2020 年浙江省绍兴市中考数学试卷 一、选择题（本大题有 10 小题，每小题 4 分，共 40 分．请选出每小题中一个最符合题意 的选项，不选、多选、错选，均不给分） 1．（4 分）实数 2，0， 2 ， 2 中，为负数的是 ( ) A．2 B．0 C． 2 D． 2 2．（4 分）某自动控制器的芯片，可植入 2020000000 粒晶体管，这个数字 2020000000 用科 学记数法可表示为 ( ) A． 100.202 10 B． 92.02 10 C． 820.2 10 D． 82.02 10 3．（4 分）将如图的七巧板的其中几块，拼成一个多边形，为中心对称图形的是 ( ) A． B． C． D． 4．（4 分）如图，点 A ，B ，C ，D ，E 均在 O 上， 15BAC   ， 30CED   ，则 BOD 的度数为 ( ) A． 45 B． 60 C． 75 D．90 5．（4 分）如图，三角板在灯光照射下形成投影，三角板与其投影的相似比为 2 :5 ，且三角 板的一边长为8cm ．则投影三角板的对应边长为 ( ) A． 20cm B．10cm C．8cm D． 3.2cm 6．（4 分）如图，小球从 A 入口往下落，在每个交叉口都有向左或向右两种可能，且可能性 相等．则小球从 E 出口落出的概率是 ( ) A． 1 2 B． 1 3 C． 1 4 D． 1 6 7．（4 分）长度分别为 2，3，3，4 的四根细木棒首尾相连，围成一个三角形（木棒允许连 接，但不允许折断），得到的三角形的最长边长为 ( ) A．4 B．5 C．6 D．7 8．（4 分）如图，点 O 为矩形 ABCD 的对称中心，点 E 从点 A 出发沿 AB 向点 B 运动，移 动到点 B 停止，延长 EO 交 CD于点 F ，则四边形 AECF 形状的变化依次为 ( ) A．平行四边形  正方形  平行四边形  矩形 B．平行四边形  菱形  平行四边形  矩形 C．平行四边形  正方形  菱形  矩形 D．平行四边形  菱形  正方形  矩形 9．（4 分）如图，等腰直角三角形 ABC 中， 90ABC   ， BA BC ，将 BC 绕点 B 顺时针 旋转 (0 90 )     ，得到 BP ，连结 CP ，过点 A 作 AH CP 交 CP 的延长线于点 H ，连 结 AP ，则 PAH 的度数 ( ) A．随着 的增大而增大 B．随着 的增大而减小 C．不变 D．随着 的增大，先增大后减小 10．（4 分）同型号的甲、乙两辆车加满气体燃料后均可行驶 210km ，它们各自单独行驶并 返回的最远距离是105km ．现在它们都从 A 地出发，行驶途中停下来从甲车的气体燃料桶 抽一些气体燃料注入乙车的气体燃料桶，然后甲车再行驶返回 A 地，而乙车继续行驶，到 B 地后再行驶返回 A 地．则 B 地最远可距离 A 地 ( ) A．120km B．140km C．160km D．180km 二、填空题（本大题有 6 小题，每小题 5 分，共 30 分） 11．（5 分）分解因式： 21 x  ． 12．（5 分）若关于 x ， y 的二元一次方程组 2, 0 x y A     的解为 1, 1, x y    则多项式 A 可以是 （写出一个即可）． 13．（5 分）如图 1，直角三角形纸片的一条直角边长为 2，剪四块这样的直角三角形纸片， 把它们按图 2 放入一个边长为 3 的正方形中（纸片在结合部分不重叠无缝隙），则图 2 中阴 影部分面积为 ． 14．（5 分）如图，已知边长为 2 的等边三角形 ABC 中，分别以点 A ， C 为圆心， m 为半 径作弧，两弧交于点 D ，连结 BD ．若 BD 的长为 2 3 ，则 m 的值为 ． 15．（5 分）有两种消费券： A 券，满 60 元减 20 元， B 券，满 90 元减 30 元，即一次购物 大于等于 60 元、90 元，付款时分别减 20 元、30 元．小敏有一张 A 券，小聪有一张 B 券， 他们都购了一件标价相同的商品，各自付款，若能用券时用券，这样两人共付款 150 元，则 所购商品的标价是 元． 16．（5 分）将两条邻边长分别为 2 ，1 的矩形纸片剪成四个等腰三角形纸片（无余纸片）， 各种剪法剪出的等腰三角形中，其中一个等腰三角形的腰长可以是下列数中的 （填序号）． ① 2 ，②1，③ 2 1 ，④ 3 2 ，⑤ 3 ． 三、解答题（本大题有 8 小题，第 17～20 小题每小题 8 分，第 21 小题 10 分，第 22，23 小题每小题 8 分，第 24 小题 14 分，共 80 分．解答需写出必要的文字说明、演算步骤或证 明过程） 17．（8 分）（1）计算： 20208 4cos45 ( 1)    ． （2）化简： 2( ) ( 2 )x y x x y   ． 18．（8 分）如图，点 E 是 ABCD 的边 CD 的中点，连结 AE 并延长，交 BC 的延长线于点 F ． （1）若 AD 的长为 2，求 CF 的长． （2）若 90BAF   ，试添加一个条件，并写出 F 的度数． 19．（8 分）一只羽毛球的重量合格标准是 5.0 克 ~ 5.2 克（含 5.0 克，不含 5.2 克），某厂对 4 月份生产的羽毛球重量进行抽样检验，并将所得数据绘制成如图统计图表． 4 月份生产的羽毛球重量统计表 组别 重量 x （克 ) 数量（只 ) A 5.0x  m B 5.0 5.1x „ 400 C 5.1 5.2x „ 550 D 5.2x… 30 （1）求表中 m 的值及图中 B 组扇形的圆心角的度数． （2）问这些抽样检验的羽毛球中，合格率是多少？如果购得 4 月份生产的羽毛球 10 筒（每 筒 12 只），估计所购得的羽毛球中，非合格品的羽毛球有多少只？ 20．（8 分）我国传统的计重工具  秤的应用，方便了人们的生活．如图 1，可以用秤砣到 秤纽的水平距离，来得出秤钩上所挂物体的重量．称重时，若秤杆上秤砣到秤纽的水平距离 为 x （厘米）时，秤钩所挂物重为 y （斤 ) ，则 y 是 x 的一次函数．下表中为若干次称重时 所记录的一些数据． x （厘米） 1 2 4 7 11 12 y （斤 ) 0.75 1.00 1.50 2.75 3.25 3.50 （1）在上表 x ， y 的数据中，发现有一对数据记录错误．在图 2 中，通过描点的方法，观 察判断哪一对是错误的？ （2）根据（1）的发现，问秤杆上秤砣到秤纽的水平距离为 16 厘米时，秤钩所挂物重是多 少？ 21．（10 分）如图 1 为搭建在地面上的遮阳棚，图 2、图 3 是遮阳棚支架的示意图．遮阳棚 支架由相同的菱形和相同的等腰三角形构成，滑块 E ，H 可分别沿等长的立柱 AB ，DC 上 下移动， 1AF EF FG m   ． （1）若移动滑块使 AE EF ，求 AFE 的度数和棚宽 BC 的长． （2）当 AFE 由 60变为 74时，问棚宽 BC 是增加还是减少？增加或减少了多少？ （结果精确到 0.1m ，参考数据： 3 1.73 ，sin37 0.60  ，cos37 0.80  ， tan37 0.75)  22．（12 分）问题：如图，在 ABD 中，BA BD ．在 BD 的延长线上取点 E ，C ，作 AEC ， 使 EA EC ．若 90BAE  ， 45B   ，求 DAC 的度数． 答案： 45DAC   ． 思考：（1）如果把以上“问题”中的条件“ 45B   ”去掉，其余条件不变，那么 DAC 的 度数会改变吗？说明理由． （2）如果把以上“问题”中的条件“ 45B   ”去掉，再将“ 90BAE  ”改为“ BAE n  ”， 其余条件不变，求 DAC 的度数． 23．（12 分）如图 1，排球场长为18m ，宽为 9m ，网高为 2.24m ，队员站在底线 O 点处发 球，球从点 O 的正上方1.9m 的 C 点发出，运动路线是抛物线的一部分，当球运动到最高点 A 时，高度为 2.88m ，即 2.88BA m ，这时水平距离 7OB m ，以直线 OB 为 x 轴，直线 OC 为 y 轴，建立平面直角坐标系，如图 2． （1）若球向正前方运动（即 x 轴垂直于底线），求球运动的高度 ( )y m 与水平距离 ( )x m 之间 的函数关系式（不必写出 x 取值范围）．并判断这次发球能否过网？是否出界？说明理由． （2）若球过网后的落点是对方场地①号位内的点 P （如图 1，点 P 距底线1m ，边线 0.5 )m ， 问发球点 O 在底线上的哪个位置？（参考数据： 2 取1.4) 24．（14 分）如图 1，矩形 DEFG 中， 2DG  ， 3DE  ，Rt ABC 中， 90ACB   ， 2CA CB  ， FG ，BC 的延长线相交于点 O ，且 FG BC ， 2OG  ， 4OC  ．将 ABC 绕点 O 逆时针 旋转 (0 180 )   „ 得到△ A B C   ． （1）当 30   时，求点 C到直线OF 的距离． （2）在图 1 中，取 A B 的中点 P ，连结C P ，如图 2． ①当 C P 与矩形 DEFG 的一条边平行时，求点 C到直线 DE 的距离． ②当线段 A P 与矩形 DEFG 的边有且只有一个交点时，求该交点到直线 DG 的距离的取值 范围． 2020 年浙江省绍兴市中考数学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（本大题有 10 小题，每小题 4 分，共 40 分．请选出每小题中一个最符合题意 的选项，不选、多选、错选，均不给分） 1．（4 分）实数 2，0， 2 ， 2 中，为负数的是 ( ) A．2 B．0 C． 2 D． 2 【分析】根据负数定义可得答案． 【解答】解：实数 2，0， 2 ， 2 中，为负数的是 2 ， 故选： C ． 【点评】此题主要考查了实数，关键是掌握负数定义． 2．（4 分）某自动控制器的芯片，可植入 2020000000 粒晶体管，这个数字 2020000000 用科 学记数法可表示为 ( ) A． 100.202 10 B． 92.02 10 C． 820.2 10 D． 82.02 10 【分析】科学记数法的表示形式为 10na  的形式，其中1 | | 10a „ ， n 为整数．确定 n 的值 时，要看把原数变成 a时，小数点移动了多少位， n的绝对值与小数点移动的位数相同． 【解答】解： 92020000000 2.02 10  ， 故选： B ． 【点评】此题考查科学记数法的表示方法，表示时关键要正确确定 a的值以及 n的值． 3．（4 分）将如图的七巧板的其中几块，拼成一个多边形，为中心对称图形的是 ( ) A． B． C． D． 【分析】根据中心对称的定义，结合所给图形即可作出判断． 【解答】解： A 、不是中心对称图形，故本选项不符合题意； B 、不是中心对称图形，故本选项不符合题意； C 、不是中心对称图形，故本选项不符合题意； D 、是中心对称图形，故本选项符合题意． 故选： D ． 【点评】本题考查了中心对称图形的特点，属于基础题，判断中心对称图形的关键是旋转 180 后能够重合． 4．（4 分）如图，点 A ，B ，C ，D ，E 均在 O 上， 15BAC   ， 30CED   ，则 BOD 的度数为 ( ) A． 45 B． 60 C． 75 D．90 【分析】首先连接 BE ，由圆周角定理即可得 BEC 的度数，继而求得 BED 的度数，然后 由圆周角定理，求得 BOD 的度数． 【解答】解：连接 BE ， 15BEC BAC     ， 30CED   ， 45BED BEC CED       ， 2 90BOD BED    ． 故选： D ． 【点评】此题考查了圆周角定理．注意准确作出辅助线是解此题的关键． 5．（4 分）如图，三角板在灯光照射下形成投影，三角板与其投影的相似比为 2 :5 ，且三角 板的一边长为8cm ．则投影三角板的对应边长为 ( ) A． 20cm B．10cm C．8cm D． 3.2cm 【分析】根据对应边的比等于相似比列式进行计算即可得解． 【解答】解：设投影三角尺的对应边长为 xcm， 三角尺与投影三角尺相似， 8: 2:5x  ， 解得 20x  ． 故选： A ． 【点评】本题主要考查相似三角形的应用．利用数学知识解决实际问题是中学数学的重要内 容．解决此问题的关键在于正确理解题意的基础上建立数学模型，把实际问题转化为数学问 题． 6．（4 分）如图，小球从 A 入口往下落，在每个交叉口都有向左或向右两种可能，且可能性 相等．则小球从 E 出口落出的概率是 ( ) A． 1 2 B． 1 3 C． 1 4 D． 1 6 【分析】根据“在每个交叉口都有向左或向右两种可能，且可能性相等”可知在点 B 、C 、 D 处都是等可能情况，从而得到在四个出口 E 、F 、G 、 H 也都是等可能情况，然后概率 的意义列式即可得解． 【解答】解：由图可知，在每个交叉口都有向左或向右两种可能，且可能性相等， 小球最终落出的点共有 E 、 F 、 G 、 H 四个， 所以小球从 E 出口落出的概率是： 1 4 ； 故选： C ． 【点评】本题考查了概率的求法，读懂题目信息，得出所给的图形的对称性以及可能性相等 是解题的关键，用到的知识点为：概率  所求情况数与总情况数之比． 7．（4 分）长度分别为 2，3，3，4 的四根细木棒首尾相连，围成一个三角形（木棒允许连 接，但不允许折断），得到的三角形的最长边长为 ( ) A．4 B．5 C．6 D．7 【分析】利用三角形的三边关系列举出所围成三角形的不同情况，通过比较得到结论． 【解答】解：①长度分别为 5、3、4，能构成三角形，且最长边为 5； ②长度分别为 2、6、4，不能构成三角形； ③长度分别为 2、7、3，不能构成三角形； 综上所述，得到三角形的最长边长为 5． 故选： B ． 【点评】本题考查了三角形的三边关系，利用了三角形中三边的关系求解．注意分类讨论， 不重不漏． 8．（4 分）如图，点 O 为矩形 ABCD 的对称中心，点 E 从点 A 出发沿 AB 向点 B 运动，移 动到点 B 停止，延长 EO 交 CD于点 F ，则四边形 AECF 形状的变化依次为 ( ) A．平行四边形  正方形  平行四边形  矩形 B．平行四边形  菱形  平行四边形  矩形 C．平行四边形  正方形  菱形  矩形 D．平行四边形  菱形  正方形  矩形 【分析】根据对称中心的定义，根据矩形的性质，可得四边形 AECF 形状的变化情况． 【解答】解：观察图形可知，四边形 AECF 形状的变化依次为平行四边形  菱形  平行四 边形  矩形． 故选： B ． 【点评】考查了中心对称，矩形的性质，平行四边形的判定与性质，菱形的性质，根据 EF 与 AC 的位置关系即可求解． 9．（4 分）如图，等腰直角三角形 ABC 中， 90ABC   ， BA BC ，将 BC 绕点 B 顺时针 旋转 (0 90 )     ，得到 BP ，连结 CP ，过点 A 作 AH CP 交 CP 的延长线于点 H ，连 结 AP ，则 PAH 的度数 ( ) A．随着 的增大而增大 B．随着 的增大而减小 C．不变 D．随着 的增大，先增大后减小 【分析】由旋转的性质可得 BC BP BA  ，由等腰三角形的性质和三角形内接和定理可求 135BPC BPA CPA       ，由外角的性质可求 135 90 45PAH      ，即可求解． 【解答】解：将 BC 绕点 B 顺时针旋转 (0 90 )     ，得到 BP ， BC BP BA   ， BCP BPC   ， BPA BAP   ， 180CBP BCP BPC       ， 180ABP BAP BPA       ， 90ABP CBP     ， 135BPC BPA CPA       ， 135CPA AHC PAH       ， 135 90 45PAH       ， PAH 的度数是定值， 故选： C ． 【点评】本题考查了旋转的性质，等腰三角形的性质，三角形的外角性质，灵活运用这些性 质解决问题是本题的关键． 10．（4 分）同型号的甲、乙两辆车加满气体燃料后均可行驶 210km ，它们各自单独行驶并 返回的最远距离是105km ．现在它们都从 A 地出发，行驶途中停下来从甲车的气体燃料桶 抽一些气体燃料注入乙车的气体燃料桶，然后甲车再行驶返回 A 地，而乙车继续行驶，到 B 地后再行驶返回 A 地．则 B 地最远可距离 A 地 ( ) A．120km B．140km C．160km D．180km 【分析】设甲行驶到 C 地时返回，到达 A 地燃料用完，乙行驶到 B 地再返回 A 地时燃料用 完，根据题意得关于 x 和 y 的二元一次方程组，求解即可． 【解答】解：设甲行驶到 C 地时返回，到达 A 地燃料用完，乙行驶到 B 地再返回 A 地时燃 料用完，如图： 设 AB xkm ， AC ykm ，根据题意得： 2 2 210 2 210 x y x y x        ， 解得： 140 70 x y    ． 乙在 C 地时加注行驶 70km 的燃料，则 AB 的最大长度是140km ． 故选： B ． 【点评】本题考查了二元一次方程组在行程问题中的应用，理清题中的数量关系正确列出方 程组是解题的关键． 二、填空题（本大题有 6 小题，每小题 5 分，共 30 分） 11．（5 分）分解因式： 21 x  (1 )(1 )x x  ． 【分析】分解因式 21 x 中，可知是 2 项式，没有公因式，用平方差公式分解即可． 【解答】解： 21 (1 )(1 )x x x    ． 故答案为： (1 )(1 )x x  ． 【点评】本题考查了因式分解  运用公式法，熟练掌握平方差公式的结构特点是解题的关键． 12．（5 分）若关于 x ，y 的二元一次方程组 2, 0 x y A     的解为 1, 1, x y    则多项式 A 可以是 答 案不唯一，如 x y （写出一个即可）． 【分析】根据方程组的解的定义，为 1 1 x y    应该满足所写方程组的每一个方程．因此，可以 围绕为 1 1 x y    列一组算式，然后用 x ， y 代换即可． 【解答】解：关于 x ， y 的二元一次方程组 2 0 x y A     的解为 1 1 x y    ， 而1 1 0  ， 多项式 A 可以是答案不唯一，如 x y ． 故答案为：答案不唯一，如 x y ． 【点评】考查了二元一次方程组的解，本题是开放题，注意方程组的解的定义． 13．（5 分）如图 1，直角三角形纸片的一条直角边长为 2，剪四块这样的直角三角形纸片， 把它们按图 2 放入一个边长为 3 的正方形中（纸片在结合部分不重叠无缝隙），则图 2 中阴 影部分面积为 4 5 ． 【分析】根据题意和图形，可以得到直角三角形的一条直角边的长和斜边的长，从而可以得 到直角三角形的另一条直角边长，再根据图形，可知阴影部分的面积是四个直角三角形的面 积，然后代入数据计算即可． 【解答】解：由题意可得， 直角三角形的斜边长为 3，一条直角边长为 2， 故直角三角形的另一条直角边长为： 2 23 2 5  ， 故阴影部分的面积是： 2 5 4 4 52    ， 故答案为： 4 5 ． 【点评】本题考查正方形的性质、勾股定理、三角形的面积，解答本题的关键是明确题意， 利用数形结合的思想解答． 14．（5 分）如图，已知边长为 2 的等边三角形 ABC 中，分别以点 A ， C 为圆心， m 为半 径作弧，两弧交于点 D ，连结 BD ．若 BD 的长为 2 3 ，则 m 的值为 2 或 2 7 ． 【分析】由作图知，点 D 在 AC 的垂直平分线上，得到点 B 在 AC 的垂直平分线上，求得 BD 垂直平分 AC ，设垂足为 E ，得到 3BE  ，当点 D 、 B 在 AC 的两侧时，如图，当点 D 、 B 在 AC 的同侧时，如图，解直角三角形即可得到结论． 【解答】解：由作图知，点 D 在 AC 的垂直平分线上， ABC 是等边三角形， 点 B 在 AC 的垂直平分线上， BD 垂直平分 AC ， 设垂足为 E ， 2AC AB  ， 3BE  ， 当点 D 、 B 在 AC 的两侧时，如图， 2 3BD  ， BE DE  ， 2AD AB   ， 2m  ； 当点 D 、 B 在 AC 的同侧时，如图， 2 3BD  ， 3 3D E   ， 2 2(3 3) 1 2 7AD     ， 2 7m  ， 综上所述， m 的值为 2 或 2 7 ， 故答案为：2 或 2 7 ． 【点评】本题考查了勾股定理，等边三角形的性质，线段垂直平分线的性质．正确的作出图 形是解题的关键． 15．（5 分）有两种消费券： A 券，满 60 元减 20 元， B 券，满 90 元减 30 元，即一次购物 大于等于 60 元、90 元，付款时分别减 20 元、30 元．小敏有一张 A 券，小聪有一张 B 券， 他们都购了一件标价相同的商品，各自付款，若能用券时用券，这样两人共付款 150 元，则 所购商品的标价是 100 或 85 元． 【分析】可设所购商品的标价是 x 元，根据小敏有一张 A 券，小聪有一张 B 券，他们都购 了一件标价相同的商品，各自付款，若能用券时用券，这样两人共付款 150 元，分①所购商 品的标价小于 90 元；②所购商品的标价大于 90 元；列出方程即可求解． 【解答】解：设所购商品的标价是 x 元，则 ①所购商品的标价小于 90 元， 20 150x x   ， 解得 85x  ； ②所购商品的标价大于 90 元， 20 30 150x x    ， 解得 100x  ． 故所购商品的标价是 100 或 85 元． 故答案为：100 或 85． 【点评】考查了一元一次方程的应用，属于商品销售问题，注意分两种情况进行讨论求解． 16．（5 分）将两条邻边长分别为 2 ，1 的矩形纸片剪成四个等腰三角形纸片（无余纸片）， 各种剪法剪出的等腰三角形中，其中一个等腰三角形的腰长可以是下列数中的 ①②③④ （填序号）． ① 2 ，②1，③ 2 1 ，④ 3 2 ，⑤ 3 ． 【分析】首先作出图形，再根据矩形的性质和等腰三角形的判定即可求解． 【解答】解：如图所示： 则其中一个等腰三角形的腰长可以是① 2 ，②1，③ 2 1 ，④ 3 2 ，不可以是 3 ． 故答案为：①②③④． 【点评】考查了矩形的性质，等腰三角形的判定与性质，根据题意作出图形是解题的关键． 三、解答题（本大题有 8 小题，第 17～20 小题每小题 8 分，第 21 小题 10 分，第 22，23 小题每小题 8 分，第 24 小题 14 分，共 80 分．解答需写出必要的文字说明、演算步骤或证 明过程） 17．（8 分）（1）计算： 20208 4cos45 ( 1)    ． （2）化简： 2( ) ( 2 )x y x x y   ． 【分析】（1）直接利用特殊角的三角函数值以及二次根式的性质分别化简得出答案； （2）直接利用完全平方公式以及单项式乘以多项式运算法则计算得出答案． 【解答】解：（1）原式 22 2 4 12     2 2 2 2 1   1 ； （2） 2( ) ( 2 )x y x x y   2 2 22 2x xy y x xy     2y ． 【点评】此题主要考查了实数运算以及完全平方公式以及单项式乘以多项式运算，正确掌握 相关运算法则是解题关键． 18．（8 分）如图，点 E 是 ABCD 的边 CD 的中点，连结 AE 并延长，交 BC 的延长线于点 F ． （1）若 AD 的长为 2，求 CF 的长． （2）若 90BAF   ，试添加一个条件，并写出 F 的度数． 【分析】（1）由平行四边形的性质得出 / /AD CF ，则 DAE CFE   ， ADE FCE   ，由 点 E 是 CD 的中点，得出 DE CE ，由 AAS 证得 ADE FCE   ，即可得出结果； （2）添加一个条件当 60B  时，由直角三角形的性质即可得出结果（答案不唯一）． 【解答】解：（1）四边形 ABCD 是平行四边形， / /AD CF ， DAE CFE   ， ADE FCE   ， 点 E 是 CD的中点， DE CE  ， 在 ADE 和 FCE 中， DAE CFE ADE FCE DE CE         ， ( )ADE FCE AAS   ， 2CF AD   ； （2） 90BAF   ， 添加一个条件：当 60B  时， 90 60 30F      （答案不唯一）． 【点评】本题考查了平行四边形的性质、全等三角形的判定与性质、平行线的性质、三角形 内角和定理等知识，熟练掌握全等三角形的判定与性质是解题的关键． 19．（8 分）一只羽毛球的重量合格标准是 5.0 克 ~ 5.2 克（含 5.0 克，不含 5.2 克），某厂对 4 月份生产的羽毛球重量进行抽样检验，并将所得数据绘制成如图统计图表． 4 月份生产的羽毛球重量统计表 组别 重量 x （克 ) 数量（只 ) A 5.0x  m B 5.0 5.1x „ 400 C 5.1 5.2x „ 550 D 5.2x… 30 （1）求表中 m 的值及图中 B 组扇形的圆心角的度数． （2）问这些抽样检验的羽毛球中，合格率是多少？如果购得 4 月份生产的羽毛球 10 筒（每 筒 12 只），估计所购得的羽毛球中，非合格品的羽毛球有多少只？ 【分析】（1）图表中“ C 组”的频数为 550 只，占抽查总数的 55% ，可求出抽查总数，进 而求出“ A 组”的频数，即 m 的值；求出“ B 组”所占总数的百分比，即可求出相应的圆 心角的度数； （2）计算“ B 组”“ C 组”的频率的和即为合格率，求出“不合格”所占的百分比，即可 求出不合格的数量． 【解答】解：（1） 550 55% 1000  （只 ) ，1000 400 550 30 20    （只 ) 即： 20m  ， 400360 1441000    ， 答：表中 m 的值为 20，图中 B 组扇形的圆心角的度数为144 ； （2） 400 550 950 95%1000 1000 1000    ， 12 10 (1 95%) 120 5% 6      （只 ) ， 答：这次抽样检验的合格率是 95% ，所购得的羽毛球中，非合格品的羽毛球有 6 只． 【点评】考查统计表、扇形统计图的意义和制作方法，理解图表中的数量和数量之间的关系， 是正确计算的前提． 20．（8 分）我国传统的计重工具  秤的应用，方便了人们的生活．如图 1，可以用秤砣到 秤纽的水平距离，来得出秤钩上所挂物体的重量．称重时，若秤杆上秤砣到秤纽的水平距离 为 x （厘米）时，秤钩所挂物重为 y （斤 ) ，则 y 是 x 的一次函数．下表中为若干次称重时 所记录的一些数据． x （厘米） 1 2 4 7 11 12 y （斤 ) 0.75 1.00 1.50 2.75 3.25 3.50 （1）在上表 x ， y 的数据中，发现有一对数据记录错误．在图 2 中，通过描点的方法，观 察判断哪一对是错误的？ （2）根据（1）的发现，问秤杆上秤砣到秤纽的水平距离为 16 厘米时，秤钩所挂物重是多 少？ 【分析】（1）利用描点法画出图形即可判断． （2）设函数关系式为 y kx b  ，利用待定系数法解决问题即可． 【解答】解：（1）观察图象可知： 7x  ， 2.75y  这组数据错误． （2）设 y kx b  ，把 1x  ， 0.75y  ， 2x  ， 1y  代入可得 0.75 2 1 k b k b      ， 解得 1 4 1 2 k b     ， 1 1 4 2y x   ， 当 16x  时， 4.5y  ， 答：秤杆上秤砣到秤纽的水平距离为 16 厘米时，秤钩所挂物重是 4.5 斤． 【点评】本题考查一次函数的应用，待定系数法等知识，解题的关键是理解题意，灵活运用 所学知识解决问题． 21．（10 分）如图 1 为搭建在地面上的遮阳棚，图 2、图 3 是遮阳棚支架的示意图．遮阳棚 支架由相同的菱形和相同的等腰三角形构成，滑块 E ，H 可分别沿等长的立柱 AB ，DC 上 下移动， 1AF EF FG m   ． （1）若移动滑块使 AE EF ，求 AFE 的度数和棚宽 BC 的长． （2）当 AFE 由 60变为 74时，问棚宽 BC 是增加还是减少？增加或减少了多少？ （结果精确到 0.1m ，参考数据： 3 1.73 ，sin37 0.60  ，cos37 0.80  ， tan37 0.75)  【分析】（1）根据等边三角形的性质得到 60AFE   ，连接 MF 并延长交 AE 于 K ，则 2FM FK ，求得 2 2 3 2FK AF AK   ，于是得到结论； （2）解直角三角形即可得到结论． 【解答】解：（1） 1AE EF AF   ， AEF 是等边三角形， 60AFE   ， 连接 MF 并延长交 AE 于 K ，则 2FM FK ， AEF 是等边三角形， 1 2AK  ， 2 2 3 2FK AF AK    ， 2 3FM FK   ， 4 4 3 6.92 6.9( )BC FM m     ； （2） 74AFE   ， 37AFK   ， cos37 0.80KF AF    ， 2 1.60FM FK   ， 4 6.40 6.92BC FM    ， 6.92 6.40 0.52 0.5   ， 答：当 AFE 由 60变为 74时，棚宽 BC 是减少了，减少了 0.5m ． 【点评】本题考查了解直角三角形的应用，菱形的性质，等边三角形的性质，正确的理解题 意是解题的关键． 22．（12 分）问题：如图，在 ABD 中，BA BD ．在 BD 的延长线上取点 E ，C ，作 AEC ， 使 EA EC ．若 90BAE  ， 45B   ，求 DAC 的度数． 答案： 45DAC   ． 思考：（1）如果把以上“问题”中的条件“ 45B   ”去掉，其余条件不变，那么 DAC 的 度数会改变吗？说明理由． （2）如果把以上“问题”中的条件“ 45B   ”去掉，再将“ 90BAE  ”改为“ BAE n  ”， 其余条件不变，求 DAC 的度数． 【 分 析 】（ 1 ） 根 据 等 腰 三 角 形 的 性 质 得 到 2AED C   ， ① 求 得 90 90 (45 ) 45DAE BAD C C               ，②由①，②即可得到结论； （2）设 ABC m  ，根据三角形的内角和定理和等腰三角形的性质即可得到结论． 【解答】解：（1） DAC 的度数不会改变； EA EC ， 2AED C   ，① 90BAE   ， 1[180 (90 2 )] 452BAD C C           ， 90 90 (45 ) 45DAE BAD C C               ，② 由①，②得， 45DAC DAE CAE      ； （2）设 ABC m  ， 则 1 1(180 ) 902 2BAD m m         ， 180AEB n m       ， 190 2DAE n BAD n m           ， EA EC ， 1 1 1902 2 2CAE AEB n m        ， 1 1 1 190 902 2 2 2DAC DAE CAE n m n m n                   ． 【点评】本题考查了等腰三角形的性质，三角形的内角和定理，正确的识别图形是解题的关 键． 23．（12 分）如图 1，排球场长为18m ，宽为 9m ，网高为 2.24m ，队员站在底线 O 点处发 球，球从点 O 的正上方1.9m 的 C 点发出，运动路线是抛物线的一部分，当球运动到最高点 A 时，高度为 2.88m ，即 2.88BA m ，这时水平距离 7OB m ，以直线 OB 为 x 轴，直线 OC 为 y 轴，建立平面直角坐标系，如图 2． （1）若球向正前方运动（即 x 轴垂直于底线），求球运动的高度 ( )y m 与水平距离 ( )x m 之间 的函数关系式（不必写出 x 取值范围）．并判断这次发球能否过网？是否出界？说明理由． （2）若球过网后的落点是对方场地①号位内的点 P （如图 1，点 P 距底线1m ，边线 0.5 )m ， 问发球点 O 在底线上的哪个位置？（参考数据： 2 取1.4) 【分析】（1）求出抛物线表达式；再确定 9x  和 18x  时，对应函数的值即可求解； （ 2 ） 当 0y  时 ， 21 ( 7) 2.88 050y x     ， 解 得 ： 19x  或 5 （ 舍 去 5) ， 求 出 6 2 8.4PQ   ，即可求解． 【解答】解：（1）设抛物线的表达式为： 2( 7) 2.88y a x   ， 将 0x  ， 1.9y  代入上式并解得： 1 50a   ， 故抛物线的表达式为： 21 ( 7) 2.8850y x    ； 当 9x  时， 21 ( 7) 2.88 2.8 2.2450y x      ， 当 18x  时， 21 ( 7) 2.88 0.64 050y x      ， 故这次发球过网，但是出界了； （2）如图，分别过点作底线、边线的平行线 PQ 、 OQ 交于点 Q ， 在 Rt OPQ 中， 18 1 17OQ    ， 当 0y  时， 21 ( 7) 2.88 050y x     ，解得： 19x  或 5 （舍去 5) ， 19OP  ，而 17OQ  ， 故 6 2 8.4PQ   ， 9 8.4 0.5 0.1   ， 发球点 O 在底线上且距右边线 0.1 米处． 【点评】本题考查的是二次函数综合运用，关键是弄清楚题意，明确变量的代表的实际意义． 24．（14 分）如图 1，矩形 DEFG 中， 2DG  ， 3DE  ，Rt ABC 中， 90ACB   ， 2CA CB  ， FG ，BC 的延长线相交于点 O ，且 FG BC ， 2OG  ， 4OC  ．将 ABC 绕点 O 逆时针 旋转 (0 180 )   „ 得到△ A B C   ． （1）当 30   时，求点 C到直线OF 的距离． （2）在图 1 中，取 A B 的中点 P ，连结C P ，如图 2． ①当 C P 与矩形 DEFG 的一条边平行时，求点 C到直线 DE 的距离． ②当线段 A P 与矩形 DEFG 的边有且只有一个交点时，求该交点到直线 DG 的距离的取值 范围． 【分析】（1）如图 1 中，过点 C作 C H OF  于 H ．解直角三角形求出 CH 即可． （2）①分两种情形：如图 2 中，当 / /C P OF 时，过点 C作 C M OF  于 M ．如图 3 中， 当 / /C P DG 时，过点 C作 C N FG  于 N ．分别求出 C M ， C N 即可． ②设 d 为所求的距离．第一种情形：如图 4 中，当点 A 落在 DE 上时，连接 OA，延长 ED 交 OC 于 M ．如图 5 中，当点 P 落在 DE 上时，连接OP ，过点 P 作 PQ C B   于 Q ．结合 图象可得结论． 第二种情形：当 A P 与 FG 相交，不与 EF 相交时，当点 A 在 FG 上时， 2 5 2A G   ，即 2 5 2d   ，如图 6 中，当点 P 落在 EF 上时，设 OF 交 A B  于 Q ，过点 P 作 PT B C   于 T ，过点 P 作 / /PR OQ 交 OB 于 R ，连接 OP ．求出 QG 可得结论． 第三种情形：当 A P 经过点 F 时，如图 7 中，显然 3d  ．综上所述可得结论． 【解答】解：（1）如图 1 中， 过点 C作 C H OF  于 H ． 30HC O      ， cos30 2 3C H C O      ， 点 C到直线 OF 的距离为 2 3 ． （2）①如图 2 中，当 / /C P OF 时，过点 C作C M OF  于 M ． / /C P OF ， 180 45O OC P        ， △ OC M 是等腰直角三角形， 4OC  ， 2 2C M   ， 点 C到直线 DE 的距离为 2 2 2 ． 如图 3 中，当 / /C P DG 时，过点 C作 C N FG  于 N ． 同法可证△ OC N 是等腰直角三角形， 2 2C N   ， 点 C到直线 DE 的距离为 2 2 2 ． ②设 d 为所求的距离． 第一种情形：如图 4 中，当点 A 落在 DE 上时，连接 OA，延长 ED 交 OC 于 M ． 2 5OA  ， 2OM  ， 90OMA    ， 2 2 2 2(2 5) 2 4A M A O OM        ， 2A D   ，即 2d  ， 如图 5 中，当点 P 落在 DE 上时，连接 OP ，过点 P 作 PQ C B   于 Q ． 1PQ  ， 5OQ  ， 2 25 1 26OP    ， 26 4 22PM    ， 22 2PD   ， 22 2d   ， 2 22 2d „ „ ． 第二种情形：当 A P 与 FG 相交，不与 EF 相交时，当点 A 在 FG 上时， 2 5 2A G   ，即 2 5 2d   ， 如图 6 中，当点 P 落在 EF 上时，设 OF 交 A B  于 Q ，过点 P 作 PT B C  于T ，过点 P 作 / /PR OQ 交 OB 于 R ，连接 OP ． 26OP  ， 5OF  ， 2 2 26 25 1FP OP OF      ， OF OT ， PF PT ， 90F PTO     ， Rt OPF Rt OPT(HL)    ， FOP TOP   ， / /PQ OQ ， OPR POF   ， OPR POR   ， OR PR  ， 2 2 2PT TR PR  ， 2 2 21 (5 )PR PR    ， 2.6PR  ， 2.4RT  ， △ B PR ∽△ B QO ，  B R PR B O QO   ，  3.4 2.6 6 OQ  ， 78 17OQ  ， 44 17QG OQ OG    ，即 44 17d  442 5 2 17d  „ ， 第三种情形：当 A P 经过点 F 时，如图 7 中，显然 3d  ． 综上所述， 2 22 2d „ „ 或 3d  ． 【点评】本题属于四边形综合题，考查了矩形的性质，旋转变换，解直角三角形，全等三角 形的判定和性质，相似三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会用分类讨论的思想思 考问题，学会利用特殊位置解决数学问题，属于中考压轴题．