• 342.00 KB
  • 2021-05-10 发布

2014淄博中考数学试题解析版

  • 18页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
‎2014年山东省淄博市中考数学试卷 一、选择题(共12小题,每小题4分)‎ ‎1.(4分)(2014年山东淄博)计算(﹣3)2等于(  )‎ ‎  A. ﹣9 B. ﹣6 C. 6 D. 9‎ 考点: 有理数的乘方.‎ 分析: 根据负数的偶次幂等于正数,可得答案.‎ 解答: 解:原式=32‎ ‎=9.‎ 故选:D.‎ 点评: 本题考查了有理数的乘方,负数的偶次幂是正数.‎ ‎ ‎ ‎2.(4分)(2014年山东淄博)方程﹣=0解是(  )‎ ‎  A. x= B. x= C. x= D. x=﹣1‎ 考点: 解分式方程.‎ 专题: 计算题.‎ 分析: 分式方程去分母转化为整式方程,求出整式方程的解得到x的值,经检验即可得到分式方程的解.‎ 解答: 解:去分母得:3x+3﹣7x=0,‎ 解得:x=,‎ 经检验x=是分式方程的解.‎ 故选B 点评: 此题考查了解分式方程,解分式方程的基本思想是“转化思想”,把分式方程转化为整式方程求解.解分式方程一定注意要验根.‎ ‎ ‎ ‎3.(4分)(2014年山东淄博)如图是交警在一个路口统计的某个时段来往车辆的车速(单位:千米/时)情况.则这些车的车速的众数、中位数分别是(  )‎ ‎  A. 8,6 B. 8,5 C. 52,53 D. 52,52‎ 考点: 频数(率)分布直方图;中位数;众数.‎ 专题: 计算题.‎ 分析: 找出出现次数最多的速度即为众数,将车速按照从小到大顺序排列,求出中位数即可.‎ 解答: 解:根据题意得:这些车的车速的众数52千米/时,‎ 车速分别为50,50,51,51,51,51,51,52,52,52,52,52,52,52,52,53,53,53,53,53,53,54,54,54,54,55,55,‎ 中间的为52,即中位数为52千米/时,‎ 则这些车的车速的众数、中位数分别是52,52.‎ 故选D 点评: 此题考查了频数(率)分布直方图,中位数,以及众数,弄清题意是解本题的关键.‎ ‎ ‎ ‎4.(4分)(2014年山东淄博)如图是三个大小不等的正方体拼成的几何体,其中两个较小正方体的棱长之和等于大正方体的棱长.该几何体的主视图、俯视图和左视图的面积分别是S1,S2,S3,则S1,S2,S3的大小关系是(  )‎ ‎  A. S1>S2>S3 B. S3>S2>S1 C. S2>S3>S1 D. S1>S3>S2‎ 考点: 简单组合体的三视图.‎ 分析: 根据从正面看得到的图形是主视图,从上面看得到的图形是俯视图,从左面看得到的图形是左视图,根据边角面积的大小,可得答案.‎ 解答: 解:主视图的面积是三个正方形的面积,左视图是两个正方形的面积,俯视图是一个正方形的面积,‎ S1>S3>S2,‎ 故选:D.‎ 点评: 本题考查了简单组合体的三视图,分别得出三视图是解题关键.‎ ‎ ‎ ‎5.(4分)(2014年山东淄博)一元二次方程x2+2x﹣6=0的根是(  )‎ ‎  A. x1=x2= B. x1=0,x2=﹣2 C. x1=,x2=﹣3 D. x1=﹣,x2=3‎ 考点: 解一元二次方程-公式法.‎ 分析: 找出方程中二次项系数a,一次项系数b及常数项c,再根据x=,将a,b及c的值代入计算,即可求出原方程的解.‎ 解答: 解:∵a=1,b=2,c=﹣6‎ ‎∴x====﹣±2,‎ ‎∴x1=,x2=﹣3;‎ 故选C.‎ 点评: 此题考查了利用公式法求一元二次方程的解,利用公式法解一元二次方程时,首先将方程化为一般形式,找出二次项系数,一次项系数及常数项,计算出根的判别式,当根的判别式大于等于0时,将a,b及c的值代入求根公式即可求出原方程的解.‎ ‎ ‎ ‎6.(4分)(2014年山东淄博)当x=1时,代数式ax3﹣3bx+4的值是7,则当x=﹣1时,这个代数式的值是(  )‎ ‎  A. 7 B. 3 C. 1 D. ﹣7‎ 考点: 代数式求值.‎ 专题: 整体思想.‎ 分析: 把x=1代入代数式求值a、b的关系式,再把x=﹣1代入进行计算即可得解.‎ 解答: 解:x=1时,ax3﹣3bx+4=a﹣3b+4=7,‎ 解得a﹣3b=3,‎ 当x=﹣1时,ax3﹣3bx+4=﹣a+3b+4=﹣3+4=1.‎ 故选C.‎ 点评: 本题考查了代数式求值,整体思想的利用是解题的关键.‎ ‎ ‎ ‎7.(4分)(2014年山东淄博)如图,等腰梯形ABCD中,对角线AC、DB相交于点P,∠BAC=∠CDB=90°,AB=AD=DC.则cos∠DPC的值是(  )‎ ‎  A. B. C. D. ‎ 考点: 等腰梯形的性质.‎ 分析: 先根据等腰三角形的性质得出∠DAB+∠BAC=180°,AD∥BC,故可得出∠DAP=∠ACB,∠ADB=∠ABD,再由AB=AD=DC可知∠ABD=∠ADB,∠DAP=∠ACD,所以∠DAP=∠ABD=∠DBC,再根据∠BAC=∠CDB=90°可知,3∠ABD=90°,故∠ABD=30°,再由直角三角形的性质求出∠DPC的度数,进而得出结论.‎ 解答: 解:∵梯形ABCD是等腰梯形,‎ ‎∴∠DAB+∠BAC=180°,AD∥BC,‎ ‎∴∠DAP=∠ACB,∠ADB=∠ABD,‎ ‎∵AB=AD=DC,‎ ‎∴∠ABD=∠ADB,∠DAP=∠ACD,‎ ‎∴∠DAP=∠ABD=∠DBC,‎ ‎∵∠BAC=∠CDB=90°,‎ ‎∴3∠ABD=90°,‎ ‎∴∠ABD=30°,‎ 在△ABP中,‎ ‎∵∠ABD=30°,∠BAC=90°,‎ ‎∴∠APB=60°,‎ ‎∴∠DPC=60°,‎ ‎∴cos∠DPC=cos60°=.‎ 故选A.‎ 点评: 本题考查的是等腰梯形的性质,熟知等腰梯形同一底上的两个角相等是解答此题的关键.‎ ‎ ‎ ‎8.(4分)(2014年山东淄博)如图,二次函数y=x2+bx+c的图象过点B(0,﹣2).它与反比例函数y=﹣的图象交于点A(m,4),则这个二次函数的解析式为(  )‎ ‎  A. y=x2﹣x﹣2 B. y=x2﹣x+2 C. y=x2+x﹣2 D. y=x2+x+2‎ 考点: 待定系数法求二次函数解析式;反比例函数图象上点的坐标特征.‎ 专题: 计算题.‎ 分析: 将A坐标代入反比例解析式求出m的值,确定出A的坐标,将A与B坐标代入二次函数解析式求出b与c的值,即可确定出二次函数解析式.‎ 解答: 解:将A(m,4)代入反比例解析式得:4=﹣,即m=﹣2,‎ ‎∴A(﹣2,4),‎ 将A(﹣2,4),B(0,﹣2)代入二次函数解析式得:,‎ 解得:b=﹣1,c=﹣2,‎ 则二次函数解析式为y=x2﹣x﹣2.‎ 故选A.‎ 点评: 此题考查l待定系数法求二次函数解析式,以及反比例函数图象上点的坐标特征,熟练掌握待定系数法是解本题的关键.‎ ‎ ‎ ‎9.(4分)(2014年山东淄博)如图,ABCD是正方形场地,点E在DC的延长线上,AE与BC相交于点F.有甲、乙、丙三名同学同时从点A出发,甲沿着A﹣B﹣F﹣C的路径行走至C,乙沿着A﹣F﹣E﹣C﹣D的路径行走至D,丙沿着A﹣F﹣C﹣D的路径行走至D.若三名同学行走的速度都相同,则他们到达各自的目的地的先后顺序(由先至后)是(  )‎ ‎  A. 甲乙丙 B. 甲丙乙 C. 乙丙甲 D. 丙甲乙 考点: 正方形的性质;线段的性质:两点之间线段最短;比较线段的长短.:学科网ZXXK]‎ 分析: 根据正方形的性质得出AB=BC=CD=AD,∠B=∠ECF,根据直角三角形得出AF>AB,EF>CF,分别求出甲、乙、丙行走的距离,再比较即可.‎ 解答: 解:∵四边形ABCD是正方形,‎ ‎∴AB=BC=CD=AD,∠B=90°,‎ 甲行走的距离是AB+BF+CF=AB+BC=2AB;‎ 乙行走的距离是AF+EF+EC+CD;‎ 丙行走的距离是AF+FC+CD,‎ ‎∵∠B=∠ECF=90°,‎ ‎∴AF>AB,EF>CF,‎ ‎∴AF+FC+CD>2AB,AF+FC+CD<AF+EF+EC+CD,‎ ‎∴甲比丙先到,丙比乙先到,‎ 即顺序是甲丙乙,‎ 故选B.‎ 点评: 本题考查了正方形的性质,直角三角形的性质的应用,题目比较典型,难度适中.‎ ‎ ‎ ‎10.(4分)(2014年山东淄博)如图,矩形纸片ABCD中,点E是AD的中点,且AE=1,BE的垂直平分线MN恰好过点C.则矩形的一边AB的长度为(  )‎ ‎  A. 1 B. C. D. 2‎ 考点: 勾股定理;线段垂直平分线的性质;矩形的性质.‎ 分析: 本题要依靠辅助线的帮助,连接CE,首先利用线段垂直平分线的性质证明BC=EC.求出EC后根据勾股定理即可求解.‎ 解答: 解:如图,连接EC.‎ ‎∵FC垂直平分BE,‎ ‎∴BC=EC(线段垂直平分线的性质)‎ 又∵点E是AD的中点,AE=1,AD=BC,‎ 故EC=2‎ 利用勾股定理可得AB=CD==.‎ 故选:C.‎ 点评: 本题考查的是勾股定理、线段垂直平分线的性质以及矩形的性质,本题的关键是要画出辅助线,证明BC=EC后易求解.本题难度中等.‎ ‎ ‎ ‎11.(4分)(2014年山东淄博)如图,直线AB与⊙O相切于点A,弦CD∥AB,E,F为圆上的两点,且∠CDE=∠ADF.若⊙O的半径为,CD=4,则弦EF的长为(  )‎ ‎  A. 4 B. 2 C. 5 D. 6‎ 考点: 切线的性质.‎ 分析: 首先连接OA,并反向延长交CD于点H,连接OC,由直线AB与⊙O相切于点A,弦CD∥AB,可求得OH的长,然后由勾股定理求得AC的长,又由∠CDE=∠ADF,可证得EF=AC,继而求得答案.‎ 解答: 解:连接OA,并反向延长交CD于点H,连接OC,‎ ‎∵直线AB与⊙O相切于点A,‎ ‎∴OA⊥AB,‎ ‎∵弦CD∥AB,‎ ‎∴AH⊥CD,‎ ‎∴CH=CD=×4=2,‎ ‎∵⊙O的半径为,‎ ‎∴OA=OC=,‎ ‎∴OH==,‎ ‎∴AH=OA+OH=+=4,‎ ‎∴AC==2.‎ ‎∵∠CDE=∠ADF,‎ ‎∴=,‎ ‎∴=,‎ ‎∴EF=AC=2.‎ 故选B.‎ 点评: 此题考查了切线的性质、圆周角定理、垂径定理以及勾股定理等知识.此题难度适中,注意掌握辅助线的作法,注意掌握数形结合思想的应用.‎ ‎ ‎ ‎12.(4分)(2014年山东淄博)已知二次函数y=a(x﹣h)2+k(a>0),其图象过点A(0,2),B(8,3),则h的值可以是(  )‎ ‎  A. 6 B. 5 C. 4 D. 3‎ 考点: 二次函数的性质.‎ 专题: 计算题.‎ 分析: 根据抛物线的顶点式得到抛物线的对称轴为直线x=h,由于所给数据都是正数,所以当对称轴在y轴的右侧时,比较点A和点B都对称轴的距离可得到h<4.‎ 解答: 解:∵抛物线的对称轴为直线x=h,‎ ‎∴当对称轴在y轴的右侧时,A(0,2)到对称轴的距离比B(8,3)到对称轴的距离小,‎ ‎∴x=h<4.‎ 故选D.‎ 点评: 本题考查了二次函数的性质:二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)的顶点坐标为(﹣,),对称轴直线x=﹣,二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)的图象具有如下性质:①当a>0时,抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的开口向上,x<﹣时,y随x的增大而减小;x>﹣时,y随x的增大而增大;x=﹣时,y取得最小值,即顶点是抛物线的最低点.②当a<0时,抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的开口向下,x<﹣时,y随x的增大而增大;x>﹣时,y随x的增大而减小;x=﹣时,y取得最大值,即顶点是抛物线的最高点.‎ ‎ ‎ 二、填空题(共5小题,每小题4分,满分20分)‎ ‎13.(4分)(2014年山东淄博)分解因式:8(a2+1)﹣16a= 8(a﹣1)2 .‎ 考点: 提公因式法与公式法的综合运用.‎ 分析: 首先提取公因式8,进而利用完全平方公式分解因式得出即可.‎ 解答: 解:8(a2+1)﹣16a ‎=8(a2+1﹣2a)‎ ‎=8(a﹣1)2.‎ 故答案为:8(a﹣1)2.‎ 点评: 此题主要考查了提取公因式法以及公式法分解因式,熟练应用完全平方公式是解题关键.‎ ‎ ‎ ‎14.(4分)(2014年山东淄博)某实验中学九年级(1)班全体同学的综合素质评价“运动与健康”方面的等级统计如图所示,其中评价为“A”所在扇形的圆心角是 108 度.‎ 考点: 扇形统计图.‎ 分析: 首先计算出A部分所占百分比,再利用360°乘以百分比可得答案.‎ 解答: 解:A所占百分比:100%﹣15%﹣20%﹣35%=30%,‎ 圆心角:360°×30%=108°,‎ 故答案为:108.‎ 点评: 此题主要考查了扇形统计图,关键是掌握圆心角度数=360°×所占百分比.‎ ‎ ‎ ‎15.(4分)(2014年山东淄博)已知▱ABCD,对角线AC,BD相交于点O,请你添加一个适当的条件,使▱ABCD成为一个菱形,你添加的条件是 AD=DC .‎ 考点: 菱形的判定;平行四边形的性质.‎ 专题: 开放型.‎ 分析: 根据菱形的定义得出答案即可.‎ 解答: 解:∵邻边相等的平行四边形是菱形,‎ ‎∴平行四边形ABCD的对角线AC、BD相交于点O,试添加一个条件:可以为:AD=DC;‎ 故答案为:AD=DC.‎ 点评: 此题主要考查了菱形的判定以及平行四边形的性质,根据菱形的定义得出是解题关键.‎ ‎ ‎ ‎16.(4分)(2014年山东淄博)关于x的反比例函数y=的图象如图,A、P为该图象上的点,且关于原点成中心对称.△PAB中,PB∥y轴,AB∥x轴,PB与AB相交于点B.若△PAB的面积大于12,则关于x的方程(a﹣1)x2﹣x+=0的根的情况是 没有实数根 .‎ 考点: 根的判别式;反比例函数的性质.‎ 分析: 由比例函数y=的图象位于一、三象限得出a+4>0,A、P为该图象上的点,且关于原点成中心对称,得出2xy>12,进一步得出a+4>6,由此确定a的取值范围,进一步利用根的判别式判定方程根的情况即可.‎ 解答: 解:∵反比例函数y=的图象位于一、三象限,‎ ‎∴a+4>0,a>﹣4,‎ ‎∵A、P关于原点成中心对称,PB∥y轴,AB∥x轴,△PAB的面积大于12,‎ ‎∴2xy>12,‎ 即a+4>6,a>2‎ ‎∴a>2.‎ ‎∴△=(﹣1)2﹣4(a﹣1)×=2﹣a<0,‎ ‎∴关于x的方程(a﹣1)x2﹣x+=0没有实数根.‎ 故答案为:没有实数根.‎ 点评: 此题综合考查了反比例函数的图形与性质,一元二次方程根的判别式,注意正确判定a的取值范围是解决问题的关键.‎ ‎ ‎ ‎17.(4分)(2014年山东淄博)如图,在正方形网格中有一边长为4的平行四边形ABCD,请将其剪拼成一个有一边长为6的矩形.(要求:在答题卡的图中画出裁剪线即可)‎ 考点: 作图—应用与设计作图;图形的剪拼.‎ 分析: 如图先过D点向下剪出一个三角形放在平行四边形的左边,再在剪去D点下面两格的小正方形放在右面,就组成了一人矩形.‎ 解答: 解:如图:‎ 点评: 本题一方面考查了学生的动手操作能力,另一方面考查了学生的空间想象能力,重视知识的发生过程,让学生体验学习的过程.‎ ‎ ‎ 三、解答题(共7小题,共52分)‎ ‎18.(5分)(2014年山东淄博)计算:•.‎ 考点: 分式的乘除法.‎ 专题: 计算题.‎ 分析: 原式约分即可得到结果.‎ 解答: 解:原式=•‎ ‎=.‎ 点评: 此题考查了分式的乘除法,熟练掌握运算法则是解本题的关键.‎ ‎ ‎ ‎19.(5分)(2014年山东淄博)如图,直线a∥b,点B在直线上b上,且AB⊥BC,∠1=55°,求∠2的度数.‎ 考点: 平行线的性质.‎ 分析: 根据垂直定义和邻补角求出∠3,根据平行线的性质得出∠2=∠3,代入求出即可.‎ 解答: 解:‎ ‎∵AB⊥BC,‎ ‎∴∠ABC=90°,‎ ‎∴∠1+∠3=90°,‎ ‎∵∠1=55°,‎ ‎∴∠3=35°,‎ ‎∵a∥b,‎ ‎∴∠2=∠3=35°.‎ 点评: 本题考查了垂直定义,平行线的性质的应用,注意:两直线平行,同位角相等.‎ ‎ ‎ ‎20.(8分)(2014年山东淄博)节能灯根据使用寿命分成优等品、正品和次品三个等级,其中使用寿命大于或等于8000小时的节能灯是优等品,使用寿命小于6000小时的节能灯是次品,其余的节能灯是正品.质检部门对某批次的一种节能灯(共200个)的使用寿命进行追踪调查,并将结果整理成此表.‎ ‎(1)根据分布表中的数据,在答题卡上写出a,b,c的值;‎ ‎(2)某人从这200个节能灯中随机购买1个,求这种节能灯恰好不是次品的概率.‎ ‎ 寿命(小时) 频数 频率 ‎ 4000≤t≤5000 10 0.05 ‎ ‎ 5000≤t<6000 20 a ‎ 6000≤t<7000 80 0.40‎ ‎ 7000≤t<8000 b 0.15‎ ‎ 8000≤t<9000 60 c ‎ 合计 200 1‎ 考点: 频数(率)分布表;概率公式.‎ 分析: (1)由频率分布表中的数据,根据频率=频数÷数据总数及频数=数据总数×频率即可求出a、b、c的值;‎ ‎(2)根据频率分布表中的数据,用不是次品的节能灯个数除以节能灯的总个数即可求解.‎ 解答: 解:(1)根据频率分布表中的数据,得 a==0.1,‎ b=200×0.15=30,‎ c==0.3;‎ ‎(Ⅱ)设“此人购买的节能灯恰好不是次品”为事件A.‎ 由表可知:这批灯泡中优等品有60个,正品有110个,次品有30个,‎ 所以此人购买的节能灯恰好不是次品的概率为P(A)==0.85.‎ 点评: 本题考查了读频数(率)分布表的能力和利用统计图获取信息的能力及古典概型的概率,用到的知识点:频率=频数÷数据总数,概率=所有出现的情况数与总数之比.‎ ‎ ‎ ‎21.(8分)(2014年山东淄博)为鼓励居民节约用电,某省试行阶段电价收费制,具体执行方案如表:‎ 档次 每户每月用电数(度) 执行电价(元/度)‎ 第一档 小于等于200 0.55‎ 第二档 大于200小于400 0.6‎ 第三档 大于等于400 0.85‎ 例如:一户居民七月份用电420度,则需缴电费420×0.85=357(元).‎ 某户居民五、六月份共用电500度,缴电费290.5元.已知该用户六月份用电量大于五月份,且五、六月份的用电量均小于400度.问该户居民五、六月份各月电多少度?‎ 考点: 二元一次方程组的应用.‎ 分析: 某户居民五、六月份共用电500度,就可以得出每月用电量不可能都在第一档,分情况讨论,当5月份用电量为x度≤200度,6月份用电(500﹣x)度,当5月份用电量为x度>200度,六月份用电量为(500﹣x)度>x度,分别建立方程求出其解即可.‎ 解答: 解:当5月份用电量为x度≤200度,6月份用电(500﹣x)度,由题意,得 ‎0.55x+0.6(500﹣x)=290.5,‎ 解得:x=190,‎ ‎∴6月份用电500﹣x=310度.‎ 当5月份用电量为x度>200度,六月份用电量为(500﹣x)度,由题意,得 ‎0.6x+0.6(500﹣x)=290.5,‎ ‎300=290.5,原方程无解.‎ ‎∴5月份用电量为190度,6月份用电310度.‎ 点评: 本题考查了列一元一次方程解实际问题的运用,一元一次方程的解法的运用,分类讨论思想的运用,解答时由总价=单价×数量是关键.‎ ‎ ‎ ‎22.(8分)(2014年山东淄博)如图,在直角坐标系中,点A的坐标是(0.3),点C是x轴上的一个动点,点C在x轴上移动时,始终保持△ACP是等边三角形.当点C移动到点O时,得到等边三角形AOB(此时点P与点B重合).‎ ‎(1)点C在移动的过程中,当等边三角形ACP的顶点P在第三象限时(如图),求证:△AOC≌△ABP;由此你发现什么结论?‎ ‎(2)求点C在x轴上移动时,点P所在函数图象的解析式.‎ 考点: 一次函数综合题.‎ 分析: (1)由等边三角形的性质易证AO=AB,AC=AP,∠CAP=∠OAB=60°;然后由图示知∠CAP+∠PAO=∠OAB+∠PAO,即∠CAO=∠PAB.所以根据SAS证得结论;‎ ‎(2)利用(1)中的结论PB⊥AB.根据等边三角形的性质易求点B的坐标为B(,).再由旋转的性质得到当点P移动到y轴上的坐标是(0,﹣3),所以根据点B、P的坐标易求直线BP的解析式.‎ 解答: (1)证明:∵△AOB与△ACP都是等边三角形,‎ ‎∴AO=AB,AC=AP,∠CAP=∠OAB=60°,‎ ‎∴∠CAP+∠PAO=∠OAB+∠PAO,‎ ‎∴∠CAO=∠PAB,‎ 在△AOC与△ABP中,‎ ‎∴△AOC≌△ABP(SAS).‎ ‎∴∠COA=∠PBA=90°,‎ ‎∴点P在过点B且与AB垂直的直线上或PB⊥AB或∠ABP=90°.‎ 故结论是:点P在过点B且与AB垂直的直线上或PB⊥AB或∠ABP=90°;‎ ‎(2)解:点P在过点B且与AB垂直的直线上.‎ ‎∵△AOB是等边三角形,A(0,3),‎ ‎∴B(,).‎ 当点C移动到点P在y轴上时,得P(0,﹣3).‎ 设点P所在的直线方程为:y=kx+b(k≠0).把点B、P的坐标分别代入,得 ‎,‎ 解得 ,‎ 所以点P所在的函数图象的解析式为:y=x﹣3.‎ 点评: 本题综合考查了待定系数法求一次函数解析式,旋转的性质,全等三角形的判定与性质等知识.解答(2)题时,求得点P位于y轴负半轴上的坐标是解题的关键.‎ ‎ ‎ ‎23.(9分)(2014年山东淄博)如图,四边形ABCD中,AC⊥BD交BD于点E,点F,M分别是AB,BC的中点,BN平分∠ABE交AM于点N,AB=AC=BD.连接MF,NF.‎ ‎(1)判断△BMN的形状,并证明你的结论;‎ ‎(2)判断△MFN与△BDC之间的关系,并说明理由.‎ 考点: 相似三角形的判定与性质;等腰直角三角形;三角形中位线定理.‎ 分析: (1)根据等腰三角形的性质,可得AM是高线、顶角的角平分线,根据直角三角形的性质,可得∠EAB+∠EBA=90°,根据三角形外角的性质,可得答案;‎ ‎(2)根据三角形中位线的性质,可得MF与AC的关系,根据等量代换,可得MF与BD的关系,根据等腰直角三角形,可得BM与NM的关系,根据等量代换,可得NM与BC的关系,根据同角的余角相等,可得∠CBD与∠NMF的关系,根据两边对应成比例且夹角相等的两个三角形相似,可得答案.‎ 解答: (1)答:△BMN是等腰直角三角形.‎ 证明:∵AB=AC,点M是BC的中点,‎ ‎∴AM⊥BC,AM平分∠BAC.‎ ‎∵BN平分∠ABE,AC⊥BD,‎ ‎∴∠AEB=90°,‎ ‎∴∠EAB+∠EBA=90°,‎ ‎∴∠MNB=∠NAB+∠ABN=(∠BAE+∠ABE)=45°.‎ ‎∴△BMN是等腰直角三角形;‎ ‎(2)答:△MFN∽△BDC.‎ 证明:∵点F,M分别是AB,BC的中点,‎ ‎∴FM∥AC,FM=AC.‎ ‎∵AC=BD,‎ ‎∴FM=BD,即.‎ ‎∵△BMN是等腰直角三角形,‎ ‎∴NM=BM=BC,即,‎ ‎∴.‎ ‎∵AM⊥BC,‎ ‎∴∠NMF+∠FMB=90°.‎ ‎∵FM∥AC,‎ ‎∴∠ACB=∠FMB.‎ ‎∵∠CEB=90°,‎ ‎∴∠ACB+∠CBD=90°.‎ ‎∴∠CBD+∠FMB=90°,‎ ‎∴∠NMF=∠CBD.‎ ‎∴△MFN∽△BDC.‎ 点评: 本题考查了相似三角形的判定与性质,利用了锐角是45°的直角三角形是等腰直角三角形,两边对应成比例且夹角相等的两个三角形相似.‎ ‎ ‎ ‎24.(9分)(2014年山东淄博)如图,点A与点B的坐标分别是(1,0),(5,0),点P是该直角坐标系内的一个动点.‎ ‎(1)使∠APB=30°的点P有 无数 个;‎ ‎(2)若点P在y轴上,且∠APB=30°,求满足条件的点P的坐标;‎ ‎(3)当点P在y轴上移动时,∠APB是否有最大值?若有,求点P的坐标,并说明此时∠APB最大的理由;若没有,也请说明理由.‎ 考点: 圆的综合题;三角形的外角性质;等边三角形的性质;勾股定理;矩形的判定与性质;垂径定理;圆周角定理;切线的性质.‎ 专题: 综合题;探究型.‎ 分析: (1)已知点A、点B是定点,要使∠APB=30°,只需点P在过点A、点B的圆上,且弧AB所对的圆心角为60°即可,显然符合条件的点P有无数个.‎ ‎(2)结合(1)中的分析可知:当点P在y轴的正半轴上时,点P是(1)中的圆与y轴的交点,借助于垂径定理、等边三角形的性质、勾股定理等知识即可求出符合条件的点P的坐标;当点P在y轴的负半轴上时,同理可求出符合条件的点P的坐标.‎ ‎(3)由三角形外角的性质可证得:在同圆或等圆中,同弧所对的圆周角大于同弧所对的圆外角.要∠APB最大,只需构造过点A、点B且与y轴相切的圆,切点就是使得∠APB最大的点P,然后结合切线的性质、三角形外角的性质、矩形的判定与性质、勾股定理等知识即可解决问题.‎ 解答: 解:(1)以AB为边,在第一象限内作等边三角形ABC,‎ 以点C为圆心,AC为半径作⊙C,交y轴于点P1、P2.‎ 在优弧AP1B上任取一点P,如图1,‎ 则∠APB=∠ACB=×60°=30°.‎ ‎∴使∠APB=30°的点P有无数个.‎ 故答案为:无数.‎ ‎(2)①当点P在y轴的正半轴上时,‎ 过点C作CG⊥AB,垂足为G,如图1.‎ ‎∵点A(1,0),点B(5,0),‎ ‎∴OA=1,OB=5.‎ ‎∴AB=4.‎ ‎∵点C为圆心,CG⊥AB,‎ ‎∴AG=BG=AB=2.‎ ‎∴OG=OA+AG=3.‎ ‎∵△ABC是等边三角形,‎ ‎∴AC=BC=AB=4.‎ ‎∴CG=‎ ‎=‎ ‎=2.‎ ‎∴点C的坐标为(3,2).‎ 过点C作CD⊥y轴,垂足为D,连接CP2,如图1,‎ ‎∵点C的坐标为(3,2),‎ ‎∴CD=3,OD=2.‎ ‎∵P1、P2是⊙C与y轴的交点,‎ ‎∴∠AP1B=∠AP2B=30°.‎ ‎∵CP2=CA=4,CD=3,‎ ‎∴DP2==.‎ ‎∵点C为圆心,CD⊥P1P2,‎ ‎∴P1D=P2D=.‎ ‎∴P2(0,2﹣).P1(0,2+).‎ ‎②当点P在y轴的负半轴上时,‎ 同理可得:P3(0,﹣2﹣).P4(0,﹣2+).‎ 综上所述:满足条件的点P的坐标有:‎ ‎(0,2﹣)、(0,2+)、(0,﹣2﹣)、(0,﹣2+).‎ ‎(3)当过点A、B的⊙E与y轴相切于点P时,∠APB最大.‎ ‎①当点P在y轴的正半轴上时,‎ 连接EA,作EH⊥x轴,垂足为H,如图2.‎ ‎∵⊙E与y轴相切于点P,‎ ‎∴PE⊥OP.‎ ‎∵EH⊥AB,OP⊥OH,‎ ‎∴∠EPO=∠POH=∠EHO=90°.‎ ‎∴四边形OPEH是矩形.‎ ‎∴OP=EH,PE=OH=3.‎ ‎∴EA=3.‎ ‎∵∠EHA=90°,AH=2,EA=3,‎ ‎∴EH=‎ ‎=‎ ‎=‎ ‎∴OP=‎ ‎∴P(0,).‎ ‎②当点P在y轴的负半轴上时,‎ 同理可得:P(0,﹣).‎ 理由:‎ ‎①若点P在y轴的正半轴上,‎ 在y轴的正半轴上任取一点M(不与点P重合),‎ 连接MA,MB,交⊙E于点N,连接NA,如图2所示.‎ ‎∵∠ANB是△AMN的外角,‎ ‎∴∠ANB>∠AMB.‎ ‎∵∠APB=∠ANB,‎ ‎∴∠APB>∠AMB.‎ ‎②若点P在y轴的负半轴上,‎ 同理可证得:∠APB>∠AMB.‎ 综上所述:当点P在y轴上移动时,∠APB有最大值,‎ 此时点P的坐标为(0,)和(0,﹣).‎ 点评: 本题考查了垂径定理、圆周角定理、勾股定理、等边三角形的性质、矩形的判定与性质,切线的性质、三角形外角性质等知识,综合性强.同时也考查了创造性思维,有一定的难度.构造辅助圆是解决本题关键.‎