北京市海淀区中考物理一模试卷含解析 49页

‎2018年北京市海淀区中考物理一模试卷 ‎　‎ 一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）‎ ‎1．（2分）关于安全用电，下列做法中正确的是（　　）‎ A．用湿手按已接电源的插座上的开关 B．及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线 C．在未断开电源开关的情况下更换灯泡 D．把洗衣机的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用 ‎2．（2分）如图所示的四种现象中，由于光的折射形成的是（　　）‎ A．‎ 树叶在地面上的影子 B．‎ 景物在水中的倒影 C．‎ 人的腿在水中“变短”了 D．‎ 皮影在幕布上的影子 ‎3．（2分）如图所示的用电器中，利用电流热效应工作的是（　　）‎ A． ‎ ‎ 电脑 B．‎ ‎ 电风扇 C．‎ ‎ 电熨斗 D．‎ ‎ 电视机 ‎4．（2分）寒冷的冬天，戴眼镜的小明从室外进入温暖的室内，镜片会蒙上一层小水珠。与镜片上小水珠形成过程相同的自然现象是（　　）‎ A．初春，湖面上冰化成“水” B．盛夏，草叶上形成“露珠”‎ C．深秋，枫叶上形成“霜” D．严冬，树枝上形成“雾凇”‎ ‎5．（2分）下列实例中，为了增大摩擦的是（　　）‎ A．在旅行箱下端装有底轮 B．给自行车的转轴加润滑油 C．汽车轮胎上制有较深的花纹 D．磁浮列车运行时使车身与轨道间形成间隙 ‎6．（2分）如图所示，一位女交警推老人沿水平人行横道过马路，关于此过程力对物体做功的判断，下列说法中正确的是（　　）‎ A．老人所受重力对老人做了功 B．地面对轮椅的支持力对轮椅做了功 C．女交警对轮椅的推力对轮椅做了功 D．老人对轮椅竖直向下的压力对轮椅做了功 ‎7．（2分）下列实例中，用热传递的方式来改变物体内能的是（　　）‎ A．搓搓手，手的温度升高 B．用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高 C．用锯条锯木头，锯条的温度升高 D．在太阳光照射下，路面的温度升高 ‎8．（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（　　）‎ A．声音在真空中的传播速度比在空气中的传播速度大 B．一切发声的物体都在振动 C．“禁止鸣笛”是为了在声音的传播过程中减弱噪声 D．“闻其声便知其人”判断的依据是人发出声音的音调 ‎9．（2分）估测在实际生活中的应用十分广泛，下列所估测的数据中最接近实际的是（　　）‎ A．中考体育测试所用篮球的质量约为600g B．一支普通新铅笔的总长度约为28cm C．普通教室的门高约为5m D．一位初中生跑1000m所用的时间约为50s ‎10．（2分）如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，当开关S1、S2闭合，S3断开时，电流表的示数为I1、电压表的示数为U1；当开关S1、S3闭合，S2断开时，电流表的示数为I2、电压表的示数为U2．下列判断中正确的是（　　）‎ A．U1＞U2 B．U1＜U2 C．I1＞I2 D．I1＜I2‎ ‎11．（2分）小明在中国科技馆看到“1度电的意义”展品后，绘制了1度电可供他家中的一些额定电压相同的用电器分别在额定功率下、持续工作的时间图，如图所示。关于图中家用电器的比较，下列说法中正确的是（　　）‎ A．节能灯正常工作的电压最大 B．浴霸正常工作的电流最小 C．电风扇的额定功率比白炽灯的额定功率大 D．节能灯正常工作的电流比白炽灯正常工作的电流大 ‎12．（2分）在中国科技馆的展厅里，摆着一个如图所示，叫做“最速降线”的展品：两个并排轨道的起点高度一样，终点高度也一样；一个是倾斜的直轨道，另一个是向下弯曲的弧形轨道。将甲、乙两个完全相同的小球同时分别从直轨道和弧形轨道的起点释放，弧形轨道上的乙球先到达终点。若不计一切摩擦阻力，则关于两小球从起点至终点的运动过程中，下列说法正确的是（　　）‎ A．乙球的重力势能先变小后变大 B．甲球所受重力对甲球做的功比乙球所受重力对乙球做的功少 C．甲球所受重力对甲球做功比乙球所受重力对乙球做功快 D．甲球的动能一直变大 ‎13．（2分）如图所示，“潜龙二号”是我国目前最先进的自主水下机器人，2018年4月6日凌晨成功完成第50次下潜，实践证明“潜龙二号”的运行状态越来越稳定，已达到国际先进水平。水下机器人一般可以通过所装配的下沉压载铁和上浮压载铁，实现无动力下潜和上浮；通过舵推进器实现前进、后退和旋转等动作。若忽略水的密度变化，则关于水下机器人在水下运动的过程中，下列说法正确的是（　　）‎ A．在下潜过程中，机器人所受水的压强和浮力均一直在变大 B．在下潜过程中，操控舵推进器可以改变水下机器人的运动状态 C．在水下悬停时，抛掉上浮压载铁，机器人所受浮力变大 D．在水下悬停时，机器人所受水的压力的合力与重力为一对相互作用力 ‎14．（2分）如图所示，电路中电源两端的电压保持不变，闭合开关S，电流表A1、A2的示数分别为I1、I2，电压表V的示数为U．某时刻，在滑动变阻器滑片P位置没有改变的情况下，突然出现电流表A2的示数减为I1，而电流表A1和电压表V示数不变的现象。对于此电路可能出现的故障，下列判断中正确的是（　　）‎ A．滑动变阻器出现短路 B．滑动变阻器出现断路 C．电灯L出现短路 D．电灯L出现断路 ‎15．（2分）小明将一个实心的塑料块放在水中，塑料块漂浮在水面上，而将塑料块放在酒精中，塑料块下沉。为了探究该塑料块在水中受浮力情况，小明设计了底部装有一个定滑轮的溢水杯。实验中他将已调零的甲、乙两个电子秤放在水平桌面上，然后将溢水杯和烧杯分别放到甲、乙电子秤上，按实验操作规范将溢水杯中装满水，甲电子秤的示数为m1，乙电子秤的示数为m2，如图1所示。用已调零的弹簧测力计测出该塑料块的重力为G，用一轻质的细线通过定滑轮缓慢地将塑料块拉入装满水的溢水杯中，使其浸没在水中，该过程从溢水杯中流出的水全部流入烧杯中，塑料块静止时甲电子秤的示数为m3，乙电子秤的示数为m4，弹簧测力计的示数为F，如图2所示。已知ρ酒精=0.8ρ水，塑料块始终未接触溢水杯的杯壁和定滑轮，不计滑轮与轴的摩擦，则下列四个选项中判断正确的是（　　）‎ A．m1=m3 B．m1﹣m3=m4﹣m2 C．2F=（ m1﹣m3）g D．G+F=（m1﹣m3）g ‎　‎ 二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共14分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）‎ ‎16．（2分）物理学与人类的生产、生活密切相关。下列的俗语、诗词等反映了人类对自然界的一定认识，其中从物理学的角度分析正确的是（　　）‎ A．“破镜难圆”说明分子间存在引力 B．“花气袭人知骤暖”说明分子运动的剧烈程度与温度有关 C．“墙内开花墙外香”说明气体存在扩散现象 D．“黄沙直上白云间”说明分子在不停地运动 ‎17．（2分）下列说法中正确的是（　　）‎ A．核能是不可再生能源 B．风力发电机发电过程中将电能转化为机械能 C．太阳能电池板可以将太阳能转化为电能 D．四冲程汽油机的做功冲程将内能转化为机械能 ‎18．（2分）下列说法中正确的是（　　）‎ A．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥 B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向 C．电流都是由自由电子定向移动形成的 D．电源是提供电能的装置 ‎19．（2分）小明在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛位于凸透镜两侧，实验前调整烛焰中心 ‎、透镜中心和光屏中心在同一高度，如图所示。则下列四个选项中，判断正确的是（　　）‎ A．光屏上呈现的像是虚像 B．光屏上呈现的像是倒立的 C．蜡烛放置在10cm刻度线处，光屏上呈现的像与普通照相机成像的性质相同 D．蜡烛放置在20cm刻度线处，光屏上呈现的像是等大、倒立的实像 ‎20．（2分）如图所示，①②③④为四个物理实验，abcd为应用物理知识的实例，箭头表示实验揭示的物理知识所对应的应用实例，其中对应关系正确的是（　　）‎ A． B． C．‎ ‎ D．‎ ‎21．（2分）为“探究杠杆平衡条件”小明组装了如图所示的实验装置，其中的杠杆是可绕中点转轴转动的轻质细杆，杆上相邻刻度线之间的距离都是相等的。图甲、图乙中杠杆均处于水平平衡状态，实验中所用钩码质量均相同。下列四个选项中，判断正确的是（　　）‎ A．挂钩码前，调节杠杆水平平衡时，发现杠杆静止时左端向下倾斜。要使杠杆在水平位置平衡，需把杠杆右端的平衡螺母向左移 B．若将图甲中挂在A、B两处的钩码各去掉一个，则杠杆左端将下沉 C．若将图甲中挂在A、B两处的钩码向靠近支点O移近1格，则杠杆右端下沉 D．若将图乙中的测力计拉力由竖直向上改为斜向上，且保持杠杆水平平衡，则测力计的示数将变大 ‎22．（2分）在测小灯泡额定电功率的实验中，提供的实验器材有：符合实验要求的电源（电源两端电压不变且未知）、学生用电流表、学生用电压表、滑动变阻器、阻值已知的定值电阻R，额定电压为3.8V小灯泡L、开关和导线若干。同学们设计了如图所示的几种测量电路，在不拆改电路的前提下，能够测量出小灯泡额定功率的电路是 ‎（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎　‎ 三、实验解答题（共36分，23、24题各4分，25题7分，26、27题各3分，28题2分，29题5分，30题8分）‎ ‎23．（2分）如图所示，物体A的长度的测量值为　 　cm。‎ ‎24．（2分）如图，温度计的示数是　 　℃。‎ ‎25．（4分）在测量电阻Rx阻值的实验中，测得通过电阻Rx的电流为0.5A，此时与电阻Rx并联的电压表的示数如图所示，则电压表的示数为　 　V，电阻Rx的阻值为　 　Ω。‎ ‎26．（7分）为了测量某种液体的密度，小明取适量该液体的样品进行了如下实验：‎ ‎（1‎ ‎）他将天平放在水平台面上，测量前，为调节天平横梁在水平位置平衡，他将游码置于标尺左端　 　位置，调节平衡螺母，使天平静止时指针指在分度盘的中央刻度线上。‎ ‎（2）天平调好后，小明将盛有适量待测液体的烧杯放在天平的左盘，当右盘中所放砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示时，天平横梁再次在水平位置平衡，烧杯和液体的总质量是　 　g。‎ ‎（3）小明将烧杯中部分液体倒入量筒中，测量液体的体积，如图乙所示，量筒中液体体积是　 　cm3，接下来小明称得烧杯和剩余液体的质量为29g。‎ ‎（4）根据上述实验数据，得出待测液体的密度ρ=　 　g/cm3。‎ ‎27．（3分）小刚在做“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验过程中，获得了下表中所示的实验数据。‎ ‎（1）由表中的实验数据可知：实验中水的沸点为　 　℃。‎ ‎（2）若忽略由于水蒸发引起的水质量的变化，在1～5min内，水的内能　 　。（选填“增大”、“不变”或“减小”）‎ 加热时间t/min ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ 水的温度T/℃‎ ‎50‎ ‎57‎ ‎64‎ ‎71‎ ‎78‎ ‎85‎ ‎91‎ ‎96‎ ‎100‎ ‎100‎ ‎100‎ ‎100‎ ‎100‎ ‎28．（3分）如图所示，某物理兴趣小组的同学，用较长的软电线两端与电流表两接线柱连接起来，两位同学手持电线分别站在地面上东、西方位，像摇跳绳一样在空中摇动电线，使电线切割地磁场的磁感线，发现电流表指针不偏转。经检查各元件完好连接无故障。请完成下列问题。‎ ‎（1）猜想电流表指针不偏转的可能原因：　 　；‎ ‎（2）写出检验你的猜想的方法：　 　。‎ ‎29．（2分）在“探究物质的比热容”的实验中，小明在保温性能很好的容器中装入适量液体，并用电加热器对液体加热，探究液体的温度T随加热时间t变化的规律。根据记录的实验数据，小明绘制了液体的温度T随加热时间t变化的图象，如图所示。请根据图象判断：当t=60s时（加热过程中液体始终没有沸腾），液体的温度T=　 　℃。‎ ‎30．（5分）如图所示为“探究光的反射规律”的实验装置，其中M是一面水平放置的小平面镜，上面竖立着一块用来显示光传播路径的半圆形的屏。这个屏是由两个大小相同的圆平面E、F连接而成的，两屏间的接缝ON与小平面镜垂直，平面F可绕接缝ON转动。小明用此装置探究光的反射规律。‎ ‎（1）下面是小明部分探究实验步骤：‎ ‎①如图1所示，小明将平面F旋转到与平面E在同一平面，让一细光束沿平面E射到镜面O点，在平面E上可看到入射光AO，在平面F上观察到反射光OB，将入射光线、反射光线的位置记录在实验数据表格中；‎ ‎②如图2所示，保持入射光的位置不变，将平面F旋转到与平面E不在同一平面，在平面F上观察不到反射光，将 入射光线、反射光线的位置记录在实验数据表格中。根据上述小明的部分实验步骤，你认为小明探究的问题是 ‎　 　（选填选项前的字母）。‎ A．反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内 B．入射角与反射角的关系 ‎（2）下表是小明探究实验中的一个数据记录表：‎ 入射角i/°‎ ‎10‎ ‎20‎ ‎30‎ ‎45‎ ‎60‎ ‎75‎ 反射角r/°‎ ‎10‎ ‎20‎ ‎30‎ ‎45‎ ‎60‎ ‎75‎ 根据实验数据记录表可知小明探究问题的自变量是：　 　。‎ 根据实验数据记录表，可以得出的结论是：　 　。‎ ‎31．（9分）实验桌上有符合实验要求的电源（其两端电压恒定）、开关、已调零的电流表、已调零的电压表、滑动变阻器各一个，导线若干，长度L、横截面积S都不完全相同的镍铬合金丝7根（表面涂有绝缘漆，两端绝缘漆被刮掉，可接入电路，但不允许将两根合金丝连接成一根使用），规格如表所示，合金丝的电路图符号用表示。请选用上述器材，设计一个实验证明“当材料一定时，导体的电阻R与其长度L成正比、与横截面积S成反比，即R=k ”，式中 k是常量。忽略温度对镍铬合金丝电阻值的影响。请画出实验电路图，写出实验步骤，画出实验数据记录表格。 ‎ 编号 L/m S/×10﹣9m2‎ ‎①‎ ‎0.2‎ ‎2‎ ‎②‎ ‎0.3‎ ‎2‎ ‎③‎ ‎0.4‎ ‎2‎ ‎④‎ ‎0.5‎ ‎2‎ ‎⑤‎ ‎0.6‎ ‎3‎ ‎⑥‎ ‎0.7‎ ‎3‎ ‎⑦‎ ‎0.8‎ ‎3‎ ‎　‎ 四、科普阅读题（共4分）‎ ‎32．（3分）请阅读《太空快递员》并回答下列各题。‎ 太空快递员 ‎2017年4月20日，天舟一号货运飞船成功进入预定轨道，太阳能帆板展开正常，发射获得圆满成功。因为天舟一号“只运货，不送人”，被人们形象地称为“太空快递员”。天舟一号外观如图所示，部分参数见下表。‎ ‎“天舟一号”部分参数 全长 ‎10.6m 最大直径 ‎3.35m 太阳电池翼展开后最大宽度 ‎14.9m 起飞质量 ‎13.5t 最大上行货物运载量 ‎6.5t 最大推进剂补加量 ‎2t 在近地轨道运行的航天器会由于空气阻力而“掉高度”，为了维持高度，就需要火箭发动机适时启动以保持轨道高度，但是其携带的燃料是有限的。这就对被称为“太空加油”的在轨推进剂补加技术提出了需求。此次天舟一号的一个重要使命就是验证该项技术。此次天舟一号的目标飞行器是天宫二号，为了给天宫二号补给物资，天舟一号必须首先和天宫二号交会对接。早在2011年11月3日，天宫一号目标飞行器就已与神舟八号飞船顺利完成我国的首次交会对接。天舟一号将首次使用我国航天人研发的快速自主交会对接技术。交会对接完毕后，天舟一号就可以向天宫二号补给物资以及为天宫二号“太空加油”。别小看这次的“太空加油”，它是天舟一号和天宫二号在高速飞行中对接锁紧、确保补加装置和管路气密性好的前提下进行，其过程要比汽车加油复杂得多，分为29个步骤，每步都需要精细控制。首先，天宫二号的压气机将手风琴状的膜盒贮箱中的气体压回气瓶，使天宫二号的燃料贮箱的气压低于天舟一号 的燃料贮箱的气压；随后，接通天舟一号和天宫二号贮箱，使推进剂自动从天舟一号贮箱“流入”天宫二号贮箱，当两侧贮箱的气压相等时，加注工作完成。目前，我国成为继俄罗斯和美国之后第三个掌握在轨推进剂补加技术的国家。天舟一号任务的圆满成功，标志着我国载人航天工程第二步胜利完成，也正式宣告中国航天迈进“空间站时代”。‎ 请根据上述材料，回答下列问题：‎ ‎（1）“太空加油”时，天舟一号相对于天宫二号是　 　的。（选填“静止”或“运动”）‎ ‎（2）“太空加油”时，推进剂自动从天舟一号贮箱“流入”天宫二号贮箱的条件是：天宫二号燃料贮箱的气压　 　 天舟一号燃料贮箱的气压。（选填“高于”或“低于”）‎ ‎（3）欧洲太空局ATV货运飞船最大上行货运能力约7.7t物资，它的起飞质量约为21t。借鉴所学机械效率概念，请你通过计算比较天舟一号与欧洲太空局ATV货运飞船哪个运载效率高。‎ ‎　‎ 五、计算题（共6分，每小题3分）‎ ‎33．（3分）如图所示，电源两端的电压U保持不变。闭合开关S1、S2，电流表示数为2A．闭合开关S1，断开开关S2，电流表示数为1.5A．已知电阻R1=10Ω，求：‎ ‎（1）电源两端的电压U。‎ ‎（2）闭合开关S1、S2，10s内电流通过电阻R2产生的热量Q。‎ ‎34．（3分）如图是用动滑轮运送建筑材料A的示意图，在卷扬机对绳子的拉力F作用下，建筑材料A在10s内匀速竖直上升了2m。在这个过程中，拉力F做的功为2000J，动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率为80%．求：‎ ‎（1）拉力F的功率P。‎ ‎（2）建筑材料A所受重力G的大小。‎ ‎　‎ ‎2018年北京市海淀区中考物理一模试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）‎ ‎1．（2分）关于安全用电，下列做法中正确的是（　　）‎ A．用湿手按已接电源的插座上的开关 B．及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线 C．在未断开电源开关的情况下更换灯泡 D．把洗衣机的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用 ‎【分析】（1）不纯净的水是导体，水在人手和火线之间连通，会发生触电事故；‎ ‎（2）电线的绝缘皮破损，人去接触时，容易造成触电事故；‎ ‎（3）为防止触电，更换和维修电器时应先切断电源；‎ ‎（4）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替。‎ ‎【解答】解：A、不纯净的水容易导电，用湿手按已接电源的插座上的开关，会发生触电事故，故A不符合安全用电要求；‎ B、电线的绝缘皮破损老化时应及时更换，否则容易发生触电事故，故B符合安全用电要求；‎ C、在未断开电源开关的情况下更换灯泡容易发生触电事故，故C不符合安全用电要求；‎ D、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D不符合安全用电要求。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题主要考查生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。‎ ‎　‎ ‎2．（2分）如图所示的四种现象中，由于光的折射形成的是（　　）‎ A．‎ 树叶在地面上的影子 B．‎ 景物在水中的倒影 C．‎ 人的腿在水中“变短”了 D．‎ 皮影在幕布上的影子 ‎【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；‎ ‎（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；‎ ‎（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。‎ ‎【解答】解：A、沿直线传播的光照到不透明的物体，被物体挡住，形成影子，影子是由光的直线传播形成的，不属于光的折射现象，故A错误；‎ B、景物在水中的倒影是平面镜成像，是光的反射形成的，不属于光的折射现象，故B错误 C、人的腿在水中“变短”了是光线由水斜射入空气时发生折射，折射光线远离法线，向水面偏折，看起来腿在水中“变短”了，这是光的折射现象造成的，故C正确 D、皮影在幕布上的影子，由光的直线传播形成的，不属于光的折射现象，故D 错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。‎ ‎　‎ ‎3．（2分）如图所示的用电器中，利用电流热效应工作的是（　　）‎ A． ‎ ‎ 电脑 B．‎ ‎ 电风扇 C．‎ ‎ 电熨斗 D．‎ ‎ 电视机 ‎【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能，结合用电器的能量转化可做出判断。‎ ‎【解答】解：‎ 电风扇主要是把电能转化为机械能，电视、电脑主要将电能转化为光能和声能，只有电熨斗是把电能转化为内能，是利用电流的热效应，故C符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，是一道基础题。‎ ‎　‎ ‎4．（2分）寒冷的冬天，戴眼镜的小明从室外进入温暖的室内，镜片会蒙上一层小水珠。与镜片上小水珠形成过程相同的自然现象是（　　）‎ A．初春，湖面上冰化成“水” B．盛夏，草叶上形成“露珠”‎ C．深秋，枫叶上形成“霜” D．严冬，树枝上形成“雾凇”‎ ‎【分析】物质从固态变为液态的过程是熔化，物质从液态变为固态是凝固，物质从液态变成气态称为汽化，物质从气态变成液态称为液化，物质直接从固态变成气态的现象称为升华，物质直接从气态变为固态是凝华。‎ ‎【解答】解：镜片上蒙上一层水珠是室内空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠，是液化现象；‎ A、湖面上冰化成“水”，固态冰变为液态水，是熔化现象，故A错误；‎ B、草叶上形成的“露珠”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故B正确；‎ C、霜是由空气中的水蒸气凝华形成的，故C错误；‎ D、树枝上形成的“雾凇”是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故D错误；‎ 故选：B。‎ ‎【点评】解决此类问题要结合液化及液化现象进行分析解答。‎ ‎　‎ ‎5．（2分）下列实例中，为了增大摩擦的是（　　）‎ A．在旅行箱下端装有底轮 B．给自行车的转轴加润滑油 C．汽车轮胎上制有较深的花纹 D．磁浮列车运行时使车身与轨道间形成间隙 ‎【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。‎ ‎（2‎ ‎）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。‎ ‎【解答】解：A、在旅行箱下端装有底轮，用滚动摩擦代替滑动摩擦，属于减小摩擦；故A不合题意；‎ B、给自行车车轴加润滑油，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力。故B不合题意；‎ C、汽车轮胎上制有较深的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C符合题意；‎ D、磁浮列车运行时使车身与轨道间形成间隙，使接触面脱离，属于减小摩擦。故D不合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。‎ ‎　‎ ‎6．（2分）如图所示，一位女交警推老人沿水平人行横道过马路，关于此过程力对物体做功的判断，下列说法中正确的是（　　）‎ A．老人所受重力对老人做了功 B．地面对轮椅的支持力对轮椅做了功 C．女交警对轮椅的推力对轮椅做了功 D．老人对轮椅竖直向下的压力对轮椅做了功 ‎【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，据此分析判断。‎ ‎【解答】解：‎ A、老人受到重力的作用，但没有在重力的方向上通过距离，所以所受重力对老人没有做功，故A错误；‎ B、轮椅受到了地面的支持力作用，但没有在支持力的方向上通过距离，所以支持力对轮椅没有做功。故B错误；‎ C、女交警对轮椅的有一个推力，轮椅在推力的方向上通过了距离，所以，推力对轮椅做了功，故C正确；‎ D、老人对轮椅有一个竖直向下的压力，但轮椅没有在压力的方向上通过距离，所以，压力对轮椅没有做功。故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。‎ ‎　‎ ‎7．（2分）下列实例中，用热传递的方式来改变物体内能的是（　　）‎ A．搓搓手，手的温度升高 B．用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高 C．用锯条锯木头，锯条的温度升高 D．在太阳光照射下，路面的温度升高 ‎【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能的转移。‎ ‎【解答】解：‎ A、搓搓手，手会发热，这是通过做功的方式改变物体的内能，故A错误；‎ B、用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高，属于做功改变物体的内能，故B错误；‎ C、用锯条锯木头，摩擦生热，锯条的温度升高，属于做功改变物体的内能，故C错误；‎ D、在太阳光照射下，路面的温度升高，属于用热传递的方式来改变物体的内能，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式，结合生活实际解决问题。‎ ‎　‎ ‎8．（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（　　）‎ A．声音在真空中的传播速度比在空气中的传播速度大 B．一切发声的物体都在振动 C．“禁止鸣笛”是为了在声音的传播过程中减弱噪声 D．“闻其声便知其人”判断的依据是人发出声音的音调 ‎【分析】（1）声音在空气中的传播速度约为340m/s。声音传播需要介质，真空不能传声；‎ ‎（2）声音是物体振动产生的；振动停止，发声停止；‎ ‎（3）减弱噪声的三条途径，在声源处减弱，在人耳处减弱，在传播途径中减弱；‎ ‎（4）音调是指声音的高低，由频率决定，响度是指人耳感觉到的声音的强弱或大小，由振幅和听者与声源的距离决定，音色是指声音的品质和特色，由发声体的材料和结构决定。‎ ‎【解答】解：‎ A、声音传播需要介质，不能在真空中传播，故A错误；‎ B、声音是由物体振动产生的，一切发声的物体都在振动，故B正确；‎ C、汽车禁止鸣笛，是为了在声源处减弱噪声，故C错误；‎ D、不同的人说话音色不同，所以“闻其声知其人”是根据声音的音色来判断的，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题需要学生掌握声音产生的原因、声音的传播、减弱噪声的途径、声音的特征，是一道声学基础题，是中考的热点。‎ ‎　‎ ‎9．（2分）估测在实际生活中的应用十分广泛，下列所估测的数据中最接近实际的是（　　）‎ A．中考体育测试所用篮球的质量约为600g B．一支普通新铅笔的总长度约为28cm C．普通教室的门高约为5m D．一位初中生跑1000m所用的时间约为50s ‎【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。‎ ‎【解答】解：A、中考体育测试所用篮球的质量约为600g，符合实际；故A正确；‎ B、一支普通新铅笔的总长度约18cm；故B错误；‎ C、教室的门高约为2m；故C错误；‎ D、一位初中生跑1000m所用的时间约4min左右；故D错误；‎ 故选：A。‎ ‎【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。‎ ‎　‎ ‎10．（2分）如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，当开关S1、S2闭合，S3断开时，电流表的示数为I1、电压表的示数为U1；当开关S1、S3闭合，S2断开时，电流表的示数为I2、电压表的示数为U2．下列判断中正确的是（　　）‎ A．U1＞U2 B．U1＜U2 C．I1＞I2 D．I1＜I2‎ ‎【分析】当开关S1、S2闭合，S3断开时，电流表的示数为I1、电压表的示数为U1，R1R2串联，电压表测量R1两端的电压；当开关S1、S3闭合，S2断开时，电流表的示数为I2、电压表的示数为U2，R1R2串联，电压表测量电源两端的电压，根据欧姆定律判断电流大小。‎ ‎【解答】解：‎ 当开关S1、S2闭合，S3断开时，R1、R2串联，电流表的示数为I1；当开关S1、S3闭合，S2断开时，R1、R2仍然串联，电流表的示数为I2；因电源电压不变，电路的电阻R=R1+R2不变，由I=可知，前后电路的电流不变，即I1=I2，故CD错误；‎ 当开关S1、S2闭合，S3断开时，R1、R2串联，电压表测量R1两端的电压，电压表的示数为U1；当开关S1、S3闭合，S2断开时，R1、R2串联，电压表测量电源两端的电压，电压表的示数为U2；根据串联电路的总电压等于各部分电压之和可知，U1＜U2，故A错误，B正确。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题主要考查串联电路的特点和欧姆定律的使用，常见题目。‎ ‎　‎ ‎11．（2分）小明在中国科技馆看到“1度电的意义”展品后，绘制了1度电可供他家中的一些额定电压相同的用电器分别在额定功率下、持续工作的时间图，如图所示。关于图中家用电器的比较，下列说法中正确的是（　　）‎ A．节能灯正常工作的电压最大 B．浴霸正常工作的电流最小 C．电风扇的额定功率比白炽灯的额定功率大 D．节能灯正常工作的电流比白炽灯正常工作的电流大 ‎【分析】首先明确额定电压相同的用电器分别在额定功率下、持续工作的时间图，然后根据P=UI，P=对各个选项逐一分析即可。‎ ‎【解答】解：‎ A、由题知，各用电器的额定电压相同，即正常工作的电压相同，故A错误；‎ B、由图可知，1度电（即W=1kW•h）可供浴霸持续工作的时间最短，由P=可知，浴霸的额定功率最大，由P=UI可知，浴霸正常工作的电流最大，故B错误；‎ C、由图可知，1度电可供电风扇持续工作的时间比白炽灯的少，由P=可知，电风扇的额定功率比白炽灯的额定功率大，故C正确；‎ D、由图可知，1度电可供节能灯持续工作的时间比白炽灯的多，由P=可知，节能灯的额定功率比白炽灯的额定功率小，由P=UI可知，节能灯正常工作的电流比白炽灯正常工作的电流小，故D错误；‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查了电功率的概念和意义，考查了学生根据题中信息解答问题的能力，是一道中等题。‎ ‎　‎ ‎12．（2分）在中国科技馆的展厅里，摆着一个如图所示，叫做“最速降线”‎ 的展品：两个并排轨道的起点高度一样，终点高度也一样；一个是倾斜的直轨道，另一个是向下弯曲的弧形轨道。将甲、乙两个完全相同的小球同时分别从直轨道和弧形轨道的起点释放，弧形轨道上的乙球先到达终点。若不计一切摩擦阻力，则关于两小球从起点至终点的运动过程中，下列说法正确的是（　　）‎ A．乙球的重力势能先变小后变大 B．甲球所受重力对甲球做的功比乙球所受重力对乙球做的功少 C．甲球所受重力对甲球做功比乙球所受重力对乙球做功快 D．甲球的动能一直变大 ‎【分析】（1）动能的影响因素是质量和速度；重力势能的影响因素是质量和高度；据此判断动能和重力势能的大小；‎ ‎（2）功等于力与距离的乘积，据此判断其做功的多少；‎ ‎（3）根据路程和运动时间可判断其速度的大小，进而判断功率大小。‎ ‎【解答】解：由题意可知，两球的重力相同，最初的高度相同；‎ AD、下降过程中甲球、乙球的高度不断减小，势能一直减小，动能一直增大，故A错误、D正确；‎ B、两球的重力相同，在起点处小球甲与小球乙的高度相同，因此它们的重力势能相同，到最低点时重力所做的功相同，故B错误；‎ C、下降过程中，乙先到达终点，则乙的速度大，两球的重力相同，根据P=Fv可知，重力对小球乙做功的功率比对小球甲做功的功率大，故C错误；‎ 故选：D。‎ ‎【点评】在科技馆中的科技展品为内容，考查了影响动能、重力势能的因素，以及对做功情况、速度情况的比较，有一定综合性，值得我们关注。‎ ‎　‎ ‎13．（2分）如图所示，“潜龙二号”是我国目前最先进的自主水下机器人，2018年4月6日凌晨成功完成第50次下潜，实践证明“潜龙二号”‎ 的运行状态越来越稳定，已达到国际先进水平。水下机器人一般可以通过所装配的下沉压载铁和上浮压载铁，实现无动力下潜和上浮；通过舵推进器实现前进、后退和旋转等动作。若忽略水的密度变化，则关于水下机器人在水下运动的过程中，下列说法正确的是（　　）‎ A．在下潜过程中，机器人所受水的压强和浮力均一直在变大 B．在下潜过程中，操控舵推进器可以改变水下机器人的运动状态 C．在水下悬停时，抛掉上浮压载铁，机器人所受浮力变大 D．在水下悬停时，机器人所受水的压力的合力与重力为一对相互作用力 ‎【分析】（1）首先判断在下潜过程中，机器人所处深度和排开水的体积的变化，然后根据p=ρgh和F浮=ρgV排判断其所受水的压强、浮力的变化；‎ ‎（2）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；‎ ‎（3）潜水器是靠改变自身的重力来改变它在水中的上浮和下潜的。‎ ‎（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。‎ ‎【解答】解：A、在下潜过程中，机器人所处深度不断增加，排开水的体积不变，所以根据p=ρgh和F浮=ρgV排可知，所受水的压强一直在变大，浮力大小不变。故A错误；‎ B、在下潜过程中，操控舵推进器，给水下机器人以力的作用，所以可以改变水下机器人的运动状态。故B正确；‎ C、在水下悬停时，抛掉上浮压载铁，机器人所受浮力变小，故C错误；‎ D、在水下悬停时，机器人所受水的压力的合力与重力是作用在同一个物体上的两个力，为一对平衡力。故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】此题以水下机器人为载体综合考查了液体压强特点、阿基米德原理、潜水器的工作原理，以及平衡力和相互作用力的区别，考查的点较多，且难度适中，是一道好题。‎ ‎　‎ ‎14．（2分）如图所示，电路中电源两端的电压保持不变，闭合开关S，电流表 A1、A2的示数分别为I1、I2，电压表V的示数为U．某时刻，在滑动变阻器滑片P位置没有改变的情况下，突然出现电流表A2的示数减为I1，而电流表A1和电压表V示数不变的现象。对于此电路可能出现的故障，下列判断中正确的是（　　）‎ A．滑动变阻器出现短路 B．滑动变阻器出现断路 C．电灯L出现短路 D．电灯L出现断路 ‎【分析】由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L并联，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压，逐项分析得出符合要求的电路故障即可得出答案。‎ ‎【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L并联，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压。‎ A．滑动变阻器出现短路时，会造成电源短路，烧坏两电流表，一段时间后三电表均无示数，故A不符合题意；‎ B．滑动变阻器出现断路时，电流表A1无示数，电流表A2测通过L的电流，两电流表的示数不相等，故B不符合题意；‎ C．电灯L出现短路时，会造成电源短路，电流表A2会被烧坏，故C不符合题意；‎ D．电灯L出现断路时，电路为R的简单电路，两电流表均测通过R的电流示数相等，而电流表A1和电压表V示数不变，故D符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了电路故障的判断，逐项分析得出符合要求的电路故障是解决此类题目的重要方法。‎ ‎　‎ ‎15．（2‎ 分）小明将一个实心的塑料块放在水中，塑料块漂浮在水面上，而将塑料块放在酒精中，塑料块下沉。为了探究该塑料块在水中受浮力情况，小明设计了底部装有一个定滑轮的溢水杯。实验中他将已调零的甲、乙两个电子秤放在水平桌面上，然后将溢水杯和烧杯分别放到甲、乙电子秤上，按实验操作规范将溢水杯中装满水，甲电子秤的示数为m1，乙电子秤的示数为m2，如图1所示。用已调零的弹簧测力计测出该塑料块的重力为G，用一轻质的细线通过定滑轮缓慢地将塑料块拉入装满水的溢水杯中，使其浸没在水中，该过程从溢水杯中流出的水全部流入烧杯中，塑料块静止时甲电子秤的示数为m3，乙电子秤的示数为m4，弹簧测力计的示数为F，如图2所示。已知ρ酒精=0.8ρ水，塑料块始终未接触溢水杯的杯壁和定滑轮，不计滑轮与轴的摩擦，则下列四个选项中判断正确的是（　　）‎ A．m1=m3 B．m1﹣m3=m4﹣m2 C．2F=（ m1﹣m3）g D．G+F=（m1﹣m3）g ‎【分析】由于电子秤的示数为物体对电子秤产生的压力而引起的，则根据每个状态下物体受力情况分析，找出个力之间的关系；结合阿基米德原理F浮=G排进行逐个比较即可判断。‎ ‎【解答】解：‎ 图1中：‎ 由于电子秤的示数为物体对电子秤产生的压力而引起的，已知甲电子秤的示数为m1，把溢水杯、水、滑轮看做一个整体，则受竖直向下的总重力G水总，‎ 所以，溢水杯对电子秤产生的压力F1=G水总；即：m1g=G水总 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①‎ 乙电子秤的示数为m2，则烧杯对电子秤产生的压力F2=G烧杯；即：m2g=G烧杯 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②‎ 图2中：‎ 塑料块浸没在水中时，受力情况如下图：‎ 根据力的平衡条件可得，拉力F=F浮﹣G塑料；‎ 根据阿基米德原理可知：F浮=G排，‎ 所以，G塑料=F浮﹣F=G排﹣F﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③，‎ 把溢水杯、剩余的水、滑轮和塑料块看做一个整体，则受竖直向下的总重力G塑料+G水总﹣G排，受竖直向上的拉力F作用，如下图所示：‎ 所以此时溢水杯对甲电子秤产生的压力为：F3=G塑料+G水总﹣G排﹣F=m3g﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④，‎ 由③④可得G排﹣F+G水总﹣G排﹣F=m3g，即：G水总﹣2F=m3g﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤‎ 比较①⑤可知：故m1≠m3，故A错误； ‎ ‎①代入⑤可得：m1g﹣2F=m3g，‎ 即：（m1﹣m3）g=2F；故C正确，D错误；‎ 所以m1﹣m3=；‎ 图2中乙电子秤的示数为m4，即烧杯对电子秤产生的压力：F4=G烧杯+G排=m4g﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑥‎ 由⑥﹣②得：m4g﹣m2g=G烧杯+G排﹣G烧杯=G排﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑦‎ 由③⑦可得m4﹣m2==，‎ 所以，m1﹣m3≠m4﹣m2，故B错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】此题主要考查物体受力平衡分析和阿基米德原理、动滑轮的应用，关键是明确电子秤的示数为物体对电子秤产生的压力而引起的。‎ ‎　‎ 二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共14分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）‎ ‎16．（2分）物理学与人类的生产、生活密切相关。下列的俗语、诗词等反映了人类对自然界的一定认识，其中从物理学的角度分析正确的是（　　）‎ A．“破镜难圆”说明分子间存在引力 B．“花气袭人知骤暖”说明分子运动的剧烈程度与温度有关 C．“墙内开花墙外香”说明气体存在扩散现象 D．“黄沙直上白云间”说明分子在不停地运动 ‎【分析】物质是由分子组成的，分在在不停的做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈，分子间存在着相互作用的引力和斥力。‎ ‎【解答】解：‎ A、破镜之所以不能重圆，是因为破镜碎片间的距离远大于分子力作用距离，不能说明分子间存在斥力，故A错误；‎ B、“花气袭人知骤暖”说明温度越高，分子无规则运动越剧烈，故B正确；‎ C、“墙内开花墙外香”是芳香分子不停地做无规则的运动，扩散到空气中的结果，故C正确；‎ D、“黄沙直上白云间”，黄沙都能用肉眼能直接看到的宏观物体的机械运动，都不属于分子，故D错误 故选：BC。‎ ‎【点评】本题考查了学生对分子运动论了解情况，比较简单，是一道基础题。‎ ‎　‎ ‎17．（2分）下列说法中正确的是（　　）‎ A．核能是不可再生能源 B．风力发电机发电过程中将电能转化为机械能 C．太阳能电池板可以将太阳能转化为电能 D．四冲程汽油机的做功冲程将内能转化为机械能 ‎【分析】（1）获得核能的核燃料在地球上的储量是有限的，用完后不可能在短时间内得到补充。‎ ‎（2）风力发电机发电时是把机械能转化为电能；‎ ‎（3）太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能；‎ ‎（4）汽油机做功冲程中将内能转化为机械能；‎ ‎【解答】解：‎ A、获得核能的核燃料在地球上的储量是有限的，用完后不可能在短时间内得到补充，因此核能是不可再生能源，故A正确；‎ B、风力发电机发电时是把机械能转化为电能，故B错误；‎ C、太阳能电池板是将太阳能转化为电能的装置，故C正确；‎ D、四冲程汽油机的做功冲程是将燃料燃烧释放的内能转化为机械能，故D正确。‎ 故选：ACD。‎ ‎【点评】本题通过风力发电机、太阳能电池板，汽油机的做功冲程的能量转化，以及和核能的了解和掌握，是一道中档题。‎ ‎　‎ ‎18．（2分）下列说法中正确的是（　　）‎ A．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥 B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向 C．电流都是由自由电子定向移动形成的 D．电源是提供电能的装置 ‎【分析】（1）验电器是检验物体是否带电的仪器，工作原理是同种电荷相互排斥；‎ ‎（2）物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向；‎ ‎（3）电荷的定向移动形成电流，可以是正电荷、可以是负电荷，也可以是正负电荷同时移动形成的；‎ ‎（4）电源是提供电能的装置，把其他形式的能转化成电能。‎ ‎【解答】解：‎ A．验电器是根据同种电荷相互排斥的原理工作的，故A正确；‎ B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，与负电荷定向移动的方向相反，故B正确；‎ C．正、负电荷的定向移动都可以形成电流，也可以正负电荷同时移动形成的，故C错误；‎ D．电源是提供电能的装置，把其他形式的能转化成电能，故D正确。‎ 故选：ABD。‎ ‎【点评】本题考查了验电器的原理和电流的形成、电流的方向以及电源的作用，是一道电学基础题。‎ ‎　‎ ‎19．（2分）小明在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛位于凸透镜两侧，实验前调整烛焰中心、透镜中心和光屏中心在同一高度，如图所示。则下列四个选项中，判断正确的是（　　）‎ A．光屏上呈现的像是虚像 B．光屏上呈现的像是倒立的 C．蜡烛放置在10cm刻度线处，光屏上呈现的像与普通照相机成像的性质相同 D．蜡烛放置在20cm刻度线处，光屏上呈现的像是等大、倒立的实像 ‎【分析】凸透镜成像的三种情况：‎ ‎①u＞2f，成倒立、缩小的实像。‎ ‎②2f＞u＞f，成倒立、放大的实像。‎ ‎③u＜f，成正立、放大的虚像。‎ ‎【解答】解：凸透镜的焦距是10cm，凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，‎ AB、小明将蜡烛移至0cm刻度线处时，蜡烛到透镜的距离大于2倍焦距，移动光屏，就会得到倒立、缩小的实像，故A错误，B正确；‎ C、将蜡烛移至10cm刻度线处时，蜡烛到透镜的距离大于2倍焦距，移动光屏，就会得到倒立、缩小的实像，与普通照相机成像的性质相同，故C正确；‎ D、蜡烛放置在20cm刻度线处，蜡烛到透镜的距离大于2倍焦距，移动光屏，就会得到倒立、缩小的实像，故D错误。‎ 故选：BC。‎ ‎【点评】本题考查了凸透镜成像规律，把握物距和焦距的关系是解决此类问题的关键。‎ ‎　‎ ‎20．（2分）如图所示，①②③④为四个物理实验，abcd为应用物理知识的实例，箭头表示实验揭示的物理知识所对应的应用实例，其中对应关系正确的是（　　）‎ A． B． C．‎ ‎ D．‎ ‎【分析】结合图中的实验或应用，找出相关的物理知识，并对实验或现象进行解答，最终判断其规律和应用是否对应。‎ ‎【解答】解：‎ A、上面的实验说明了流体在流速大的地方压强小，飞机的机翼利用了流体压强与流速的关系，故A正确；‎ B、覆杯实验说明了大气压的存在，而船闸是利用了连通器的原理，故B错误；‎ C、上图说明闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，是电磁感应现象，是发电机的原理，故C正确；‎ D、上图说明通电导体在磁场中受力，电动机就是根据这个原理制成的；故D正确。‎ 故选：ACD。‎ ‎【点评】本题主要考查学生对知识的理解和运用情况。试题所选择的素材主要涉及的是电和磁的相关知识。题目以两组图片相对应的形式展现给学生，一组是实验现象，另一组是现象的应用，考查了我们的教学过程中实验的展现，同时也是为了把学生的课堂表现考出来。试题形式新颖、设计巧妙，体现了学以致用的思想。‎ ‎　‎ ‎21．（2分）为“探究杠杆平衡条件”‎ 小明组装了如图所示的实验装置，其中的杠杆是可绕中点转轴转动的轻质细杆，杆上相邻刻度线之间的距离都是相等的。图甲、图乙中杠杆均处于水平平衡状态，实验中所用钩码质量均相同。下列四个选项中，判断正确的是（　　）‎ A．挂钩码前，调节杠杆水平平衡时，发现杠杆静止时左端向下倾斜。要使杠杆在水平位置平衡，需把杠杆右端的平衡螺母向左移 B．若将图甲中挂在A、B两处的钩码各去掉一个，则杠杆左端将下沉 C．若将图甲中挂在A、B两处的钩码向靠近支点O移近1格，则杠杆右端下沉 D．若将图乙中的测力计拉力由竖直向上改为斜向上，且保持杠杆水平平衡，则测力计的示数将变大 ‎【分析】（1）调节杠杆两端的平衡螺母使杠杆在水平位置平衡。杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；同时也为了消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；‎ ‎（2）（3）用杠杆的平衡条件来判断，力和力臂乘积大的一端下沉；‎ ‎（4）根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。‎ ‎【解答】解：A、挂钩码前，调节杠杆水平平衡时，发现杠杆静止时左端向下倾斜。要使杠杆在水平位置平衡，需把杠杆右端的平衡螺母向右移，故A错误；‎ B、设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，‎ 如果在图甲中杠杆两侧各去掉一个相同的钩码时，‎ 杠杆的左端：3G×3L=9GL，‎ 杠杆的右端：2G×4L=8GL，‎ 所以杠杆的左端力和力臂的乘积大于右端的乘积，所以杠杆左端下沉。故B正确；‎ C、将图甲中挂在A、B两处的钩码向靠近支点O移近1格，‎ 杠杆的左端：4G×2L=8GL，‎ 杠杆的右端：3G×3L=9GL，‎ 所以杠杆的左端力和力臂的乘积小于右端的乘积，所以杠杆右端下沉。故C正确；‎ D、弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC ‎，弹簧测力计倾斜拉杠杆，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大；故D正确。‎ 故选：BCD。‎ ‎【点评】杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，减小了杠杆的自重对实验的影响，便于测量力臂。‎ ‎　‎ ‎22．（2分）在测小灯泡额定电功率的实验中，提供的实验器材有：符合实验要求的电源（电源两端电压不变且未知）、学生用电流表、学生用电压表、滑动变阻器、阻值已知的定值电阻R，额定电压为3.8V小灯泡L、开关和导线若干。同学们设计了如图所示的几种测量电路，在不拆改电路的前提下，能够测量出小灯泡额定功率的电路是 ‎（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】灯在额定电压下正常发光，根据P=UI，若能测量出灯正常发光时的电流，即能够测量出小灯泡额定功率。‎ ‎【解答】解：A、灯在额定电压下正常发光，移动变阻器的滑片，使灯的电压为额定电压，电流表可测出灯的额定电流，根据P=UI，故A能够测量出小灯泡额定功率；‎ B、若电压表能测量出灯的电压，则当电压表测R的电压时，则电流表从电压表负接线柱流入了，不能测量出R的电压，故根据欧姆定律不能得出灯的额定电流；B不能够测量出小灯泡额定功率；‎ C、灯的电压始终为电源电压，故不能够测量出小灯泡额定功率；‎ D、移动变阻器的滑片，使灯的电压为额定电压，可测出R的电压，由欧姆定律可知R中的电流，根据串联电路电流的规律，即可知灯的额定功率，根据P=UI，‎ D能够测量出小灯泡额定功率。‎ 故选：AD。‎ ‎【点评】本题考查测量电功率的几种方法，关键是明确灯在额定电压下正常发光，若能测量出灯正常发光时的电流，即能够测量出小灯泡额定功率。‎ ‎　‎ 三、实验解答题（共36分，23、24题各4分，25题7分，26、27题各3分，28题2分，29题5分，30题8分）‎ ‎23．（2分）如图所示，物体A的长度的测量值为　3.20　cm。‎ ‎【分析】刻度尺的使用要首先观察它的量程和分度值，起始端从零开始，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。‎ ‎【解答】解：‎ 图中刻度尺1cm又分为10个小刻度，故分度值为1mm；起始端从零开始，物体长度为3.20cm。‎ 故答案为：3.20。‎ ‎【点评】刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值。读数时视线与刻度垂直。特别注意：刻度尺要估读到分度值的下一位。‎ ‎　‎ ‎24．（2分）如图，温度计的示数是　26　℃。‎ ‎【分析】使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下。‎ ‎【解答】解：由图知：温度计上10℃之间有10‎ 个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃；液柱最高处在0℃以上，所以显示的温度高于0℃，为26℃。‎ 故答案为：26。‎ ‎【点评】此题考查的是温度计的读数，在物理实验和日常生活中经常使用温度计，我们要熟练掌握其使用和读数方法。‎ ‎　‎ ‎25．（4分）在测量电阻Rx阻值的实验中，测得通过电阻Rx的电流为0.5A，此时与电阻Rx并联的电压表的示数如图所示，则电压表的示数为　2　V，电阻Rx的阻值为　4　Ω。‎ ‎【分析】根据选取的量程，认清电压表与电流表的分度值，读出电压与电流的数值，由欧姆定律的变形式计算电阻阻值。‎ ‎【解答】解：‎ 由图可知，电压表的量程为0～3V，其分度值为0.1V，则电压表的示数为2V，即Rx两端的电压；‎ 由I=可得，电阻Rx的阻值：‎ Rx===4Ω。‎ 故答案为：2；4。‎ ‎【点评】本题主要考查电压表的读数和欧姆定律的使用，常见题目。‎ ‎　‎ ‎26．（7分）为了测量某种液体的密度，小明取适量该液体的样品进行了如下实验：‎ ‎（1）他将天平放在水平台面上，测量前，为调节天平横梁在水平位置平衡，他将游码置于标尺左端　零刻度线　位置，调节平衡螺母，使天平静止时指针指在分度盘的中央刻度线上。‎ ‎（2‎ ‎）天平调好后，小明将盛有适量待测液体的烧杯放在天平的左盘，当右盘中所放砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示时，天平横梁再次在水平位置平衡，烧杯和液体的总质量是　69　g。‎ ‎（3）小明将烧杯中部分液体倒入量筒中，测量液体的体积，如图乙所示，量筒中液体体积是　50　cm3，接下来小明称得烧杯和剩余液体的质量为29g。‎ ‎（4）根据上述实验数据，得出待测液体的密度ρ=　0.8　g/cm3。‎ ‎【分析】（1）他将天平放在水平台面上，测量前，为调节天平横梁在水平位置平衡，他将游码置于标尺左端零刻度线处，调节平衡螺母，使天平静止时指针指在分度盘的中央刻度线上。‎ ‎（2）天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值。‎ ‎（3）在进行量筒的读数时，注意量筒的分度值。‎ ‎（4）根据公式ρ=进行计算液体的密度。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）将天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻线处，调节平衡螺母，使天平静止时指针指在分度盘的中央刻度线上。‎ ‎（2）天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；‎ 杯子及杯内盐水的总质量：=50g+10g+5g+4g=69g，‎ ‎（3）如图乙所示，量筒中液体的体积为50cm3；‎ ‎（4）量筒内盐水的质量m=69g﹣29g=40g，‎ 盐水的密度为：ρ===0.8g/cm3。‎ 故答案为：（1）零刻度线；（2）69；（3）50；（4）0.8。‎ ‎【点评】此题是测量盐水的密度，主要考查了有关天平及量筒的使用和读数，同时考查了密度的计算。在此实验中，要掌握测量液体密度的方法，通过量筒中液体的质量和体积来进行计算。‎ ‎　‎ ‎27．（3分）小刚在做“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验过程中，获得了下表中所示的实验数据。‎ ‎（1）由表中的实验数据可知：实验中水的沸点为　100　℃。‎ ‎（2）若忽略由于水蒸发引起的水质量的变化，在1～5min内，水的内能　增大　。（选填“增大”、“不变”或“减小”）‎ 加热时间t/min ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ 水的温度T/℃‎ ‎50‎ ‎57‎ ‎64‎ ‎71‎ ‎78‎ ‎85‎ ‎91‎ ‎96‎ ‎100‎ ‎100‎ ‎100‎ ‎100‎ ‎100‎ ‎【分析】（1）液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；‎ ‎（2）水吸收热量，吸热后内能增大。‎ ‎【解答】解：（1）由表中的实验数据可知：水在第8min开始，不断吸收热量，温度保持100℃不变，所以此时水的沸点是100℃；当水的温度达到沸点后，继续给水加热，水的温度保持不变；‎ ‎（2）在1～5min内，水吸收热量，温度升高，内能增大。‎ 故答案为：（1）100；（2）增大。‎ ‎【点评】“探究水的沸腾实验”是热现象中重要实验之一，该题主要考查了分析处理数据，从中获取信息的能力。‎ ‎　‎ ‎28．（3分）如图所示，某物理兴趣小组的同学，用较长的软电线两端与电流表两接线柱连接起来，两位同学手持电线分别站在地面上东、西方位，像摇跳绳一样在空中摇动电线，使电线切割地磁场的磁感线，发现电流表指针不偏转。经检查各元件完好连接无故障。请完成下列问题。‎ ‎（1）猜想电流表指针不偏转的可能原因：　此电流表的分度值太大 ‎，无法检测该实验产生的微小电流　；‎ ‎（2）写出检验你的猜想的方法：　将电流表更换为灵敏电流计，仿照刚才摇动电线的方式进行实验。观察灵敏电流计指针是否发生偏转。若指针发生偏转，说明猜想正确；反之，说明猜想错误　。‎ ‎【分析】解答本题应掌握：地球周围存在磁场，人东西方向站立时，绳在转动中切割磁感线；看不到电流表的偏转，可能是由于感应电流太小或电流表分度值太大导致的。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图可知，电线切割地磁场的磁感线，能产生感应电流；电流表指针不偏转可能是由于感应电流太小，电流表的灵敏度太低，无法检测到该实验产生的微小电流；‎ ‎（2）检验的方法为：将电流表更换为灵敏电流计，仿照刚才摇动电线的方式进行实验。观察灵敏电流计指针是否发生偏转。若指针发生偏转，说明猜想正确；反之，说明猜想错误。 ‎ 故答案为：（1）此电流表的分度值太大，无法检测该实验产生的微小电流；（2）将电流表更换为灵敏电流计，仿照刚才摇动电线的方式进行实验。观察灵敏电流计指针是否发生偏转。若指针发生偏转，说明猜想正确；反之，说明猜想错误。‎ ‎【点评】本题利用开放的情景，考查了学生的课堂实验探究过程，考查学生在探究过程中的动手、动脑能力。‎ ‎　‎ ‎29．（2分）在“探究物质的比热容”的实验中，小明在保温性能很好的容器中装入适量液体，并用电加热器对液体加热，探究液体的温度T随加热时间t变化的规律。根据记录的实验数据，小明绘制了液体的温度T随加热时间t变化的图象，如图所示。请根据图象判断：当t=60s 时（加热过程中液体始终没有沸腾），液体的温度T=　55　℃。‎ ‎【分析】根据图象得出温度与时间的变化关系，从而求出温度。‎ ‎【解答】解：由图可知，液体的温度T随加热时间t变化的图象为一条直线，即升高的温度与时间是成正比的；‎ 当时间为20s时，升高的温度为35℃﹣25℃=10℃，即每20s的时间，温度升高10℃；当时间为60s时，升高的温度为3×10℃=30℃，故此时的温度为25℃+30℃=55℃。‎ 故答案为：55。‎ ‎【点评】本题考查了温度与时间的关系，根据图象得出规律是解题的关键。‎ ‎　‎ ‎30．（5分）如图所示为“探究光的反射规律”的实验装置，其中M是一面水平放置的小平面镜，上面竖立着一块用来显示光传播路径的半圆形的屏。这个屏是由两个大小相同的圆平面E、F连接而成的，两屏间的接缝ON与小平面镜垂直，平面F可绕接缝ON转动。小明用此装置探究光的反射规律。‎ ‎（1）下面是小明部分探究实验步骤：‎ ‎①如图1所示，小明将平面F旋转到与平面E在同一平面，让一细光束沿平面E射到镜面O点，在平面E上可看到入射光AO，在平面F上观察到反射光OB，将入射光线、反射光线的位置记录在实验数据表格中；‎ ‎②如图2所示，保持入射光的位置不变，将平面F旋转到与平面E不在同一平面，在平面F上观察不到反射光，将 入射光线、反射光线的位置记录在实验数据表格中。根据上述小明的部分实验步骤，你认为小明探究的问题是 ‎　A　（选填选项前的字母）。‎ A．反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内 B．入射角与反射角的关系 ‎（2）下表是小明探究实验中的一个数据记录表：‎ 入射角i/°‎ ‎10‎ ‎20‎ ‎30‎ ‎45‎ ‎60‎ ‎75‎ 反射角r/°‎ ‎10‎ ‎20‎ ‎30‎ ‎45‎ ‎60‎ ‎75‎ 根据实验数据记录表可知小明探究问题的自变量是：　入射角　。‎ 根据实验数据记录表，可以得出的结论是：　在反射现象中，反射角等于入射角　。‎ ‎【分析】（1）反射光线、入射光线和法线在同一平面内；‎ ‎（2）反射光线随入射光线的变化而变化；根据表格数据得出结论。‎ ‎【解答】解：（1）保持入射光的位置不变，将平面F旋转到与平面E不在同一平面，是探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内，故A正确；‎ ‎（2）反射光线随入射光线的变化而变化，即反射角随入射角的变化而变化，故自变量是入射角；‎ 根据表格的数据知：反射角等于入射角，故得出的结论是在反射现象中，反射角等于入射角。‎ 故答案为：（1）A；（2）入射角；在反射现象中，反射角等于入射角。‎ ‎【点评】本题考查了研究光的反射定律的实验。本实验可以得出：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射角等于入射角。‎ ‎　‎ ‎31．（9分）实验桌上有符合实验要求的电源（其两端电压恒定）、开关、已调零的电流表、已调零的电压表、滑动变阻器各一个，导线若干，长度L、横截面积S都不完全相同的镍铬合金丝7‎ 根（表面涂有绝缘漆，两端绝缘漆被刮掉，可接入电路，但不允许将两根合金丝连接成一根使用），规格如表所示，合金丝的电路图符号用表示。请选用上述器材，设计一个实验证明“当材料一定时，导体的电阻R与其长度L成正比、与横截面积S成反比，即R=k ”，式中 k是常量。忽略温度对镍铬合金丝电阻值的影响。请画出实验电路图，写出实验步骤，画出实验数据记录表格。 ‎ 编号 L/m S/×10﹣9m2‎ ‎①‎ ‎0.2‎ ‎2‎ ‎②‎ ‎0.3‎ ‎2‎ ‎③‎ ‎0.4‎ ‎2‎ ‎④‎ ‎0.5‎ ‎2‎ ‎⑤‎ ‎0.6‎ ‎3‎ ‎⑥‎ ‎0.7‎ ‎3‎ ‎⑦‎ ‎0.8‎ ‎3‎ ‎【分析】已知导线的长度和横截面积，用伏安法可测量电阻的大小，分析相关数据取可，为得普遍性的结论要多次测量。‎ 实验的表格没有必须的模式，只要能体现测量的数据，容易记录，直观准确，都是正确的。‎ ‎【解答】解：（1）使滑动变阻器与待测电阻丝串联，电压表测量待测电阻丝两端电压，电流表测量电路中的电流，开关控制整个电路；如下图所示：‎ 实验电路图如答图1所示；‎ ‎（2）实验步骤：‎ ‎（1）断开开关，将合金丝①接在A、B两点间，按电路图连接电路，将滑片P置于使滑动变阻器接入电路电阻值最大位置。‎ ‎（2）闭合开关，调节滑动变阻器滑片P的位置，使电压表V和电流表A的示数适当，将电压表的示数U和电流表的示数I以及合金丝①的L、S记在表格中。‎ ‎（3）分别更换合金丝②、③、④、⑥、⑦，仿照步骤（1）、（2）重复实验五次，并将每次U、I、L、S的数据记在表格中。‎ ‎（3）实验数据记录表格 L/m S/m2‎ ‎/m﹣1‎ U/V I/A R/Ω ‎（4）根据实验数据计算出，再根据R=计算出合金丝电阻R，并将、R记录在上面的表格中。‎ 故答案为：电路如上图所示；实验步骤如上；表格如上表所示。‎ ‎【点评】本题考查设计实验方案的能力，关键是测量出电阻的大小，并与比较。‎ ‎　‎ 四、科普阅读题（共4分）‎ ‎32．（3分）请阅读《太空快递员》并回答下列各题。‎ 太空快递员 ‎2017年4月20日，天舟一号货运飞船成功进入预定轨道，太阳能帆板展开正常，发射获得圆满成功。因为天舟一号“只运货，不送人”，被人们形象地称为“太空快递员”。天舟一号外观如图所示，部分参数见下表。‎ ‎“天舟一号”部分参数 全长 ‎10.6m 最大直径 ‎3.35m 太阳电池翼展开后最大宽度 ‎14.9m 起飞质量 ‎13.5t 最大上行货物运载量 ‎6.5t 最大推进剂补加量 ‎2t 在近地轨道运行的航天器会由于空气阻力而“掉高度”，为了维持高度，就需要火箭发动机适时启动以保持轨道高度，但是其携带的燃料是有限的。这就对被称为“太空加油”的在轨推进剂补加技术提出了需求。此次天舟一号的一个重要使命就是验证该项技术。此次天舟一号的目标飞行器是天宫二号，为了给天宫二号补给物资，天舟一号必须首先和天宫二号交会对接。早在2011年11月3日，天宫一号目标飞行器就已与神舟八号飞船顺利完成我国的首次交会对接。天舟一号将首次使用我国航天人研发的快速自主交会对接技术。交会对接完毕后，天舟一号就可以向天宫二号补给物资以及为天宫二号“太空加油”。别小看这次的“太空加油”，它是天舟一号和天宫二号在高速飞行中对接锁紧、确保补加装置和管路气密性好的前提下进行，其过程要比汽车加油复杂得多，分为29个步骤，每步都需要精细控制。首先，天宫二号的压气机将手风琴状的膜盒贮箱中的气体压回气瓶，使天宫二号的燃料贮箱的气压低于天舟一号的燃料贮箱的气压；随后，接通天舟一号和天宫二号贮箱，使推进剂自动从天舟一号贮箱“流入”天宫二号贮箱，当两侧贮箱的气压相等时，加注工作完成。目前，我国成为继俄罗斯和美国之后第三个掌握在轨推进剂补加技术的国家。天舟一号任务的圆满成功，标志着我国载人航天工程第二步胜利完成，也正式宣告中国航天迈进“空间站时代”。‎ 请根据上述材料，回答下列问题：‎ ‎（1）“太空加油”时，天舟一号相对于天宫二号是　静止　的。（选填“静止”或“运动”）‎ ‎（2）“太空加油”时，推进剂自动从天舟一号贮箱“流入”天宫二号贮箱的条件是：天宫二号燃料贮箱的气压　低于　 天舟一号燃料贮箱的气压。（选填“高于”或“低于”）‎ ‎（3）欧洲太空局ATV货运飞船最大上行货运能力约7.7t物资，它的起飞质量约为21t。借鉴所学机械效率概念，请你通过计算比较天舟一号与欧洲太空局ATV货运飞船哪个运载效率高。‎ ‎【分析】（1）研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物，与参照物相比，物体位置有变化，说明物体在运动；物体位置没有变化，说明物体处于静止状态；‎ ‎（2）根据题干中“太空加油”时的工作步骤进行解答；‎ ‎（3）机械效率是指有用功和总功的比值，据此得出运载效率，然后求出两者效率的大小，进一步得出答案。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）“太空加油”时，天舟一号与天宫二号的位置关系没有发生变化，所以天舟一号相对于天宫二号是静止的；‎ ‎（2）由题知，“太空加油”时的步骤：首先，天宫二号的压气机将手风琴状的膜盒贮箱中的气体压回气瓶，使天宫二号的燃料贮箱的气压低于天舟一号的燃料贮箱的气压；随后，接通天舟一号和天宫二号贮箱，使推进剂自动从天舟一号贮箱“流入”天宫二号贮箱，当两侧贮箱的气压相等时，加注工作完成；‎ ‎（3）由机械效率是指有用功与总功的比值可知，货运飞船的运载效率η=，‎ 天舟一号的运载效率η1=×100%≈48%，ATV的运载效率η2=×100%≈37%，则η1＞η2，即天舟一号的运载效率高。‎ 答：（1）静止；（2）低于；（3）天舟一号的运载效率高。‎ ‎【点评】本题考查了静止和运动的判断和运载效率的理解与掌握，从题干中获取有用的信息是关键。‎ ‎　‎ 五、计算题（共6分，每小题3分）‎ ‎33．（3分）如图所示，电源两端的电压U保持不变。闭合开关S1、S2，电流表示数为2A．闭合开关S1，断开开关S2，电流表示数为1.5A．已知电阻R1=10Ω ‎，求：‎ ‎（1）电源两端的电压U。‎ ‎（2）闭合开关S1、S2，10s内电流通过电阻R2产生的热量Q。‎ ‎【分析】（1）当闭合开关S1，断开开关S2时，只有R1接入电路中，电流表测电路中的电流，由欧姆定律计算R1的电压，即电源两端的电压；‎ ‎（2）闭合开关S1、S2，两电阻并联，由并联电路的电流特点可求R2的电流，根据Q=W=UI2t可求10s内电流通过电阻R2产生的热量Q。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）当闭合开关S1，断开开关S2时，只有R1接入电路中，电流表测电路中的电流，‎ 由I=可得，电源两端的电压：‎ U=U1=I1R1=1.5A×10Ω=15V；‎ ‎（2）闭合开关S1、S2时，两电阻并联，‎ 因并联电路的总电流等于各支路电流之和，‎ 则通过R2的电流：‎ I2=I﹣I1=2A﹣1.5A=0.5A，‎ ‎10s内电流通过R2产生的热量：‎ Q=W=UI2t=15V×0.5A×10s=75J。‎ 答：（1）电源两端的电压U是15V；‎ ‎（2）闭合开关S1、S2，10s内电流通过电阻R2产生的热量Q是75J。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路特点和欧姆定律的应用，正确分析开关在不同状态下电路的连接方式和电表作用是关键。‎ ‎　‎ ‎34．（3分）如图是用动滑轮运送建筑材料A的示意图，在卷扬机对绳子的拉力F作用下，建筑材料A在10s内匀速竖直上升了2m。在这个过程中，拉力F做的 功为2000J，动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率为80%．求：‎ ‎（1）拉力F的功率P。‎ ‎（2）建筑材料A所受重力G的大小。‎ ‎【分析】（1）知道拉力F做的功和时间，根据P=求出拉力F的功率P；‎ ‎（2）根据η=×100%求出动滑轮匀速提升建筑材料A的有用功，然后W有=Gh求出建筑材料A所受重力G的大小。‎ ‎【解答】解：（1）拉力F的功率：‎ P===200W；‎ ‎（2）由η=×100%得，动滑轮匀速提升建筑材料A的有用功：‎ W有=ηW总=80%×2000J=1600J，‎ 由W=Gh得，建筑材料A所受重力G的大小：‎ G===800N。‎ 答：（1）拉力F的功率P为200W；‎ ‎（2）建筑材料A所受重力G的大小为800N。‎ ‎【点评】本题考查了使用动滑轮有用功、总功、功率、机械效率的计算，属于基础性题目，比较简单。‎ ‎　‎