2017年辽宁省沈阳市中考物理试卷 37页

‎2017年辽宁省沈阳市中考物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（共9小题，每小题2分，满分21分）‎ ‎1．（2分）雷雨天，电闪雷鸣，关于其中物理知识的说法中正确的是（　　）‎ A．堵上耳朵听到雷声变小，这是在传播过程中减弱噪声 B．我们能分辨雷声和雨声，主要是依据它们的响度不同 C．我们先看见是闪电，后听到雷声，这表明光比声音传播得快 D．我们听到的雷声是电磁波 ‎2．（2分）夏季，人们漫步浑河边，微风吹过，分外凉爽，每当夜幕降临，太阳能路灯亮起，美丽的大桥映在水中，如图所示，下列说法中正确的是（　　）‎ A．桥在水中成的是等大的实像 B．风加快人体汗液蒸发，蒸发吸热，人感觉凉爽 C．太阳能是不可再生能源 D．路灯同时亮，同时熄灭，所以路灯是串联的 ‎3．（2分）下列关于物态变化的说法正确的是（　　）‎ A．戴眼镜的人从寒冷的室外进入温暖的室内，镜片会蒙上一层小水珠，是汽化现象 B．衣柜里的樟脑片逐渐变小，是由于樟脑片熔化了 C．北方冬天美丽的雾凇是空气升华形成的 D．夏天往饮料里加的冰块是凝固形成的 ‎4．（2分）如图所示，孩子坐着雪橇从高高的雪坡上滑下，最终停下来，这一过程中所涉及的物理知识，下列说法中正确的是（　　）‎ A．雪橇会停下来，是因为受到惯性的作用 B．孩子受到的重力方向始终竖直向下 C．整个过程中，孩子的机械能保持不变 D．雪橇对雪坡的压力与雪坡对雪橇的支持力是一对平衡力 ‎5．（2分）下列关于生活中光学元件的说法中正确的是（　　）‎ A．利用照相机拍摄时，成正立缩小的虚像 B．用凸透镜做放大镜时，成正立缩小的实像 C．投影仪是利用凹透镜来成像的 D．近视眼镜的镜片是凹透镜 ‎6．（2分）如图所示，对于图片中所描述的物理现象或过程，下列分析中正确的是（　　）‎ A．图甲 司南静止时，它的长柄指向南方，说明长柄是N极 B．图乙 匝数一定时，增大电流，电磁铁吸引曲别针的数目会增加 C．图丙 使用试电笔时，用指尖按住上端的金属帽，会发生触电事故 D．图丁 当电流过大时，保险丝先熔断，所以家庭电路中可以用铜丝代替保险丝 ‎7．（3分）下列说法中正确的是（　　）‎ A．红外线能使荧光物质发光 B．由于光沿直线传播，在开凿隧道时，工人们可以用激光来指引掘进方向 C．内燃机的做功冲程使汽车获得动力 D．用煤烧水时，煤燃烧放出的热量能够全部被水吸收 ‎8．（3分）如图所示大人利用滑轮将重物吊到二楼，孩子想帮忙，却把自己提了上去，下列说法中正确的是（　　）‎ A．该滑轮是定滑轮，使用它可以改变力的方向 B．孩子受到的重力小于重物受到的重力 C．大人拉绳的力所做的功是有用功 D．孩子被提起，它的重力势能变大 ‎9．（3分）如图所示电源电压为6V，保持不变，忽略温度对灯丝电阻的影响，闭合开关S，在保证各元件安全的条件下，向右调节滑动变阻器的滑片，下列分析中正确的是（　　）‎ A．电流表A的示数变大，电压表V2的示数变大 B．小灯泡和滑动变阻器并联 C．小灯泡变亮 D．当电压表V1的示数为3V时，小灯泡和滑动变阻器的电功率相同 ‎　‎ 二、填空题（共8小题，每小题2分，满分18分）‎ ‎10．（2分）用锋利的刀切洋葱是通过减小受力面积增大对洋葱的　 　，达到更容易将洋葱切碎的目的，切洋葱的人闻到洋葱的气味是　 　现象．‎ ‎11．（2分）为了更好的保证交通安全，沈阳市交警严查开车打电话、车窗抛物等行为，如果汽车以36km/h的速度匀速行驶，驾驶员开车时看一眼手机需要3秒，在这段时间内，汽车相当于在无人驾驶状态下行驶　 　m，容易发生交通事故，从行驶的汽车向外抛杂物，不但污染环境，还可能由于物体速度较大而具有较大的　 　能，可能砸伤人，这些都是十分危险的行为．‎ ‎12．（3分）在学校足球赛中，小明用头将球顶进球门，说明力可以改变物体的　 　，同时头感到疼是因为物体间力的作用是　 　，足球在空中运动过程中，　 　（填“有”或“没有”）力对足球做功．‎ ‎13．（2分）如图所示，用手接触验电器的金属球，观察到验电器的两片金属箔闭合了，这说明人是　 　，若验电器带正电，在这一过程中的电流方向是　 　（填“从手到金属箔”或“从金属箔到手”）‎ ‎14．（2分）如图所示的电路中，电源电压恒定，灯丝的电阻RL不随温度变化，开关S1闭合，电流表的示数为I1，再闭合开关S2，小灯泡的亮度　 　（填“变亮”、“变暗”或“不变”），电流表的示数为I2，若I1：I2=2：3，则RL：R=　 　．‎ ‎15．（2分）如图所示，长方体物块A在绳的拉力作用下沿水平桌面向右运动，弹簧测力计一端固定在墙上，另一端拉着正方体物块B，示数为4N且保持不变，此时，以物块A为参照物，物块B是　 　（填“运动”或“静止”）的，物块B受到的摩擦力的大小为　 　N．‎ ‎16．（2分）装着开水的暖水瓶，有时瓶内的水蒸气会把瓶塞顶起，在这个过程中，暖水瓶内的水蒸气对瓶塞做功，温度　 　（填“升高”或“降低”），内能　 　（填“增大”或“减小”）．‎ ‎17．（3分）电热水器在工作过程中把电能转换成　 　能，某电热水器的铭牌如图所示，在该电热水器中装初温为25℃，质量为60kg的水，在额定电压下工作1400s，水温升高10℃，则水吸收的热量是　 　J，电热水器消耗的电能是　 　J．（水的比热容为4.2×103J/（kg•℃））‎ ‎　‎ 三、解答题（共2小题，满分18分）‎ ‎18．（8分）水平桌面上有一个柱形容器，逐渐向容器中注入某种液体，容器底部受到液体的压强随液体的深度变化的图象如图甲所示，一个重力为5N、体积为100cm3的合金块，用细绳系住，浸没在液体中，如图乙所示，竖直向上提起合金块，它匀速运动20cm所用的时间为2s（合金块未露出液面），取g=10N/kg，求：‎ ‎（1）液体的密度；‎ ‎（2）合金块浸没在液体中受到的浮力；‎ ‎（3）在这2s内拉力所做的功和拉力F的功率．‎ ‎19．（10分）如图所示，电源电压9V恒定不变，小灯泡L标有“6V 3W”字样，滑动变阻器R1标有“20Ω 2A”字样，定值电阻R2=10Ω．‎ ‎（1）只闭合开关S1，调节滑动变阻器的滑片P，使小灯泡恰好正常发光，求此时电流表的示数和滑动变阻器接入电路的电阻值；‎ ‎（2）把滑动变阻器的滑片P移至b端，只闭合开关S2、S3，求R1两端的电压和10s内电流通过定值电阻R2产生的热量．‎ ‎　‎ 四、实验、作图题（共5小题，满分22分）‎ ‎20．（2分）如图甲所示，将扬声器对准烛焰，播放音乐，看到烛焰晃动，说明声波可以传递　 　．扬声器的工作原理与图中　 　（填“乙”或“丙”）装置的原理相同．‎ ‎21．（5分）小明做“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验，实验装置如图所示．‎ ‎（1）①实验中小明发现，水在沸腾的过程中，　 　（填“吸收”或“放出”）热量，温度保持不变；‎ ‎②实验结束后，同学们进行了交流．下列说法正确的是　 　（填字母）‎ A．温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中并接触容器底 B．读数时，视线要与温度计中液柱的液面相平 C．使用中间有孔的硬纸板可以减少热量的散失，缩短实验时间 D．如果测得水的沸点不是100℃，一定是操作中出现了错误 ‎（2）小明想继续探究水和食用油的吸热能力是否存在差异，他的实验设想是：选取　 　相同、初温相同的水和食用油，放在相同的烧杯里，用相同的热源加热相同的时间（水和食用油均未沸腾），它们吸收的热量　 　（填“相同”或“不同”），通过比较它们升高的温度来判断水和食用油的吸热能力．‎ ‎22．（5分）在“探究凸透镜成像规律”实验中，小明将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在自制光具座上，凸透镜始终固定在光具座零刻度的位置，调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度．‎ ‎（1）正确调节蜡烛和光屏的位置，直到光屏上出现清晰的烛焰的像，如图甲所示，则光屏上的像是　 　（填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像．‎ ‎（2）实验中，由于蜡烛燃烧变短，小明发现光屏上看不到烛焰完整的像了，为了使烛焰清晰的像成在光屏的中心，他可以将光屏向　 　（填“上”或“下”）调节．‎ ‎（3）将蜡烛逐渐向透镜移动，当蜡烛位于焦点以内时，撤去光屏，从光屏一侧向透镜方向看去，看到了烛焰正立的像（A′为A点像的位置），请你在图乙中画出两条入射光线经透镜后的折射光线．‎ ‎（4）小明利用该凸透镜自制了一个模型照相机，如图丙所示，在纸筒M的一端嵌上这个凸透镜，纸筒N的一端蒙上一层半透明薄膜，把纸筒N套入M中，并能前后滑动，在较暗的室内，把凸透镜对着明亮的室外，调节凸透镜和薄膜之间的距离，在薄膜上可以看到室外景物清晰的像，再把凸透镜正对着室内近处点燃的蜡烛，为了使薄膜上出现烛焰清晰的像，应该　 　（填“拉长”或“缩短”）凸透镜和薄膜之间的距离．‎ ‎23．（4分）在“测定蜡烛的密度”的实验中，实验步骤如下：‎ ‎（1）把天平放在水平桌面上，把游码放在标尺左端的零刻度线处，天平指针静止时位置如图甲所示，应将平衡螺母向　 　（填“左”或“右”）调节，直到横梁平衡．‎ ‎（2）把蜡块放在　 　（填“左”或“右”）盘中，向另一个盘中加减砝码，并调节游码在标尺上的位置，直到横梁恢复平衡，此时盘中砝码的质量、游码在标尺上的位置如图乙所示，则蜡块的质量m=　 　g．‎ ‎（3）在量筒中注入适量的水，读出水面所对应的刻度值V1，将蜡块轻轻地放入水中，静止时如图丙所示，读出此时量筒中水面所对应的刻度值V2，计算出蜡块的体积V2﹣V1，从而求出蜡块的密度为ρ=，这种测定蜡块密度的方法　 　（填“正确”或“不正确”）．‎ ‎24．（6分）小明测量未知电阻Rx的阻值，已知电源电压为6V且保持不变．‎ ‎（1）请用笔画线代替导线，将图中实物图补充完整（导线不允许交叉），要求滑动变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大；‎ ‎（2）正确连接电路后，小明闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，故障的原因可能是电阻Rx　 　（填“短路”或“断路”）．‎ ‎（3）排除故障后，小明闭合开关，调节滑动变阻器，测量了三组电压值和对应的电流值，根据每组电压及电流的值，算出每组电阻Rx的阻值，要想得到最终的测量结果，他接下来的做法是　 　．‎ ‎（4）实验结束后，小明和同组的小刚想测量小灯泡的额定功率，他们将定值电阻换成额定电压为3.8V，电阻大约为10Ω的小灯泡，实验中他们发现电压表0～15V量程损坏，他们关于实验方案展开了讨论．‎ 小刚：将图中的电阻Rx换成小灯泡后，调节滑动变阻器的滑片，使小灯泡两端的电压为额定电压为2V，读出电流表的示数，计算出小灯泡的电阻后，利用公式P=计算出小灯泡的额定功率．‎ 小明：应该将电压表并联在滑动变阻器的两端，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为　 　V时，小灯泡两端的电压为额定电压，读出此时电流表的示数，计算出小灯泡的额定功率．‎ ‎①请你将小明的方案补充完整；‎ ‎②小刚和小明用各自的方法进行了测量和计算，发现测量结果相差较大，这是什么原因呢？‎ 求助老师后，老师提醒他们，导体的电阻受温度的影响，于是他们利用小刚的实验电路，让小灯泡两端的电压逐次下调，使灯丝的温度不断降低，灯泡变暗直至完全不发光，测得小灯泡的电阻逐渐变小，于是他们明白了，由于灯丝的电阻随温度降低发生变化，导致小刚的测量结果比小明的测量结果　 　（填“大”或“小”）．‎ ‎　‎ 五、解答题（共1小题，满分6分）‎ ‎25．（6分）小明的奶奶在家中用电水壶接水时，由于壶口较小，壶盖挡视线，很难观察到壶中水位的变化，结果水从壶中溢出洒到地上，小明一边帮奶奶擦地上的水，一边想：如果给水壶安装一个报警器，当水位达到一定高度时，报警器发出声音，提示水接好了，这样就方便多了．‎ ‎（1）小明找来家中的电水壶，如图甲所示，观察电水壶的外观并研究它的使用过程，发现其中涉及一些物理知识，下列说法正确的是　 　（填字母）‎ A．向壶中注水时，听到的声音是通过空气传入到人耳的 B．金属壶身“反光”是发生了漫反射 C．烧水时壶嘴冒出的“白气”是液化现象 D．注水后壶底看起来变浅了，是光的折射现象 ‎（2）当用力F打开壶盖时，壶盖相当于一个杠杆，请你在图乙中画出壶盖所受重力G的示意图和重力的力臂I（O为支点，B为壶盖的重心，A为F的作用点）．‎ ‎（3）小明认真思考后，结合学过的力学和电学知识，设计了如图丙所示的报警电路，以下是小明的设计方案，请将其补充完整．‎ ‎①报警器的水中部分是一个玻璃管，它的一端被绝缘弹性薄膜封闭，报警电路的一部分在玻璃管内，其中弹性片A靠近薄膜，使用时，闭合报警电路开关S，向壶内注水，随着壶中水位的升高、水对薄膜的压力逐渐　 　（填“变大”或“变小”），弹性薄膜逐渐向右凹进，挤压弹簧片A，直至弹性片A与触点B接触，报警电路接通，电铃发出报警声，提示已达到设定注水高度，即可断开报警电路开关S，停止注水．‎ ‎②为了满足不同的注水高度要求，该电水壶的报警水位高度可以调节，水位调节手柄的一端固定在报警电路中长度可调的弹簧上，水位调节手柄可以移动，并能固定在不同档位的卡槽中，当水位调节手柄移动时，触电B可以随着它左右移动，请分析该报警电路并说明，想要使报警器在更低的水位报警吗，可以调节水位调节手柄，使触点B向　 　（填“左”或“右”）移动．‎ ‎　‎ ‎2017年辽宁省沈阳市中考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（共9小题，每小题2分，满分21分）‎ ‎1．（2分）雷雨天，电闪雷鸣，关于其中物理知识的说法中正确的是（　　）‎ A．堵上耳朵听到雷声变小，这是在传播过程中减弱噪声 B．我们能分辨雷声和雨声，主要是依据它们的响度不同 C．我们先看见是闪电，后听到雷声，这表明光比声音传播得快 D．我们听到的雷声是电磁波 ‎【分析】（1）减弱噪声主要从三种途径入手，一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱；‎ ‎（2）音色是辨别不同声音的主要依据；‎ ‎（3）光的传播速度远远高于声音的传播速度；‎ ‎（4）雷声是声音不是电磁波，在真空中不能传播．‎ ‎【解答】解：A、堵上耳朵听到雷声变小，这是在接收处减弱噪声，故A错误；‎ B、我们能分辨雷声和雨声，主要是依据它们的音色不同，故B错误；‎ C、因为光的传播速度远远高于声音的传播速度，所以雷雨天总是先看见闪电，后听到雷声，故C正确；‎ D、雷声是声音不是电磁波，故D错误．‎ 故选C．‎ ‎【点评】此题考查的知识点较多，但都是基础知识，容易作答．‎ ‎　‎ ‎2．（2分）夏季，人们漫步浑河边，微风吹过，分外凉爽，每当夜幕降临，太阳能路灯亮起，美丽的大桥映在水中，如图所示，下列说法中正确的是（　　）‎ A．桥在水中成的是等大的实像 B．风加快人体汗液蒸发，蒸发吸热，人感觉凉爽 C．太阳能是不可再生能源 D．路灯同时亮，同时熄灭，所以路灯是串联的 ‎【分析】（1）光遇到水面、玻璃以及其他许多物体的表面都会发生反射．平面镜成像是由于光的反射形成的正立等大的虚像．‎ ‎（2）根据蒸发吸收身体的热量分析；‎ ‎（3）从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源．人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源．‎ ‎（4）并联电路中各个用电器独立工作、互不影响工作；串联电路各用电器不能独立工作、相互影响；‎ ‎【解答】解：A、桥在水中成的像属于平面镜成像，是由于光的反射形成的正立等大的虚像．故A错误；‎ B、出汗后，风吹过感到凉爽，是因为汗液蒸发加快，蒸发吸收身体的热量，故B正确；‎ C、太阳能从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源，故C错误；‎ D、虽然街道两旁的路灯同时亮同时灭，但一灯坏时，其它灯能亮，说明路灯是并联的，故D错误．‎ 故选B．‎ ‎【点评】此题主要考查光的反射现象、蒸发吸热、能源种类、电路的连接等知识，比较简单，属于基础知识．‎ ‎　‎ ‎3．（2分）下列关于物态变化的说法正确的是（　　）‎ A．戴眼镜的人从寒冷的室外进入温暖的室内，镜片会蒙上一层小水珠，是汽化现象 B．衣柜里的樟脑片逐渐变小，是由于樟脑片熔化了 C．北方冬天美丽的雾凇是空气升华形成的 D．夏天往饮料里加的冰块是凝固形成的 ‎【分析】‎ 解决此题的关键是知道物态变化的名称，物质从固态变为液态的过程是熔化，物质从液态变为固态是凝固，物质从液态变成气态称为汽化，物质从气态变成液态称为液化，物质直接从固态变成气态的现象称为升华，物质直接从气态变为固态是凝华．‎ ‎【解答】解：A、戴眼镜的人从寒冷的室外进入温暖的室内，由于镜片温度较低，周围的水蒸气遇冷液化成小水滴附着在镜片上，是液化现象，故A错误；‎ B、衣柜里的樟脑片逐渐变小，是固态直接变成气态的过程，是升华现象，故B错误；‎ C、北方冬天美丽的雾凇是空气中的水蒸气遇冷直接变为固态小冰晶，是凝华现象，故C错误；‎ D、夏天往饮料里加的冰块是由液态变成固态的过程，属于凝固现象，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】解决此类问题的关键是要正确判断物态并明确物态变化的名称．‎ ‎　‎ ‎4．（2分）如图所示，孩子坐着雪橇从高高的雪坡上滑下，最终停下来，这一过程中所涉及的物理知识，下列说法中正确的是（　　）‎ A．雪橇会停下来，是因为受到惯性的作用 B．孩子受到的重力方向始终竖直向下 C．整个过程中，孩子的机械能保持不变 D．雪橇对雪坡的压力与雪坡对雪橇的支持力是一对平衡力 ‎【分析】（1）惯性是物体固有的一种属性；‎ ‎（2）重力方向始终是竖直向下的；‎ ‎（3）据该过程中是否有机械能损失分析即可判断；‎ ‎（4）根据平衡力的概念分析．‎ ‎【解答】解：‎ A、惯性是一种性质，不是一种作用；雪橇会停下来，是因为受到摩擦力的作用，故A错误；‎ B、孩子受到的重力方向始终是竖直向下的，故B正确；‎ C、此过程中有一部分机械能克服摩擦做功，机械能转化为内能，故有机械能损失，所以机械能会减小，故C错误；‎ D、雪橇对雪坡的压力与雪坡对雪橇的支持力是一对相互作用力，不是平衡力，故D错误．‎ 故选B．‎ ‎【点评】此题考查了平衡状态的判断、机械能的影响因素及合力的判断，是一道综合题．‎ ‎　‎ ‎5．（2分）下列关于生活中光学元件的说法中正确的是（　　）‎ A．利用照相机拍摄时，成正立缩小的虚像 B．用凸透镜做放大镜时，成正立缩小的实像 C．投影仪是利用凹透镜来成像的 D．近视眼镜的镜片是凹透镜 ‎【分析】（1）掌握凸透镜成像的三种情况和应用．‎ u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机．‎ ‎2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪．‎ u＜f，成倒正立、放大的虚像，应用于放大镜．‎ ‎（2）近视眼的成因是晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球在前后方向上太长，因此来自远处点的光会聚在视网膜前，到达视网膜时已经不是一点而是一个模糊的光斑了；近视眼要佩带凹透镜矫正．‎ ‎【解答】解：A、由凸透镜成像规律可知，照相机成倒立，缩小的实像，故A错误；‎ B、由凸透镜成像规律可知，放大镜成正立，放大的虚像，故B错误；‎ C、由凸透镜成像规律可知投影仪成倒立放大的实像，故C错误；‎ D、近视眼镜的镜片是凹透镜，远视眼镜的镜片是凸透镜，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】‎ 本题考查了凸透镜三种成像情况和应用以及近视镜，是比较基础性的习题．‎ ‎　‎ ‎6．（2分）如图所示，对于图片中所描述的物理现象或过程，下列分析中正确的是（　　）‎ A．图甲 司南静止时，它的长柄指向南方，说明长柄是N极 B．图乙 匝数一定时，增大电流，电磁铁吸引曲别针的数目会增加 C．图丙 使用试电笔时，用指尖按住上端的金属帽，会发生触电事故 D．图丁 当电流过大时，保险丝先熔断，所以家庭电路中可以用铜丝代替保险丝 ‎【分析】（1）“司南”是最早的指南针，是利用天然的磁石磨制成的磁勺，磁勺受到地磁场的作用总是一端指南一端指北；‎ ‎（2）电磁铁的磁性强弱的影响因素：电流的大小，线圈匝数的多少．电流一定时，匝数越多，磁性越强．匝数一定时，电流越大，磁性越强；‎ ‎（3）测电笔的使用方法：笔尖接触被测导线，手接触尾部金属体；‎ ‎（4）保险丝的作用：当电路中电流过大时自动切断电路．‎ ‎【解答】解：‎ A、能自由转动的磁体静止时指南的那个磁极叫做南极，又叫S极，司南的长柄指向南方，说明长柄是磁体的南极或叫S极，故A错误；‎ B、外形相同的螺线管在电流一定，线圈的匝数越多，其磁性越强，故B正确；‎ C、使用试电笔时，用指尖按住上端的金属帽，不会发生触电事故，故C错误；‎ D、保险丝不能用铜丝代替，保险丝的选择需要满足电阻率大，熔点低的特点，故D错误．‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题考查地磁场及司南的工作原理、影响电磁铁磁性强弱的因素和家庭电路的相关知识，属于基础题，比较简单．‎ ‎　‎ ‎7．（3分）下列说法中正确的是（　　）‎ A．红外线能使荧光物质发光 B．由于光沿直线传播，在开凿隧道时，工人们可以用激光来指引掘进方向 C．内燃机的做功冲程使汽车获得动力 D．用煤烧水时，煤燃烧放出的热量能够全部被水吸收 ‎【分析】（1）紫光以外的叫做紫外线，紫外线用肉眼看不到，但是紫外线具有让荧光物质发光的特性；‎ ‎（2）利用光的直线传播的性质可以防止方向出现偏差；‎ ‎（3）在做功冲程中，汽油机将内能转化为机械能，由此获得动力；‎ ‎（4）燃料燃烧放出的热量会被壶吸收，也会向周围空气中散发热量．‎ ‎【解答】解：A、红外线、紫外线用肉眼都看不到，紫外线可以使荧光物质发光，故A错误；‎ B、开凿遂道时利用光的直线传播的性质可以防止方向出现偏差，利用了光的直线传播，故B正确；‎ C、在热机的做功冲程中，燃料燃烧生成高温高压的燃气，燃气推动活塞运动，活塞从而带动曲轴转动，使汽车获得动力，故C正确；‎ D、用煤烧水时，放出的热量一部分被水吸收，一部分被容器吸收，一部分散失掉了，故D错误．‎ 故选BC．‎ ‎【点评】本题考查的是物理基础知识，学生们应该明确红外线和紫外线的基本性质、光的直线传播、内燃机的知识、以及烧水时热量的吸收情况，考查的知识面较多．‎ ‎　‎ ‎8．（3分）如图所示大人利用滑轮将重物吊到二楼，孩子想帮忙，却把自己提了上去，下列说法中正确的是（　　）‎ A．该滑轮是定滑轮，使用它可以改变力的方向 B．孩子受到的重力小于重物受到的重力 C．大人拉绳的力所做的功是有用功 D．孩子被提起，它的重力势能变大 ‎【分析】利用下列知识分析判断：‎ ‎（1）轴的位置不变的滑轮叫定滑轮，使用定滑轮可以改变力的方向；轴随物体一起运动的滑轮叫动滑轮，使用动滑轮可以省力；‎ ‎（2）使用定滑轮时，对重物做的功为有用功，人的拉力做的功为总功；‎ ‎（3）物体的重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越高，物体的重力势能越大．‎ ‎【解答】解：‎ A、由图知，使用的滑轮的轴的位置不变，是定滑轮，其作用是改变力的方向，故A正确；‎ B、使用定滑轮不能省力，由于重物的重力大于小孩的重力，使得小孩被提上去，故B正确；‎ C、大人拉绳的力所做的功是总功，对重物做的功为有用功，故C错；‎ D、孩子被提起，质量不变、高度变大，其重力势能变大，故D正确．‎ 故选ABD．‎ ‎【点评】本题中的图为人教版的教材原图，考查了定滑轮的特点、有用功与总功的区别、重力势能的大小变化分析，属于基础题目．‎ ‎　‎ ‎9．（3分）如图所示电源电压为6V，保持不变，忽略温度对灯丝电阻的影响，闭合开关S，在保证各元件安全的条件下，向右调节滑动变阻器的滑片，下列分析中正确的是（　　）‎ A．电流表A的示数变大，电压表V2的示数变大 B．小灯泡和滑动变阻器并联 C．小灯泡变亮 D．当电压表V1的示数为3V时，小灯泡和滑动变阻器的电功率相同 ‎【分析】ABC、分析电路的连接及各电表测量的量，判断向右调节滑动变阻器的滑片时，电路总电阻的变化，由欧姆定律确定电路中电流的变化，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律的变形公式U=IR和串联电路电压的规律，确定电压表V2示数变化；‎ 根据P=UI=I2R，判断灯的功率变大；‎ D、根据串联电路中总电压等于各分电压之和求出动变阻器两端的电压，由串联电路中各处的电流相等，‎ 根据P=UI判断小灯泡和滑动变阻器的电功率的关系．‎ ‎【解答】解：‎ ABC、由电路图可知，滑动变阻器与小灯泡串联，故B错误；‎ 图中电压表V1测灯的电压，V2测变阻器滑片以右电阻丝的电压，电流表测电路中的电流；‎ 向右调节滑动变阻器的滑片，变阻器连入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中电流变大，即电流表A示数变大；‎ 根据U=IR可知，灯的电压变大，由串联电路电压的规律可知，变阻器分得电压减小，即电压表V2示数变小，故A错误；‎ 电路中电流变大，根据P=UI=I2R可知，灯的实际功率变大，小灯泡变亮，C正确；‎ D、当电压表V1的示数为3V时，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，所以，滑动变阻器两端的电压：U滑=U﹣UL=6V﹣3V=3V；‎ 因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI可知，小灯泡和滑动变阻器的电功率相同，故D正确．‎ 故选CD．‎ ‎【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路连接方式的判断和电表所测电路元件的判断．‎ ‎　‎ 二、填空题（共8小题，每小题2分，满分18分）‎ ‎10．（2分）用锋利的刀切洋葱是通过减小受力面积增大对洋葱的　压强　，达到更容易将洋葱切碎的目的，切洋葱的人闻到洋葱的气味是　扩散　现象．‎ ‎【分析】增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；‎ 不同的物质互相接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动．‎ ‎【解答】解：用锋利的刀切洋葱是在压力一定的情况下，通过减小受力面积增大压强，达到更容易将洋葱切碎的目的；‎ 分子不停地做无规则的运动，切洋葱的人闻到洋葱的气味是扩散现象．‎ 故答案为：压强；扩散．‎ ‎【点评】本题考查了增大压强的方法、分子动理论等知识点，是一道综合题，难度不大，掌握基础知识即可正确解题．‎ ‎　‎ ‎11．（2分）为了更好的保证交通安全，沈阳市交警严查开车打电话、车窗抛物等行为，如果汽车以36km/h的速度匀速行驶，驾驶员开车时看一眼手机需要3秒，在这段时间内，汽车相当于在无人驾驶状态下行驶　30　m，容易发生交通事故，从行驶的汽车向外抛杂物，不但污染环境，还可能由于物体速度较大而具有较大的　动　能，可能砸伤人，这些都是十分危险的行为．‎ ‎【分析】（1）知道汽车的速度和行驶时间，根据s=vt求出汽车行驶的路程；‎ ‎（2）由于物体的运动而具有的能叫做动能；物体的质量一定时，速度越大，动能越大．‎ ‎【解答】解：汽车的速度v=36km/h=10m/s，‎ 由v=得，汽车行驶的路程：‎ s=vt=10m/s×3s=30m；‎ 从行驶的汽车向外抛杂物，由于惯性，抛出时杂物与汽车具有相同的速度，‎ 由于物体速度较大而具有较大的动能，可能砸伤人，这些都是十分危险的行为．‎ 故答案为：30；动．‎ ‎【点评】本题主要考查速度公式的应用及动能的相关知识，属于基础性题目，比较简单．‎ ‎　‎ ‎12．（3分）在学校足球赛中，小明用头将球顶进球门，说明力可以改变物体的　运动状态　，同时头感到疼是因为物体间力的作用是　相互的　，足球在空中运动过程中，　有　（填“有”或“没有”）力对足球做功．‎ ‎【分析】解答此题需要掌握以下知识：‎ ‎（1）物体运动状态的改变包括方向和速度两个方面；‎ ‎（2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；‎ ‎（3）功的两个要素：有力作用在物体上，并且在力的方向上运动了一段距离．‎ ‎【解答】解：（1）小明用头将球顶进球门，球的方向时刻变化，速度也变化，说明运动状态发生改变；‎ ‎（2）一个物体对另一个物体施加力的作用时，受到另一个物体的反作用力即物体间力的作用是相互的，故用头将球顶进球门时，同时头感到疼；‎ ‎（3）足球在空中运动过程中，受到重力的作用，并且在重力的作用下移动了距离，故重力对足球做了功．‎ 故答案为：运动状态；相互的；有．‎ ‎【点评】此题以足球比赛为素材，考查了力的作用相互性、力的作用效果、做功的条件，体现了物理与社会生活的密切联系．‎ ‎　‎ ‎13．（2分）如图所示，用手接触验电器的金属球，观察到验电器的两片金属箔闭合了，这说明人是　导体　，若验电器带正电，在这一过程中的电流方向是　从金属箔到手　（填“从手到金属箔”或“从金属箔到手”）‎ ‎【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；‎ ‎（2）发生电荷定向移动时，规定正电荷定向移动的方向与电流的方向相同，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反．‎ ‎【解答】解：‎ 用手接触验电器的金属球后金属箔片闭合，即人将电子导入验电器，该现象说明人体是导体．‎ 验电器上带有正电荷，也就是缺少电子，人接触验电器的金属球时，电子从大地、人体传到金属箔；自由电子定向移动的方向与电流的方向相反，因此瞬间电流的方向从金属箔到手．‎ 故答案为：导体；从金属箔到手．‎ ‎【点评】本题考查导体和绝缘体的区别、电流方向的规定．在判断电流方向时，要先判断电子定向移动方向再判断电流方向．‎ ‎　‎ ‎14．（2分）如图所示的电路中，电源电压恒定，灯丝的电阻RL不随温度变化，开关S1闭合，电流表的示数为I1，再闭合开关S2，小灯泡的亮度　不变　（填“变亮”、“变暗”或“不变”），电流表的示数为I2，若I1：I2=2：3，则RL：R=　　．‎ ‎【分析】（1）并联电路中，每条支路的用电器的工作状况互不影响，据此判断；‎ ‎（2）并联电路中，干路上的电流等于各支路上的电流之和，据此解题．‎ ‎【解答】解：（1）由图可知，电阻R与灯泡L并联，并联电路各支路用电器的工作状况互不影响，因此再闭合开关S2，小灯泡的亮度不变；‎ ‎（2）由图可知，电阻R与灯泡L并联，开关S1闭合，电流表测灯泡L电流为I1，再闭合开关S2时，电流表测干路电流I2=I1+IR，‎ I1：I2=2：3可得：==，即=，‎ 并联电路中，U1=UL，由欧姆定律可得：‎ ‎===．‎ 故答案为：不变；．‎ ‎【点评】本题考查了并联电路的特点，要熟悉欧姆定律，正确运用其变形公式．‎ ‎　‎ ‎15．（2分）如图所示，长方体物块A在绳的拉力作用下沿水平桌面向右运动，弹簧测力计一端固定在墙上，另一端拉着正方体物块B，示数为4N且保持不变，此时，以物块A为参照物，物块B是　运动　（填“运动”或“静止”）的，物块B受到的摩擦力的大小为　4　N．‎ ‎【分析】（1）若物体的位置相对于所选择的参照物发生了变化，我们就说物体是运动的，若是位置没有变化就说物体是静止的；‎ ‎（2）滑动摩擦力的方向与物体的相对运动方向相反，据此判断摩擦力方向，对物块B受力分析，由平衡条件求出滑动摩擦力的大小．‎ ‎【解答】解：‎ 由图可知，长方体物块A在绳的拉力作用下沿水平桌面向右运动，物块B相对物块A的位置不断发生变化，以物块A为参照物，物块B是运动的；‎ 由图知，物块B在水平方向上的受力处于静止状态，即处于平衡状态，由平衡条件得：滑动摩擦力f=F=4N．‎ 故答案为：运动；4．‎ ‎【点评】本题考查了物体运动和静止的判断、二力平衡条件求滑动摩擦力的大小的应用．‎ ‎　‎ ‎16．（2分）装着开水的暖水瓶，有时瓶内的水蒸气会把瓶塞顶起，在这个过程中，暖水瓶内的水蒸气对瓶塞做功，温度　降低　（填“升高”或“降低”），内能　减小　（填“增大”或“减小”）．‎ ‎【分析】做功改变内能的实质是能量的转化，水蒸气推动瓶塞，内能转化为机械能．‎ ‎【解答】解：暖水瓶内的水蒸气对瓶塞做功，水蒸气的内能减小，温度降低．‎ 故答案为：降低；减小．‎ ‎【点评】此题考查的是能量的转化、做功改变物体的内能，是基础知识的考查，难度不大．‎ ‎　‎ ‎17．（3分）电热水器在工作过程中把电能转换成　内　能，某电热水器的铭牌如图所示，在该电热水器中装初温为25℃，质量为60kg的水，在额定电压下工作1400s，水温升高10℃，则水吸收的热量是　2.52×106　J，电热水器消耗的电能是　2.8×106　J．（水的比热容为4.2×103J/（kg•℃））‎ ‎【分析】（1）电热水器工作时，消耗电能，电能转化为内能．‎ ‎（2）知道水的质量、水的比热容、水温度的变化，利用吸热公式求水吸收的热量；‎ ‎（3）根据铭牌上的数据，可知电热水器功率为2000W，然后利用P=可求加热时消耗的电能．‎ ‎【解答】解：电热水器工作时，消耗电能，转化为水的内能；‎ 水吸收的热量：‎ Q=cm（t﹣to）=4.2×103J/（kg•℃）×60kg×10℃=2.52×106J；‎ 由铭牌上的数据，可知电热水器功率P=2000W，‎ 由P=可得，消耗电能：W=Pt=2000W×1400s=2.8×106J；‎ 故答案为：内；2.52×106；2.8×106．‎ ‎【点评】本题是一道电学与热学的综合计算题，熟练应用电功率变形公式、热量公式、电功公式即可正确解题．‎ ‎　‎ 三、解答题（共2小题，满分18分）‎ ‎18．（8分）水平桌面上有一个柱形容器，逐渐向容器中注入某种液体，容器底部受到液体的压强随液体的深度变化的图象如图甲所示，一个重力为5N、体积为100cm3的合金块，用细绳系住，浸没在液体中，如图乙所示，竖直向上提起合金块，它匀速运动20cm所用的时间为2s（合金块未露出液面），取g=10N/kg，求：‎ ‎（1）液体的密度；‎ ‎（2）合金块浸没在液体中受到的浮力；‎ ‎（3）在这2s内拉力所做的功和拉力F的功率．‎ ‎【分析】（1）由图甲可知，在某一液体深度时容器底部受到液体的压强，利用p=ρgh求液体的密度；‎ ‎（2）由于合金块浸没液体中，排开液体的体积等于合金块的体积，利用阿基米德原理的推导公式F浮=ρ液V排g求合金块受到的浮力；‎ ‎（3）合金块匀速运动，合金块受到的拉力等于重力减去浮力，利用W=Fs计算拉力做功：知道时间，再利用P=求拉力做功功率．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图甲可知，当h=10cm=0.1m时，容器底部受到液体的压强p=1.2×‎ ‎103Pa，‎ 由p=ρgh可得液体的密度：‎ ρ液===1.2×103kg/m3；‎ ‎（2）因为合金块浸没液体中，‎ 所以V排=V=100cm3=1×10﹣4m3，‎ 合金块受到的浮力：‎ F浮=ρ液V排g=1.2×103kg/m3×1×10﹣4m3×10N/kg=1.2N；‎ ‎（3）因为合金块匀速运动，‎ 所以合金块受到的拉力：‎ F=G﹣F浮=5N﹣1.2N=3.8N，‎ 拉力做功：‎ W=Fs=3.8N×0.2m=0.76J，‎ 拉力做功功率：‎ P===0.38W．‎ 答：（1）液体的密度为1.2×103kg/m3；‎ ‎（2）合金块浸没在液体中受到的浮力为1.2N；‎ ‎（3）在这2s内拉力所做的功为0.76J，拉力F的功率为0.38W．‎ ‎【点评】本题为力学综合题，考查了密度公式、阿基米德原理、功的公式、功率公式的应用，能从图中搜集信息求出液体的密度是关键．‎ ‎　‎ ‎19．（10分）如图所示，电源电压9V恒定不变，小灯泡L标有“6V 3W”字样，滑动变阻器R1标有“20Ω 2A”字样，定值电阻R2=10Ω．‎ ‎（1）只闭合开关S1，调节滑动变阻器的滑片P，使小灯泡恰好正常发光，求此时电流表的示数和滑动变阻器接入电路的电阻值；‎ ‎（2）把滑动变阻器的滑片P移至b端，只闭合开关S2、S3，求R1两端的电压和10s内电流通过定值电阻R2产生的热量．‎ ‎【分析】（1）只闭合开关S1时，灯泡L与滑动变阻器R1串联，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的电阻值；‎ ‎（2）把滑动变阻器的滑片P移至b端，只闭合开关S2、S3时，R2与R1的最大阻值并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知R1两端的电压，根据Q=W=t求出10s内电流通过定值电阻R2产生的热量．‎ ‎【解答】解：（1）只闭合开关S1时，灯泡L与滑动变阻器R1串联，电流表测电路中的电流，‎ 因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光，‎ 所以，电路中的电流：‎ I===0.5A，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，R1两端的电压：‎ U1=U﹣UL=9V﹣6V=3V，‎ 由I=可得，滑动变阻器接入电路的电阻值：‎ R1===6Ω；‎ ‎（2）把滑动变阻器的滑片P移至b端，只闭合开关S2、S3时，R2与R1的最大阻值并联，电流表测干路电流，‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以，R1两端的电压：‎ U1′=U=9V，‎ ‎10s内电流通过定值电阻R2产生的热量：‎ Q2=W2=t=×10s=81J．‎ 答：（1）只闭合开关S1，调节滑动变阻器的滑片P，使小灯泡恰好正常发光，此时电流表的示数为0.5A，滑动变阻器接入电路的电阻值为6Ω；‎ ‎（2）把滑动变阻器的滑片P移至b端，只闭合开关S2、S3，则R1两端的电压为9V，10s内电流通过定值电阻R2产生的热量为81J．‎ ‎【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电热公式的应用，分清电路的连接方式是解题的关键．‎ ‎　‎ 四、实验、作图题（共5小题，满分22分）‎ ‎20．（2分）如图甲所示，将扬声器对准烛焰，播放音乐，看到烛焰晃动，说明声波可以传递　能量　．扬声器的工作原理与图中　乙　（填“乙”或“丙”）装置的原理相同．‎ ‎【分析】（1）声音是由于物体的振动产生的，声音可以传递能量；‎ ‎（2）电动机的原理是通电导线在磁场中受力的作用；扬声器也是利用该原理制成的；发电机是利用电磁感应原理制成的．‎ ‎【解答】解：放在扬声器前的烛焰在晃动，说明声音可以传递能量；‎ 扬声器是利用通电导体在磁场中会受到力的作用；‎ 乙图是用来研究磁场对电流的作用（或通电导体在磁场中受力）的实验，实验中通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的，‎ 丙装置为发电机的原理图，是利用电磁感应原理制成的．‎ 故扬声器的工作原理与图中乙装置的原理相同 故答案为：能量；乙．‎ ‎【点评】‎ 本题考查声音的产生和传播、扬声器、电动机、发电机的原理，关键知道发电机和电动机的区别．‎ ‎　‎ ‎21．（5分）小明做“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验，实验装置如图所示．‎ ‎（1）①实验中小明发现，水在沸腾的过程中，　吸收　（填“吸收”或“放出”）热量，温度保持不变；‎ ‎②实验结束后，同学们进行了交流．下列说法正确的是　BC　（填字母）‎ A．温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中并接触容器底 B．读数时，视线要与温度计中液柱的液面相平 C．使用中间有孔的硬纸板可以减少热量的散失，缩短实验时间 D．如果测得水的沸点不是100℃，一定是操作中出现了错误 ‎（2）小明想继续探究水和食用油的吸热能力是否存在差异，他的实验设想是：选取　质量　相同、初温相同的水和食用油，放在相同的烧杯里，用相同的热源加热相同的时间（水和食用油均未沸腾），它们吸收的热量　相同　（填“相同”或“不同”），通过比较它们升高的温度来判断水和食用油的吸热能力．‎ ‎【分析】（1）液体沸腾的条件：温度达到沸点并不断吸收热量，温度保持沸点不变；‎ ‎（2）温度计正确的使用方法是：①温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；②温度计玻璃泡浸入被测液体后要稍候一会儿，待温度计的示数稳定后再读数；③读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平；④体温计使用前应先甩一甩使水银回到玻璃泡；‎ ‎（3）在探究水的沸腾实验中，要缩短实验所用的时间，可以给烧杯加盖，减少热量的损失；或适当减少水量；或适当提高水的初温；由于酒精灯的外焰温度最高，所以用外焰加热，也可以缩短加热时间；‎ ‎（4）液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高，气压越低，沸点越低；‎ ‎（5）用相同的热源加热，相等时间内吸收的热量相等．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）①水在沸腾时，吸收热量，保持在沸点不变；‎ ‎②A．温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中并且不能接触容器底，故A错误．‎ B．使用温度计读数时，视线应于温度计液柱上表面相平，故B正确．‎ C．使用中间有孔的硬纸板可以减少热量的散失，缩短实验时间，故C正确．‎ D．测得水的沸点不是100℃，可能是外界气压低于1个标准大气压，故D错误．‎ 故选BC．‎ ‎（2）比较不同物质的吸热能力，需要加热的物质质量相同，因为是通过比较升高的温度来判断，所以吸收的热量保证相同．‎ 故答案为：（1）①吸收；②BC；（2）质量，相同．‎ ‎【点评】此题是探究水的沸腾实验，从中考查了学生对温度计的使用，同时考查了水沸腾时的现象和特点及沸点与气压的关系．并考查了不同物质的吸热能力的相关知识．‎ ‎　‎ ‎22．（5分）在“探究凸透镜成像规律”实验中，小明将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在自制光具座上，凸透镜始终固定在光具座零刻度的位置，调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度．‎ ‎（1）正确调节蜡烛和光屏的位置，直到光屏上出现清晰的烛焰的像，如图甲所示，则光屏上的像是　放大　（填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像．‎ ‎（2）实验中，由于蜡烛燃烧变短，小明发现光屏上看不到烛焰完整的像了，为了使烛焰清晰的像成在光屏的中心，他可以将光屏向　上　（填“上”或“下”）调节．‎ ‎（3）将蜡烛逐渐向透镜移动，当蜡烛位于焦点以内时，撤去光屏，从光屏一侧向透镜方向看去，看到了烛焰正立的像（A′为A点像的位置），请你在图乙中画出两条入射光线经透镜后的折射光线．‎ ‎（4）小明利用该凸透镜自制了一个模型照相机，如图丙所示，在纸筒M的一端嵌上这个凸透镜，纸筒N的一端蒙上一层半透明薄膜，把纸筒N套入M中，并能前后滑动，在较暗的室内，把凸透镜对着明亮的室外，调节凸透镜和薄膜之间的距离，在薄膜上可以看到室外景物清晰的像，再把凸透镜正对着室内近处点燃的蜡烛，为了使薄膜上出现烛焰清晰的像，应该　拉长　（填“拉长”或“缩短”）凸透镜和薄膜之间的距离．‎ ‎【分析】（1）根据物距和像距的大小关系分析；‎ ‎（2）根据凸透镜成倒立实像的特点，像和物的移动方向正好相反，若蜡烛向上移动，则像向下移动；‎ ‎（3）平行于主光轴的光线经过凸透镜后会聚到焦点上，经过光心的光线的传播方向不变；‎ ‎（4）凸透镜成实像时，物距减小，像距变大．‎ ‎【解答】解；（1）由图可知，像距大于物距，由凸透镜成像规律可知，烛焰成的是倒立放大的实像；‎ ‎（2）像在光屏的上方，可以将光屏向上调节；‎ ‎（3）平行于主光轴的光线经过凸透镜后会聚到焦点上；这两条光线的反向延长线的焦点即为A的像A'，如图所示：‎ ‎；‎ ‎（4）把凸透镜对着明亮的室外，调节凸透镜和薄膜之间的距离，在薄膜上可以看到室外景物清晰的像，再把凸透镜正对着室内近处点燃的蜡烛，此时物距减小，像距应变大，故应拉长暗箱，即拉长凸透镜和薄膜之间的距离．‎ 故答案为：（1）放大；（2）上；（3）如图；（4）拉长．‎ ‎【点评】此题是探究凸透镜成像的实验，考查了凸透镜成像的规律及应用，同时考查了对倒立实像的理解．‎ ‎　‎ ‎23．（4分）在“测定蜡烛的密度”的实验中，实验步骤如下：‎ ‎（1）把天平放在水平桌面上，把游码放在标尺左端的零刻度线处，天平指针静止时位置如图甲所示，应将平衡螺母向　右　（填“左”或“右”）调节，直到横梁平衡．‎ ‎（2）把蜡块放在　左　（填“左”或“右”）盘中，向另一个盘中加减砝码，并调节游码在标尺上的位置，直到横梁恢复平衡，此时盘中砝码的质量、游码在标尺上的位置如图乙所示，则蜡块的质量m=　12.4　g．‎ ‎（3）在量筒中注入适量的水，读出水面所对应的刻度值V1，将蜡块轻轻地放入水中，静止时如图丙所示，读出此时量筒中水面所对应的刻度值V2，计算出蜡块的体积V2﹣V1，从而求出蜡块的密度为ρ=，这种测定蜡块密度的方法　不正确　（填“正确”或“不正确”）．‎ ‎【分析】（1）用天平称量物质前要通过调节横梁两端的螺母使横梁平衡．天平调平衡时遵循的原则是：左偏右调，右偏左调，先快后慢．‎ ‎（2）物体放在左盘，砝码放在右盘，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度．‎ ‎（3）将蜡块轻轻地放入水中，由于蜡块的密度小于水的密度，所以会漂浮，故V排小于V物，据此分析．‎ ‎【解答】解：（1）根据天平调平衡时遵循的原则：左偏右调，右偏左调，先快后慢．图示中托盘天平的指针静止在分度盘中线的左侧，所以应该向右调节平衡螺母．‎ ‎（2）物体（蜡块）放在左盘，因为物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度，且图示中游码在2.4刻度线上．‎ 所以被测物体的质量为：10g+2.4g=12.4g．‎ ‎（3）当把蜡块放到量筒里，由于蜡块的密度小于水的密度，所以会漂浮在水面上，所以两次示数的差值并不是蜡块的体积，因此做法错误．‎ 故答案为：（1）右；（2）左；12.4；（3）不正确．‎ ‎【点评】本题考查了天平的使用方法，天平是物理学中最基本的测量工具，在使用天平称量物质质量时要严格按照天平的使用规则．天平平衡的调节在称量物质的前后有不同的方法，需要同学们特别注意．用天平测质量，根据排水法用量筒测体积，是测固体的密度的基本方法，但要注意只有全部浸没时，V排等于V物．‎ ‎　‎ ‎24．（6分）小明测量未知电阻Rx的阻值，已知电源电压为6V且保持不变．‎ ‎（1）请用笔画线代替导线，将图中实物图补充完整（导线不允许交叉），要求滑动变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大；‎ ‎（2）正确连接电路后，小明闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，故障的原因可能是电阻Rx　短路　（填“短路”或“断路”）．‎ ‎（3）排除故障后，小明闭合开关，调节滑动变阻器，测量了三组电压值和对应的电流值，根据每组电压及电流的值，算出每组电阻Rx的阻值，要想得到最终的测量结果，他接下来的做法是　应对所得的阻值求平均值　．‎ ‎（4）实验结束后，小明和同组的小刚想测量小灯泡的额定功率，他们将定值电阻换成额定电压为3.8V，电阻大约为10Ω的小灯泡，实验中他们发现电压表0～15V量程损坏，他们关于实验方案展开了讨论．‎ 小刚：将图中的电阻Rx换成小灯泡后，调节滑动变阻器的滑片，使小灯泡两端的电压为额定电压为2V，读出电流表的示数，计算出小灯泡的电阻后，利用公式P=计算出小灯泡的额定功率．‎ 小明：应该将电压表并联在滑动变阻器的两端，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为　2.2　V时，小灯泡两端的电压为额定电压，读出此时电流表的示数，计算出小灯泡的额定功率．‎ ‎①请你将小明的方案补充完整；‎ ‎②小刚和小明用各自的方法进行了测量和计算，发现测量结果相差较大，这是什么原因呢？‎ 求助老师后，老师提醒他们，导体的电阻受温度的影响，于是他们利用小刚的实验电路，让小灯泡两端的电压逐次下调，使灯丝的温度不断降低，灯泡变暗直至完全不发光，测得小灯泡的电阻逐渐变小，于是他们明白了，由于灯丝的电阻随温度降低发生变化，导致小刚的测量结果比小明的测量结果　大　（填“大”或“小”）．‎ ‎【分析】（1）本实验中滑动变阻器应与被测电阻串联，电压表应与被测电阻并联，根据滑片向右移动时电流变大确定变阻器的接线柱；‎ ‎（2）先判定电路的连接状态，然后根据电流表、电压表示数的特点分析故障的原因；‎ ‎（3）应多次测量求平均值，以减小误差；‎ ‎（4）①小明的做法中，将电压表并联在滑动变阻器的两端，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为电源电压减去滑动变阻器两端的电压，等于小灯泡的额定电压即3.8V，读出电流表的示数，利用P=UI可求；‎ ‎②小灯泡的电阻与温度有关，据此分析．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）测电阻的实验中，滑动变阻器应与被测电阻串联，电压表应与被测电阻并联，滑片向右移动时电流变大，说明变阻器连入阻值变小，所以应将滑动变阻器右下接线柱接入电路中，如图所示：‎ ‎（2）电压表无示数，电流表有示数，说明与电压表并联的电阻Rx短路或者电压表没有接入电路中；‎ ‎（3）因为此实验是测量定值电阻的实验，所以在得到几个数据以后，为了使结果更准确，应对所得的阻值求平均值；‎ ‎（4）①小明的做法中，将电压表并联在滑动变阻器的两端，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为电源电压减去滑动变阻器两端的电压，U额=U﹣U滑，等于小灯泡的额定电压即3.8V，读出电流表的示数，利用P=UI求出小灯泡的额定电压；‎ ‎②小刚的做法，让小灯泡两端的电压为2V，而他们早实验过程中，电压在减小，电阻也在减小，利用公式P=计算出小灯泡的额定功率偏大．‎ 故答案为：（1）如上图；（2）短路；（3）应对所得的阻值求平均值；‎ ‎（4）2.2；①小明的做法中，将电压表并联在滑动变阻器的两端，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为电源电压减去滑动变阻器两端的电压，U额=U﹣U滑，等于小灯泡的额定电压即3.8V，读出电流表的示数，利用P=UI求出小灯泡的额定电压；②大．‎ ‎【点评】本题主要考查测量小灯泡的功率的实验，是一道常见题．‎ ‎　‎ 五、解答题（共1小题，满分6分）‎ ‎25．（6分）小明的奶奶在家中用电水壶接水时，由于壶口较小，壶盖挡视线，很难观察到壶中水位的变化，结果水从壶中溢出洒到地上，小明一边帮奶奶擦地上的水，一边想：如果给水壶安装一个报警器，当水位达到一定高度时，报警器发出声音，提示水接好了，这样就方便多了．‎ ‎（1）小明找来家中的电水壶，如图甲所示，观察电水壶的外观并研究它的使用过程，发现其中涉及一些物理知识，下列说法正确的是　ACD　（填字母）‎ A．向壶中注水时，听到的声音是通过空气传入到人耳的 B．金属壶身“反光”是发生了漫反射 C．烧水时壶嘴冒出的“白气”是液化现象 D．注水后壶底看起来变浅了，是光的折射现象 ‎（2）当用力F打开壶盖时，壶盖相当于一个杠杆，请你在图乙中画出壶盖所受重力G的示意图和重力的力臂I（O为支点，B为壶盖的重心，A为F的作用点）．‎ ‎（3）小明认真思考后，结合学过的力学和电学知识，设计了如图丙所示的报警电路，以下是小明的设计方案，请将其补充完整．‎ ‎①报警器的水中部分是一个玻璃管，它的一端被绝缘弹性薄膜封闭，报警电路的一部分在玻璃管内，其中弹性片A靠近薄膜，使用时，闭合报警电路开关S，向壶内注水，随着壶中水位的升高、水对薄膜的压力逐渐　变大　（填“变大”或“变小”），弹性薄膜逐渐向右凹进，挤压弹簧片A，直至弹性片A与触点B接触，报警电路接通，电铃发出报警声，提示已达到设定注水高度，即可断开报警电路开关S，停止注水．‎ ‎②为了满足不同的注水高度要求，该电水壶的报警水位高度可以调节，水位调节手柄的一端固定在报警电路中长度可调的弹簧上，水位调节手柄可以移动，并能固定在不同档位的卡槽中，当水位调节手柄移动时，触电B可以随着它左右移动，请分析该报警电路并说明，想要使报警器在更低的水位报警吗，可以调节水位调节手柄，使触点B向　左　（填“左”或“右”）移动．‎ ‎【分析】（1）声音的传播靠介质；反射分为漫反射和镜面反射；物物态变化，物质从固态变为液态是熔化过程．物质从液态变为固态过程是凝固．物质从液态变为气态是汽化．物质从气态变为液态是液化．物质从固态直接变为气态是升华．物质从气态直接变为固态是凝华；光从一种介质射入另一种介质时，要发生折射现象；‎ ‎（2）重力方向竖直向下，作图时注意力臂的画法；‎ ‎（3）液体压强随深度的增加而增大．‎ ‎【解答】解：（1）A、向壶中注水，水会发生振动产生声音，通过空气传入人耳，故A正确；‎ B、这里的反光，类似于黑板的反光，不同于从各个角度看到壶身，故此处应为镜面反射，故B错误；‎ C、烧水时冒出“白气”是由于水蒸气遇冷液化形成的小液滴，故C正确；‎ D、池底看起来变浅了，是由于发生了光的折射，故D正确．‎ 故选ACD；‎ ‎（2）B为重心，重力方向是竖直向下的，故竖直向下画出重力，在过支点向重力作用线作垂线，得到对应的力臂，如下图所示：‎ ‎（3）①‎ 随着水位的升高，薄膜所处的深度也在逐渐的增加，其所受的压强和压力变大，因为薄膜受到液体的压力之后弹性薄膜逐渐向右凹进，挤压弹簧片A，直至弹性片A与触点B接触，报警电路接通，电铃发出报警声，提示已达到设定注水高度，即可断开报警电路开关S，停止注水；‎ ‎②想要使报警器在更低的水位报警，则需要薄膜受到较小的压力即可使A与B触电相连，那么需要让B触点向左靠近一些．‎ 故答案为：（1）ACD；（2）如上图所示；（3）①变大；②左．‎ ‎【点评】本题以电水壶为背景考查了声音的产生、光现象、物态变化、重力方向、力臂、液体压强等知识，是一道综合题，但难度不大．‎ ‎　‎