北京市朝阳区中考物理二模试卷解析版 26页

北京市朝阳区2019年中考物理二模试卷（解析版）‎ 一、选择题（共15小题，每小题2分，满分30分）‎ ‎1．（2.00分）在国际单位制中，电压的单位是（　　）‎ A．安培 B．伏特 C．焦耳 D．瓦特 ‎【分析】根据对各物理量单位的掌握分析答题。‎ ‎【解答】解：A、安培是电流的单位，不是电压的单位，故A错误；‎ B、伏特是电压的单位，故B正确；‎ C、焦耳是能量的单位，不是电压的单位，故C错误；‎ D、瓦特是功率的单位，不是电压的单位，故D错误；‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了物理量的单位，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题。‎ ‎2．（2.00分）下列用电器中，主要利用电流热效应工作的是（　　）‎ A．电冰箱 B．电风扇 C．电热水器 D．笔记本电脑 ‎【分析】（1）电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子；‎ ‎（2）电流的化学效应：电流通过导电的液体会使液体发生化学变化，产生新的物质，电流的这种效果叫做电流的化学效应，如电解，电镀，电离等就属于电流的化学效应的例子；‎ ‎（3）电流的磁效应：给绕在软铁芯周围的导体通电，软铁芯就产生磁性，这种现象就是电流的磁效应，如电铃、蜂鸣器、电磁扬声器等都是利用电流的磁效应制成的。‎ ‎【解答】解：A、冰箱中有电动机，电动机是根据通电导线在磁场中受到磁场力作用而工作的，电动机工作时主要把电能转化为机械能，不是电流的热效应，故A错误；‎ B、电风扇用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，主要将电能转化为机械能，不是电流的热效应，故B错误；‎ C、电热水器利用了电流的热效应，故C正确；‎ D、笔记本电脑是利用电能转化为机械能、内能、声能、光能，不是的电流的热效应，故D错误；‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能，是一道基础题。‎ ‎3．（2.00分）下图所示的实例中，用热传递方式改变物体内能的是（　　）‎ A．冬天人们搓手取暖 B．空气被压缩时内能增大 C．金属管内酒精蒸汽顶开木塞时内能减少 D．用酒精灯给试管中的水加热 ‎【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化；热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能的转移。‎ ‎【解答】解：‎ A、冬天人们搓手取暖，是摩擦生热，属于做功改变物体内能，故A不符合题意；‎ B、空气被压缩时内能增大，是压缩空气做功，属于做功改变物体内能，故B不符合题意；‎ C、金属管内酒精蒸汽顶开木塞时内能减少，是做功将内能转化为机械能，故C不符合题意；‎ D、用酒精灯给试管中的水加热，属于热传递改变物体内能，故D符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式，结合生活实际解决问题。‎ ‎4．（2.00分）下列关于自行车的部件设计及骑行过程中的操作，主要为了减小摩擦的是（　　）‎ A．轮胎上的花纹 B．车轴处装有滚珠轴承 C．刹车时用力捏闸 D．脚蹬表面凹凸不平 ‎【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。‎ ‎（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。‎ ‎【解答】解：A、轮胎上的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A不合题意；‎ B、车轴处装有滚珠轴承，是用滚动代替滑动来减小摩擦。故B符合题意；‎ C、刹车时用力捏闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；故C不合题意；‎ D、脚蹬表面凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故D不合题意。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。‎ ‎5．（2.00分）我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它传递信息是利用（　　）‎ A．电磁波 B．次声波 C．超声波 D．激光 ‎【分析】导航仪是利用电磁波传递信息的，导航仪、地面端的中心控制系统、导航卫星间可以相互传递信息。‎ ‎【解答】‎ 解：我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它传递信息是利用电磁波传递信息的。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题考查电磁波的传播，掌握导航卫星的工作原理即可正确解题。‎ ‎6．（2.00分）如图所示的现象中属于凝华的是（　　）‎ A．厨房蒸屉的“白气”B．冬天树叶上的“霜”‎ C．夏天草上的“露珠”D．蜡烛燃烧的“烛泪”‎ ‎【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。‎ ‎【解答】解：A、蒸屉的“白气”是喷出的水蒸气遇冷发生了液化现象，形成了小液滴；故A错误；‎ B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面；故B正确；‎ C、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，故C错误；‎ D、蜡烛燃烧的“烛泪”是熔化现象；故D错误；‎ 故选：B。‎ ‎【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。‎ ‎7．（2.00分）如图所示的四种用具中，正常使用时属于费力杠杆的是（　　）‎ A．羊角锤B．食品夹 C．瓶盖起子D．核桃夹 ‎【分析】结合图片和生活经验，找出支点，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。‎ ‎【解答】解：A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆 B、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；‎ C、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；‎ D、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。‎ ‎8．（2.00分）下列说法中正确的是（　　）‎ A．光在任何介质中的传播速度都是3×108m/s B．镜面反射遵循光的反射定律，漫反射不遵循光的反射定律 C．在光的折射现象中光路是可逆的 D．光在任何介质中都是沿直线传播的 ‎【分析】（1）光在不同的介质中传播速度不同，光在真空中光的传播速度是3×l08m/s；‎ ‎（2）不论是镜面反射还是漫反射，都遵循光的反射定律；‎ ‎（3）折射时光路可逆；‎ ‎（4）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播。‎ ‎【解答】解：‎ A、光在真空中的传播速度是3×l08m/s，在其它介质中传播速度比在真空中的传播速度小，故A错误；‎ B、镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，故B错误；‎ C、在光的折射现象中光路是可逆的，故C正确；‎ D、光只有在同种均匀介质中沿直线传播，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】此题主要考查光传播的条件和特点，以及光速，光路可逆要求同学们对此应熟练掌握。‎ ‎9．（2.00分）家用电冰箱内的制冷系统主要由蒸发器、压缩机和冷凝器三部分组成，如图所示的电冰箱压缩机和冰箱内照明灯泡连接电路示意图中，是压缩机用的电动机，受温控开关控制，L是电冰箱内的照明灯泡，受门控开关控制，电动机和照明灯泡既能各自单独工作又能同时工作，其中符合上述要求的电路图是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【分析】串联电路中用电器要相互影响工作，并联电路中用电器相互不影响工作。‎ 根据串、并联电路的特点分确定各电路原件的连接方式，然后选择电路图。‎ ‎【解答】解：电动机和照明灯泡既能各自单独工作又能同时工作，则它们是并联的，温控开关S1控制压缩机M工作，开关S2控制灯L；‎ A、压缩机M与灯L串联，不符合要求，故A错误；‎ B、开关S1闭合对压缩机M短路，没有控制压缩机M，故B错误；‎ C、温控开关S1接在干路中，控制整个电路，灯L不能独立工作，故C错误；‎ D、由电路图可知，压缩机M与灯L并联，各支路有一个开关控制，故D正确；‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了电路设计，根据压缩机与灯泡间的关系确定各电路元件的连接方式是正确解题的关键。‎ ‎10．（2.00分）物体挂在弹簧测力计上，处于静止状态，如图所示，则下列说法中正确的是（　　）‎ A．物体受到的重力与物体对弹簧的拉力是一对相互作用力 B．弹簧对物体的拉力与物体对弹簧的拉力是一对平衡力 C．物体受到的拉力与物体受到的重力是一对平衡力 D．当它们匀速上升时，弹簧对物体的拉力大于物体受到的重力 ‎【分析】明确作用力与反作用力与平衡力的区别，平衡力作用在同一物体上，二者大小相等、方向相反，并且作用在同一直线上。‎ ‎【解答】解：A、物体受到的重力与物体对弹簧的拉力大小相等，方向相同不是一对相互作用，故A错误；‎ B、弹簧对物体的拉力与物体对弹簧的拉力，都是作用在不同物体上，故不是一对平衡力，故B错误。‎ C、物体受到的拉力与物体受到的重力，都是作用在同一物体上，二者大小相等、方向相反，并且作用在同一直线上，因此是一对平衡力，故C正确；‎ D、当它们匀速上升时，受平衡力作用，弹簧对物体的拉力等于物体受到的重力，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查相互作用力，以及平衡力是基础题。‎ ‎11．（2.00分）将两个不同规格的小灯泡L1和L2先后串联和并联接在相同电源的两端（电源电压恒定），如图甲、乙所示，闭合开关S，两灯均发光，假设灯丝阻值不随温度改变。下列说法中正确的是（　　）‎ A．图甲中通过L1、L2的电流一定相等 B．图乙中L1两端的电压与L2两端的电压一定相等 C．图甲中通过L1的电流大于图乙中通过L1的电流 D．图甲中L2两端的电压等于图乙中L2两端的电压 ‎【分析】（1）两个不同规格的小灯泡的电阻不一定相等，两灯泡并联时，根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知通过两灯泡的电流关系；‎ ‎（2）两个不同规格的小灯泡的电阻不一定相等，两灯泡并联时，根据串联电路的电流特点和欧姆定律可知它们两端的电压关系；‎ ‎（3）根据串并联电路的电压特点结合图甲和图乙中电源的电压相等可知两图中两灯泡两端的电压关系，再根据欧姆定律得出两图中通过两灯泡的电流关系。‎ ‎【解答】解：（1）由图甲可知，两灯泡并联，‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等，且两个不同规格小灯泡的电阻不一定相等，‎ 所以，由I=可知，通过两灯泡的电流不一定相等，故A错误；‎ ‎（2）由图乙可知，两灯泡串联，‎ 因串联电路中各处的电流相等，且两个不同规格小灯泡的电阻不一定相等，‎ 所以，由U=IR可知，两灯泡两端的电压不一定相等，故B错误；‎ ‎（3）由并联电路的电压特点可知，图甲中L1、L2两端的电压均等于电源的电压，‎ 由串联电路的电压特点可知，图乙中L1、L2两端的电压均小于电源的电压，‎ 因图甲和图乙中电源的电压相等，‎ 所以，图甲中L1两端的电压大于图乙中L1两端的电压，图甲中L2两端的电压大于图乙中L2两端的电压，故D错误；‎ 因为图甲中L1两端的电压大于图乙中L1两端的电压，所以由I=可知，图甲中通过L1的电流大于图乙中通过L1的电流，故C正确。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意不同规格灯泡的电阻不一定相等。‎ ‎12．（2.00分）如图所示，拨动弹性钢片，把小钢球与支柱之间的轻塑料片弹出时，钢球并没有随轻塑料片飞出，则下列说法中正确的是（　　）‎ A．钢片被拉弯说明力是保持物体运动的原因 B．钢片恢复原状的过程中，动能转化为弹性势能 C．塑料片能被弹出是因为它受到的弹力大于它的惯性 D．小钢球没有随塑料片飞出是由于小钢球具有惯性 ‎【分析】（1）力可以使物体发生形变，力可以改变物体的运动状态；‎ ‎（2）物体由于惯性要保持原来的运动状态，继续静止或做匀速直线运动；‎ ‎（3）发生弹性形变的物体具有弹性势能，在物体恢复形变的过程中，弹性势能可以转化为动能。‎ ‎【解答】解：‎ A．弹性钢片在力的作用下发生弯曲，说明了力可以使物体发生形变，故A错误；‎ B．弹性钢片恢复原位的过程中，钢片的形变变小，弹性势能减小，同时钢片的速度变大，动能变大，则弹性势能转化为动能，故B错误；‎ C．塑料片在力的作用下被弹出，说明力可以改变物体的运动状态，质量小，惯性小，故C错误；‎ D．由于小钢球具有惯性，要保持原来的静止状态，所以小钢球不会随塑料片飞出，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了力的作用效果、惯性的应用、物体间能量的转化等问题，考查的知识点较多，难度不大，是一道常见题。‎ ‎13．（2.00分）如图所示，中国科技馆的“探索与发现A厅”中有一个“电磁感应摆”，甲、乙两线圈分别被悬挂在两个蹄形磁体的磁场中，两线圈通过导线连接在一起并构成一个闭合的回路，用手使甲线圈在磁场中摆动时，乙线圈也会随之摆动起来。关于此现象，下列说法中正确的是（　　）‎ A．根据甲线圈摆动的原理可以制成电动机 B．乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能 C．甲线圈相当于用电器，乙线圈相当于电源 D．若使乙线圈摆动，则甲线圈中不会有电流 ‎【分析】根据通电导体在磁场中受力和电磁感应的原理来对图中的装置进行分析。电动机的制作原理是通电导体在磁场中受力，发电机的原理是电磁感应，电动机工作时消耗电能，得到机械能；发电机工作时将机械能转化为电能。‎ ‎【解答】解：A、由题意知，甲线圈摆动的过程做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流产生，是发电机的原理，故A错误；‎ B、乙线圈摆动的原理是通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，将电能转化为机械能，故B正确；‎ C、由前面分析可知，甲线圈中产生了感应电流，则甲线圈相当于电源，乙线圈相当于用电器，故C错误；‎ D、若使乙线圈摆动，同样会做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流产生，则甲线圈中会有电流，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了电与磁之间的两个联系及其应用，同时要了解其结构、原理及能量转化等。‎ ‎14．（2.00分）小阳想利用一块平面镜使射向井口的太阳光（入射光线）竖直射入井中，如图甲所示，他通过正确的作图方法标出了平面镜的位置，如图乙所示。下列关于小阳作图的先后顺序正确的是（　　）‎ A．平面镜、反射光线、法线 B．反射光线、法线、平面镜 C．法线、反射光线、平面镜 D．反射光线、平面镜、法线 ‎【分析】先根据题意（竖直射入井口）作出反射光线，然后作入射光线和反射光线的角平分线，即法线，根据法线和镜面之间的关系确定平面镜的位置。‎ ‎【解答】解：‎ 根据题意可知，使用平面镜是为了让太阳光竖直射入井中，即反射光线是竖直向下的；所以，作图过程中的第一个步骤应该是过入射点作竖直向下的反射光线；‎ 因为反射角等于入射角，法线正好是入射光线和反射光线夹角的平分线，所以第二步作出入射光线和反射光线夹角的平分线即为法线；‎ 由于法线垂直于镜面，所以第三步作出法线的垂线即为平面镜的位置，如下图所示：‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题用到法线的双重作用：一是反、入射光线夹角的角平分线，二是过入射点镜面的垂线。‎ ‎15．（2.00分）如图所示电路，电源电压恒为12V，小灯泡L1的规格为“6V 3W“，小灯泡L2的规格为“2.5V 0.3A”，滑动变阻器标有“50Ω 1.5A“字样。假设灯丝阻值不随温度改变，下列说法中正确的是（　　）‎ A．小灯泡L1的电阻小于小灯泡L2的电阻 B．该电路只可以使小灯泡L2保持正常发光，而不能使小灯泡L1保持正常发光 C．相同时间内电流通过小灯泡L1做的功小于通过小灯泡L2做的功 D．当该电路中的电流为0.2A时，通电lmin，小灯泡L1灯丝产生的热量为0.48J ‎【分析】（1）根据P=可求小灯泡L1的电阻，由欧姆定律可求L2的电阻，加以比较；‎ ‎（2）根据P=UI可求小灯泡的额定电流，根据串联电路的特点解得；‎ ‎（3）串联电路相同时间内电流通过小灯泡L1做的功与通过小灯泡L2做的功和电阻成正比，据此分析；‎ ‎（4）根据Q=I2Rt可得小灯泡L1灯丝产生的热量。‎ ‎【解答】解：A、根据P=可得小灯泡L1的电阻：‎ R1===12Ω，R2===8.3Ω，R1＞R2，故A错误；‎ B、根据P=UI可求小灯泡的额定电流，‎ L1的额定电流：IL1===0.5A，IL2=0.3A，‎ 串联电路的电流特点，I=0.3A，该电路只可以使小灯泡L2保持正常发光，而不能使小灯泡L1保持正常发光，故B正确；‎ C、串联电路相同时间内电流通过小灯泡L1做的功与通过小灯泡L2做的功和电阻成正比， =可知，相同时间内电流通过小灯泡L1做的功大于通过小灯泡L2做的功，故C错误；‎ D、根据Q=I2Rt可得小灯泡L1灯丝产生的热量：Q1=I12R1t=（0.2A）2×12Ω×60s=28.8J，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，常见题目。‎ 二、选择题（共7小题，每小题2分，满分14分）‎ ‎16．（2.00分）吐鲁番是全国有名的“火炉”，常年高温少雨，水贵如油。当地流行使用坎儿井，大大减少了输水过程中的蒸发和渗漏。坎儿井由明渠、暗渠、竖井组成，如图所示，井内的水温在夏季约比外界低5～10℃．下列关于坎儿井能够减少水的蒸发的说法中正确的是（　　）‎ A．降低了水的温度 B．减慢了水的表面空气流速 C．增大了水的表面积 D．增加了水的质量 ‎【分析】影响蒸发快慢的因素是有液体的温度、液体表面积的大小、液体上方空气流动的速度。‎ ‎【解答】解：坎儿井是新疆吐鲁番地区庞大的地下灌溉工程，坎儿井在地下，井内的水温比外界低，可以减小水的温度、减少水暴露在空气中的面积、减慢水面空气的流速，从而减小水的蒸发。综上所述，选项AB正确。‎ 故选：AB。‎ ‎【点评】本题主要考查学生对影响蒸发快慢因素的了解和掌握，是一道基础题。‎ ‎17．（2.00分）关于热现象，下列说法中正确的是（　　）‎ A．物体吸收热量时，温度一定升高 B．温度高的物体比温度低的物体含有的热量多 C．海边比沙漠昼夜温差小，原因之一是水比砂石的比热容大 D．高压锅利用了水的沸点随气压的增大而升高的原理 ‎【分析】（1）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化；‎ ‎（2）热量是一个过程量，不能说含有多少热量；‎ ‎（3）水的比热容大，在同样吸放热条件下水的温度变化小；‎ ‎（4）液体的沸点与其上方的气压有关，气压越大沸点越高。‎ ‎【解答】解：‎ A、物体吸收热量，温度不一定升高；例如，晶体熔化过程和液体沸腾过程，物质不断吸收热量，但是温度不变，故A错误；‎ B、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故B错误；‎ C、沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小；沙漠地区多砂石，砂石的比热容较小，在相同的吸热条件下，砂石的温度变化大，故C正确；‎ D、高压锅密封性强，在使用时锅内气压会逐渐增大，水的沸点也就随着升高，锅内的食物容易熟，故D正确。‎ 故选：CD。‎ ‎【点评】此题考查的知识点比较多，对学生的能力要求比较高，需要学生仔细分析，是一道中考常见题型。‎ ‎18．（2.00分）下列说法中正确的是（　　）‎ A．一切物体都能被磁化 B．磁场对放入其中的磁体有力的作用 C．磁场和磁感线都是客观存在的 D．沈括是世界上第一个发现地磁偏角的科学家 ‎【分析】A、明确磁化的性质，知道铁、钴、镍以及它们的合金，还有一些氧化物可以在磁场中被磁化，而其他物体如：铜、铅、铝等不会被磁化；‎ B、磁体周围存在着磁场，磁体间的相互作用是通过磁场发生的；‎ C、磁场是客观存在的，磁感线是客观不存在的；‎ D、沈括是最早发现磁偏现象的人。‎ ‎【解答】解：A、磁场只能磁化磁性物体，如铁、钴、镍以及它们的合金，还有一些氧化物等，这些物体可以在磁场中进行磁化，但其他物体不会在磁场中被化，故A错误；‎ B、磁体周围存在着磁场，磁体间的相互作用是通过磁场发生的；故磁场对放入其中的磁体具有力的作用，故B正确；‎ C、磁场是客观存在的，磁感线是为了研究磁场而假设的物理模型是客观不存在的，故C错误；‎ D、沈括是最早发现磁偏角的科学家，故D正确。‎ 故选：BD。‎ ‎【点评】此题考查了磁场的有关知识，难度不大。‎ ‎19．（2.00分）下列问题中属于可探究的科学问题的是（　　）‎ A．动能的大小与哪些因素有关？‎ B．平面镜前的物体越高，它通过平面镜所成的像越高吗？‎ C．编钟发出的声音的响度大小跟编钟的钟体大小有关吗？‎ D．二力平衡的条件是什么？‎ ‎【分析】科学问题是指能够通过收集数据而回答的问题。一般而言，可以探究的科学问题描述的是两个或多个变量之间的关系。‎ ‎【解答】解：‎ A、物体动能的大小可能与质量或速度因素有关，所以此问题可以探究，故A正确；‎ B、平面镜成的像与物大小相等，物体越高，它通过平面镜所成的像越高吗，故可以探究像与物的关系，故B正确；‎ C、编钟发出的声音的响度大小与物体振动的幅度有关，还可能与编钟的钟体大小有关，故可以探究，故C正确；‎ D、二力平衡的条件有多个，故可以探究，故D正确。‎ 故选：ABCD。‎ ‎【点评】从实际的角度能选出可探究的科学问题是解决该题的关键。‎ ‎20．（2.00分）如图所示，O为杠杆的支点，杠杆在重物G和力F1的作用下处于水平位置并且平衡。如果用力F2代替力F1使杠杆仍在图中位置保持平衡，下列关系中正确的是（　　）‎ A．F1＜G B．F2＞G C．Fl=F2 D．F1＞F2‎ ‎【分析】由题知，O为支点，当阻力、阻力臂不变时，由杠杆的平衡条件知：动力和动力臂的乘积一定，当动力臂较大时，动力将较小；动力臂较小时，动力将较大。因此先判断出F1、F2的力臂大小，即可判断出两力的大小关系。‎ ‎【解答】解：设阻力臂为L2，杠杆长为L；‎ 从图中可知，F2与杠杆垂直，因此其力臂为最长的力臂，故F2为最小的动力，即Fl＞F2；‎ 由杠杆平衡条件可得：‎ F2•L2=G•L，‎ 因为L2＜L，‎ 所以F2＞G；‎ 故选：BD。‎ ‎【点评】本题重点考查力臂的作图，只要能把力臂作出，则由杠杆平衡条件即可求解。‎ ‎21．（2.00分）如图所示，①②③④‎ 为四个物理实验，abcd为应用物理知识的实例，箭头表示实验揭示的物理知识所对应的应用实例，其中对应关系正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】结合图中的实验或应用，找出相关的物理知识，并对实验或现象进行解答，最终判断其规律和应用是否对应。‎ ‎【解答】解：‎ A、上面的实验说明了流体在流速大的地方压强小，飞机的机翼利用了流体压强与流速的关系，故A正确；‎ B、覆杯实验说明了大气压的存在，而船闸是利用了连通器的原理，故B错误；‎ C、上面的实验探究电荷间的相互作用规律，同名磁极相互排斥；验电器就是根据这个原理制成的，故C正确；‎ D、上面的实验说明电流周围存在磁场，是电流的磁效应；而电铃内部有电磁铁，是利用的电流的磁效应来工作的。故D正确。‎ 故选：ACD。‎ ‎【点评】‎ 本题主要考查学生对知识的理解和运用情况。试题所选择的素材主要涉及的是电和磁的相关知识。题目以两组图片相对应的形式展现给学生，一组是实验现象，另一组是现象的应用，考查了我们的教学过程中实验的展现，同时也是为了把学生的课堂表现考出来。试题形式新颖、设计巧妙，体现了学以致用的思想。‎ ‎22．（2.00分）小阳利用刻度尺、圆柱形平底玻璃管、细铅丝、玻璃容器、水测定盐水的密度。他用刻度尺测出玻璃管的长度L=20cm。在玻璃管的下端缠上适量的细铅丝，制成一个能够测量液体密度的装置，把它放入盛水的玻璃容器中，静止后用刻度尺测出液面上方玻璃管的长度h1=9cm，如图甲所示。再甲（水）乙把它放入盛有盐水的玻璃容器中，静止后用刻度尺测出液面上方玻璃管的长度h2=10cm，如图乙所示。下列说法中正确的是（　　）‎ A．该装置在甲容器中受到的浮力等于在乙容器中受到的浮力 B．用该装置所测的液体密度越大，该装置排开液体的体积越大 C．被测盐水的密度为1.1×103kg/m3‎ D．在图甲中，无论细铅丝缠在玻璃管外还是置于玻璃管内，该装置排开水的重力相等 ‎【分析】将水的密度作为已知条件，根据密度计的工作原理：漂浮条件，浮力与重力相等，列出浮力表达式F浮=ρ液gV排，通过数学中的分式运算写出盐水的密度式。‎ ‎【解答】解：‎ AB、密度计在液体中处于漂浮状态，根据漂浮条件可知，浮力与重力相等，且密度计的重力不变，所以在甲容器中受到的浮力等于在乙容器中受到的浮力；密度计受到的浮力不变，由F浮=ρ液gV排可知，当液体密度越大时，V排会越小，故A正确，B错误；‎ C、在水中时，密度计受到的浮力：F浮=ρ水gV排1=ρ水gS（L﹣h1）；‎ 在盐水中时，密度计受到的浮力：F浮=ρ盐水gV排2=ρ盐水gS（L﹣h2）；‎ 因为浮力相等，所以：ρ水gS（L﹣h1）=ρ盐水gS（L﹣h2）；‎ 则：ρ盐水=ρ水=×1.0×103kg/m3=1.1×103kg/m3，故C正确；‎ D、在图甲中，无论细铅丝缠在玻璃管外还是置于玻璃管内，都处于漂浮状态，浮力等于重力，重力不变，则浮力（排开水的重力）不变，即该装置排开水的重力相等，故D正确。‎ 故选：ACD。‎ ‎【点评】考查了液体密度的测量与计算，密度计的使用与浮力的知识有关，需要学生能够灵活得将密度与浮力联系起来，本题难度较大。‎ 三、解答题（共9小题，满分36分）‎ ‎23．（2.00分）如图所示，O点为杠杆的支点，拉力F作用在杠杆上的N点。图中的线段　OM　（选填：“OM”、“ON“或“MN“）表示拉力F的力臂L。‎ ‎【分析】要解决此题需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离。‎ ‎【解答】解：图中OM是从支点到力F的作用线的距离，故OM是F的力臂。‎ 故答案为：OM。‎ ‎【点评】此题考查学生对力臂的概念的理解，关键是知道力臂是从支点到力的作用线的距离，基础题目。‎ ‎24．（2.00分）图中物体的长度为　3.80　cm。‎ ‎【分析】使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。‎ ‎【解答】解：‎ 由图知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；‎ 物体左侧与0刻度线对齐，右侧大约与3.8对齐，最后一位写上0表示估读，所以物体的长度L=3.80cm。‎ 故答案为：3.80。‎ ‎【点评】初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，只有刻度尺的读数要有估读值，其它只要读到准确值即可。‎ ‎25．（5.00分）小阳用如图所示的装置探究凸透镜成像规律，其中凸透镜的焦距为15cm。小阳把凸透镜固定在50cm的位置不动，蜡烛放在图中位置，移动光屏，直至光屏上出现烛焰清晰的像，该像是倒立　缩小　（选填：“放大”或“缩小”）的实像。实验中如果小阳把蜡烛向右移动25cm，移动光屏，直至光屏上再次出现烛焰清晰的像，此时的像是　放大　（填：“放大”或“缩小”）的实像，　幻灯机　（选填：“放大镜”、“幻灯机”或“照相机”）就是根据这个原理制成的 ‎【分析】u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机。‎ ‎2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机。‎ u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。‎ ‎【解答】解：凸透镜的焦距为15cm，此时的物距是45cm，所以此时物距大于2倍焦距，故在光屏上成倒立、缩小的实像；‎ 实验中如果小阳把蜡烛向右移动25cm，则此时蜡烛在光具座上30cm刻线处时，即物体处于1倍焦距和2倍焦距之间，所以能看到一个倒立、放大的实像，幻灯机就是利用该原理制成的；‎ 故答案为：缩小；放大；幻灯机。‎ ‎【点评】知道并理解凸透镜的成像规律是解决该题的关键。‎ ‎26．（4.00分）如图所示，压缩弹簧，弹簧可以将小球弹起。弹簧将小球弹起的高度与哪些因素有关呢？小阳根据生活经验提出了以下探究问题：‎ 问题1：弹簧将小球弹起的高度与弹簧的材料是否有关？‎ 问题2：弹簧将小球弹起的高度与弹簧被压缩的长度是否有关？‎ 为了探究问题1，小阳设计的探究方案如下：‎ ‎（实验均在弹簧弹性限度内进行）‎ ‎①将A、B两根外形完全相同，材料不同的弹簧分别立放在水平桌面上；‎ ‎②将小球置于弹簧A的上端，按下小球，使弹簧被压缩的长度为5cm，松手后小球被弹起，记下小球弹起的高度h1；‎ ‎③再将同一小球置于弹簧B的上端，按下小球，使弹簧被压缩的长度为6cm，松手后小球被弹起，记下小球弹起的高度h2；‎ ‎④比较h1、h2的大小，得出结论 ‎（1）小阳的探究过程中存在的问题：　没有控制弹簧两次被压缩的长度相等　；‎ ‎（2）你认为影响弹簧将小球弹起的高度的因素可能还有　弹簧的粗细　（至少写出一个因素）‎ ‎【分析】（1）物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题。每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法，根据控制变量法的思想解答此题；‎ ‎（2）结合我们的生活经验解答此题。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）要想研究弹簧将小球弹起的高度是否与被压缩弹簧的材料有关时，应当控制弹簧两次被压缩的长度相等，否则得不出正确结论，这就是小红研究方案中没有注意的问题；‎ ‎（2）影响弹簧将小球弹起的高度的因素可能还有弹簧的粗细。‎ 故答案为：（1）没有控制弹簧两次被压缩的长度相等；（2）弹簧的粗细。‎ ‎【点评】本题为探究弹性势能与哪些因素有关的实验，考查了分析实验能力、考查了学生对控制变量法的了解与掌握。‎ ‎27．（2.00分）小阳在探究某个力学问题时，通过实验得到如下表所示的实验数据，请根据表中数据归纳出拉力F与体积V的关系：F=　5.2N﹣0.008N/cm3•V　。‎ V/cm3‎ ‎100‎ ‎200‎ ‎300‎ ‎400‎ ‎500‎ ‎600‎ F/N ‎4.4‎ ‎3.6‎ ‎2.8‎ ‎2.0‎ ‎1.2‎ ‎0.4‎ ‎【分析】设拉力与体积的关系式为F=aV+b，代入数值求解a、b，最后归纳出相关的数学关系式。‎ ‎【解答】解：‎ 设F=aV+b，‎ 当V=100cm3时，F=4.4N，即4.4N=a•100cm3+b ①‎ 当V=200cm3时，F=3.6N，即3.6N=a•200cm3+b ②，‎ 解得a=﹣0.008N/cm3，b=5.2N，‎ 所以表达式为F=5.2N﹣0.008N/cm3•V。‎ 故答案为：5.2N﹣0.008N/cm3•V。‎ ‎【点评】本题考查了学生的归纳分析能力，是实验类考查的热点，只要细心，一般能得出正确结论。‎ ‎28．（6.00分）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，提供的器材有：标有“3.8V”字样的小灯泡、“10Ω 2A”的滑动变阻器、四节新干电池等。‎ ‎（1）连接电路时开关应　断开　；‎ ‎（2）请你指出如图甲所示的实物连接图中的一处错误；‎ ‎（3）改正错误后，闭合开关，发现灯泡不亮，两电表均无示数。为了查找故障，小阳将电压表拆下，在开关闭合状态下，将电压表分别接在电源、滑动变阻器、开关两端，发现只有接在滑动变阻器两端时，电压表无示数，由此可以判断出现故障的元件是　开关断路　；‎ ‎（4）排除故障后开始实验，当滑片P移到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为测量灯泡的额定功率，应将滑片P向　右　（选填：“左”或“右”）移动，直至电压表的示数为3.8V，此时电流表示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率是　1.14W　。‎ ‎（5）若用该电路测量规格为“1.5V0.3A“灯泡的额定功率，需对该电路图中的实验器材进行适当的调整，你的做法是：　换最大阻值至少为15Ω的滑动变阻器（或串联定值电阻）　。‎ ‎【分析】（1）为保护电路，连接电路时开关应断开；‎ ‎（2）电流应从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出；‎ ‎（3）电流表在干路上，无示数，说明电路故障为断路；如果电压有示数，说明与电压表串联的元件是完好的；如果无示数，说明与电压表串联的元件有断路，或与电压表并联的元件短路或电路中无电源，据此判断故障所在；‎ ‎（4）图乙中电压表选用大量程确定分度值读数，灯在额定电压下正常发光，根据串联电路电压的规律和分压原理确定滑片移动的方向；‎ ‎（5）由欧姆定律求灯正常工作时的电阻，根据串联电路电压的规律求出灯正常工作时滑动变阻器要分去的电压，根据分压原理可得滑动变阻器连入电路的电阻至少为多大，据此分析。‎ ‎【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时开关应断开；‎ ‎（2）原电路中，电流从电流表负接线柱注入了，是错误的；‎ ‎（3）闭合开关，发现灯泡不亮，两电表均无示数，则此电路为断路；在开关闭合状态下，将电压表接在电源两端时，电压表有示数，说明电源、电压表是完好的；电压表接在开关两端时有示数，说明开关以外的电路是通路，而开关是断开的，所以，肯定出现故障的元件是开关（电压表接在滑动变阻器两端，因无电源，没有示数），即开关断路；‎ ‎（4）图乙中电压表选用大量程，分度值为0.5V，电压表示数为2V，要测灯的额定功率，灯的电压要为3.8V，所以要增大灯的电压，减小变阻器的分得的电压，根据分压原理，减小变阻器连入电路中的电阻大小，即滑片向右端移动；‎ 图丙中，电流表小量程的分度值为0.02A，示数为0.3A，小灯泡的额定功率：‎ P额=U额I=3.8V×0.3A=1.14W；‎ ‎（5）灯正常工作时的电阻RL===5Ω，灯正常工作时，滑动变阻器要分去的电压U滑=6V﹣1.5V=4.5V的电压，变阻器分得的电压为灯的额定电压=3倍，根据分压原理可得滑动变阻器的电阻至少为R滑=3×5Ω=15Ω，所以，换最大阻值至少为15Ω的滑动变阻器（或串联定值电阻）。‎ 故答案为：（1）断开；（2）如上所示；（3）开关断路；（4）右；1.14W；（5）换最大阻值至少为15Ω的滑动变阻器（或串联定值电阻）。‎ ‎【点评】本题测量小灯泡额定功率，考查电路的连接、注意事项、故障分析、操作过程和对器材的要求。‎ ‎29．（6.00分）为了研究通电螺线管周围不同位置的磁场强弱，某小组同学将通电螺线管放置在水平玻璃板正下方，在玻璃板上均匀撒上铁屑，轻敲玻璃板后发现，在不同位置处铁屑的分布不同。如图（a）所示，该小组同学选取通电螺线管两端对称的A、B、C、D、E和F六个区域。为便于观察，图（b）所示为放大的这六个区域的铁屑分布情况。‎ ‎（1）实验中磁场的强弱是通过　铁屑的分布　来反映的；‎ ‎（2）分析比较图中的A、B、C三个区域或D、E、F三个区域可得出的初步结论是　在通电螺线管周围，距离螺线管两端越远磁场越弱　；‎ ‎（3）分析比较图中的　A、F或B、E或C、D　区域可初步推测，在通电螺线管左右两侧，到通电螺线管两端距离相等的对称区域，磁场强弱是相同的。‎ ‎【分析】（1）实验中磁场的强弱是通过铁屑的分布来反映的；‎ ‎（2）分析图可以看出通电螺线管的磁场和条形磁体的磁场一样，并且可以看到C点铁屑的分布比B、A点密集，由此可以确定C点的磁场比B、A点强；‎ ‎（3）根据铁屑的排列情况结合与螺线管两端距离的区域分析。‎ ‎【解答】解：（1）由图可以看出通电螺线管的磁场和条形磁体的磁场一样，并且可以看到C点铁屑的分布比B点密集，B点铁屑的分布比A点密集，由此可以确定C点的磁场比B、A点强；因此实验中磁场的强弱是通过铁屑的分布来反映的；‎ ‎（2）由图可以看出通电螺线管的磁场和条形磁体的磁场一样，并且可以看到C点铁屑的分布比B点密集，B点铁屑的分布比A点密集，由此可以确定C点的磁场比B、A点强；‎ D点铁屑的分布比E点密集，E点铁屑的分布比F点密集，由此可以确定D点的磁场比E、F点强；由此可知：在通电螺线管周围，距离螺线管两端越远磁场越弱；‎ ‎（3）分析比较图（b）A、F或B、E或C、D可知：在通电螺线管周围，与螺线管两端距离相同的区域磁场强弱相同；‎ 故答案为：（1）铁屑的分布；（2）在通电螺线管周围，距离螺线管两端越远磁场越弱；（3）A、F或B、E或C、D。‎ ‎【点评】此题考查通电螺线管的磁场；在探究其磁场方向和磁场强弱时用到了控制变量法和转换法。‎ ‎30．（3.00分）为了探究灯泡消耗的电功率与电阻的关系，小军利用如图所示的电路做了实验，小军闭合开关S后，发现灯泡L1比L2亮，已知灯泡L1的电阻R1大于灯泡L2的电阻R2，于是小军得出结论：灯泡电阻越大，灯泡消耗的电功率越大。请你利用图电路图中的元件，设计一个实验证明：小军的结论是错误的。要求画出实验电路图，根据实验现象简要说明小刚的结论是错误的。‎ ‎【分析】根据串联电路各处的电流相等和P=I2R可知电阻越大，电功率越大，灯泡越亮，与小军的结论相符；‎ 根据并联电路各支路两端的电压相等和P=UI=可知电阻越大，电功率越小，灯泡越暗，据此设计电路图和说明小军的结论错误的原因。‎ ‎【解答】答：（1）两灯泡并联，如图所示 ‎（2）将L1和L2并联在电路中，R1＞R2，灯泡L1却比L2‎ 暗，此时灯泡电阻越小，消耗的电功率越大，所以，小军的说法“灯泡电阻越大，消耗的电功率越大”是错误的。‎ ‎【点评】本题考查了电路图的设计和并联电路的特点，关键是电功率公式的灵活应用，同时培养了学生利用所学知识解决实际问题的能力。‎ ‎31．（6.00分）实验桌上有托盘天平一架（含砝码）、药匙一把，底部有配重（可以在水中竖直漂浮）且侧壁标有刻度的平底有机玻璃管，如图所示，足量的沙子、装有适量水的大水槽和纸巾等器材。以上器材均能满足实验要求，已知玻璃管的底面积为S，请利用上述实验器材，设计一个实验证明：当液体密度定时，液体内部压强的大小与液体的深度成正比。请写出实验步骤，画出案验数据记录表格。‎ ‎【分析】根据已有器材，可借助小试管装细沙漂浮在水面上，改变沙的质量，从而改变浸入深度，并可根据漂浮条件求出试管底面的压强，以达到探究的目的。‎ ‎【解答】解：（1）实验步骤：‎ ‎①天平调平衡，在试管中装入适量的沙子，将试管放入装有水的大水槽中，使其直立漂浮在水面上；‎ ‎②读出试管浸入水中的深度h，用天平测出试管和沙子的总质量m，并将m、h的数值记录在表格中；‎ ‎③试管中加入适量沙子后放入水中，使试管仍直立漂浮在水面上，重复步骤②；‎ ‎④仿照步骤③再做4次实验；‎ ‎⑤用公式p==依次算出各次试管底部的压强p，并将数据记录在表格中。‎ ‎（2）实验数据记录表：‎ h/m m/kg S/m2‎ p/Pa ‎【点评】在此实验的设计中，是利用公式p=为实验原理来测量压强大小的，对小试管和细沙的巧妙运用是本实验的创新之处，值得我们学习和借鉴。这是一种非常规的比较物体压强的方法，这种方法涉及到液体的压强，关键是知道同一液体、同一深度向各个方向的压强相等，题目难度较大。‎ 四、解答题（共1小题，满分4分）‎ ‎32．（4.00分）科普阅读题 中国天眼 ‎500米口径球面射电望远镜（Five﹣hundred﹣meter Aperture Spherical radio Telescope）英文简称FAST，被誉为“中国天眼”，如图所示。FAST的反射镜边框是1500米长的环形钢梁，钢索依托钢梁，悬垂交错呈现出球形网状结构，直径达500米，反射面的总面积约25万平方米，用于汇聚无线电波，供馈源接收机接收。FAST索网结构的一些关键指标远高于国内外相关领域的规范要求，主索索段控制精度达到1毫米，主索节点的位置精度达到5毫米，工作中索构件产生的最大应力不低于500MPa．整个索网共6670根主索、2225个主索节点及相同数量的下拉索，总质量约为1300吨，主索截面一共有16种规格，横截面积介于280～1319平方毫米之间。‎ 在洼地周边山峰上建造6个百余米的攴撑塔，安装有钢索柔性支撑体系及其导索、卷索机构，以支持馈源舱悬挂于反射面上方，在馈源舱内配置有覆盖频率70MHz﹣3GHz的多波段、多波柬馈源和接收杋系统，低噪声致冷放大器，宽频带教字中频侍输设备等。‎ FAST还配置了多用途的数字天文终端设备，可以实现更多的科学用途。作为一个多学科基础研究平台，FAST还将有能力把中性氢观测延伸至宇宙边缘，观测暗物质和暗能量，寻找第一代天体。‎ 阅读以上材料，回答下列问题 ‎（1）球形反射面的作用是　汇聚无线电波　；‎ ‎（2）应力（符号设为A）是指物体内部在单位面积上产生的相互作用力。请通过计算求出：在横截面积S为280平方毫米的主索工作时，其内部产生的最大的相互作用力F多少牛？（1MPa=106Pa）‎ ‎【分析】（1）球形反射面的作用是用于汇聚无线电波，供馈源接收机接收；‎ ‎（2）根据公式p=，求压力。‎ ‎【解答】解：（1）球形反射面的作用是用于汇聚无线电波，供馈源接收机接收；‎ ‎（2）p=500MPa=5×106Pa，S=280平方毫米=2.8×10﹣4m2，由p=得，F=pS=5×106Pa×2.8×10﹣4m2=1400N．其内部产生的最大的相互作用力1400牛。‎ 故答案为：（1）汇聚无线电波；（2）其内部产生的最大的相互作用力1400牛。‎ ‎【点评】本题考查球面镜的作用，以及压强公式的应用，是一道中档题。‎ 五、解答题（共2小题，满分6分）‎ ‎33．（3.00分）一个导体在工作时其两端电压为12V，通过它的电流为0.4A，导体的电阻多大？假如加在该导体两端的电压为24V，导体的电阻不变，这时通过导体的电流和导体消耗的电功率各多大？‎ ‎【分析】导体的电阻是导体的本质属性，与导体的材料，长度，横截面积有关，与导体两端的电压，通过的电流无关。但可以根据欧姆定律求出；根据P=UI可求电功率。‎ ‎【解答】解：由I=可得，导体的电阻为：‎ R===30Ω；‎ 因导体的电阻与导体两端的电压、通过的电流无关，‎ 所以当导体两端的电压变为12V或为24时，导体的电阻仍为30Ω；‎ 所以，若导体两端的电压变为24V时，通过导体的电流为：‎ I2===0.8A；‎ 导体消耗的电功率：P=U2I2=24V×0.8A=19.2W。‎ 答：导体的电阻是30Ω；加在该导体两端的电压为24V，导体的电阻不变，这时通过导体的电流和导体消耗的电功率各是0.8A、19.2W。‎ ‎【点评】本题考查了电流、电阻的简单计算和欧姆定律的应用以及电功率计算，关键是公式的灵活应用和知道导体的电阻与导体两端的电压，通过的电流无关。‎ ‎34．（3.00分）工人使用如图所示的滑轮组，在5s内将重400N的物体A匀速提升3m，已知拉力F为250N．在此过程中，不计绳重和轮与轴间的摩擦。求：‎ ‎（1）该滑轮组的机械效率；‎ ‎（2）工人做功的功率。‎ ‎【分析】（1）利用η=计算该滑轮组的机械效率；‎ ‎（2）利用W=Fs计算工人拉力做功，利用P=计算功率。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图知，绳子的股数为n=2，‎ 则绳端移动的距离：s=2h=2×3m=6m，‎ 该滑轮组的机械效率：η======80%；‎ ‎（2）工人拉力做的功：W总=Fs=250N×6m=1500J，‎ 工人做功的功率：P===300W。‎ 答：（1）该滑轮组的机械效率为80%；‎ ‎（2）工人做功的功率为300W。‎ ‎【点评】此题考查滑轮组机械效率、功和功率的计算，难度不大，关键是各种公式的熟练运用。‎