2020-2021学年教科版物理九年级上册第七章、第八章测试题及答案（各一套） 53页

教科版物理九年级上册第七章测试题 ‎（时间：90分钟 分值：100分）‎ 一．选择题（共23小题）‎ ‎1．两根完全相同的铁块A和B，如图甲所示放置时，B被吸住掉不下来；如图乙所示放置时，A不能被吸住而掉下来，此现象说明（　　）‎ A．A、B都是磁体 B．A、B都不是磁体 ‎ C．A是磁体，B不是磁体 D．A不是磁体，B是磁体 ‎【考点】C1：磁性、磁体、磁极．‎ ‎【分析】磁体上不同的部位，磁性的强弱不同，可以利用磁体上磁性的强弱不同造成的磁力不同来判定金属棒磁性的有无。‎ ‎【解答】解：（1）磁体上磁性最强的部分叫磁极，位于磁体的两端，磁性最弱的部分在磁体的中间，这个位置几乎没有磁性。‎ ‎（2）用B的一端靠近A的中间部分时，B被吸起，由此可以确定铁棒B有磁性，不能确定A磁性的有无；若A有磁性，当用A的一端即磁性最强的部位去靠近B的中间部分时，应该吸引B，而实际上没有吸引，说明了铁棒A没有磁性。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】由磁体上不同部位磁性的不同来认识金属棒磁性的有无时，关键要掌握其两端的磁性是最强的，即磁极。‎ ‎2．如图所示，重为G的小铁块在水平方向力F的作用下，沿条形磁铁的表面从N极滑到S极，那么下列说法正确的是（　　）‎ A．小铁块对磁铁的压力始终不变 ‎ B．小铁块受到的摩擦力始终不变 ‎ C．小铁块受到的摩擦力先变大再变小 ‎ D．小铁块对磁铁的压强先变小再变大 ‎【考点】7E：摩擦力大小的影响因素；C1：磁性、磁体、磁极．‎ ‎【分析】（1）条形磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱。‎ ‎（2）磁铁的两极磁性最强，铁块在两端时，受到磁铁的作用较大。中间磁性最弱，铁块受到磁铁的作用较小。‎ ‎【解答】解：A、铁块在左端时，受到N极的引力较大，铁块对磁铁的压力较大；‎ 越靠近中间，磁性减弱，磁铁对铁块的作用减小，铁块对磁铁的压力减小；‎ 靠近S极，磁性增强，引力增大，铁块对磁铁的压力较大。故A错误；‎ B、因为压力在变化，所以受到的摩擦力也在变化，故B错误；‎ C、因为压力先减小后增大，所以受到的摩擦力也是先减小，后增大，故C错误；‎ D、因为受力面积不变，所以受到的压强是先变小后变大，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】掌握磁体上磁性最强的部分是磁极，本题相对比较简单，属于基础题。‎ ‎3．小明在做“研究磁铁的磁场”实验时，不慎将铁屑撒在实验桌上。为了收集铁屑，小明想用磁铁去直接吸引铁屑，同组的小波建议用塑料袋或白纸包裹磁铁后再去吸引铁屑。比较这两种方法，你认为（　　）‎ A．小明的方法可行，小波的方法不可行 ‎ B．小波的方法可行，小明的方法不可行 ‎ C．小明和小波的方法都可行，但小明的方法好些 ‎ D．小明和小波的方法都可行，但小波的方法好些 ‎【考点】C2：磁化．‎ ‎【分析】收集较小的铁制品，可以使用磁铁吸引铁质物体的特点来收集；不让磁铁和铁制品直接接触，可以更容易将二者分离。‎ ‎【解答】解：磁铁可以吸引铁屑，所以两种方法都是可行的。但小波的方法还有一个优点，铁屑吸上来不与磁铁直接接触，可以很容易将铁屑和磁铁分开。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】此题是利用我们所学的物理知识来解决生活中的实际问题，这是一种能力，是课标中明确要求的。‎ ‎4．如图所示，磁铁AB跟软铁C接触，则接触后磁性最强的地方是（　　）‎ A．A和B两处 B．B和C两处 C．A和C两处 D．A、B、C三处 ‎【考点】C3：磁性材料．‎ ‎【分析】磁铁能够产生磁场，具有吸引铁磁性物质如铁、镍、钴等金属的特性。将条形磁铁的中点用细线悬挂起来，静止的时候，它的两端会各指向地球南方和北方，指向北方的一端称为指北极或N极，指向南方的一端为指南极或S极。‎ ‎【解答】解：磁铁AB跟软铁C接触后，变成了一个大的磁体，而磁体的两端磁性最强，中间几乎没有磁性。所以磁性最强的是A、C两处。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】每个磁铁都有两个磁性最强的位置，称之为磁极，分别为N，S极，通过实验知，条形磁铁两端分别的N，S极，磁性最强，中间磁性最弱。‎ ‎5．如图所示，在条形磁铁周围放有甲、乙、丙、丁可以自转动的小磁针，当它们静止时，磁针N极指向错误的是（　　）‎ A．甲 B．乙 C．丙 D．丁 ‎【考点】C4：磁极间的相互作用．‎ ‎【分析】根据磁极间同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引进行判断。‎ ‎【解答】解：磁场中的磁感线方向从磁体的N极出来回到南极，小磁针静止时N极所指的方向与磁感线的方向相同。由图可以看出丁错误。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题可以根据磁场方向进行判断，也可以根据磁极间的相互作用进行判断，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可以判断乙处小磁针静止时，N极指向左侧，S极指向右侧。‎ ‎6．三根钢棒位置如图所示。已知B棒有磁性，那么（　　）‎ A．A棒有磁性，C棒没有 ‎ B．A棒一定没有磁性，而C棒有磁性 ‎ C．A棒可能有磁性，也可能没有磁性 ‎ D．C棒可能有磁性，也可能没有磁 ‎【考点】C5：物体是否具有磁性的判断方法．‎ ‎【分析】首先分别对三根棒受力分析，据平衡态判断AC都有水平向右的力，分析BC之间是斥力，AC之间是引力。‎ ‎【解答】解：根据三棒的平衡态进行受力分析可知，已知B棒有磁性，AC棒都有水平向右的力，由图知可知BC之间存在斥力，C一定有磁性；AB之间相互吸引知A可能有磁性也可能无磁性，故C正确。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】解题关键明确磁体间的作用力有引力和斥力，利用平衡态判断力的方向，从而判断有无磁性。‎ ‎7．下列说法中正确的是（　　）‎ A．磁场是由磁感线组成的 ‎ B．导体中的负电荷在做定向移动时一定产磁场 ‎ C．利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向 ‎ D．将能自由转动的小磁针放在磁场中的P点，小磁针静止时，小磁针S极所指的方向就是P点的磁场方向 ‎【考点】C6：磁场．‎ ‎【分析】（1）磁感线不是真实存在的；‎ ‎（2）电荷的定向移动形成电流，电流周围存在着磁场；‎ ‎（3）铁屑可以检验磁体周围磁场的分布情况；‎ ‎（4）小磁针静止时N极所指的方向就是该点磁场的方向。‎ ‎【解答】解：A、磁感线是科学家为了研究起来形象、直观，是通过想象而描绘出来的，所以不是真实存在的，故A错误；‎ B、导体中的负电荷的定向移动，形成电流，且电流周围存在磁场，故导体中的负电荷在做定向移动时一定产磁场，故B正确；‎ C、利用铁屑检验磁体周围磁场分布情况，并判断不出磁场的方向，方向是人为规定的，故C错误；‎ D、将能自由转动的小磁针放在磁场中的P点，小磁针静止时N极所指的方向就是P点磁场的方向，故D错误；‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了对磁场的认识、电流的磁效应以及磁场方向的了解，有一定综合性，但难度不大。‎ ‎8．下列物理学的研究成果与我国宋代学者沈括有关的是（　　）‎ A．发现光的色散 ‎ B．测出电流的热效应 ‎ C．测出大气压强数值 ‎ D．发现地理的两极与地磁场的两极并不重合，略有偏差 ‎【考点】C8：地磁场．‎ ‎【分析】正确解答本题要了解物理学中的重要发现的参与者，知道各个伟大科学家的主要成就。‎ ‎【解答】解：‎ A、光的色散现象是牛顿发现的。故A不符合题意；‎ B、焦耳测出电流热效应，故B不符合题意；‎ C、托里拆利最早精确测出了大气压的数值。故C不符合题意；‎ D、沈括最早发现地理的两极与地磁场的两极并不重合，略有偏差，故D符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了学生对物理学史的掌握情况，对于这部分知识要注意多加记忆和积累。‎ ‎9．如图所示，条形磁铁置于水平桌面上，电磁铁与条形磁铁处于同一高度放置，且左端固定，当开关S闭合，电路中滑动变阻器的滑片P逐渐向上移动时，以下选项正确的是（　　）‎ A．如果条形磁铁始终静止，条形磁铁受到摩擦力方向向右，大小逐渐增大 ‎ B．如果条形磁铁始终静止，条形磁铁受到摩擦力方向向左，大小逐渐增大 ‎ C．如果条形磁铁受到吸引向左运动，在还没有掉下去之前，条形磁铁受到摩擦力方向向右，大小逐渐增大 ‎ D．如果条形磁铁受到吸引向左运动，在还没有掉下去之前，条形磁铁对桌面的压强变小 ‎【考点】7G：摩擦力的方向；CA：通电螺线管的磁场．‎ ‎【分析】（1）由右手螺旋定则可知螺线管的磁极，由磁极间的相互作用可知条形磁铁的受力方向，则二力平衡可知摩擦力的方向；‎ ‎（2）由滑片的移动可知螺线管中电流的变化，则可知磁性强弱的变化及相互作用力的变化，由二力平衡关系可知条形磁铁的所受摩擦力的变化；‎ ‎（3）滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，压强的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关。‎ ‎【解答】解：由右手螺旋定则可知，螺线管右侧为N极，‎ ‎∵异名磁极相互吸引，‎ ‎∴条形磁铁所受磁场力向左；‎ 当开关S闭合，电路中滑动变阻器的滑片P逐渐向上移动时，接入电路中的电阻变小，‎ ‎∵I=，‎ ‎∴电路中的电流变大，电磁铁的磁性变强；‎ ‎（1）如果条形磁铁始终静止，处于平衡状态，受到的磁场力和摩擦力是一对平衡力，‎ ‎∴条形磁铁受到摩擦力方向向右，大小逐渐增大，故A正确，B不正确；‎ ‎（2）如果条形磁铁受到吸引向左运动，对桌面的压力和接触面的粗糙程度不变，‎ ‎∴条形磁铁受到摩擦力方向向右，大小不变，故C不正确；‎ ‎（3）如果条形磁铁受到吸引向左运动，对桌面的压力不变，受力面积减小，‎ ‎∴由p=可知，条形磁铁对桌面的压强变大，故D不正确。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题将力学与电磁学知识巧妙地结合起来考查了右手螺旋定则、滑动变阻器的使用、二力平衡等内容，考查内容较多，但只要抓住受力分析这条主线即可顺利求解。‎ ‎10．闭合开关后，螺线管内的小磁针静止后停在图中位置，则（　　）‎ A．电源A端为负极，B端为正极，线圈右端为S极，左端为N极 ‎ B．电源A端为负极，B端为正极，线圈右端为N极，左端为S极 ‎ C．电源A端为正极，B端为负极，线圈右端为S极，左端为N极 ‎ D．电源A端为正极，B端为负极，线圈右端为N极，左端为S极 ‎【考点】C6：磁场；CB：安培定则及其应用．‎ ‎【分析】（1）当开关S闭合，螺线管中有电流流过，在周围空间产生磁场；‎ ‎（2）螺线管外部的磁场方向是从N极发出回到S极，内部是由S极回到N极；小磁针静止时，N极指向磁场方向；‎ ‎（3）根据安培定则判断出螺线管中的电流方向，从而判断出电源的正负极。‎ ‎【解答】解：闭合开关后，螺线管内的小磁针静止后停在图中位置，小磁针的N极指向螺线管的右端，所以螺线管内部的磁场方向是由左端指向右端，即螺线管的右端为N极，左端为S极；‎ 根据安培定则可以判断出电流从左边导线流入，右边导线流出，即A端为电源正极，B端为电源负极。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查安培定则的应用能力。对于小磁针放在通电螺线管外部可以根据异名相吸来判断，但小磁针放在通电螺线管内部，只能根据磁场方向判断N极的指向。‎ ‎11．如图所示，在静止的小磁针旁放一条直导线，当导线与电池触接瞬间，发现小磁针转动，说明（　　）‎ A．电流的周围存在着磁场 ‎ B．导线通电发热 ‎ C．导线做切割磁感线运动时会产生电流 ‎ D．小磁针在没有磁场时也会转动 ‎【考点】C9：通电直导线周围的磁场．‎ ‎【分析】要解决此题，需要掌握奥斯特实验，知道此实验证实了电流周围存在磁场，是电生磁的现象。‎ ‎【解答】解：A、图中装置是奥斯特实验，在平行直导线下方平行地放置着小磁针，当导线中有电流通过时，小磁针发生偏转，说明小磁针受到磁力的作用。‎ 因此说明电流周围存在磁场。故A正确；‎ B、由于电流的热效应，导线通电会发热，但不是小磁针转动的原因，故B错误；‎ C、导线做切割磁感线运动时会产生电流是电磁感应现象，是磁生电的现象，故C错误；‎ D、当导线中没有电流通过时，电流周围没有磁场，小磁针不会受力，不会发生偏转，故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】此题主要考查了电流的磁效应，即电流周围存在磁场。这个实验证实了电可以生磁，与电磁感应正好相反，要注意找出这两个实验的不同之处。‎ ‎12．如图所示，在通电螺线管（导线中箭头表示电流方向）附近放置的小磁针（黑端为N极），静止时其指向正确的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【考点】CB：安培定则及其应用．‎ ‎【分析】用右手螺旋定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的磁极指向。‎ ‎【解答】解：A、根据安培定则可知，通电螺线管N极在右端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故A正确；‎ B、根据安培定则可知，通电螺线管N极在上端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针上端为S极，下端为N极，故B错误；‎ C、根据安培定则可知，通电螺线管N极在左端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故C错误；‎ D、根据安培定则可知，通电螺线管N极在左端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】右手螺旋定则为考试中的重点及难点，应能做到熟练应用右手螺旋定则判断电流及磁极的关系。本题也可由电磁铁的磁场分布判断小磁针的指向。‎ ‎13．小金学习了“热敏电阻的阻值会随温度的升高而减小”的性质后，设计了判断水温变化的装置。其工作原理如图所示，电源、热敏电阻、电磁铁、定值电阻R0‎ 由导线连接成一个串联电路，在线圈的上方固定一个弹簧测力计，其下端挂一铁块。实验时把热敏电阻放入盛水的烧杯中，水温的变化会引起弹簧测力计示数发生变化。如图所示为某次实验时弹簧测力计读数随时间变化图象。下列说法不正确的是（　　）‎ A．电磁铁的上端是N极 ‎ B．t1到t2时间内水温升高 ‎ C．t3到t4时间内电压表示数变大 ‎ D．t2到t3时间内铁块处于平衡状态 ‎【考点】CB：安培定则及其应用；IH：欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】（1）由安培定则确定电磁铁的极性；‎ ‎（2）由电路图可知，定值电阻与热敏电阻串联，根据热敏电阻的阻值会随温度的升高而减小判断水温升高时热敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，然后可知电压的变化。‎ ‎【解答】解：A、由安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指指向上端，即电磁铁的上端是N极，故A正确；‎ B、由电路图可知，定值电阻与热敏电阻串联，‎ 因热敏电阻的阻值会随温度的升高而减小，‎ 所以，当水温升高时，热敏电阻的温度升高，其阻值减小，电路中的总电阻减小，‎ 由I=可得，电路中的电流变大，‎ 因线圈中的电流越大、磁性越强，‎ 所以，铁块受到磁力增大，弹簧秤的示数增大，因此t1到t2时间内水温升高，故B正确；‎ C、由电路图可知，定值电阻与热敏电阻串联，因热敏电阻的阻值会随温度的升高而减小，‎ 由右图图象可知，t3到t4时间弹簧测力计示数不变，说明电路中的电流不变，则热敏电阻两端电压没有改变，根据串联电路的电压特点可知，电压表示数不变，故C错误；‎ D、t2到t3时间内水温没有变化，因此弹簧测力计示数没有发生变化，则铁块处于平衡状态，故D正确。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到热敏电阻的特性和欧姆定律、通电螺线管磁性的影响因素的应用等，结合选项直接判断水温变化时热敏电阻阻值的变化有利于简化解答。‎ ‎14．如图所示，物理实验中经常需要对物体加热，下列描述中与实际吻合的是（　　）‎ A．甲图中，加热时磁铁吸引铁钉的数量将增多 ‎ B．乙图中，对沸腾的水继续加热，温度计的示数将不断增大 ‎ C．丙图中，对电阻丝加热，灯泡将变暗 ‎ D．丁图中，用完全相同的装置给初温、质量均相同的水和花生油加热，水的温度升高得快一些 ‎【考点】CC：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验；GD：比热容的概念及其计算；IA：影响电阻大小的因素；IH：欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】（1）物体的磁性强弱与物体的温度有关，即温度越高，磁性越弱；‎ ‎（2）水沸腾的特点是：水沸腾后吸热但温度不升高；‎ ‎（3）导体的电阻受温度的影响，一般情况下，导体的温度越高，其电阻越大；‎ ‎（4）由于水的比热容最大，故相同质量的水和花生油在吸收相同的热量的情况下，水的温度变化慢，花生油的温度变化快。‎ ‎【解答】解：A、甲图中，加热时磁铁的磁性减弱，其所能吸引的铁钉变少，故错误；‎ B、乙图中，对沸腾的水继续加热，温度计的示数将不变，故错误；‎ C、丙图中，对电阻丝加热，其阻值变大，故通过其的电流变小，灯泡变暗，故正确；‎ D、丁图中，用完全相同的装置给初温、质量均相同的水和花生油加热，由于水的比热容大，故水温度升高的慢，故错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】该题考查了物体的磁性与温度的关系、液体沸腾的特点、导体的电阻受温度的影响及水的比热容最大的应用，是一道综合题。‎ ‎15．许多自动控制的电路中都安装有电磁铁。有关电磁铁，下列说法中正确的是（　　）‎ A．电磁铁的铁芯，可以用铜棒代替 ‎ B．电磁继电器中的磁体，可以使用永磁铁 ‎ C．电磁铁磁性的强弱只与电流的大小有关 ‎ D．电磁铁是根据电流的磁效应制成的 ‎【考点】CD：电磁铁的构造和原理．‎ ‎【分析】电磁铁是利用电流的磁效应制成的，电流的通断可以控制磁性的有无。电磁铁有电流有磁性，无电流时无磁性。铁芯需用软磁性材料制成，因为软磁性材料的磁性不能保留下来。‎ 影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小和线圈的匝数。电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强。‎ ‎【解答】解：A、电磁铁的铁芯需用软磁性材料制成，铜不是磁性材料，故不可以用铜棒代替，故A错误；‎ B、电磁铁不是永久磁铁，它的磁性的有无跟电流的通断有关，所以电磁继电器中的磁体，不能使用永磁铁，故B错误；‎ C、电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关，故C错误；‎ D、电磁铁是利用电流的磁效应制成的，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】了解电磁铁的构造与应用，同时知道电流的通断可以控制磁性的有无，电流的大小和线圈的匝数可控制电磁铁磁性的大小。‎ ‎16．如图所示，电磁铁的左下方有一铁块，在弹簧测力计作用下向右作匀速直线运动。当铁块从电磁铁的左下方运动到正下方过程中，同时滑片逐渐向上滑动，下列判断正确的是（　　）‎ A．铁块受到地面对它的摩擦力增大 ‎ B．电磁铁的磁性逐渐减弱 ‎ C．铁块对地面的压强逐渐减小 ‎ D．在拉力不变的情况下，铁块保持匀速直线运动 ‎【考点】7E：摩擦力大小的影响因素；82：压强；CE：影响电磁铁磁性强弱的因素．‎ ‎【分析】此题应从两个方面进行分析，一是滑动变阻器的移动对电路中电流大小的影响，这决定了电磁铁磁性的强弱；二是电磁铁对铁块的吸引会改变铁块对桌面的压力，进而改变压强和摩擦力的大小。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图可知，当滑动变阻器的滑片向上滑动时，变阻器接入电路的阻值会变小，电路中电流变大，电磁铁的磁性增强；‎ 电磁铁磁性增强，当铁块从电磁铁的左下方运动到正下方过程中，铁块受到的吸引力增大，使铁块对桌面的压力减小，而接触面积不变，由p=可知，铁块对地面的压强也减小；‎ 铁块因被电磁铁吸引而压力减小，而接触面的粗糙程度不变，所以铁块受到的摩擦力也随着减小，故AB错误，C正确；‎ ‎（2）最初铁块做匀速直线运动，拉力与摩擦力大小相等；由于摩擦力减小，所以，铁块受力不平衡，铁块不再保持匀速直线运动，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】通过观察图中的情形对各个量的变化情况进行推理是本题的一大特点。滑片的移动改变了电阻，电阻影响了电流，电流影响了磁性的强弱，磁性强弱又改变了铁块的压力，进而改变了压强、摩擦力和拉力，这一系列的变化表明了各个量之间的相互联系，是一道立意较新的考题，值得我们关注。‎ ‎17．如图是一种江河水位自动报警器的原理图。则下列说法中正确的是（　　）‎ A．当水位未到达金属块A时，红灯亮 ‎ B．当水位未到达金属块A时，衔铁被吸引 ‎ C．当水位到达金属块A时，绿灯亮 ‎ D．当水位到达金属块A时，红灯亮且电铃响 ‎【考点】CF：电磁继电器的组成、原理和特点．‎ ‎【分析】电磁式继电器一般由铁芯、线圈、衔铁、触点簧片等组成的；只要在线圈两端加上一定的电压，线圈中就会流过一定的电流，从而产生电磁效应，衔铁就会在电磁力吸引的作用下克服返回弹簧的拉力吸向铁芯，从而带动衔铁的动触点与静触点（常开触点）吸合；当线圈断电后，电磁的吸力也随之消失，衔铁就会在弹簧的反作用力返回原来的位置，使动触点与原来的静触点（常闭触点）吸合；这样吸合、释放，从而达到了在电路中的导通、切断的目的。‎ ‎【解答】解：AB、当水位没有达到A时，电磁铁没有磁性，只有绿灯亮，故AB错误；‎ CD、当水位到达A时电路接通，电磁继电器有磁性，衔铁就会在电磁力吸引的作用下与红灯和电铃接通，红灯亮电铃响；故C错误，D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】解决此题要结合电磁继电器的工作原理和特点进行分析。‎ ‎18．如图是一种温度自动报警器原理示意图，制作水银温度计时，插入一根金属丝，当温度升高到水银与金属丝相接触时（　　）‎ A．电铃响，绿灯亮 B．电铃响，绿灯灭 ‎ C．电铃不响，绿灯亮 D．电铃不响，绿灯灭 ‎【考点】CF：电磁继电器的组成、原理和特点．‎ ‎【分析】温度自动报警器是由于温度计所在的环境温度的变化，从而可以控制左侧控制电路的接通，实现自动控制。‎ ‎【解答】解：温度自动报警器的工作过程是这样的，当温度升高时，玻璃泡中的水银膨胀，水银液柱上升，当升高到警戒温度即金属丝下端对应的温度时，控制电路接通，电磁铁有磁性，吸引衔铁，从而使触点与上面断开，与下面连通，此时电铃响，绿灯灭，发出报警信号。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】明确图中左侧为控制电路，右侧为工作电路，两电路依据中间的电磁铁来发生相互作用，是搞清这一装置原理的关键点之一，同时，还应明确水银也是导体，当其与上方金属丝接通时，也成为了电路的一部分。‎ ‎19．北京地铁S1线是北京市正在建设中的一条中低速磁悬浮轨道线。该线路连接北京城区与门头沟区，全长10.2km，计划2017年全线通车。列车通过磁体之间的相互作用，悬浮在轨道上方，大大减小了运行中的阻力，最高运行时速可达100km/h．图为磁悬浮列车悬浮原理的示意图，图中悬浮电磁铁与轨道电磁铁间的相互作用为 ‎（　　）‎ A．异名磁极相互吸引 B．同名磁极相互吸引 ‎ C．异名磁极相互排斥 D．同名磁极相互排斥 ‎【考点】C4：磁极间的相互作用．‎ ‎【分析】同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。‎ ‎【解答】解：据图可知，轨道电磁铁和悬浮电磁铁相互吸引使磁悬浮列车悬浮，靠的是异名磁极相互吸引的原理工作的。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】知道磁极间的作用规律是解决该题的关键。‎ ‎20．如图是抓拍机动车闯红灯装置的工作原理示意图。光控开关接收到红灯发出的光会自动闭合，压力开关受到机动车的压力会闭合，摄像系统在电路接通时可自动拍摄违章车辆。下列有关说法正确的是（　　）‎ A．摄像系统拍摄的图象是正立缩小的虚像 ‎ B．当红灯损坏不能发光时，该装置仍能正常工作 ‎ C．若将光控开关和压力开关并联，也能起到相同的作用 ‎ D．只要光控开关和压力开关有一个不闭合，摄像系统都不会自动拍摄 ‎【考点】CF：电磁继电器的组成、原理和特点．‎ ‎【分析】（1）只有在红灯亮的期间，光控开关才闭合，若此时车辆违规闯红灯行驶时，会压上压力开关，压力开关受到机动车的压力会闭合；‎ ‎（2）光控开关和压力开关都闭合后，电磁铁中有电流通过，产生磁性，电磁铁会将衔铁吸下，使摄像系统所在的电路接通，摄像机会对违规车辆进行拍照。‎ ‎【解答】解：A、摄像系统是照相机原理，成倒立缩小实像，故A错误；‎ B、红灯是控制电路工作的一个条件，因此红灯损坏，该装置不正常，故B错误；‎ C、光控开关和压力开关是相互影响的，因此这两个开关只能串联，故C错误；‎ D、分析题意可知，只有光控开关和压力开关都闭合时，控制电路才能接通，摄像系统才会自动拍摄，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】（1）要使摄像系统工作，要同时具备两个条件：红灯亮起，光控开关因接受红光而闭合；车辆要违规行驶，压上压力开关，两个条件同时具备，缺一不可。‎ ‎（2）此题也是电磁继电器在生活中的应用，明白它的工作原理是解决问题的关键。‎ ‎21．电梯出于安全考虑，设置有超载自动报警系统，其工作原理如图所示，R1‎ 为保护电阻，R2为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小。下列说法正确的是（　　）‎ A．电磁铁是根据电磁感应原理制成的 ‎ B．超载时，电磁铁的磁性减小 ‎ C．工作时，电磁铁的上端为N极 ‎ D．正常情况下（未超载），K与B接触 ‎【考点】CF：电磁继电器的组成、原理和特点．‎ ‎【分析】（1）电磁铁是根据电流的磁效应制成的；‎ ‎（2）R2为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小，所以知道超载时压敏电阻的阻值变化情况，根据I=，判断出电流的变化；电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数多少有关；‎ ‎（3）知道电流的方向，根据安培定则判断出电磁铁的N、S极；‎ ‎（4）正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触。‎ ‎【解答】解：A、电磁铁是根据电流的磁效应原理制成的，故A错误；‎ B、超载时，随着压力的增大，压敏电阻的阻值随着减小，电路中的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，故B错误；‎ C、工作时，电流从电磁铁的下面导线流入，利用安培定则判断出电磁铁的下端为N极，上端为S极，故C正确；‎ D、正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】此题主要考查的是学生对电磁铁和电磁继电器的原理、磁性强弱的影响因素、安培定则的理解和掌握，知识点较多，但都是基础性题目。‎ ‎22．如图是直流电铃的原理图。关于电铃工作时的说法不正确的是（　　）‎ A．电流通过电磁铁时，电磁铁有磁性且A端为N极 ‎ B．电磁铁吸引衔铁，弹性片发生形变 ‎ C．小锤击打铃碗发出声音，是由于铃碗发生了振动 ‎ D．小锤击打铃碗时，电磁铁仍具有磁性 ‎【考点】CI：电磁铁的其他应用．‎ ‎【分析】（1）电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性，电铃就是利用电磁铁的这个特性工作的；‎ ‎（2）通电时，电磁铁有电流通过，产生了磁性，把小锤下方的衔铁吸过来，使小锤打击铃碗发出声音，同时电路断开，电磁铁失去了磁性，小锤又被弹性片弹回，电路闭合，不断重复，电铃便发出连续击打声了。‎ ‎【解答】解：A、电流通过电磁铁时，电磁铁有磁性，根据安培定则判断出A端为N极，故A叙述正确；‎ B、电磁铁向下吸引衔铁时，弹性片弯曲发生形变具有弹性势能，故B叙述正确；‎ C、声音是由物体的振动产生的，小锤击打铃碗发出声音，是由于铃碗发生了振动，故C叙述正确；‎ D、小锤击打铃碗时，弹性片和衔铁分离，电路断开，电磁铁没有磁性，故D叙述错误。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】（1）电铃是利用电流的磁效应制成的，电磁铁对衔铁的吸引力是钉锤敲击铃碗的动力；‎ ‎（2）改变电源电压和弹性片的拉力，可以改变小锤敲击铃碗振动的频率。‎ ‎23．有一种磁控门锁，钥匙为镶有磁铁的塑料卡片。当卡片靠近门锁时，门锁内部的电路接通电磁铁吸动插销，门就可以打开。以下说法正确的是（　　）‎ A．塑料能被磁化 ‎ B．门锁的插销是由纯铜制成的 ‎ C．电磁铁断电前后磁性不变 ‎ D．电磁铁的磁场是由通电螺线管中的电流产生的 ‎【考点】CI：电磁铁的其他应用．‎ ‎【分析】带有铁芯的通电螺线管组成电磁铁，电磁铁的磁性有无是可以控制的。只有铁、钴、镍等物质才可以被磁铁吸引或磁化。‎ ‎【解答】解：A、塑料是非磁性物质，不能被磁化，故说法错误，不合题意；‎ B、铜是非磁性物质，不能被磁铁吸引，故门锁的插销是不京戏由纯铜制成，故说法错误，不合题意；‎ C、电磁铁在断电后无磁极，在通电后有磁性，故说法错误，不合题意；‎ D、电磁铁的磁场是由通电螺线管中的电流产生的，故说法正确，符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了对电磁铁应用实例的分析，要对电磁铁的原理及磁性材料有所了解。‎ 二．填空题（共10小题）‎ ‎24．磁悬浮地球仪是使用磁悬浮技术的地球仪，它无需转轴穿过球体便可悬浮于空中，给人以奇特新颖的感觉和精神享受。‎ ‎（1）磁悬浮地球仪的球体中有一个磁铁，环形底座内有一金属线圈，通电后相当于电磁铁。金属线圈与球体中的磁铁相互　排斥　（吸引、排斥），使球体受力　平衡　（平衡、不平衡），从而悬浮于空中。磁悬浮地球仪是利用丹麦物理学家奥斯特发现的电流的　磁　效应工作的。当磁悬浮地球仪停止工作时，在“拿开球体”和“切断电源”之间应先　拿开球体　。‎ ‎（2）将磁悬浮地球仪的球体用手轻轻向下按一下，球体就会从原来的悬浮位置向下运动，此时金属线圈中的电流　增大　（增大、减小），磁性增强，金属线圈对球体的作用力　大于　（大于、小于）球体重力，球体到达最低点后向上运动返回原悬浮位置。由于球体具有　惯性　，球体越过原悬浮位置向上运动，此时金属线圈中的电流减小，磁性减弱，球体速度越来越　小　（大、小），到达最高点后向下运动，并再次回到原悬浮位置。几经反复，球体最终停在原悬浮位置。‎ ‎（3）磁悬浮地球仪正常工作时，功率为1W．则工作一个月（30天）耗电　0.72　kW•h，这些电能大部分转化成了　内能　（机械能、内能）。‎ ‎【考点】C4：磁极间的相互作用；EI：能量转化的现象；J3：电功与电能的计算．‎ ‎【分析】（1）从图可知：球体与底座是相互分离的，故可判断球体与底座是相互排斥的；‎ 静止状态是一种平衡状态，受到的力平衡；‎ 电磁铁是利用电流的电磁效应工作的；‎ 如果先切断电源，电磁铁失去磁性，地球仪在重力作用下会落下来，没有保护措施会把地球仪摔坏。‎ ‎（2）电磁铁磁性强弱与电流的大小有关，其他条件相同，电流越大，磁性越强；‎ 一切物体都具有惯性。‎ ‎（3）利用电能公式W=Pt求出消耗的电能；由于线圈有电阻，根据焦耳定律知磁悬浮地球仪正常工作时将电能大部分转化成了内能。‎ ‎【解答】解：（1）因为球体与底座是相互分离的，所以球体与底座之间是相互排斥的，即该悬浮地球仪是利用的同名磁极相互排斥的原理制成的；‎ 又因为球体在空中静止，所以球体受力平衡；‎ 磁悬浮地球仪中的电磁铁是利用电流的电磁效应工作的；‎ 当磁悬浮地球仪停止工作时，应先“拿开球体”再“切断电源”，防止地球仪在重力作用下会落下来而摔坏。‎ ‎（2）将磁悬浮地球仪的球体用手轻轻向下按一下时，由于通电线圈的磁性增强，所以可判断此时金属线圈中的电流增大；由于通电线圈的磁性增强，地球仪所受的磁力会大于地球仪的重力；在按力作用下，地球仪向下运动，球体到达最低点后又由于此时磁力大于重力，所以球体向上运动，返回原悬浮位置时，由于球体具有惯性，球体越过原悬浮位置向上运动，此时金属线圈中的电流减小，磁性减弱，磁力越来越小，球体速度越来越小，到达最高点后向下运动，并再次回到原悬浮位置。几经反复，球体最终停在原悬浮位置。‎ ‎（3）磁悬浮地球仪正常工作一个月时耗电量：W=Pt=0.001kW×24h×30=0.72kW•h。‎ 由于线圈有电阻，所以磁悬浮地球仪正常工作时将电能大部分转化成了内能。‎ 故答案为：排斥；平衡；磁；拿开球体；增大；大于；惯性；小； 0.72；内能。‎ ‎【点评】此题考查的知识点较多，要从题目中寻找有用的信息，利用有关知识点解题。‎ ‎25．巨磁电阻（GMR）效应是指某些材料的电阻值随外磁场减小而增大的现象。如图所示，闭合开关S1和S2，通电螺线管的左端是　S　极。若要使电流表示数增大，滑动变阻器应向　左　移动。（填“左”或“右”），此时灯泡的亮度　不变　（填“变暗”、“变亮”、“不变”）。‎ ‎【考点】CB：安培定则及其应用．‎ ‎【分析】（1）利用安培定则判断电磁铁的磁极；‎ ‎（2）当滑片P向左滑动时，接入电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步判断电磁铁磁性的变化和GMR电阻的变化，根据欧姆定律可知通过GMR电阻电流的变化，根据并联电路的电流特点判断干路电流的变化。由右侧电路图可知，灯泡GMR电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知左侧电路中滑片移动时灯泡实际功率的变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗的变化。‎ ‎【解答】解：利用安培定则可判断电磁铁的右端为N极、左端为S极。‎ 若要使电流表示数增大，当滑片P向左滑动时，接入电路中的电阻减小，‎ 由I=可知，通过电磁铁的电流增大，磁性增强，‎ 因巨磁电阻（GMR）随外磁场增大而减小，‎ 所以，GMR电阻的阻值减小，通过的电流增大，‎ 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，‎ 所以，右侧电路的总电流增大，即电流表的示数减小。‎ 由右侧电路图可知，灯泡GMR电阻并联，电流表测干路电流，‎ 因并联电路中各支路独立工作、互不影响，‎ 所以，左侧电路中滑片移动时灯泡实际功率不变，亮暗不变；‎ 故答案为：S；左；不变。‎ ‎【点评】本题考查了电学和磁学相结合电路的动态分析，利用好并联电路的特点和影响电磁铁磁性强弱的因素以及GMR电阻的特点是关键。‎ ‎26．如图所示，是某学习小组同学设计的研究“电磁铁磁性强弱“的实验电路图。‎ ‎（1）要改变电磁铁线圈中的电流大小，可通过　滑动变阻器滑片的滑动　来实现；要判断电磁铁的磁性强弱，可观察　吸引的铁钉数目的多少　来确定。‎ ‎（2）下表是该组同学所做实验的记录：‎ 电磁铁（线圈）‎ ‎50匝 ‎100匝 实验次数 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ 电流/A ‎0.8‎ ‎1.2‎ ‎1.5‎ ‎0.8‎ ‎1.2‎ ‎1.5‎ 吸引铁钉的最多数目/枚 ‎5‎ ‎8‎ ‎10‎ ‎7‎ ‎11‎ ‎14‎ ‎①比较实验中的1、2、3（或4、5、6），可得出的结论是：电磁铁的匝数一定时，通过电磁铁线圈中的　电流越大，电磁铁的磁性越强　；‎ ‎②比较实验中的　1和4（或2和5或3和6）　，可得出的结论是：电磁铁线圈中的电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；‎ ‎（3）在与同学们交流讨论时，另一组的一个同学提出一个问题：“当线圈中的电流和匝数一定时，电磁铁的磁性强弱还与什么有关？你对此猜想是：　电磁铁的磁性强弱可能跟铁芯大小有关　。‎ ‎【考点】CC：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．‎ ‎【分析】（1）滑动变阻器的作用：通过移动滑动变阻器的滑片，改变连入电路电阻大小，来改变电路中的电流；通过电磁铁吸引铁钉多少来反映，电磁铁吸引铁钉越多，电磁铁磁性越强，这种方法是转换法。‎ ‎（2）电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯。在电流和铁芯一定时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强；在线圈和铁芯一定时，电流越大，电磁铁磁性越强；在线圈和电流一定时，有铁芯时电磁铁磁性越强；‎ ‎（3）探究电磁铁磁性强弱跟电流关系时，控制线圈匝数和铁芯一定；探究电磁铁磁性强弱跟线圈匝数关系时，控制铁芯和电流大小一定；探究电磁铁磁性强弱跟铁芯大小关系时，要控制电流和线圈匝数一定。这种方法是控制变量法。‎ ‎【解答】解：（1）实验时，移动滑动变阻器的滑片，可以改变电路中的电流大小；通过电磁铁吸引铁钉多少来反映，电磁铁吸引铁钉越多，电磁铁磁性越强，这种方法是转换法。‎ ‎（2）①比较实验中的1、2、3（或4、5、6）可以看出，在线圈的匝数相同时，电流从0.8A增加到1.5A时，吸引铁钉的个数由5枚增大到10枚，说明在线圈的匝数一定时，通过电磁铁的电流越大，电磁铁的磁性越强；‎ ‎②比较实验中的1和4（或2和5或3和6）可以得出通过电磁铁的电流都为0.8A时，线圈匝数50匝的吸引5枚铁钉，线圈匝数为100匝的吸引铁钉7枚，说明在通过电磁铁的电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强。‎ ‎（3）①电磁铁的磁性强弱可能跟铁芯大小有关。探究电磁铁磁性强弱跟铁芯大小关系时，控制电流和线圈匝数不变，改变铁芯大小。‎ ‎②验证方案：保证两次电路中的线圈匝数和电流相同，让两次插入的铁芯的大小不一样，看吸引的铁钉数目的多少，如果两次吸引的数目不一样，则说明磁性的强弱与铁芯的大小有关。‎ 故答案为：（1）滑动变阻器滑片的滑动；吸引的铁钉数目的多少；‎ ‎（2）①电流越大，电磁铁的磁性越强；②1和4（或2和5或3和6）；‎ ‎（3）电磁铁的磁性强弱可能与线圈内的铁芯大小有关。‎ ‎【点评】掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究电磁铁磁性强弱跟各因素之间的关系。‎ ‎27．如图所示是一种单元防盗门门锁的原理图。其工作过程是：当有人在楼下按门铃叫门时，楼上的人闭合开关，门锁上的电磁铁通电，吸引衔铁，衔铁脱离门扣，这时来人拉开门，进入楼内。在关门时，开关是断开的，衔铁在　弹簧　的作用下，合入门扣。在合入门扣的过程中的能量转化情况是　弹性势能变动能　。‎ ‎【考点】CI：电磁铁的其他应用．‎ ‎【分析】（1）物体由于发生弹性形变而具有的能称为弹性势能；‎ ‎（2）物体由于运动而具有的能称为动能；‎ ‎【解答】解：有人在楼下按门铃时，楼上的人闭合开关，门锁上的电磁铁通电就具有磁性，衔铁就被吸引，从而脱离门扣，来人就可以拉开门。‎ 关门时，开关是断开的，电磁铁没有磁性，此时衔铁在弹簧的作用下，合入门扣，这个过程是弹簧的弹性势能转化为衔铁的动能。‎ 故答案为：弹簧；弹性势能变动能；‎ ‎【点评】电磁铁的实例应用，一般都有个弹簧，电磁铁通电具有磁性吸引衔铁，电磁铁断电失去磁性，衔铁就受弹簧的弹力作用。‎ ‎28．如图甲所示。一个条形磁铁摔成两段，取右边的一段靠近小磁针，小磁针静止时的指向如图乙所示，则右边这处裂纹的磁极是　N　极。如果把这段磁铁沿裂纹吻合放在一起（如图甲），这两段会相互　吸引　（选填吸引、排斥）。‎ ‎【考点】C1：磁性、磁体、磁极；C4：磁极间的相互作用．‎ ‎【分析】任何磁体都有两个磁极：磁北极（N极）和磁南极（S极）；磁体分成若干份，每一份又是一个新的磁体。‎ ‎【解答】解：‎ 如图乙，由于异名磁极相互吸引，所以右边裂纹的磁极是N极。‎ 如图甲，如果把这段磁铁沿裂纹吻合放在一起，由于左边裂纹的磁极是S极、右边裂纹的磁极是N极，所以这两段会相互吸引。‎ 故答案为：N；吸引。‎ ‎【点评】理解掌握磁体的性质、磁极间的相互作用规律是解决此类问题的关键。‎ ‎29．1820年4月的一天，奥斯特讲课时突发奇想，在沿　南北　方向的导线下方放置一枚小磁针，保证导线和小磁针能　平行　放置进行实验，接通电源后发现小磁针明显偏转。随后奥斯特花了三个月时间，做了60多个实验证明电流的确能使磁针偏转，这种现象称为　电流的磁效应　。奥斯特的发现，拉开了研究电磁间本质联系的序幕。‎ ‎【考点】C9：通电直导线周围的磁场．‎ ‎【分析】奥斯特实验证明了电流的周围存在磁场，这是第一个发现了电和磁存在联系的实验。奥斯特由于这个贡献而载入物理史册；‎ ‎【解答】解：在奥斯特实验中，开关闭合时，即当导线中有电流通过时，发现导线下面的小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在着磁场；‎ 奥斯特讲课时突发奇想，在沿电流方向的导线下方放置一枚小磁针，保证导线和小磁针能平行放置进行试验，接通电源后发现小磁针明显偏转，电流的确能使磁针偏转，这种现象称为电流的磁效应；‎ 故答案为：南北；平行；电流的磁效应。‎ ‎【点评】奥斯特实验和法拉第的电磁感应实验都揭示了电与磁的联系，有着非常重大的意义，值得我们记忆和掌握。‎ ‎30．由甲、乙两根外形、颜色都相同的钢棒，两端没有任何标记，其中有一根是永磁体。现将甲水平放置，手握乙从甲的一端移向另一端，如图所示，若移动过程中手感到受力均匀，则可以肯定：　乙　是永磁体。原因是：　条形磁铁的两个磁极磁性最强，移动过程中手感到受力均匀，说明乙有磁性，甲没有磁性　。‎ ‎【考点】C5：物体是否具有磁性的判断方法．‎ ‎【分析】条形磁体两端磁性最强，中间磁性最弱，根据这条规律进行判断。‎ ‎【解答】解：如图，当乙从甲的左端水平向右移到右端，若两根钢棒间吸引力的大小不变，说明是乙的磁极吸引不具有磁性的钢棒，所以甲没有磁性，乙具有磁性；若两钢棒间吸引力先由大变小，然后由小变大，说明是具有磁性的甲两端磁性最强，对钢棒乙的吸引中间最弱，两端最强，所以甲有磁性，乙没有磁性。‎ 故答案为：乙； 条形磁铁的两个磁极磁性最强，移动过程中手感到受力均匀，说明乙有磁性，甲没有磁性。‎ ‎【点评】这是鉴别外形相同的钢棒，一个有磁性，一个没有磁性的方法之一，还可以把甲的一定放在乙的中间，如果吸引，甲有磁性，乙没有磁性。‎ ‎31．关于磁场和磁感线，小明总结了如下几点：（1）磁场看不见摸不着，但是可以借助小磁针感知它的存在；（2）磁感线是磁体周围空间实际存在的曲线；（3）磁感线是铁屑组成的；（4）地磁场的磁感线是从地球南极附近发出回到北极附近，以上总结中正确的有　（1）（4）　（选填序号即可）。‎ ‎【考点】C6：磁场；C7：磁感线及其特点．‎ ‎【分析】（1）据课本可知，磁场看不见摸不着，但可以借助小磁针感知它的存在，这是典型的转换法；‎ ‎（2）磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线；‎ ‎（3）磁感线是不存在的；‎ ‎（4）地球是一个巨大的磁体，地磁场的南极在地理北极附近，地磁场的北极在地理南极附近。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）磁场看不见摸不着，但可以借助小磁针感知它的存在，这是典型的转换法，故正确；‎ ‎（2）磁感线是不存在的，是为了研究方便而假象的一些有方向的曲线，故错误；‎ ‎（3）磁感线是不存在的，磁感线是铁屑组成的说法错误，故错误；‎ ‎（4）地球是一个巨大的磁体，地磁场的南极在地理北极附近，地磁场的北极在地理南极附近，故地磁场的磁感线是从地球南极附近发出回到北极附近，故正确；‎ 故正确的是（1）（4）。‎ 故答案为：（1）（4）。‎ ‎【点评】此题考查了磁场的判断方法、磁感线的理解、地磁场的理解等知识点，是一道综合题。‎ ‎32．磁体间力的作用是通过　磁场　发生的。如图的是用来描绘某一磁体周围磁场的部分磁感线，若在b点放置一个可自由转动的小磁针，则小磁针静止时，其N极指向　Q　处（选填“P”或“Q”）‎ ‎【考点】C6：磁场；C7：磁感线及其特点．‎ ‎【分析】磁场的性质是对于放入其中的磁体产生磁力的作用；磁感线是为了描述看不见的磁场而引入的，磁感线的曲线方向表示磁场的方向，磁场方向跟放在该点的小磁针的北极指向一致。‎ ‎【解答】解：磁体间力的作用是通过磁场发生的；‎ 根据图示的磁感线方向可知，b点的磁场方向指向Q，也就是小磁针静止在该点时北极所指的方向，即N极指向Q点。‎ 故答案为：磁场；Q。‎ ‎【点评】本题考查了磁感线的方向与磁场方向一致的应用，要会根据磁感线方向确定磁场的方向。‎ ‎33．给你如图所示的器材，请你设计一个温度自动报警器，要求：正常情况下绿灯亮，铃不响，温度升高到一定程度时，铃响，灯不亮。‎ ‎【考点】CF：电磁继电器的组成、原理和特点．‎ ‎【分析】如图所示是一个电磁继电器的工作原理图，左侧为控制电路，电磁铁应与温度计电源连在一起，右侧为工作电路，灯与电铃应是并联关系，而且通过触点开关控制其工作的情况。根据这一分析按要求连接电路，并进行检查即可。‎ ‎【解答】解：如图所示，电路连接完成后，正常情况下绿灯亮，铃不响，温度升高到一定程度时，铃响，灯不亮。‎ ‎【点评】温度自动报警器的原理是较为常见的一种电磁继电器类型，理解起来本身难度并不大，但本题中，因为电源位置的关系，使电路的连接较难安排，在连接时，应把握基本的原则不变，并保持连线不能交叉，且使用图中所给出的接线柱。‎ 三．实验探究题（共4小题）‎ ‎34．磁感应强度B用来描述磁场的强弱，国际单位是特斯拉，符号是“T”。为了探究电磁铁外轴线上磁感应强度的大小与哪些因素有关，小鹭设计了如图1所示的电路，图甲电源电压6V，R为磁感应电阻，其阻值随磁感应强度变化的关系图线如图2。‎ ‎（1）当图乙S2断开，图甲S1闭合时，电流表的示数为　60　mA．闭合S1和S2，图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，图甲中电流表的示数逐渐减小，说明磁感电阻R处的磁感应强度B逐渐　增大　。‎ ‎（2）闭合S1和S2，滑片P不动，沿电磁铁轴线向左移动磁感电阻R，测出R离电磁铁左端的距离x与对应的电流表示数I，算出R处磁感应强度B的数值如表。请计算x=5cm时，B=　0.40　T． ‎ ‎ x/cm ‎ 1‎ ‎2 ‎ ‎3 ‎ ‎4 ‎ ‎5 ‎ ‎6 ‎ ‎ I/mA ‎ 10‎ ‎12 ‎ ‎15 ‎ ‎20 ‎ ‎30 ‎ ‎46 ‎ ‎ B/T ‎ 0.68‎ ‎0.65 ‎ ‎0.60 ‎ ‎0.51 ‎ ‎　0.40　‎ ‎0.20 ‎ ‎（3）综合以上实验数据可以得出“电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而　增大　，离电磁铁越远，磁感应强度越　小　。‎ ‎【考点】CC：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．‎ ‎【分析】（1）据题可知，此时的电源电压是6V，且此时的磁场强度为零；图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，图甲中电流表的时速逐渐减小，据此分析即可判断规律；‎ ‎（2）x=5cm时，对于图表得出电流是30mA，据欧姆定律可以判断电阻大小，进而判断磁场的强弱；‎ ‎（3）据上面的知识分析即可判断出变化的规律。‎ ‎【解答】解：（1）当图乙S2断开，图甲S1闭合时，即磁场强度为零，据图2可知，此时的R=100Ω，故此时电路中的电流是：I===0.06A=60mA；图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，有效电阻变小，电流变大磁场变强，图甲中电流表的示数逐渐减小，即R的电阻变大，据此分析可知：磁感电阻R处的磁感应强度B逐渐增大；‎ ‎（2）x=5cm时，对于图表得出电流是30mA，据欧姆定律可知，R===200Ω，故对应磁场的强度是0.40T；‎ ‎（3）综合以上实验数据，分析（2）中的表格数据可以得出“电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而增大，离电磁铁越远，磁感应强度越小；‎ 故答案为：（1）60；增大；（2）0.40；（3）增大；小。‎ ‎【点评】此题考查了电路的分析、欧姆定律的应用等知识点，是一道综合性的计算题，难度较大。‎ ‎35．在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明利用电源、开关、滑动变阻器、两根完全相同的铁钉、表面绝缘的铜线、大头针若干，制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图1所示的电路。‎ ‎（1）实验中通过观察电磁铁　吸引铁钉的个数　的不同，可以判断电磁铁的磁性强弱不同。‎ ‎（2）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数　增加　（填“增加”或“减少”），说明电流越　大　，电磁铁磁性越强。‎ ‎（3）实验中用到的一种重要科学研究方法是　B　。‎ A．类比法 B．转换法C．等效替代法D．模型法 小明又查阅了有关资料知道：物理学中常用磁感线来形象地描述磁场，用磁感应强度（用字母B表示）来描述磁场的强弱，它的国际单位是特斯拉（符号是T），磁感应强度B越大表明磁场越强；B=0表明没有磁场。有一种电阻，它的大小随磁场强弱的变化而变化，这种电阻叫做磁敏电阻，图1所示是某磁敏电阻R的阻值随磁感应强度B变化的图象。为了研究某磁敏电阻R的性质，小明设计了如图3所示的电路进行实验，请解答下列问题：‎ ‎（4）当S1断开，S2闭合时，电压表的示数为3V，则此时电流表的示数为　0.03　A。‎ ‎（5）闭合S1和S2，移动两个滑动变阻器的滑片，当电流表示数为0.04A时，电压表的示数为6V，由图象可得，此时该磁敏电阻所在位置的磁感应强度为　0.3　T。‎ ‎【考点】CC：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．‎ ‎【分析】（1）（3）转换法是指在保证效果相同的前提下，将不可见、不易见的现象转换成可见、易见的现象；将陌生、复杂的问题转换成熟悉、简单的问题；将难以测量或测准的物理量转换为能够测量或测准的物理量的方法；‎ ‎（2）影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小和线圈的匝数，电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；‎ ‎（4）由图象可以得到R没有磁性时的电阻，已知此时R两端电压，利用欧姆定律得到电流表的示数；‎ ‎（5）已知磁敏电阻两端电压和通过的电流，可以得到电阻；由磁敏电阻的阻值，利用图象可以得到磁感应强度。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）磁性的强弱是直接看不出来的，可以通过电磁铁吸引铁钉的多少来认识其磁性强弱，电磁铁吸引的铁钉个数越多说明磁性越强；‎ ‎（2）当滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，发现电磁铁甲、乙吸引铁钉的个数增加，说明电流越大，电磁铁磁性越强；‎ ‎（3）实验中用到的一种重要科学研究方法是转换法，故B正确；‎ ‎（4）当S1断开，螺线管中没有磁性，即B=0，由图象知此时R=100Ω，‎ 乙图中R与R2串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流，‎ 根据欧姆定律得，此时电流表的示数为：I===0.03A；‎ ‎（5）闭合S1和S2，移动两个滑动变阻器的滑片，当电流表示数为0.04A时，电压表的示数为6V，‎ 磁敏电阻的阻值为R′===150Ω，‎ 由图象知，此时的磁感应强度B=0.3T。‎ 故答案为：（1）吸引铁钉的个数；（2）增加； 大；（3）B；（4）0.03；（5）0.3。‎ ‎【点评】此题是一道电与磁知识综合应用的创新题，题目形式、考查角度、考查方式新颖，注意了与高中知识的合理衔接，值得重点掌握。‎ ‎36．小刚为了探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关，做了以下几次实验，实验现象如图所示。根据图示现象回答下列问题：‎ ‎（1）实验a与实验b相比较说明　电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性　‎ ‎（2）实验b与实验c相比较说明：匝数相同时，　通过电磁铁的电流越大　，它的磁性就越强。‎ ‎（3）小刚根据实验d中甲、乙两电磁铁出现的现象判断：外形相同的螺线管，线圈的匝数越多，它的磁性就越强，你认为这个结论　不全面　（选填“全面”或“不全面”），若不全面应补充　电流相同时　。‎ ‎【考点】CC：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．‎ ‎【分析】（1）电磁铁的磁性强弱跟电流大小、匝数多少、有无铁芯有关。电流越大、线圈匝数越多、有铁芯时，电磁铁的磁性越强。‎ ‎（2）探究电磁铁磁性强弱的影响因素时采用转换法和控制变量法。‎ ‎（3）滑动变阻器的作用：改变连入电路的电阻丝的长度，改变连入电路的电阻，改变电路中的电流。‎ ‎（4）电磁铁的优点：磁性的有无可由电流的通断来控制；磁性强弱可由电流的大小来控制；极性可由电流的方向来控制。‎ ‎【解答】解：（1）实验a电路是断路，电路中无电流，电磁铁没有磁性；实验b电路是通路，电路中有电流，电磁铁吸引大头针，电磁铁具有磁性；实验a与实验b相比较说明电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性。‎ ‎（2）实验b到实验c（匝数相同），滑动变阻器连入电路的电阻变短，电阻变小，电路中电流增大，电磁铁吸引大头针增多，电磁铁的磁性增强；这说明匝数相同时，通过电磁铁的电流越大，它的磁性就越强。‎ ‎（3）实验d中甲、乙两电磁铁串联，外形相同的螺线管，电流相同，线圈的匝数越多，它的磁性就越强。电磁铁的磁性强弱同时跟三个因素有关，小刚只提到外形和匝数，没有涉及到电流的大小，所以结论不全面，应补充电流相同时。‎ 故答案为：（1）电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性；‎ ‎（2）通过电磁铁的电流越大；‎ ‎（3）不全面；电流相同时。‎ ‎【点评】本题主要考查掌握电磁铁磁性强弱的影响因素以及能用控制变量法和转换法探究电磁铁磁性强弱的影响因素。‎ ‎37．小刚想探究通电螺丝管中插入物体的材料对其磁性强弱有什么影响，他用图示装置进行探究实验。‎ ‎（1）保持电流不变，将无磁性、长度和横截面积相同但材料不同的圆柱形物体分别插入通电螺丝线管中，用吸引物重的大小来显示通电螺丝管的磁性强弱。多次实验后，将数据记录在下表中：‎ 插入的物体 不放物体 软铁棒 铁合金棒1‎ 铁合金棒2‎ 铜棒 铝棒 碳棒 吸引的物重/N 几乎为0‎ ‎0.5‎ ‎0.6‎ ‎0.35‎ 几乎为0‎ 几乎为0‎ 几乎为0‎ ‎①从表中数据可得出：当其他条件相同时，放入　软铁棒、铁合金1、铁合金2　会影响通电螺线管的磁性强弱，这些物体均含有　原磁体　，而放入　铜棒、铝棒、碳棒　几乎不影响通电螺线管的磁性强弱。‎ ‎②分析表中数据，发现通电螺线管中插入的物体虽均为导体，但对其磁性强弱影响却不同，据此，请你提出一个值得探究的问题：　螺线管磁性强弱与插入螺线管的材料有关　。‎ ‎③从数据可看出，用吸引物重大小不能显示通电螺线管磁性强弱的微小变化，请你提一条改进方法：　用通电螺线管吸引大头针数目来显示通电螺线管磁性强弱的微小变化　。‎ ‎（2）小刚在实验中还发现：断电后，取出螺线管中的物体，有些仍具有磁性（剩磁），按磁性强弱排序为：铁合金棒2最强、铁合金棒1较强、软铁棒最弱，其余没有磁性。‎ 根据以上实验，完成填空：①选用　铁合金1　制造永磁体最合适。‎ ‎②电磁铁选用软铁做铁芯的原因是　铁是磁性物质，铁通电后容易被磁化，断电后铁的磁性容易消失　。‎ ‎【考点】CC：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．‎ ‎【分析】（1）①③通电螺线管的磁性强弱不能直接用眼睛观察，所以用吸引物重的大小来反映通电螺线管磁性的强弱，这种方法是转换法；‎ ‎②围绕实验材料、实验现象提出探究的问题；‎ ‎（2）电磁铁的铁芯用软铁制做，而不能用钢制做，否则钢一旦被磁化后，将长期保持磁性而不能退磁，则其磁性的强弱就不能用电流的大小来控制，而失去电磁铁应有的优点。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）通电螺线管的磁性强弱不能直接用眼睛观察，实验中用吸引物重的大小来反映通电螺线管磁性的强弱，这种方法是转换法；‎ ‎①分析表中数据可知，由于软铁棒、铁合金1、铁合金2等物质具有原磁体结构，因而软铁棒、铁合金1、铁合金2会影响通电螺线管的磁性强弱，这些物体均含有原磁体，而铜棒、铝棒、碳棒等物质不具有原磁体结构，因而几乎不影响通电螺线管的磁性强弱；‎ ‎②软铁棒、铁合金棒是磁性材料，铜棒、铝棒、碳棒都是非磁性材料，它们对吸引力影响效果却不同，因此提出的问题是：螺线管磁性强弱与插入螺线管的材料有关；‎ ‎②用吸引物体大小不能显示通电螺线管磁性强弱的微小变化，可以用通电螺线管吸引大头针的数目来显示通电螺线管磁性强弱的微小变化；‎ ‎（2）①根据性强弱排序：铁合金1、软铁棒、铁合金2，其余的没有磁性可知，选用铁合金1制造永磁体最合适；‎ ‎②‎ 电磁铁的铁芯用铁而不用钢的主要原因是：铁是磁性物质，铁通电后容易被磁化，断电后铁的磁性容易消失，钢一旦被磁化后，将长期保持磁性而不能退磁。‎ 故答案为：（1）①软铁棒、铁合金1、铁合金2；原磁体；铜棒、铝棒、碳棒；‎ ‎②螺线管磁性强弱与插入螺线管的材料有关；‎ ‎③用通电螺线管吸引大头针数目来显示通电螺线管磁性强弱的微小变化；‎ ‎（2）①铁合金1；②铁是磁性物质，铁通电后容易被磁化，断电后铁的磁性容易消失。‎ ‎【点评】在明确影响螺线管磁性强弱的因素的基础上，再结合实际情况分析即可确定答案。‎ 四．解答题（共3小题）‎ ‎38．为探究两个通电螺线管之间的磁场方向，把小磁针放在图1所示9个点的位置上方。记录小磁针在各位置上的指向如图2所示。请画出两通电螺线管之间的磁感线（画出三条磁感线），小磁针涂黑的一端为N极。‎ ‎【考点】C7：磁感线及其特点．‎ ‎【分析】通电螺线管外部的磁场和条形磁体的磁场一样。通电螺线管的两端相当于条形磁体的两个极，它们的极性可以从小磁针的指向来确定。小磁针静止时N极的指向为该点的磁场方向。‎ ‎【解答】解：根据图2小磁针指向可知图1小磁针的左边是磁体N极，右边是磁体S极，又因为磁感线是从磁体的N极出发，S极进入，所以磁场方向是向右。‎ 答案如图所示：‎ ‎【点评】本题综合运用以下两个知识点：‎ ‎（1）小磁针自由静止时北极指向是磁感线方向；（2）磁感线从磁体N极出发，S极进入。‎ ‎39．标出图1、2中螺线管的N、S极，标出图3、4中螺线管中电流的方向。‎ ‎【考点】CB：安培定则及其应用．‎ ‎【分析】安培定则内容为：用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为螺线管N极方向；故由电流的方向结合右手螺旋定则可判出通电螺线管的磁极；‎ ‎【解答】解：第一个图电流由左侧流入，故四指从电流流入的方向去握住螺线管，此时会发现大拇指指向该螺线管的左边，故该螺线管的左边是N极，其右边是S极；‎ 第二个图电流由左侧流入，故四指从电流流入的方向去握住螺线管，此时会发现大拇指指向该螺线管的右边，故该螺线管的左边是S极，其右边是N极；‎ 第三个图通电螺线管上侧为N极，则由安培定则知，电流由螺线管的下端流入，上端流出；‎ 同理可得，第四个图电流由螺线管的右侧流入，左侧流出。‎ 故答案见下图：‎ ‎【点评】对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺旋管的N、S极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个。‎ ‎40．如图所示为某兴趣小组为学校办公楼空调设计的自动控制装置，R是热敏电阻，其阻值随温度变化关系如下表所示。已知继电器的线圈电阻R0=10Ω，左边电源电压为6V恒定不变。当继电器线圈中的电流大于或等于15mA时，继电器的衔铁被吸合，右边的空调电路正常工作。‎ 温度t/℃‎ ‎0‎ ‎5‎ ‎10‎ ‎15‎ ‎20‎ ‎25‎ ‎30‎ ‎35‎ ‎40‎ 电阻R/Ω ‎600‎ ‎550‎ ‎500‎ ‎450‎ ‎420‎ ‎390‎ ‎360‎ ‎330‎ ‎300‎ ‎（1）请说明该自动控制装置的工作原理。‎ ‎（2）计算说明该空调的启动温度是多少？‎ ‎（3）为了节省电能，将空调启动温度设定为30℃，控制电路中需要再串联多大的电阻？‎ ‎（4）改变控制电路的电阻可以给空调设定不同的启动温度，除此之外，请你再提出一种方便可行的调节方案。‎ ‎【考点】CF：电磁继电器的组成、原理和特点；IH：欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】（1）由题意可知，这一自动控制装置的基本结构是一个电磁继电器，根据电磁继电器的基本工作原理，结合在此处的运用可描述其原理；‎ ‎（2）根据左边电源电压为6V，继电器线圈中的电流大于或等于15mA时，继电器启动，可计算出此时，继电器的总电阻，再减去线圈电阻，可得到热敏电阻的阻值，最后从表中找出对应温度；‎ ‎（3）当温度设定为30℃时，从表中找出对应的电阻值，用同样的方法求出总电阻，减去表中对应的阻值，即可得出应串联的电阻大小；‎ ‎（4）本装置通过调节电阻来改变设定温度，我们也可以考虑通过改变电源电压，实现对其调节的作用。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）答：随室内温度的升高，热敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，当电流达到15mA时，衔铁被吸合，右侧空调电路连通，空调开始工作。当温度下降时，控制电路电阻增大，电流减小，减小到一定值，使空调电路断开，这样就实现了自动控制。‎ ‎（2）电路启动时的总电阻：R总===400Ω，‎ 此时热敏电阻的阻值：R热=R总﹣R0=400Ω﹣10Ω=390Ω，‎ 对照表格数据可知，此时的启动温度是25℃。‎ 答：该空调的启动温度是25℃。‎ ‎（3）因为电路启动时的总电阻为400Ω，‎ 由表中数据可知，空调启动温度设定为30℃时，热敏电阻的阻值为360Ω，‎ 则电路中还应串联的电阻：R′=R热=R总﹣R热′﹣R0=400Ω﹣360Ω﹣10Ω=30Ω。‎ 答：将空调启动温度设定为30℃时，控制电路中需要再串联30Ω的电阻。‎ ‎（4）因为本装置启动的电流是一定的，因此，既可通过改变电阻来改变电流，可以通过将左边电源改为可调压电源来实现对其控制。‎ 答：可以将左边电源改为可调压电源。‎ ‎【点评】本装置的实质是一个电磁继电器，对电磁继电器工作原理的了解是解题的基础。通过这一装置，重点考查了对电路中电流、电阻变化的分析，既要理解装置的工作过程，同时还要会从表格的数据中获取有用的信息，具有一定的综合性，难度较大。尤其是对新的改进方案的提出，更是需要深入理解本装置的工作实质。‎ 教科版物理九年级上册第八章测试题 ‎（时间：90分钟 分值：100分）‎ 一．选择题 ‎1．如图所示的实验装置，可以用来（　　）‎ A．研究感应电流的方向与磁场方向的关系 ‎ B．研究电磁铁的磁性与什么因素有关 ‎ C．研究发电机的工作原理 ‎ D．研究通电导体在磁场中所受的力与什么因素有关 ‎【考点】CJ：磁场对通电导线的作用．‎ ‎【分析】由图示可知当开关闭合时，导体中会产生电流，由于导体放在磁场中，故会受到磁场力而产生运动。‎ ‎【解答】解：由图可知，当开关闭合后导体中有电流通过，则电流在磁场作用下会产生运动，改变电流的强弱及磁铁的磁性可发现导体运动情况不同，故该装置可研究通电导体在磁场中所受的力与什么因素有关，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查通电导体在磁场中的运动，要注意区分电磁感应及通电导体在磁场中的运动，前者为因动而电，后者为因电则动。‎ ‎2．江涛用如图所示的实验装置，探究“磁场对通电直导线的作用”。闭合开关S，原本静止的轻质硬直导线AB水平向右运动。要使AB水平向左运动，下列措施中可行的是（　　）‎ A．将A、B两端对调 ‎ B．换用磁性更强的蹄形磁体 ‎ C．将蹄形磁体的N、S极对调 ‎ D．将滑动变阻器的滑片P向右移动 ‎【考点】CJ：磁场对通电导线的作用．‎ ‎【分析】通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与两个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向。如果只改变一个因素，则导体受力方向改变，如果同时改变两个因素，则导体受力方向不变。‎ ‎【解答】解：A、将A、B两端对调，只是改变了导体的方向，电流方向不变，不会改变运动方向，故A不可行；‎ B、换用磁性更强的蹄形磁体，将增大导线的运动速度，不会改变运动方向，故B不可行；‎ C、将蹄形磁体的N、S极对调，只改变一个影响因素（磁场方向），受力运动方向改变，故C可行；‎ D、将滑动变阻器的滑片P向右移动，减小了电路中的电流，导线的运动速度变小，不会改变运动方向，故D不可行。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】要改变通电直导线的运动方向，只能改变电流方向和磁场方向中的一个即可，两个因素不能同时改变。‎ ‎3．如图所示为小明探究“磁场对通电导体的作用”的实验装置，AB是一根铜棒，通过金导轨连接到电路中，闭合开关后，铜棒没有运动（仪器、电路完好），要想使AB运动起来，下列措施中不可行的是（　　）‎ A．将蹄形磁体的N、S极对调 ‎ B．换用磁性强一些的蹄形磁体 ‎ C．换用能提供较大电流的直流电源 ‎ D．将铜棒AB换为轻质的金属棒 ‎【考点】CJ：磁场对通电导线的作用．‎ ‎【分析】由受力分析得，金属棒之所以没有运动是因为受到的摩擦力等于磁场力，故可以从增大磁场力及减小摩擦两方面分析。‎ ‎【解答】解：A、将N、S极对调后，磁场力的方向发生变化但磁场力的大小不变，故导体受力仍平衡，故对调磁极不能使导体棒运动，故A不可行；‎ B、换用强磁场后，磁场力变大，当磁场力大于摩擦力时，导体棒即会产生运动，故B可行；‎ C、增大导体棒中电流，故磁场力变强，磁场力大于摩擦力时，导体棒即会产生运动，故C可行；‎ D、使用轻质金属棒，金属棒对导轨的压力变小，故摩擦力减小，摩擦力小于磁场力时，导体棒即会运动，故D可行。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】明确通电导体在磁场中受力而不运动的原因是解决此题的入手点；知道通电导体在磁场中受力的大小与哪些因素有关是解决此题的关键。‎ ‎4．下列四种电器中，利用通电线圈在磁场里受力转动的原理工作的是（　　）‎ A．风力发电机 B．电铃 C．电饭煲 D．电风扇 ‎【考点】CJ：磁场对通电导线的作用．‎ ‎【分析】对各选项进行分析，得出各电器的原理即可。‎ ‎【解答】解：A、风力发电机是利用电磁感应的原理工作的，故A错误；‎ B、电铃是利用电磁铁工作的，是电流的磁效应，故B错误；‎ C、电饭煲是利用电流的热效应工作的，故C错误；‎ D、电风扇的电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理工作的，故D正确；‎ 故选：D。‎ ‎【点评】此题考查了电器的工作原理，难度不大，逐个分析即可。‎ ‎5．如图所示，两平行直导线cd和ef竖直放置，通以方向相反大小相等的电流，a、b两点位于两导线所在的平面内。则（　　）‎ A．b点的磁感应强度为零 ‎ B．ef导线在a点产生的磁场方向垂直纸面向里 ‎ C．cd导线受到的安培力方向向右 ‎ D．同时改变两导线的电流方向，cd导线受到的安培力方向不变 ‎【考点】CK：左手定则．‎ ‎【分析】根据导线周围磁场分布可知，与导线等距离地方磁感应强度大小相等，利用安培定则判断出两导线在a点形成磁场方向，‎ 根据合磁场大小从而求出单根导线在a点形成磁感应强度大小，进一步求出b点磁感应强度大小。‎ ‎【解答】解：‎ A、根据安培定则可知，通电导线ef和cd在b点产生的磁场方向相同，均为垂直纸面向外，所以b点的磁场方向向外，则b点的磁感应强度不等于0，故A错误；‎ B、根据安培定则可知，通电导线ef在a点产生的磁场方向垂直纸面向外，故B错误；‎ C、根据左手定则可判断，电流方向相反的两根导线所受的安培力互相排斥，所以cd导线受到的安培力方向向左，故C错误；‎ D、同时改变两导线的电流方向，则cd导线的电流方向和所在位置的磁场方向均与原来相反，所以cd导线受到的安培力方向不变，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了磁场的叠加，磁感应强度为矢量，合成时要用平行四边形定则，因此要正确根据右手螺旋定则判断导线周围磁场方向是解题的前提。‎ ‎6．如图所示，图中“×”表示磁感线的方向垂直纸面向里，当导体AB向左运动时，（AB与金属导线接触处都能通电），小磁针（黑色表示N极）（　　）‎ A．不转动 B．顺时针转动 C．逆时针转动 D．无法判断 ‎【考点】C6：磁场；CA：通电螺线管的磁场；CK：左手定则．‎ ‎【分析】右手定则的内容：磁感线垂直穿过手心，大拇指指向导体运动的方向，则四指的指向为电流的方向，从而分析通过通电螺线管中电流的方向，从而判断极性，根据异名磁极相吸，确定转动方向。‎ ‎【解答】解：当导体AB向左运动时，根据右手定则可知，感应电流的方向由A到B；则通过螺线管中的电流方向C到D，根据安培定侧可知，螺线管的左侧为N极、右侧为S极；因为异名磁极相互吸引，所以小磁针会顺时针转动，只有B正确。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查右手定则的运用，先判断感应电流的方向，再确定通电螺线管的极性，根据异名磁极相吸确定小磁针的转向。‎ ‎7．如图所示，金属框A、B、C、D中有一半处在均匀磁场中，框中产生了顺时针方向的感应电流，金属框运动的方向是（　　）‎ A．向上平移 B．向左平移 C．向下平移 D．向右平移 ‎【考点】CK：左手定则．‎ ‎【分析】根据楞次定律和安培定则判断感应电流的方向，根据法拉第电磁感应判断金属框的运动方向。‎ ‎【解答】解：由于感应电流的方向是顺时针，据楞次定律可知：金属框内引起感应电流的磁通量减少，所以当金属框向左运动时，金属框内的磁通量减少。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】会应用楞次定律判断感应电流的方向或引起感应电流的原因，利用好阻碍的效果解题事半功倍。‎ ‎8．如图所示，动圈式扬声器主要由线圈、永磁体、锥形纸盆组成。当线圈中有电流通过时，处在磁场中的线圈会受到力的作用而带动纸盆振动产生声音，如图所示的实验中，与动圈式扬声器工作原理相同的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【考点】CL：扬声器和耳机的构造和原理．‎ ‎【分析】扬声器是利用通电线圈在磁场中要受到力的作用工作的。‎ ‎【解答】解：A、该图是奥斯特实验，即通电导体周围存在磁场；故A不合题意；‎ B、该图是电磁感应原理，即闭合回路中的一部分导体做切割磁感线运动，产生电流的现象；故B不合题意；‎ C、该图是探究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系；故C不合题意；‎ D、该图是电动机的原理图，即通电导体在磁场中受力运动；故D符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】扬声器是通电线圈在磁场中受力而运动的原理工作的。扬声器的原理和电动机的原理是相同的，动圈式话筒和发电机的原理是相同的。‎ ‎9．如图所示是扬声器（喇叭）的结构图。当扬声器的线圈中通入携带声音的信息、时刻变化的电流时，线圈会在永久磁体的作用下受到力的作用并带动纸盆振动发声。下列说法中正确的是（　　）‎ A．扬声器工作时是将机械能转化为电能 ‎ B．扬声器的工作原理是通电线圈在磁场中受力运动 ‎ C．扬声器中的永久磁体不会对线圈有作用力 ‎ D．扬声器的工作原理与发电机的工作原理相同 ‎【考点】CL：扬声器和耳机的构造和原理．‎ ‎【分析】动圈式扬声器是利用了磁场对电流有力的作用而制成的。‎ ‎【解答】解：A、动圈式扬声器在工作过程中消耗了电能，把电能转化为机械能，故A错误；‎ B、动圈式扬声器是把强弱变化的电流变成声音信号的装备，它利用了磁场对电流有力的作用的原理，故B正确；‎ C、当线圈中有电流通过时，扬声器中的永久磁体会对线圈有作用力，故C错误；‎ D、发电机的制作原理是电磁感应，而扬声器的工作原理是磁场对电流有力的作用，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题主要考查学生对：扬声器的构造和原理的了解和掌握，是一道基础题。‎ ‎10．下列设备或用电器与电动机工作原理一致的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【考点】CM：直流电动机的原理．‎ ‎【分析】根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。‎ ‎【解答】解：电动机的原理是通电导体在磁场中受力而运动。‎ A、电风扇的主要部件是电动机，是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，故A符合题意；‎ B、手摇发电机的工作原理是电磁感应现象，故B不符合题意；‎ C、电壶是利用电流的热效应来工作的，故C不符合题意；‎ D、电磁起重机是利用电磁铁工作的，故D不符合题意。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分要注意条件。‎ ‎11．笔记本电脑发热会影响使用寿命，如图是一款笔记本电脑放热支架，通过导线与连接时，五个风扇就转动起来，从而帮助电脑散热。下列分析正确的是（　　）‎ A．风扇转动的原理是电磁感应 ‎ B．风扇之间一定串联 ‎ C．电脑是通过与空气之间的热传递来散热的 ‎ D．风扇在工作时主要将电能转化为内能 ‎【考点】CM：直流电动机的原理；GA：热传递改变物体内能；HT：串联电路和并联电路的辨别．‎ ‎【分析】（1）电动机是根据通电导线在磁场中受磁场力的作用原理制成的；‎ ‎（2）串联的各电路元件相互影响，各电路元件不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，各电路元件能独立工作，据此分析答题；‎ ‎（3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；‎ ‎（4）电流做功的过程，实际上就是能量转化的过程，消耗电能转化成其它形式的能。‎ ‎【解答】解：‎ A、电风扇的主要部件是电动机，电动机是利用通电导线在磁场中受磁场力的作用原理制成的，不是利用电磁感应原理制成的，故A错误；‎ B、笔记本电脑散热支架上的五个风扇虽然能同时工作，但它们互不影响，能独立工作，其中的某个风扇坏了，其它风扇能正常工作，因此是并联的，故B错误；‎ C、电脑散热时，热量由电脑转移到空气中，是通过热传递来散热的，故C正确；‎ D、电风扇主要是电能转化成机械能，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题通过笔记本电脑散热支架考查了电风扇的原理、用电器的连接方式、用电器中的能量转化以及改变内能的方式，属于综合性题目。‎ ‎12．如图所示，可以用来研究电动机工作原理的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【考点】CM：直流电动机的原理．‎ ‎【分析】电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受到磁场力的作用；分析各图示情景，知道各实验装置的原理，然后找出符合题意的选项。‎ ‎【解答】解：A、图示是奥斯特实验装置，表明通电导线周围存在磁场，故A不符合题意；‎ B、图示是电磁铁的原理图，是电流的磁效应，故B不符合题意；‎ C、图示通电导线在磁场中受到磁场力的作用而运动，揭示了电动机的原理，故C符合题意；‎ D、图示是探究电磁感应现象的装置，是发电机的原理图，故D不符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查了电动机原理实验，分析清楚各图示情景、知道各实验揭示的物理情景是正确解题的前提与关键。‎ ‎13．关于电动机的工作原理，以下说法正确的是（　　）‎ A．磁极间的作用 B．电流的磁效应 ‎ C．磁场对电流的作用 D．电磁感应现象 ‎【考点】CM：直流电动机的原理．‎ ‎【分析】电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动的原理工作的 ‎【解答】解：电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动的原理工作的，即磁场对电流的作用，故C符合题意。‎ 故选C。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】生活中的用电器很多，掌握各用电器的工作原理，例如发电机、电动机、电饭锅、电熨斗、电暖气等的工作原理。‎ ‎14．下列各图中，与电动机工作原理相同的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【考点】CM：直流电动机的原理．‎ ‎【分析】电动机是利用通电导体在磁场里受力运动的原理制成的。明确各选项所揭示的原理可做出判断。‎ ‎【解答】解：电动机是利用通电导体在磁场里受力运动的原理制成的 A、图中是探究通电螺线管的磁场与线圈匝数的关系，是电流的磁效应，与电动机的原理不同，故A不符合题意；‎ B、通电后，线圈在磁场中运动起来，带动纸盆振动而发出声音，说明了通电导体在磁场中受到力的作用。故B符合题意；‎ C、人对着话筒说话时，膜片带动线圈在磁场中做切割磁感线运动而产生感应电流，这是一种电磁感应现象。故C不符合题意；‎ D、图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，是电磁感应现象，与电动机的原理不同，故D不合题意。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查奥斯特实验、电磁感应、电磁铁和磁场对通电导线的作用等实验的辨别，知道电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力运动，并能结合图中装置做出判断，是解答的关键。‎ ‎15．如图为直流电动机的工作原理图。以下相关的分析中正确的是（　　）‎ A．电动机工作过程中，电能全部转化为内能 ‎ B．电动机工作过程中，机械能全部转化为电能 ‎ C．电动机工作过程中，电能转化成机械能 ‎ D．电动机工作过程中，线圈中的电流方向保持不变 ‎【考点】CM：直流电动机的原理．‎ ‎【分析】直流电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的；通电线圈在磁场中受力转动，将电能转化为机械能。‎ ‎【解答】解：电动机工作过程中，消耗的电能几乎全部转化为机械能，故AB错误、C正确；‎ 在制作直流电动机时安装了换向器，当线圈转过平衡位置时及时改变线圈中电流的方向，从而改变线圈的受力方向，使线圈能够保证持续转动，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】此题主要考查的是学生对电动机原理、能量转化和直流电动机各部分名称的了解和掌握，基础性题目。‎ ‎16．要改变直流电动机的转动方向，可行方法（　　）‎ A．改变线圈中的电流方向或磁铁两极对调 ‎ B．改变线圈中电流方向同时对调磁铁两极 ‎ C．适当减小电流强度 ‎ D．适当减弱磁场 ‎【考点】CN：直流电动机的构造和工作过程．‎ ‎【分析】改变电动机的转动方向有两种方法：①可保持磁场方向不变，改变电流方向；②可保持电流方向不变，改变磁场方向。‎ ‎【解答】解：直流电动机中线圈转动的方向与电流的方向和磁场的方向有关。两者有任何一个因素发生改变，线圈运动方向就会发生改变。二者同时改变时，电动机转动方向不变。减少电流强度、减弱磁场等只能改变转动速度，不能改变转动方向，故A正确，BCD错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】直流电动机转动的方向与磁场方向和电流方向有关，要想改变电动机转动的方向只改变其中一个因素即可，若两个因素同时改变，则线圈转动的方向不变。‎ ‎17．下图为直流电动机的两个不同时刻的工作原理图，下列分析不正确的是（　　）‎ A．导线ab中的电流在这两个时刻方向不同，受到的磁场力方向也不同 ‎ B．甲乙两图中的线圈再转动90度角，都能到达平衡位置 ‎ C．由上往下看，线圈中电流均为顺针方向 ‎ D．如果电动机持续转动，则电动机内外流的都是直流电 ‎【考点】CN：直流电动机的构造和工作过程．‎ ‎【分析】（1）电动机是根据了通电导体在磁场中受力的原理制成的，导体受力的方向与磁场的方向的电流的方向有关，据此可结合图示做出判断。‎ ‎（2）平衡位置是指线圈平面与磁感线垂直的位置；‎ 磁感线都是从北极出发回到南极；‎ ‎（3）换向器的作用每当线圈转过平衡位置时自动改变线圈中电流的方向。‎ ‎【解答】解：A、由图可知，导线导线ab在这两个时刻电流方向不同，由于导体受力方向与磁场方向和电流方向有关，所以两次导线ab的受力方向不同，故A正确；‎ B、平衡位置是指线圈平面与磁感线垂直的位置，图中磁感线从左向右，故甲乙两图中的线圈再转动90度角，都能到达平衡位置，故B正确；‎ C、读图可知，电源的左侧为正极，从上往下看，线圈中电流都是顺时针方向，故C正确；‎ D、电动机之所以能转动，是因为换向器每当转过平衡位置就会改变线圈中电流的方向，即电动机线圈外装饰直流电，线圈内是交流电，故D错误。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题主要考查了电动机的结构与工作过程，知道影响电动机转动方向的因素，并能结合图示做出分析与判断，是解答的关键。‎ ‎18．如图所示，在制作简易电动机的过程中，若要改变线圈的转动方向，可以 （　　）‎ ‎①将电源的正负极对调； ②改变通电电流的大小；‎ ‎③换用磁性更强的磁体； ④增加线圈的匝数；‎ ‎⑤把磁体的磁极对调。‎ A．①⑤ B．②③④ C．①③ D．②④⑤‎ ‎【考点】CN：直流电动机的构造和工作过程．‎ ‎【分析】电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，影响转动方向的因素有磁场方向和电流方向，如果只改变磁场方向或只改变电流方向，则线圈转动方向改变，如果同时改变两个因素，则转动方向不改变。‎ ‎【解答】解：影响转动方向的因素有磁场方向和电流方向，如果只改变磁场方向或只改变电流方向，则线圈转动方向改变，如果同时改变两个因素，则转动方向不改变。‎ ‎①将电源的正负极对调，这样做可以改变电流方向，故①正确；‎ ‎②改变通电电流的大小，只能改变线圈转动速度，不能改变转动方向，故②错误；‎ ‎③换用磁性更强的磁体，只能增大线圈转动速度，不能改变转动方向，故③错误； ‎ ‎④增加线圈的匝数，只能增大线圈转动速度，不能改变转动方向，故④错误；‎ ‎⑤把磁体的磁极对调，磁场方向改变，转动方向变化，故⑤正确。‎ 综合分析①⑤正确。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】记住影响通电导体在磁场中受力的两个因素，是磁场方向和电流方向，不要记成磁场强弱和电流大小。‎ ‎19．在安装直流电动机模型的实验中，接好电路，合上开关后，发现电动机不转，若轻推一下线圈，电动机马上就转起来，刚开始时不转的原因可能是（　　）‎ A．磁铁的磁性不强 ‎ B．通过线圈的电流太小了 ‎ C．电动机线圈平面恰好处在平衡位置 ‎ D．电刷与换向器之间的摩擦太大了 ‎【考点】CN：直流电动机的构造和工作过程．‎ ‎【分析】平衡位置是电动机的转子和定子形成了开路，导体中没有电流通过，磁场对其没有作用力，电动机不会转动。只要越过平衡位置后，产生电流，便可以转动了。‎ ‎【解答】解：A、若是磁铁的磁性不强，即线圈所受的磁场力小于摩擦力，即使我们轻推一下，电动机也不会转动，故该选项不符合题意；‎ B、若是线圈中的电流太小，同样线圈所受的磁场力小于摩擦力时，即使我们轻推一下，电动机也不会转动，故该选项也不符合题意；‎ C、平衡位置是电动机的转子和定子形成了开路，导体中没有电流通过，磁场对其没有作用力，电动机不会转动，故该选项正确；‎ D、若是电刷与换向器之间的摩擦太大，即磁场力不能克服摩擦力，即使我们轻推一下，电动机也不会转动，故该选项也是错误的。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查了电动机的故障原因，在了解电动机的故障时，可联系电动机的工作原理来加深理解；电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的。‎ ‎20．为了防止考试作弊，监考人员利用手柄式金属探测器对考生进行检查（如图），判断考生是否携带金属物体，和其工作原理相同的仪器设备是（　　）‎ A．电动机 B．电磁铁 C．电灯 D．发电机 ‎【考点】CP：电磁感应．‎ ‎【分析】通过题目中告诉的信息明确金属探测器的工作原理。然后与选择项中各设备的工作原理相对比，从而可以得到答案。‎ ‎【解答】解：根据题目中：电磁感应现象产生电流，可以确定该设备的制成原理是电磁感应现象。‎ A、电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用而制成的，故A错误。‎ B、电磁铁是利用电流的磁效应制成的，故B错误。‎ C、电灯是利用电流的热效应制成的，故C错误。‎ D、发电机是利用电磁感应现象制成的，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出探测器的原理，并能正确掌握各用电器的原理。‎ ‎21．如图，将磁体插入螺线管时，灵敏电流计的指针向右偏转。四幅图中与这一过程的工作原理相同的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【考点】CP：电磁感应．‎ ‎【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生电流的现象叫电磁感应，产生的电流叫感应电流。‎ 将磁体插入螺线管时，闭合电路的螺线管在磁场中做切割磁感线运动，螺旋管中会产生感应电流，电流表指针就会转动，其利用的是电磁感应现象。‎ ‎【解答】解：A、该图是电动机的原理图，故A错误；‎ B、该图是发电机的原理图，发电机是利用电磁感应现象工作的，故B正确；‎ C、该图是探究影响电磁铁磁性大小的实验，故C错误；‎ D、该图是电流的磁效应，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了学生分析实验的能力，属于基础知识。‎ ‎22．下列设备中，其工作原理与如图所示的实验原理相同的是（　　）‎ A．发电机 B．电动机 C．电磁起重机 D．电磁继电器 ‎【考点】CP：电磁感应．‎ ‎【分析】闭合电路的一部分导体在磁场做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象。该装置中没有电源，发电机就是利用该原理制成的。‎ ‎【解答】解：由图可知，实验装置没有电源，若金属棒ab左右运动时，电路中就会有感应电流，这是电磁感应现象；发电机就是利用该原理制成的；‎ 电动机的原理是通电导体在磁场中受到力的作用；电磁起重机、电磁继电器都是利用电流的磁效应制成的，故A符合题意。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的，二者要注意区别开来。‎ ‎23．如图是探究电和磁知识的三个重要实验。下列说法中正确的是（　　）‎ A．根据甲实验的原理可制成电动机 ‎ B．根据乙实验的原理可制成电磁铁 ‎ C．根据丙实验的原理可制成发电机 ‎ D．根据甲、丙两个实验的原理都可制成电磁铁 ‎【考点】C9：通电直导线周围的磁场；CJ：磁场对通电导线的作用；CP：电磁感应．‎ ‎【分析】本题考查电学中三个电磁关系的实验，应从其原理和现象中分析：‎ ‎（1）甲实验将导线和电流表相连，发现导体运动时电流表内部产生电流，即闭合电路中的一部分导体在磁场做切割磁感线运动时产生感应电流；这是发电机的原理图 ‎（2）乙实验中通电后小磁针发生偏转，能证明通电导体在其周围产生磁场我们利用这个原理造出了电磁铁；‎ ‎（3）丙实验将导线放在磁场中，观察通电后导体发生了运动，即通电导体在磁场中受到力的作用；我们造出了电动机。‎ ‎【解答】解：‎ A、图甲中没有电源，是电磁感应现象，是发电机的原理图，故A错误；‎ B、图乙是奥斯特实验，是电流的磁效应，是电磁铁的原理，故B正确；‎ C、图丙有电源，是电动机的原理图，是利用通电的导体在磁场中受力而转动，故C错误；‎ D、根据乙图制成电磁铁，根据甲、丙两个实验不能制成电磁铁，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】这三个实验是人对电磁关系研究的三个里程碑，应重点掌握。‎ ‎24．图中a表示垂直纸面的一根导体，它是闭合电路的一部分，它在磁场中如图所示的方向运动时，下列情况会产生感应电流的是（　　）‎ A．①和③ B．②和③ C．③和④ D．只有③‎ ‎【考点】CQ：产生感应电流的条件．‎ ‎【分析】电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时导体产生感应电流的现象。‎ ‎【解答】解：由图可知，上端为磁体N极，下端为磁体S极，磁感线由N极指向S极，图中能切割磁磁感线的是③④，能产生感应电流；①②中导体运动方向与磁感线方向平行，不切割磁感线，不能产生感应电流，故C正确。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查对产生感应电流的认识和理解，是一道基础题 ‎25．如图所示，闭合开关，以下导体棒ab的运动中，能产生感应电流的是（　　）‎ A．竖直向上运动 B．水平向左运动 ‎ C．竖直向下运动 D．垂直纸面向外运动 ‎【考点】CQ：产生感应电流的条件．‎ ‎【分析】产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动。‎ ‎【解答】解：ACD、当开关闭合，导体ab竖直向上运动、向下运动或垂直纸面向外运动时，都没有做切割磁感线运动，导体ab中不能产生感应电流；故ACD错误；‎ B、导体ab水平向左运动时，做切割磁感线运动，导体ab中能产生感应电流；故B正确。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】该题考查感应电流的产生条件，熟记知识点是解题的关键。‎ ‎26．如图是发电机线圈在磁场中转动一圈时经过的四个位置，电路中有感应电流产生的是（　　）‎ A．乙和丁 B．丙和丁 C．甲和丙 D．甲和乙 ‎【考点】CQ：产生感应电流的条件．‎ ‎【分析】产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体，做切割磁感线运动。‎ ‎【解答】解：‎ 由图可知，乙、丁中线圈虽与磁场方向平行，但线圈的运动方向与磁场方向垂直，线圈做切割磁感线运动，故电路中有感应电流产生；而甲、丙中的线圈虽与磁场方向垂直，但线圈的运动方向与磁场方向平行，线圈不切割磁感线，因此没有感应电流产生；故A正确，BCD错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】此题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握，是一道常见题。‎ ‎27．图甲是发电机原理的示意图，图乙中的“○”表示图在磁场中分别转动到1﹣4 位置时，运动方向已用箭头标出，图甲中的导线ab，下列说法正确的是（　　）‎ A．图甲的电路中没有电源 ‎ B．在位置1时，电路中不会产生感应电流 ‎ C．发电机产生的电流方向不变 ‎ D．在位置2时，电路中不会产生感应电流 ‎【考点】CQ：产生感应电流的条件．‎ ‎【分析】产生感应电路的条件：①闭合电路的一部分导体；②导体切割磁感线运动这两个条件。根据图示判断1、2、3、4位置按箭头方向运动时，能否切割磁感线即可判断出能否产生感应电流。‎ 产生感应电流的方向与磁场方向和导体切割磁感线运动方向有关。‎ ‎【解答】解：‎ A、发电机的原理是电磁感应现象，将机械能转化为电能，不需要电源，故A错误；‎ BD、小圆圈“○”表示垂直于纸面、绕垂直纸面的轴转动的一根导线，它是闭合电路的一部分。‎ 由图磁感线方向水平向右，1的运动方向与磁感线方向平行，不切割磁感线，不能产生感应电流；2、3、4的运动方向切割磁感线，能产生感应电流。故B正确，D错误；‎ C、发电机线圈中产生的感应电流的大小和方向都随时间作周期性的变化，故C错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题主要考查学生对电磁感应现象，以及感应电流产生的条件的了解和掌握，是一道基础题。‎ ‎28．如图是动圈式话筒的原理图，如图所示的几个实验装置中，与它工作原理相同的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【考点】CR：动圈式话筒的构造和原理．‎ ‎【分析】动圈式话筒工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器。由此可知其工作原理是电磁感应现象。‎ ‎【解答】解：当人对着动圈式话筒说话时，它会产生随人的声音变化而变化的电流，即：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时能够产生感应电流。‎ A、此图是奥斯特实验，即说明了通电导线周围存在着磁场，故A不符合题意；‎ B、此装置中有电源，是电磁铁的原理图，即通电后，电磁铁有磁性，吸引曲别针，是电流的磁效应，故B不符合题意；‎ C、此装置有电源，通电后，磁场中的金属棒会受力运动，故说通电导线在磁场中受力的作用，故C不符合题意；‎ D、此图中没有电源，当ab做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，即电磁感应现象，故D符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】记住：发电机、动圈式话筒利用电磁感应现象原理，带电动机的用电器、扬声器利用通电导体在磁场中受力原理，带电磁铁的仪器利用是电流的磁效应原理。‎ ‎29．如图所示的四种设备，有一个设备的工作原理与其他三个明显不同，这个设备是（　　）‎ A． 话筒 B． 电流表 ‎ C． 电吹风 D． 电风扇 ‎【考点】CR：动圈式话筒的构造和原理．‎ ‎【分析】本题中的四种仪器设备都是与电磁学相关的，分析它们的原理，从而得出答案。‎ ‎【解答】解：话筒是利用电磁感应现象的原理工作的；‎ 电流表通电后，指针能转动，利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的；‎ 电吹风中有电动机，利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的；电风扇利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的；‎ 故A与其他三个不同。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】认识和了解不同装置的工作原理，是解决此题的关键。对于类似的装置或原理，我们在学习时应注意通过比较进行记忆。‎ ‎30．动圈式话筒和动圈式扬声器是扩音器中的重要组成部分。如图为扩音器的工作原理示意图。当对着话筒讲话时，产生的声波使膜片以及与之相连的线圈1一起振动，线圈1在磁场中运动，产生变化的电流；变化的电流经放大电路放大后通过扬声器的线圈2，通电线圈2带动锥形纸盆在磁场中振动，扬声器就发出声音。根据以上原理，下列说法正确的是（　　）‎ A．话筒将声信号转化为电信号，利用了磁场对电流有力的作用 ‎ B．扬声器将电信号转化为声信号，利用了磁场对电流有力的作用 ‎ C．话筒将电信号转化为声信号，利用了电磁感应原理 ‎ D．扬声器将电信号转化为声信号，利用了电磁感应原理 ‎【考点】CL：扬声器和耳机的构造和原理；CR：动圈式话筒的构造和原理．‎ ‎【分析】（1）动圈式话筒的工作原理是：电磁感应现象的应用。‎ ‎（2）扬声器是利用通电线圈在磁场中受到力的作用的原理制成的；‎ ‎【解答】解：AC、对着话筒说话，声音使膜片振动，使线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，即将声信号转化为电信号，这是电磁感应现象，故AC错误；‎ BD、对于扬声器，变化的电流经放大器放大后，通过扬声器的线圈，由于通电导线在磁场中受力的作用，故能使线圈在磁场中受力来回振动，带动纸盆也来回振动，扬声器就能够发声了，即将电信号转化为声信号，是利用磁场对电流力的作用的原理，故B正确，D错误；‎ 故选：B。‎ ‎【点评】知道并理解话筒和扬声器的原理是解决该题的关键。‎ ‎31．发电机的原理是（　　）‎ A．电磁感应 B．通电导体在磁场中受力 ‎ C．电流的磁效应 D．电流的热效应 ‎【考点】CS：发电机的构造和原理．‎ ‎【分析】发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。‎ ‎【解答】解：A、发电机是利用电磁感应现象的原理制成的，故A符合题意；‎ B、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故B不符合题意；‎ C、通电导线周围存在磁场，这种现象叫电流的磁效应，故C不符合题意；‎ D、通电导体会发热，这是利用电流的热效应的原理产生的，故不符合题意。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题考查发电机和电动机的原理，电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力转动，发电机的原理是电磁感应现象。‎ ‎32．图为交流发电机原理图，线圈在磁场中转动，则（　　）‎ A．两磁极间的磁场方向向左 ‎ B．线圈在磁场中切割磁感线 ‎ C．通过灯泡的电流方向不变 ‎ D．线圈一定不受磁场力作用 ‎【考点】CS：发电机的构造和原理．‎ ‎【分析】（1）在磁体的外部磁感线都是从N极出发回到南极；‎ ‎（2）发电机是利用电磁感应现象制成的，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流；‎ ‎（3）交流发电机工作时，电流的大小和方向是时刻变化的；‎ ‎（4）通电导线在磁场中受力的作用。‎ ‎【解答】解：A、在磁体的外部磁感线都是从N极出发回到南极，故图中两磁极间的磁场方向向右，故A错误；‎ BC、发电机是根据闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时导体中产生感应电流的原理制成的，感应电流的方向和磁场方向、导体切割磁感线的方向有关，由于导体切割磁感线的方向在改变，所产生的电流也会变化，故B正确，C错误；‎ D、根据通电导线在磁场中受力的作用的原理可知，此时线圈一定会受到力的作用，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】知道磁铁的磁场方向、感应电流的产生、能理解发电机工作时其内部电流大小、方向的变化特点是解决该题的关键。‎ ‎33．下列设备中与发电机工作原理相同的是（　　）‎ A．电磁铁 B．电动机 C．电铃 D．动圈式话筒 ‎【考点】CS：发电机的构造和原理．‎ ‎【分析】首先明确发电机的工作原理﹣﹣电磁感应现象，然后通过对选择项中的装置进行分析，得到其体现的物理理论，然后两者对应即可得到答案。‎ ‎【解答】解：发电机是根据电磁感应现象制成的；‎ A、电磁铁是利用电流的磁效应工作的；故A不符合题意；‎ B、电动机是利用通电导体在磁场中受力而转动的原理，故B不符合题意；‎ B、电铃内部有一个电磁铁，即其是利用电流的磁效应制成的，故C不符合题意；‎ D、人对着话筒说话时，膜片带动线圈在磁场中做切割磁感线运动而产生感应电流，这是一种电磁感应现象。故D符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】掌握发电机、动圈式话筒利用电磁感应现象原理；带电动机的用电器、扬声器利用通电导体在磁场中受力运动原理；带电磁铁的仪器利用是电流的磁效应原理。‎ ‎34．电是近代文明的一个重要标志。1831年9月23日，第一台发电机诞生，其发明者是（　　）‎ A．瓦特 B．奥斯特 C．法拉第 D．焦耳 ‎【考点】CS：发电机的构造和原理．‎ ‎【分析】对于电与磁的关系，首先在1820年奥斯特发现了电流可以产生磁场，在1831年法拉第发现了磁能生电即电磁感应现象，发明了发电机。‎ ‎【解答】解：奥斯特发现电流周围存在磁场，第一个发现电和磁有联系，法拉第经十年的努力，在1831年发现了电磁感应现象，发明了发电机，故C正确。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】电生磁，没有磁生电条件苛刻。只要通电周围就产生磁场，然而磁生电呢。只有变化的磁场才能在闭合电路中产生电流。‎ ‎35．如图为发电机的工作原理图，下列说法中正确的是（　　）‎ A．发电机的基本原理是通电导体在磁场中受力的作用 ‎ B．发电机是将机械能转化为电能的装置 ‎ C．线圈在转动过程中，感应电流的大小不变 ‎ D．线圈在转动过程中，感应电流的方向不变 ‎【考点】CS：发电机的构造和原理．‎ ‎【分析】发电机是利用电磁感应现象制成的，在发电机工作时，电流的大小和方向是时刻变化的，据此分析即可解决；‎ 发电机的线圈在转动过程中，将机械能转化为电能。‎ ‎【解答】解：A、发电机的基本原理是电磁感应，电动机的基本原理是通电导体在磁场中受力的作用，故A错误；‎ B、发电机的线圈在转动过程中，消耗机械能，产生电能，即将机械能转化为电能的过程，故B正确；‎ C、线圈在转动过程中，感应电流的大小是变化的，故C错误；‎ D、线圈在转动过程中，感应电流的方向是变化的，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】知道发电机、电动机的原理，并能理解发电机工作时其内部电流大小、方向的变化特点是解决该题的关键。‎ ‎36．如图所示的实验中，与发电机工作原理一致的是（　　）‎ A．①② B．③④ C．①③ D．②④‎ ‎【考点】CS：发电机的构造和原理．‎ ‎【分析】发电机是根据电磁感应现象制成的，其工作过程是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流。结合各图的原理可做出判断。‎ ‎【解答】解：①图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机的原理，符合题意；‎ ‎②图中动圈式扬声器是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，故不符合题意。‎ ‎③图中动圈式话筒是对着话筒说话时，膜片振动引起闭合电路的一部分导体切割磁感线运动，线圈中产生感应电流，动圈式话筒是利用电磁感应现象工作的，故符合题意。‎ ‎④图中给导体通电，可使导体在磁场中受力而运动，是电动机的原理，不符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题中所涉及的装置都是与电磁学相关的重要实验装置或原理，要特别注意发电机原理与电动机原理的区分。‎ ‎37．我国供生产和生活用的是交流电，下列说法不正确的是（　　）‎ A．周期是0.02s B．频率是50Hz ‎ C．电压是220V D．人体的安全电压为36V ‎【考点】CT：交流电．‎ ‎【分析】解答本题应掌握：人体的安全电压、我国家庭电路的电压、交变电流的周期、频率及其意义。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）我国家庭电路的电压为220V；采用的是频率为50Hz的交流电、周期为0.02s，故ABC正确 ‎（2）对人体安全的电压不高于36V，不是36V，故D错误。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】对于交流电我们要明确交流电的频率及周期，我国所用的交变电流频率为50Hz，周期为0.02s。‎ ‎38．对于交流电，下列说法中正确的是（　　）‎ A．线圈转动一周，电流方向改变一次，大小改变两次 ‎ B．线圈转动一周，电流方向改变两次，大小改变两次 ‎ C．线圈转动一周，电流方向改变两次，大小随时间改变 ‎ D．线圈转动一周，电流方向改变四次，大小随时间改变 ‎【考点】CT：交流电．‎ ‎【分析】解答本题应掌握：交流电在一个周期内线圈转动一周，电流方向改变两次，大小随时间改变。‎ ‎【解答】解：交变电流是线圈在磁场中转动形成的；线圈转动一周即为一个周期；在一个周期内电流方向改变两次；电流的大小随时间在做周期性变化；‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查交流电的性质，注意可结合发电机的结构理解交变电流的周期性。‎ ‎39．某同学探究“什么情况下磁可以生电”的实验装置如图所示，ab是一根直铜丝，通过导线接在量程为0～3A电流表的两接线柱上，电流表指针指零。当把直铜丝ab迅速向右运动时，并未发现电流表的指针明显偏折，你认为最可能的原因是（　　）‎ A．电流表量程太大，换用灵敏电流计能使指针明显偏转 ‎ B．直铜丝ab太细，换用粗铜棒便能使指针明显偏转 ‎ C．磁体的磁性太强，换用强磁体便能使指针明显偏转 ‎ D．直铜丝ab运动方向不对，应让直铜丝ab上下迅速运动 ‎【考点】CQ：产生感应电流的条件．‎ ‎【分析】本题考查对电磁感应现象实验的经验体会，题中说电流表指针未明显偏转，即偏转了，但幅度不大，也就是他的做法产生了感应电流，只是感应电流很小。‎ ‎【解答】解：A、题中实验只有一根导体在切割磁感线运动，很少，电流表也不是灵敏电流表，实验的过程是正确的，所以产生的电流很小，使电流表指针偏转幅度很少，故A正确；‎ B、感应电流大小是不受切割导体的粗细影响的，故B错误；‎ C、磁体的磁性太强，换用强磁体本身磁场没有太大变化，所以仍然偏转不明显，故C错误；‎ D、导体改为上下运动，是不切割磁感线的，不会产生感应电流，故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题的关键不是产不产生感应电流的问题，而是产生的感应电流太小的问题，实验中加快导体切割速度、增强磁场、把导体绕成线圈，多匝同时切割等，这些办法可以增大产生的感应电流，有一定难度。‎ 二．多选题（共1小题）‎ ‎40．在探究产生感应电流的条件时，小东采用了如图所示的实验装置。他向左移动金属棒AB，发现电流表的指针向右偏转。向右移动金属棒AB，发现电流表的指针向左偏转。则下列说法正确的是（　　）‎ A．由上面所述的实验现象可得出回路中的电流方向跟导体AB切割磁感线运动方向有关 ‎ B．若要探究感应电流方向跟磁场方向是否有关，应保持导体AB切割磁感线运动方向不变，将该U形磁体磁极上下调换 ‎ C．若将装置中的U形磁体换用磁性更强的U形磁体，可以探究感应电流大小跟磁性强弱是否有关 ‎ D．如果保持直导线AB不动，向左或向右移动U形磁体，回路中不会产生感应电流 ‎【考点】CU：探究电磁感应现象的实验．‎ ‎【分析】（1）产生感应电流的条件是：电路应该是闭合的，并且是部分导体做切割磁感线运动；‎ ‎（2）影响感应电流方向的因素：一个是导体的运动方向，一个是磁场方向，这两个因素中其中一个因素发生变化时，感应电流的方向就会发生变化；若两个因素都发生变化时，感应电流的方向不会发生变化；‎ ‎（3）影响感应电流大小的因素有：导体运动速度和磁场的强弱。‎ ‎【解答】解：‎ A、当金属棒AB向左运动时，电流表指针向右，当金属棒AB向右运动时，电流表指针向左偏转，即导体的运动方向改变，感应电流的方向改变，说明感应电流的方向与导体运动的方向有关，故A正确；‎ B、要探究感应电流方向跟磁场方向是否有关，应保持导体AB切割磁感线运动方向不变，将该U形磁体磁极上下调换，故B正确；‎ C、将装置中的U形磁体换用磁性更强的U形磁体，可以探究感应电流大小跟磁性强弱是否有关，故C正确；‎ D、保持直导线AB不动，向左或向右移动U形磁体，导学AB仍然切割磁感线，回路中能够产生感应电流，故D错误。‎ 故选：ABC。‎ ‎【点评】此题对于电磁感应现象的知识考查比较全面，需要学生对于电磁感应现象有一个清晰的认识，是一道好题。‎ 三．填空题（共3小题）‎ ‎41．如图所示，开关S闭合，螺旋管上端是　S　极（选填N或S），要使它的磁性增强，可将滑片P向　b　端移动（a或b）。‎ ‎【考点】CE：影响电磁铁磁性强弱的因素；CK：左手定则．‎ ‎【分析】（1）据电源的正极可以判断电流的方向，结合安培定则可以判断该螺线管的NS极；‎ ‎（2）据螺线管磁性强弱的影响因素分析可知，即电流越大，磁性越强，电流越小，磁性越弱；‎ ‎【解答】解：据图可知，电流从上端流入，从下端流出，据安培定则可知，此时该螺线管的上端是S极，下端是N极；‎ 由于电磁铁磁性的强弱与电流的强弱有关，即电流越大，磁性越强，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值需减小，故将滑片应该向b移动。‎ 故答案为：S；b。‎ ‎【点评】本题考查了影响通电螺线管磁性强弱的因素和右手螺旋定则：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇指指的方向是通电螺线管的N极。‎ ‎42．如图所示是两用电机示意图。试回答下列问题：‎ 当S1断开、S2闭合时，表示一个什么电机？　电动机　。换向器起什么作用？　在平衡位置时，改变线圈中电流方向，从而改变受力方向，使其持续转动　。‎ ‎【考点】CN：直流电动机的构造和工作过程．‎ ‎【分析】通电导体在磁场中受力，依据这一原理发明了电动机。‎ 电动机的换向器的作用是在线圈刚转过平衡位置时，能自动改变线圈中的电流方向。‎ ‎【解答】解：图中有电源，当S1断开、S2闭合时，通电导体在磁场中受力转动，这是电动机的原理；‎ 当线圈刚刚转过平衡位置时，换向器就能自动改变线圈中的电流方向，在磁场方向不变时，从而改变线圈的受力方向，使线圈能连续转动下去。‎ 故答案为：电动机；在平衡位置时，改变线圈中电流方向，从而改变受力方向，使其持续转动。‎ ‎【点评】掌握直流电动机的原理和换向器的作用，掌握线圈受力方向和受力大小的影响因素。‎ ‎43．家中的电视机、台灯工作时用的是　交流　（交流/直流）电源，其电压为　220　V，若台灯灯丝断了，电视机　能　（能/不能）工作。‎ ‎【考点】CT：交流电．‎ ‎【分析】我国家庭电路使用的是交流电；其频率是50Hz，其电压是220V；家中的用电器是并联的关系，工作情况互不影响。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）我国家庭电路使用的是交流电，即电流方向按一定规律变化。‎ ‎（2）我国家庭电路的电压是220V，其频率是50Hz。‎ ‎（3）台灯和电视机之间是并联的，台灯灯丝断了，仍有电流流过电视机，所以电视机能正常工作。‎ 故答案为：交流；220；能。‎ ‎【点评】解答此题要了解我国家庭电路交流电的基本情况，还要知道家庭电路中各用电器的连接关系。‎ 四．作图题（共1小题）‎ ‎44．如图所示，通电导线中电流的方向向右，磁场对通电导线力的方向如图A所示。改变实验条件，在图B中画出磁场对通电导线的作用图的示意图。‎ ‎【考点】CJ：磁场对通电导线的作用．‎ ‎【分析】先由已知的图A中关系明确磁场的方向，利用受力方向与磁场方向和电流方向的关系确定：一个方向变化，受力方向变化，两个方向同时变化，受力方向不变；‎ ‎【解答】解：由图A可知，此时磁场对通电导线作用力的方向向右，改变实验条件，磁场的方向改变，电流的方向也改变了，所以所受力的方向不改变，还是向右，如下图：‎ ‎。‎ ‎【点评】本题由已知的A图中关系明确磁场的方向，B图利用受力方向与磁场方向和电流方向的关系确定。‎ 五．实验探究题（共5小题）‎ ‎45．如图所示，当闭合开关时，会看到导体ab向左运动，说明了　通电导体在磁场中会受力的作用　。‎ ‎（1）若转动磁体S极在上，再闭合开关，会看到导体ab向　右　运动，说明了　通电导体在磁场中的受力作用方向与磁场方向有关　；‎ ‎（2）若磁铁的N极在上，把电池的正负极对换，再闭合开关，会看到导体ab向　左　运动，说明了　通电导体在磁场中的受力作用方向与电流方向有关　。‎ ‎【考点】CN：直流电动机的构造和工作过程．‎ ‎【分析】据课本可知，通电导线在磁场中受力的作用；且所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关；‎ ‎【解答】解：当闭合开关时，会看到导体ab向左运动，即说明ab受到向左的力的作用，即说明通电导体在磁场中会受力的作用；‎ ‎（1）若转动磁体S极在上，即只对调磁体的磁极，会观察到导体ab向右运动，即说明ab所受力的方向发生了改变，即说明：通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向有关；‎ ‎（2）若磁铁的N极在上，把电池的正负极对换，即磁体的两极对调，同时改变通过导体ab中的电流方向，即等于改变了两个因素，所以会看到导体ab的运动方向跟原来相同即向左运动，说明通电导体在磁场中的受力作用方向与电流方向有关。‎ 故答案为：通电导体在磁场中会受力的作用；（1）右；通电导体在磁场中的受力作用方向与磁场方向有关；（2）左；通电导体在磁场中的受力作用方向与电流方向有关。‎ ‎【点评】知道通电导线在磁场中受力的作用是解决该题的关键。‎ ‎46．如图所示，是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”实验装置，铜棒ab和灵敏电流表组成一个闭合电路。‎ ‎（1）使铜棒ab竖直上下运动，电流表指针　不会　（填“会”或“不会”）发生偏转。‎ ‎（2）要使电流表指针发生偏转，铜棒ab应做　切割磁感线　运动，这是　电磁感应　现象，利用这一原理可制成　发电机　。‎ ‎（3）保持磁感线方向不变，要改变感应电流的方向，应改变　改变铜棒的运动方向　。‎ ‎（4）要增大电流表指针偏转角度，可以采取的方法是　增大导体运动的速度、增大磁场强度　。‎ ‎【考点】CU：探究电磁感应现象的实验．‎ ‎【分析】解答此题需要知道以下几个知识点：‎ ‎①什么是电磁感应现象？闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流；‎ ‎②产生感应电流的条件是什么？电路应该是闭合的，并且是部分导体，还要做切割磁感线运动；‎ ‎③‎ 感应电流的方向和什么因素有关？感应电流的方向和两个因素有关，一个是导体的运动方向，一个是磁场方向，这两个因素中其中一个因素发生变化时，感应电流的方向就会发生变化；若两个因素都发生变化时，感应电流的方向不会发生变化；‎ ‎④电磁感应现象有什么应用？我们生活中的发电机就是利用电磁感应现象的原理制成的。‎ ‎【解答】解：（1）使铜棒ab竖直上下运动，正好和蹄形磁体中磁感线的方向一致，铜棒没有做切割磁感线运动，所以不能产生感应电流，电流表的指针就不发生偏转；‎ ‎（2）要使电流表指针发生偏转，即要让闭合电路中产生感应电流，就要让铜棒ab做切割磁感线运动，水平向左、向右，或者斜向上、斜向下都可以切割到磁感线，这是电磁感应现象，利用它人们发明了发电机；‎ ‎（3）感应电流的方向与导体的运动方向和磁场方向有关，保持磁感线方向不变，要改变感应电流的方向，应改变改变导体棒的运动方向；‎ ‎（4）感应电流的大小与导体运动的速度、磁场的强度有关，增大导体运动的速度、增大磁场强度能增大感应电流，从而增大电流表指针偏转角度。‎ 故答案为：（1）不会；（2）切割磁感线；电磁感应；发电机；（3）改变铜棒的运动方向；（4）增大导体运动的速度、增大磁场强度。‎ ‎【点评】此题对于电磁感应现象的知识做了一个详细的考查，需要学生对于电磁感应现象有一个清晰的认识，是一道好题。‎ ‎47．在探究“电动机为什么会转动”的实验中：‎ ‎（1）我们首先想到的是磁体间发生相互作用是因为一个磁体放在了另一个磁体的磁场中，那么通电导体周围也存在　磁场　，磁体会对通电导体产生力的作用吗？‎ ‎（2）如图所示，将一根导体ab置于蹄形磁铁的两极之间，未闭合开关前，导体　静止不动　，闭合开关后，导体　运动　，说明磁场对　通电　导体有力的作用。‎ ‎（3）断开开关，将图中磁铁的N、S极对调，再闭合开关，会发现导体ab的运动方向与对调前的运动方向　相反　，说明通电导体在磁场中的受力方向与　磁场方向　有关。‎ ‎（4）断开开关，将图中电源的正、负极对调，再闭合开关，会发现导体ab的运动方向与对调前的运动方向　相反　，说明通电导体在磁场中的受力方向与　电流方向　有关。‎ ‎（5）如果同时改变磁场方向和电流方向，　不能　确定受力方向与磁场方向或电流方向是否有关（填“能”或“不能”）。‎ ‎【考点】CJ：磁场对通电导线的作用．‎ ‎【分析】（1）通电导体周围存在磁场；‎ ‎（2）磁场对通电导体有力的作用；‎ ‎（3）（4）（5）电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理而制成的。改变电流的方向或磁场的方向都可以改变线圈的受力方向，从而使其转动方向不同，若电流的方向和磁场的方向都同时改变，不可以改变线圈的受力方向。‎ ‎【解答】解：（1）根据课本奥斯特实验知：通电导体周围存在磁场；‎ ‎（2）将一根导体ab置于蹄形磁铁的两极之间，未闭合开关前，电路中没有电流，导体静止不动，闭合开关后，电路中有电流，导体运动，说明磁场对通电导体有力的作用。‎ ‎（3）断开开关，将图中磁铁的N、S极对调，磁场方向改变，再闭合开关，电流方向不变，会发现导体ab的运动方向与对调前的运动方向相反，说明通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向有关。‎ ‎（4）断开开关，将图中电源的正、负极对调，再闭合开关，导体中电流方向改变，磁场方向不变，会发现导体ab的运动方向与对调前的运动方向相反，说明通电导体在磁场中的受力方向与电流的方向有关。‎ ‎（5）如果同时改变磁场方向和电流方向，通电导体在磁场中受力方向不变，不能确定受力方向与磁场方向或电流方向是否有关。‎ 故答案为：（1）磁场；（2）静止不动； 运动；通电；（3）相反；磁场方向； （4）相反；电流方向； （5）不能。‎ ‎【点评】此题主要考查了探究电动机工作原理的实验中，基本原理的掌握、实验中故障的分析与解决、实验的改进方法等，有一定综合性，是我们应该详细了解的。‎ ‎48．在探究“感应电流产生的条件”实验中。‎ 电路 导体在磁场中的运动情况 电流表指针的偏转方向 闭合 静止 不偏转 向右切割磁感线 向右偏 向左切割磁感线 向左偏 不切割磁感线 不偏转 断开 静止 不偏转 沿任意方向运动 不偏转 ‎（1）如图，a、b两接线柱间应接入　小　（选填“大”或“小”）量程的电流表。‎ ‎（2）小明将观察到的现象记录在下表中。根据记录的现象可知，　闭合　（选填“闭合”或“不闭合”）电路的一部分导体在磁场中做　切割磁感线　运动时，导体中就会产生感应电流。‎ ‎（3）感应电流产生的过程中主要的能量转化情况是机械能转化为　机械能转化为电能　。‎ ‎【考点】CU：探究电磁感应现象的实验．‎ ‎【分析】（1）电流表的量程越小，就能测出越小的电流；‎ ‎（2）电路中要产生感应电流必须同时具备两个条件：电路是闭合的；导体在磁场中做切割磁感线运动。两个条件缺一不可；‎ ‎（3）在实验过程中，消耗的机械能，得到了电能。‎ ‎【解答】解：（1）在探究“感应电流产生的条件”实验中，由于感应电流比较小，所以，为了能测出比较小的电流，应选用小量程的电流表；‎ ‎（2）根据记录的现象可知，当开关断开时，无论导体如何运动都不产生感应电流，因为电流表的指针没有发生偏转；‎ 当开关闭合时，导体静止不会产生感应电流；也不是每次导体运动都会产生感应电流，只有导体做切割磁感线运动时才会产生感应电流。‎ 将以上情况综合起来，就会得到：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。‎ ‎（3）图示的实验现象是电磁感应现象，在电磁感应现象中机械能转化为电能。‎ 故答案为：（1）小；（2）闭合；切割磁感线；（3）机械能转化为电能。‎ ‎【点评】产生感应电流要抓住以下条件：闭合电路、一部分导体、切割磁感线运动，三个条件缺一不可。‎ ‎49．图示为“探究感应电流产生的条件”的实验装置，蹄形磁体放置在水平桌面上。闭合开关后：‎ ‎（1）要使电路中有电流，导体AB、开关、灵敏电流计和导线必须构成　闭合　电路。‎ ‎（2）导体AB沿　磁感线　方向运动时，电流计指针不偏转。只要导体做切割磁感线的运动，电路中就有　感应电流　产生。‎ ‎（3）做切割磁感线运动的导体AB，在电路中的作用相当于　电源　。‎ ‎（4）若要改变电流计指针偏转的方向，你的做法是　保持磁场方向不变，改变导体AB在磁场中的运动方向　（说出一种方法即可）。‎ ‎（5）在此装置中，当导体AB沿水平方向运动时，要使电流计指针偏转幅度变大，你的做法是　增大导体切割磁感线运动的速度　。‎ ‎【考点】CU：探究电磁感应现象的实验．‎ ‎【分析】（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，称为电磁感应；‎ ‎（2）根据要产生感应电流导体必须要做切割磁感线运动来分析即可；‎ ‎（3）在电磁感应现象中，做切割磁感线运动的导体，在电路中的作用相当于电源；‎ ‎（4）感应电流的方向是由导体的运动方向和磁场方向来决定的，要改变感应电流的方向，就要从这两个因素入手；‎ ‎（5）感应电流的大小跟导体切割磁感线的快慢和磁场强弱有关。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）要使导体中产生感应电流，导体AB、开关、灵敏电流计盒导线必须构成闭合电路；‎ ‎（2）导体AB上下运动时，导体没有切割磁感线运动，所以导体中没有感应电流；导体AB左右运动时，导体切割磁感线运动，导体中有关感应电流，这种现象是电磁感应；‎ ‎（3）做切割磁感线运动的导体AB，在电路中的作用相当于电源；‎ ‎（4）由于感应电流的方向与导体的运动方向和磁场方向有关，因此要改变感应电流的方向，可以采取以下措施：‎ ‎①保持磁场方向不变，改变导体AB在磁场中的运动方向；‎ ‎②保持导体的运动方向不变，使磁体的NS极对换。‎ ‎（5）由于感应电流是导体在磁场中做切割磁感线运动而产生的，感应电流的大小应该与磁场强弱、导体运动的快慢有关。‎ 可以采取以下措施：①增大磁场的强度；②增大导体切割磁感线运动的速度。‎ 故答案为：‎ ‎（1）闭合；（2）磁感线；感应电流；（3）电源；（4）保持磁场方向不变，改变导体AB在磁场中的运动方向；（5）增大导体切割磁感线运动的速度。‎ ‎【点评】电磁感应现象的条件有两个，一为闭合回路、二为导体切割磁感线，两个缺一不可。注意猜想不能毫无根据的臆猜，应根据题目给出的条件及所学知识进行分析；同时要注意知识的灵活迁移。‎