天津市中考物理模拟试卷3解析版 30页

天津市2019年中考物理模拟试卷（3）（解析版）‎ 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分）每小题给出的四个选项中，只有一个最符合题意，请将你选择的答案涂在答题卡相应的位置 ‎1．编钟是我国春秋战国时期的打击乐器。用相同力度敲击大小不同的编钟时，发出的声音具有不同的（　　）‎ A．音调 B．响度 C．音色 D．声速 ‎2．下列哪一幅图正确表示了光从空气进入玻璃中的光路？（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎3．图中，属于内能转化为机械能的是（　　）‎ A．滑下滑梯B．网球落地 C．做功冲程D．压缩空气点火 ‎4．如图所示，把小车放在水平桌面上，向挂在小车两边的托盘里加相同的砝码，下列说法正确的（　　）‎ A．细绳拉小车的力和细绳拉托盘的力是一对平衡力 B．小车对桌面的压力与桌面对小车的支持力是一对平衡力 C．小车受到的重力和小车对桌面的压力是一对平衡力 D．小车受到的重力和桌面对小车的支持力是一对平衡力 ‎5．如图所示，杠杆处于平衡状态且刻度均匀，各钩码质量相等，如果在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相等的钩码，杠杆会（　　）‎ A．右端下沉 B．左端下沉 C．杠杆仍然平衡 D．无法判断 ‎6．下列估测的数据中，最接近实际的是（　　）‎ A．笔记本电脑正常使用时的电功率约为1000 W B．教室内空气质量约为30 kg C．正常情况下，用停表测量，人的脉搏每跳动10次所用时间约为45 s D．一枚我国1元硬币平放在水平桌面上，桌面受到的压强约为120 Pa ‎7．下列示意图正确的是（　　）‎ A．小球所受的重力GB．木块对斜面的压力F C．力 F2的力臂l2D．家庭电路中，电灯和插座的安裝 ‎8．近期，我国南方各地普降暴雨，城市内涝给人们生活带来很大影响。小明设计一种利用电磁继电器来自动控制抽水机工作的电路：当水位在安全位置以下时绿灯亮，抽水机不工作；当水位到达安全位置上限时红灯亮，抽水机开始工作。如图是小明还未连接完成的电路，小明接下去的电路连接应该是（　　）‎ A．M接A，N接B B．M接B，N接D C．M接B，N接C D．M接A，N接D ‎9．如图所示，①②③④为探究物理规律的四个实验，abcd为物理规律的应用实例，箭头表示规律和应用的对应关系，其中对应关系正确的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎10．如图甲的电路中，R1、R2的电压与电流的关系如图乙所示，闭合开关，电阻R2两端的电压U1，电路中的总电流为I1，电路消耗的总功率为P1；在不改变电源电压的情况下，用20Ω的电阻R3替换R1，此时R2两端的电压为U2，电路中的总电流为I2，电路消耗的总功率为P2，则（　　）‎ A．R1：R2=1：3 B．P1：P2=2：3 C．U1：U2=1：2 D．I1：I2=3：2‎ 二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分）每小题给出的四个选项中，有多个符合题意，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得零分．请将其序号涂在答题卡相应的位置．‎ ‎11．小明同学做“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上成清晰的像（像未在图中画出来），下列说法正确的是（　　）‎ A．光屏上形成的是烛焰倒立缩小的实像 B．图中成像特点与幻灯机成像特点完全相同 C．将蜡烛移到光具座10cm刻度线处，保持凸透镜不动，移动光屏，光屏上可成倒立、缩小的清晰的烛焰像 D．将蜡烛移到光具座40cm刻度线处，保持凸透镜不动，无论怎样移动光屏，它上面都得不到清晰的烛焰像 ‎12．把标有“6V 3W”的小灯泡与最大阻值为100Ω的滑动变阻器连接在电源电压恒为18V的电路中，各电表选择的量程如图所示，要求闭合开关后两电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定值（灯丝电阻不变）．下列说法正确的是（　　）‎ A．在滑动变阻器滑片向左移动的过程中，电流表示数变大，电压表示数变小 B．电路的总功率最大值为10.8W C．小灯泡的电功率最小值为0.75W D．滑动变阻器允许调节的范围是24Ω～60Ω ‎13．如图，薄壁容器的底面积为S，物体A的体积为V，底面积为S1，轻质弹簧的一端固定在容器底部，另一端与A连接。当容器中的水深为h时，弹簧的长度恰好等于原长，物体A有一半的体积浸在水中。下列判断正确的是（　　）‎ A．水对容器底部的压力F=ρ水ghS B．若将A和轻质弹簧取走，容器中的水对容器底压强的变化量△p=‎ C．若在A上加放重为GB的物体B，A恰好浸没，此时弹簧对A的支持力FN=GB﹣ρ水g D．若向容器中缓慢加水直到A恰好浸没，注入的水的质量△m水=ρ水V 三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）‎ ‎14．（4分）如图所示，某同学用50N的力将重30N的长方体物块紧压在竖直墙壁上静止，则此时物体受到的摩擦力为　 　；温度计的示数为　 　。‎ ‎15．（4分）小明在竖直放置的平面镜前0.5m处，他在镜中的像与他相距　 　m．当他远离镜子时，像的大小将　 　。‎ ‎16．（4分）春暖花开，鸟语花香。闻到花香是因为分子的　 　。固体很难被压缩，是因为固体分子间存在着　 　。‎ ‎17．（4分）如图所示是一个用开关来控制电磁铁南北极的巧妙装置，装置旁边放有一小磁针，当开关S接　 　（选填“a”或“b”）点时，电磁铁的B端是N极，小磁针的C端是　 　极。‎ ‎18．（4分）一个标有“6V 3W”的小灯泡接在9V的电源上，若使灯泡正常发光，应该给它串联一个　 　Ω的电阻。若小灯泡两端的实际电压是3V，则小灯泡的实际功率是　 　W。‎ ‎19．（4分）如图所示，某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为Scm2，一个冲程活塞在气缸中移动的距离是L mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为P Pa，飞轮转速为N r/min，当汽油机满负荷工作时（不计摩擦），汽油机的功率为　 　W；若1h消耗的汽油为V L，汽油的热值为q kg/m3，则汽油机的效率为　 　%。‎ 四、综合题（本大题共6小题，共37分）解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位．‎ ‎20．（7分）如图所示的心肺机的功能之一是用“热交换器”进行热量交换，通过血液循环调节体温，经监测，病人的体温由17℃上升至正常体温37℃历时1h，在这段时间内，假设热交换器所提供的热量有70%被人体吸收，设病人质量为75kg，人体组织的比热容与水相当。为c=4.2×103J/（kg•C）．求：‎ ‎（1）热交换器提供的热量；‎ ‎（2）热交换器的电功率。‎ ‎21．（6分）小明家新买的房子在12m高的楼上，装修时为了节省人工、加快进度，小坤设计了如图所示的滑轮组来提升装修材料。小明爸爸站在地面上用1min时间匀速把100kg的水泥吊到了楼上，所用的拉力是625N．求此过程中：（取g=10N/kg）‎ ‎（1）滑轮组的机械效率；‎ ‎（2）小明爸爸的功率。‎ ‎22．（6分）小明想利用天平、量筒做实验来测定一只金属螺母的密度。‎ ‎（1）写出实验步骤及所需测量的物理量。‎ ‎（2）设计实验表格，并将某次实验的数据（数据如图所示）及计算结果填入表中。‎ ‎23．（6分）小明用三个电流表和两个小灯泡做实验，探究并联电路中电流的规律。‎ ‎（1）其连接的电路如图1所示。这个电路中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，然后画出正确的连接位置，并画出相应的电路图。‎ ‎（2）另一实验小组用与小明一样的电路图做实验，采用小灯泡不同，如果电流表A2的示数如图2所示，电流表A3的示数如图3所示，请设计出实验表格，并将实验数据填写表格中。‎ ‎24．（6分）某实验小组要用“伏安法”测量一个用电器L的额定功率（额定电压为10V、额定功率在12W～15W之间），实验室有下列器材可供选用：‎ 电源：U1（电压为3V） U2（电压为15V）‎ 电流表：A1（量程0～0.6A） A2（量程0～3A）‎ 电压表：V1（量程0～3V） V2（量程0～15V）‎ 滑动变阻器：R1（阻值范围0～20Ω） R2（阻值范围0～200Ω） ‎ 开关一个，导线若干 为使测量尽可能准确、方便，请回答：‎ ‎（1）电源应该选择　 　（填“U1”或“U2”）；电流表应该选择　 　（填“A1”或“A2”）；电压表应该选择　 　（填“V1”或“V2”）；滑动变阻器应该选择　 　（填“R1”或“R2”）。‎ ‎（2）若提供的电流表都坏了，但又找到一个阻值合适的定值电阻R0，开关若干，请你：（要求电路不可重组）‎ ‎①画出实验电路图；‎ ‎②写出实验步骤及所需测量的物理量；‎ ‎③写出额定功率的表达式（用已知量和测量量表示）。‎ ‎25．（6分）在底面积为S1的圆柱形水槽中放有部分水（密度为ρ水），在水面上漂浮着一块横截面积为S2、高为h0的圆柱形物块，物块浸入水中的深度为h，如图（a）所示。‎ ‎（1）请画出物块的受力分析图；‎ ‎（2）若沿物块上下面中心的连线，将物块镂空贯通，镂空部分的横截面积为S0，物块仍放入原水槽中，如图（b）所示，平衡后与图（a）比较，求水面下降的高度；‎ ‎（3）若将镂空部分压在物块上，再放入原水槽中，如图（c）所示，平衡后与图（b）比较，求物体下端下降的高度。‎ ‎2019年天津市中考物理模拟试卷（3）‎ 参考答案与试题解析 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分）每小题给出的四个选项中，只有一个最符合题意，请将你选择的答案涂在答题卡相应的位置 ‎1．编钟是我国春秋战国时期的打击乐器。用相同力度敲击大小不同的编钟时，发出的声音具有不同的（　　）‎ A．音调 B．响度 C．音色 D．声速 ‎【分析】（1）音调是指声音的高低，音调跟频率有关，频率越大，音调越高；频率越小，音调越低。‎ ‎（2）质量大、体积大的物体难振动，频率小，音调低。‎ ‎【解答】解：用相同的力度敲击大小不同的钟，编钟的质量不同，体积不同的钟，振动的难易不同，频率不同，音调不同。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题主要考查对音调、音色、响度的区分。要掌握音调、音色、响度的影响因素，知道质量大、体积大的物体难振动，频率小，音调低。‎ ‎2．下列哪一幅图正确表示了光从空气进入玻璃中的光路？（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【分析】要解决此题，需要掌握光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧。‎ 当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，则折射角大于入射角。‎ ‎【解答】解：A、光从空气斜射入玻璃中，折射角应小于入射角，而图中折射角却大于入射角，故本选项错误。‎ B、折射光线与入射光线在法线的同侧了，所以画法错误，不符合题意。‎ C、光从空气斜射入玻璃中，折射角小于入射角。故本选项正确。符合题意。‎ D、光从空气斜射入玻璃，光的传播方向没有变，故本选项错误，不符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】此题主要考查了光的折射光线的画法，首先要熟练掌握光的折射定律的内容，关键是搞清折射角与入射角的关系。‎ ‎3．图中，属于内能转化为机械能的是（　　）‎ A．滑下滑梯B．网球落地 C．做功冲程D．压缩空气点火 ‎【分析】内能转化成机械能的实例必定是物体消耗内能对外做功的情况。‎ ‎【解答】解：‎ A．滑下滑梯，是克服摩擦做功使物体的温度升高，将机械能转化为内能，故A不符合题意；‎ B．网球落地，是克服阻力做功，将机械能转化为内能，故B不符合题意；‎ C．内燃机的做功冲程，是将内能转化为机械能，故C符合题意；‎ D．压缩空气点火，是将机械性能转化为内能，故D不符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题的关键是明确做功的实质是能量的转化，物体对外做功是将内能转化为机械能，对物体做功是将机械能转化为内能。‎ ‎4．如图所示，把小车放在水平桌面上，向挂在小车两边的托盘里加相同的砝码，下列说法正确的（　　）‎ A．细绳拉小车的力和细绳拉托盘的力是一对平衡力 B．小车对桌面的压力与桌面对小车的支持力是一对平衡力 C．小车受到的重力和小车对桌面的压力是一对平衡力 D．小车受到的重力和桌面对小车的支持力是一对平衡力 ‎【分析】一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，据此判断。‎ ‎【解答】解：‎ A、细绳拉小车的力与细绳拉托盘的力，它们作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故A错误。、‎ B、小车对桌面的压力与桌面对小车的支持力，它们作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故B错误；‎ C、小车受到的重力与小车对桌面的压力，它们作用在不同的物体上、且方向相同，不是一对平衡力，故C错误；‎ D、小车受到的重力与桌面对小车的支持力，它们大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】熟练掌握二力平衡的四个条件，对照选项中的力逐一进行判断，是解答的关键。判断时，重点关注两个力是否作用在同一物体上。‎ ‎5．如图所示，杠杆处于平衡状态且刻度均匀，各钩码质量相等，如果在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相等的钩码，杠杆会（　　）‎ A．右端下沉 B．左端下沉 C．杠杆仍然平衡 D．无法判断 ‎【分析】原来杠杆平衡，是因为两边的力和力臂的乘积相等，现在各加一个同样的钩码，就要看现在的力和力臂的乘积是否相等，据此分析得出结论。‎ ‎【解答】解：‎ 设一个钩码重为G，一格为L，‎ 原来：2G×4L=4G×2L，杠杆平衡，‎ 现在：3G×4L＞5G×2L，所以杠杆不再平衡，杠杆向逆时针方向转动，即左端下沉。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用，杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，只比较力或力臂大小不能得出正确结果。‎ ‎6．下列估测的数据中，最接近实际的是（　　）‎ A．笔记本电脑正常使用时的电功率约为1000 W B．教室内空气质量约为30 kg C．正常情况下，用停表测量，人的脉搏每跳动10次所用时间约为45 s D．一枚我国1元硬币平放在水平桌面上，桌面受到的压强约为120 Pa ‎【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。‎ ‎【解答】解：A、笔记本电脑正常使用时的电功率约100W；故A错误；‎ B、教室的体积约：V=10m×8m×4m=320m3；空气密度为：ρ=1.29kg/m3；故教室内空气质量为：m=ρV=1.29kg/m3×320m3=412.8kg；故B错误；‎ C、正常情况下，用停表测量，人的脉搏每跳动10次所用时间约为10s；故C错误；‎ D、一枚我国1元硬币平放在水平桌面上，压力约F=G=mg=06kg×10N/kg=0.06N；与桌面的接触面积约S=5cm2=005m2；桌面受到的压强约为：p===120Pa；故D正确；‎ 故选：D。‎ ‎【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。‎ ‎7．下列示意图正确的是（　　）‎ A．小球所受的重力GB．木块对斜面的压力F C．力 F2的力臂l2D．家庭电路中，电灯和插座的安裝 ‎【分析】（1）根据规则物体的重心在物体的几何中心，然后过重心表示出重力的方向；‎ ‎（2）斜面上静止的木块对斜面的压力垂直于斜面，斜面受到的压力的作用点在斜面上；‎ ‎（3）力臂是指从支点到力的作用线的距离；‎ ‎（4）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线；‎ ‎【解答】解：A、小球所受的重力的重心应该在小球的重心上，而图中重力的作用点画错了。故A错误；‎ B、斜面上静止的木块对斜面的压力垂直于斜面，斜面受到的压力的作用点在斜面，图中压力的作用点和方向画错了。故B错误；‎ C、反向延长力F2的作用线，然后过支点O 向力的作用线引垂线段，垂线段的长即为力臂l2．故C正确；‎ D、火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。图中开关和灯泡接法错误。故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】‎ 此题考查力的示意图、力臂的画法、家庭电路的连接，是一道综合性较强的题目，难度不大，掌握基础知识即可正确解题。‎ ‎8．近期，我国南方各地普降暴雨，城市内涝给人们生活带来很大影响。小明设计一种利用电磁继电器来自动控制抽水机工作的电路：当水位在安全位置以下时绿灯亮，抽水机不工作；当水位到达安全位置上限时红灯亮，抽水机开始工作。如图是小明还未连接完成的电路，小明接下去的电路连接应该是（　　）‎ A．M接A，N接B B．M接B，N接D C．M接B，N接C D．M接A，N接D ‎【分析】根据题意红灯与绿灯并联连接，各自独立工作；用电器工作必须电路是闭合电路，据此分析解答。‎ ‎【解答】解：根据题意可知两灯并联连接，要使得电路工作必须电路为闭合电路，故连接如图所示：‎ 由此可知M接B，N接D符合要求，故B正确。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】此题主要考查学生对于电磁继电器的原理以及并联电路特点的认识和理解，难度不大，很好理解。‎ ‎9．如图所示，①②③④为探究物理规律的四个实验，abcd为物理规律的应用实例，箭头表示规律和应用的对应关系，其中对应关系正确的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【分析】利用下列知识分析判断：‎ ‎（1）电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的，发电机是利用电磁感应原理制成的；‎ ‎（2）滑动变阻器通过改变连入电路的电阻丝的长度改变连入电路的电阻，进而改变电路中的电流；‎ ‎（3）磁悬浮列车主要是依据磁极间的相互作用来实现悬浮和运行的；‎ ‎（4）验电器工作原理：同种电荷相互排斥。‎ ‎【解答】解：‎ A、①图说明通电导体在磁场中受力，电动机就是根据这个原理制成的，发电机是利用电磁感应原理制成的，故A错误；‎ B、②图通过改变连入电路的电阻丝的长度改变连入电路的电阻，进而改变电路中的电流，这也是滑动变阻器的变阻原理，故B正确；‎ C、③图说明同种电荷相互排斥，而磁悬浮列车是依据磁极间的相互作用来实现悬浮和运行的，故C错误；‎ D、④图说明同名磁极相互排斥，而验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】‎ 本题主要考查学生对知识的理解和运用情况。试题所选择的素材主要涉及的是电和磁的相关知识。题目以两组图片相对应的形式展现给学生，一组是实验现象，另一组是现象的应用，考查了我们的教学过程中实验的展现，同时也是为了把学生的课堂表现考出来。试题形式新颖、设计巧妙，体现了学以致用的思想。‎ ‎10．如图甲的电路中，R1、R2的电压与电流的关系如图乙所示，闭合开关，电阻R2两端的电压U1，电路中的总电流为I1，电路消耗的总功率为P1；在不改变电源电压的情况下，用20Ω的电阻R3替换R1，此时R2两端的电压为U2，电路中的总电流为I2，电路消耗的总功率为P2，则（　　）‎ A．R1：R2=1：3 B．P1：P2=2：3 C．U1：U2=1：2 D．I1：I2=3：2‎ ‎【分析】（1）由图甲可知R1、R2并联，根据并联电路的电压特点可知，U1=U2；‎ ‎（2）先根据电压与电流的关系，分别求得R1、R2的阻值，从而得到两电阻的比值；由并联电路特点计算两次电路的总电流，从而得到总电流比；根据P=UI分别计算P1和P2。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图甲可知R1、R2并联，电源电压不变，根据并联电路的电压特点可知U1：U2=1：1，故C错误；‎ ‎（2）根据R1的图线知，当它两端电压为6V时，通过它的电流I1′=0.1A，‎ 由I=可得，R1===60Ω，‎ 根据R2的图线知，当它两端电压为6V时，通过它的电流为I2′=0.3A，‎ 所以，R2===20Ω；‎ 所以，R1：R2=60Ω：20Ω=3：1，故A错误；‎ 设该电路电源电压U=6V，由图乙可知，R1支路中的电流I1′=0.1A，R2支路中的电流I2′=0.3A，‎ 则干路上的电流：I1=I1′+I2′=0.1A+0.3A=0.4A，‎ 电路消耗的总功率为：P1=UI1=6V×0.4A=2.4W，‎ 用20Ω的电阻R3替换R1，R3支路中的电流：I3===0.3A，‎ 此时干路上的电流：I2=I3+I2′=0.3A+0.3A=0.6A，‎ 则电路消耗的总功率为：P2=UI2=6V×0.6A=3.6W，‎ 所以P1：P2=2.4W：3.6W=2：3，故B正确，‎ I1：I2=0.4A：0.6A=2：3，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查并联电路电压和电流的规律、欧姆定律和电功率公式的应用，难易程度适中，关键是看懂图象。‎ 二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分）每小题给出的四个选项中，有多个符合题意，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得零分．请将其序号涂在答题卡相应的位置．‎ ‎11．小明同学做“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上成清晰的像（像未在图中画出来），下列说法正确的是（　　）‎ A．光屏上形成的是烛焰倒立缩小的实像 B．图中成像特点与幻灯机成像特点完全相同 C．将蜡烛移到光具座10cm刻度线处，保持凸透镜不动，移动光屏，光屏上可成倒立、缩小的清晰的烛焰像 D．将蜡烛移到光具座40cm刻度线处，保持凸透镜不动，无论怎样移动光屏，它上面都得不到清晰的烛焰像 ‎【分析】A、凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像；物距小于像距时，成倒立、放大的实像；‎ B、投影仪是利用物体在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、放大的实像的原理工作的；‎ CD、由图中成像情况，根据凸透镜成像规律判断凸透镜的焦距，再判断成像情况。‎ ‎【解答】解：A、据图可知，物距小于像距时，成倒立、放大的实像，故A错误；‎ B、据A可知，投影仪是利用物体在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、放大的实像的原理工作的，所以图中成像特点与投影仪成像特点相同，故B正确；‎ CD、由图可知，像距v＞2f，即：40cm＞2f；2f＞u＞f，即：2f＞25cm＞f，所以20cm＞f＞12.5cm，当将蜡烛移到光具座40cm刻度线处，此时物距u=10cm＜f，物体一倍焦距以内不成实像，所以光屏上得到不清晰的像，故D正确；将蜡烛移到光具座10cm刻度线处，此时物距为40cm，大于二倍焦距，成的是倒立、缩小的实像，故C正确。‎ 故选：BCD。‎ ‎【点评】判断凸透镜的成像情况的几种方法：根据物距和像距的大小关系；根据物距和焦距的关系；根据像距和焦距的关系。‎ ‎12．把标有“6V 3W”的小灯泡与最大阻值为100Ω的滑动变阻器连接在电源电压恒为18V的电路中，各电表选择的量程如图所示，要求闭合开关后两电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定值（灯丝电阻不变）．下列说法正确的是（　　）‎ A．在滑动变阻器滑片向左移动的过程中，电流表示数变大，电压表示数变小 B．电路的总功率最大值为10.8W C．小灯泡的电功率最小值为0.75W D．滑动变阻器允许调节的范围是24Ω～60Ω ‎【分析】分析实物图可知：灯泡与滑动变阻器是串联关系；电流表测量串联电路的电流（所选量程为0～0.6A），电压表测量滑动变阻器两端的电压（所选量程为0～15V）。‎ ‎（1）滑片向左移动时，根据滑动变阻器的变阻原理判定连入电路的电阻的变化；再判定总电阻的变化，根据欧姆定律和串联电路的电压关系判定电流表和电压表示数的变化情况；‎ ‎（2）由灯的铭牌求出灯正常发光时的电流和灯丝电阻，确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器连入电路的最小电阻，利用P=UI求电路的总功率最大值；‎ ‎（3）为保护电压表，滑动变阻器两端的最大电压为15V，此时滑动变阻器连入的电阻最大，利用串联电路的电压关系求出此时加在灯两端的电压；再利用欧姆定律求出此时电路中的最小电流和滑动变阻器连入的电阻；最后利用P=UI求小灯泡的电功率最小值；‎ ‎（4）由（2）（3）得出滑动变阻器允许调节的范围。‎ ‎【解答】解：（1）如图，滑片向左移动时，根据滑动变阻器连入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律知道电路中的电流变大（电流表的示数变大）；滑动变阻器连入电路的电阻变小、分压变小（电压表示数的变小），故A正确；‎ ‎（2）由“6V 3W”根据P=可求：‎ 灯丝电阻：‎ RL===12Ω，‎ 灯正常发光时的电流：‎ I===0.5A，‎ 所以电路中的最大电流应为Imax=0.5A，由欧姆定律得：‎ R总min===36Ω，‎ 由电阻的串联特点得：‎ 滑动变阻器连入电路的最小电阻：‎ Rmin=R总min﹣RL=36Ω﹣12Ω=24Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①‎ 此时电路中电功率最大：‎ Pmax=UI=18V×0.5A=9W，故B错；‎ ‎（3）为保护电压表，滑动变阻器两端的最大电压为15V，此时滑动变阻器连入的电阻最大，‎ ‎∵U=UL′+UR，‎ ‎∴小灯泡两端的最小电压：‎ UL′=U﹣UR=18V﹣15V=3V，‎ 此时电路中的电流：‎ I′===0.25A，‎ 由欧姆定律得：‎ R总max===72Ω，‎ 由电阻的串联特点得：‎ 滑动变阻器连入电路的最大电阻：‎ Rmax=R总max﹣RL=72Ω﹣12Ω=60Ω ‎ 此时小灯泡的电功率（最小）：‎ P小=ULI′=3V×0.25A=0.75W，故C正确；‎ ‎（4）由①②可知 滑动变阻器允许调节的范围为24Ω～60Ω，故D正确。‎ 故选：ACD。‎ ‎【点评】本题关键：一是根据灯的铭牌求出允许通过的最大电流、确定滑动变阻器连入的最小阻值；二是根据电压表的量程求出滑动变阻器两端的最大电压、确定滑动变阻器连入的最大阻值。‎ ‎13．如图，薄壁容器的底面积为S，物体A的体积为V，底面积为S1，轻质弹簧的一端固定在容器底部，另一端与A连接。当容器中的水深为h时，弹簧的长度恰好等于原长，物体A有一半的体积浸在水中。下列判断正确的是（　　）‎ A．水对容器底部的压力F=ρ水ghS B．若将A和轻质弹簧取走，容器中的水对容器底压强的变化量△p=‎ C．若在A上加放重为GB的物体B，A恰好浸没，此时弹簧对A的支持力FN=GB﹣ρ水g D．若向容器中缓慢加水直到A恰好浸没，注入的水的质量△m水=ρ水V ‎【分析】（1）已知容器中的水深为h，利用p=ρgh可求得水对容器底部的压强，然后利用p=可求得水对容器底部的压力 ‎（2）若将A和轻质弹簧取走，由于物体A有一半的体积浸在水中，据此即可求出水面下降后减小的体积；利用V=Sh求出水的深度变化量，利用p=ρgh即可得出压强的变化量；‎ ‎（3）在A上加放重为GB的物体B，A恰好浸没。此时弹簧对A的支持力FN=GA+GB﹣；‎ ‎（4）假设弹簧的长度不变化物体A的位置不变，根据需要加入的水的体积求出水的重力；由于加水后弹簧的长度变长，物体A会上升，注入的水的质量大于物体A的位置不变需要加入的水的质量，由此可判断。‎ ‎【解答】解：A、已知容器中的水深为h，则水对容器底部的压强p=ρ水gh，由p=可得，水对容器底部的压力F=pS=ρ水ghS，故A正确；‎ B、由于物体A有一半的体积浸在水中，若将A和轻质弹簧取走，则水面下降时减小的体积△V=V，‎ 则水面降低的高度△h===；‎ 所以水对容器底压强的变化量△p=ρ水g△h=ρ水g×=，故B错误；‎ C、由于弹簧的长度恰好等于原长，说明物体漂浮，‎ 由漂浮条件和阿基米德原理可得GA=F浮=ρ水gV=ρ水gV；‎ 在A上加放重为GB的物体B，A恰好浸没，以A、B的整体为研究对象，向上的支持力、向上的浮力和总重力平衡，则FN+F浮′=GA+GB，‎ 此时弹簧对A的支持力FN=GA+GB﹣F浮′=ρ水gV+GB﹣ρ水gV=GB﹣ρ水gV，故C正确；‎ D、加水直到A恰好浸没，设弹簧的长度不变化，如图 则将A恰好浸没需要加入的水的体积为：‎ ‎△V′=（S﹣S1）×hA=（S﹣S1）××=，‎ 则加水的质量为△m水′=ρ水△V′=ρ水×=ρ水V；‎ 由于向容器中加水后物体会上浮一些，则弹簧的长度变长，‎ 所以注入的水的质量△m水＞△m水′=ρ水V，故D错误。‎ 故选：AC。‎ ‎【点评】本题考查密度的计算，阿基米德原理，浮力的计算，本题难度较大，解题时一定要认真仔细。‎ 三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）‎ ‎14．（4分）如图所示，某同学用50N的力将重30N的长方体物块紧压在竖直墙壁上静止，则此时物体受到的摩擦力为　30N　；温度计的示数为　﹣12℃　。‎ ‎【分析】（1）使用温度计测量液体温度时，要看清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下。‎ ‎（2）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受力平衡。‎ ‎【解答】解：（1）由于长方体处于静止状态，所以受力平衡，在竖直方向上，长方体受到一个竖直向下的重力，还有一个竖直向上的摩擦力，这两个力是一对平衡力，大小相等，故摩擦力为30N。‎ ‎（2）由图可知，温度计上20到30间有10个小格，所以每一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的最小分度值为1℃；“30”在“20”的下方，所以显示的温度低于0℃，液柱最高处在两者之间，故为﹣12℃。‎ 故答案为：30N；﹣12℃。‎ ‎【点评】该题考查了温度计的读数和二力平衡条件的应用，解题的关键是确定物体是否处于平衡状态，如果物体是平衡状态，则受平衡力作用。‎ ‎15．（4分）小明在竖直放置的平面镜前0.5m处，他在镜中的像与他相距　1　m．当他远离镜子时，像的大小将　不变　。‎ ‎【分析】根据平面镜成像的特点：成等大正立的虚像，且物距与像距相等，即可分析解答此题。‎ ‎【解答】解：‎ 因平面镜成像时物距与像距相等，此时物距为0.5m，则像距也为0.5m，像离他的距离为0.5m+0.5m=1m；‎ 由于像与物是等大的，所以，不管他远离镜子还是靠近镜子时，像的大小将不变。‎ 故答案为：1；不变。‎ ‎【点评】平面镜成像的特点在实际生活中应用非常广泛，也是光学中一个很重要的知识点，要求熟练掌握，并学会灵活运用。‎ ‎16．（4分）春暖花开，鸟语花香。闻到花香是因为分子的　无规则运动　。固体很难被压缩，是因为固体分子间存在着　斥力　。‎ ‎【分析】‎ 两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散；扩散表明一切物质的分子都是不停的做无规则的运动；构成物质的分子间有间隙，分子间存在相互作用的引力和斥力。‎ ‎【解答】解：‎ 春暖花开，鸟语花香，闻到花香，是芳香物质的分子扩散到空气中，扩散表明一切物质的分子都是不停的做无规则的运动；‎ 分子间存在斥力，固体分子间距离较小，所以固体和液体很难被压缩。‎ 故答案为：无规则运动；斥力。‎ ‎【点评】此题考查了分子的热运动和分子间的相互作用力，是一道基础题。本题主要考查学生对分子间作用力的条件的理解和掌握，是分子间作用力的难点。‎ ‎17．（4分）如图所示是一个用开关来控制电磁铁南北极的巧妙装置，装置旁边放有一小磁针，当开关S接　b　（选填“a”或“b”）点时，电磁铁的B端是N极，小磁针的C端是　N　极。‎ ‎【分析】知道电磁铁的B端是S极、A端是N极，据磁极间想作用规律可以判定出小磁针的NS极，再根据安培定则判定出线圈中的电流方向，从而确定S接的是哪个触电。‎ ‎【解答】解：电磁铁的B端是N极、A端是S极，据磁极间的作用规律可知，此时小磁针D端是S极，C端是N极；再据安培定则可知，电流从电磁铁的右端流入、左端流出，故据此可以判定，S必须接b；‎ 故答案为：b；N。‎ ‎【点评】本题考查安培定则的应用，注意安培定则不但可以由电流方向判断磁极方向，也可由磁极方向判断电流的方向；‎ ‎18．（4分）一个标有“6V 3W”的小灯泡接在9V的电源上，若使灯泡正常发光，应该给它串联一个　6　Ω的电阻。若小灯泡两端的实际电压是3V，则小灯泡的实际功率是　0.75　W。‎ ‎【分析】灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，利用欧姆定律求出串联电阻的阻值；根据欧姆定律求出灯泡的电阻，再根据P=求出小灯泡两端的实际电压是3V时的实际功率。‎ ‎【解答】解：灯泡正常发光时电压UL=6V，功率PL=3W，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，电阻R两端的电压：‎ UR=U总﹣UL=9V﹣6V=3V，‎ 因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，由P=UI可得，灯泡L正常发光时的电流：‎ I=IL===0.5A，‎ 由I=可得，电阻R的阻值：‎ R===6Ω；‎ 灯泡的电阻：‎ RL===12Ω，‎ 小灯泡两端的实际电压是3V时的实际功率：‎ PL′===0.75W。‎ 故答案为：6；0.75。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。‎ ‎19．（4分）如图所示，某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为Scm2，一个冲程活塞在气缸中移动的距离是L mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为P Pa，飞轮转速为N r/min，当汽油机满负荷工作时（不计摩擦），汽油机的功率为　　W；若1h消耗的汽油为V L，汽油的热值为q kg/m3，则汽油机的效率为　×10﹣2　%。‎ ‎【分析】知道燃气的平均压强和活塞的面积，可利用公式F=PS计算出平均压力的大小；知道活塞在气缸中移动的距离，可利用公式W=FS计算出一个做功冲程燃气对活塞做的功；飞轮（曲轴）每转两圈对外做功一次，计算出飞轮转动1800周对外做功的次数，已经计算出一个做功冲程燃气对活塞做的功，从而可以计算出燃气对活塞做的总功，又知道做功的时间，可利用公式P=计算出汽油机的功率；‎ 根据W=Pt求出汽油机的总功，根据Q=Vq求出燃料放出的热量，根据效率公式求出效率。‎ ‎【解答】解：燃气对活塞的平均压力为：F=pS=pPa×S×10﹣4m2=pS×10﹣4N。‎ 一个做功冲程中燃气对活塞做的功：W=Fs=pSN×01Lm=01×10﹣4LJ=10﹣7pSLJ。‎ 飞轮每转两圈对外做功一次，所以飞轮转动N周，要对外做功次，‎ 燃气对活塞做的总功为：W总=W×=01PS×10﹣4LJ×=5×10﹣8pSLNJ，‎ 而t=1min=60s，‎ 汽油机的功率为：P===；‎ 汽油机1h做功的功为：W'=Pt'=×3600a=0.03PSLN；‎ 汽油放出的热量为：Q=Vq；‎ 汽油机的效率为：η=×100%=×10﹣4×100%=×10﹣2%。‎ 故答案为：；×10﹣2%。‎ ‎【点评】此题考查热机中压力、功、功率的计算，关键是对公式和公式变形的理解和应用。在计算过程中要注意单位的换算，1cm2=10﹣4m2；1mm=01m 四、综合题（本大题共6小题，共37分）解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位．‎ ‎20．（7分）如图所示的心肺机的功能之一是用“热交换器”进行热量交换，通过血液循环调节体温，经监测，病人的体温由17℃上升至正常体温37℃历时1h，在这段时间内，假设热交换器所提供的热量有70%被人体吸收，设病人质量为75kg，人体组织的比热容与水相当。为c=4.2×103J/（kg•C）．求：‎ ‎（1）热交换器提供的热量；‎ ‎（2）热交换器的电功率。‎ ‎【分析】（1）知道人的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm（t﹣t0）求出人体吸收的热量，根据η=×100%求出热交换器提供的热量；‎ ‎（2）根据Q=W=Pt求出热交换器的电功率。‎ ‎【解答】解：（1）人体吸收的热量：‎ Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×75kg×（37℃﹣17℃）=6.3×106J；‎ 由η=×100%可得，热交换器提供的热量：‎ Q===9×106J；‎ ‎（2）由Q=W=Pt可得，热交换器的电功率：‎ P====2500W。‎ 答：（1）热交换器提供的热量为9×106J；‎ ‎（2）热交换器的电功率为2500W。‎ ‎【点评】本题考查了吸热公式和效率公式、电功率公式的应用，是一道较为简单的计算题。‎ ‎21．（6分）小明家新买的房子在12m高的楼上，装修时为了节省人工、加快进度，小坤设计了如图所示的滑轮组来提升装修材料。小明爸爸站在地面上用1min时间匀速把100kg的水泥吊到了楼上，所用的拉力是625N．求此过程中：（取g=10N/kg）‎ ‎（1）滑轮组的机械效率；‎ ‎（2）小明爸爸的功率。‎ ‎【分析】（1）利用G=mg求出水泥的重力，再利用W=Gh求出有用功；确定滑轮组绳子的有效股数n，利用s=nh求出绳子自由端移动的距离，再利用W=Fs求出拉力做的总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；‎ ‎（2）知道做功时间，利用P=求小明爸爸的功率。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）水泥的重力：G=mg=100 kg×10 N/kg=1000 N，‎ 拉力做的有用功：W有=Gh=1000 N×12 m=1.2×104J，‎ 由图可知，n=2，‎ 则绳子自由端移动的距离：s=nh=2×12 m=24 m，‎ 拉力做的总功：W总=Fs=625 N×24 m=1.5×104J，‎ 滑轮组的机械效率：‎ η==×100%=80%。‎ ‎（2）所用时间t=1min=60 s，‎ 小明爸爸做功的功率：‎ P===250 W。‎ 答：（1）滑轮组的机械效率为80%；‎ ‎（2）小明爸爸的功率为250W。‎ ‎【点评】本题考查功、功率、机械效率的计算，关键是明确有用功、总功的含义以及滑轮组绳子有效股数的确定。‎ ‎22．（6分）小明想利用天平、量筒做实验来测定一只金属螺母的密度。‎ ‎（1）写出实验步骤及所需测量的物理量。‎ ‎（2）设计实验表格，并将某次实验的数据（数据如图所示）及计算结果填入表中。‎ ‎【分析】用已调好的天平可直接测量金属螺母的质量；‎ 水与螺母的总体积与水的体积之差为金属螺母的体积；‎ 利用密度公式ρ=可计算螺母的密度。‎ ‎【解答】解：（1）实验步骤：①将天平放在水平桌面上，调节横梁平衡后，测出金属螺母的质量m；‎ ‎②将量筒中倒入适量水，读出水的体积V1；‎ ‎③用细线系住金属螺母，浸没在量筒内的水中，读出体积V2；‎ ‎④金属螺母的体积V=V2﹣V1，金属螺母的密度：ρ=。‎ ‎（2）实验中需要记录金属螺母的质量、水的体积、金属螺母与水的总体积、金属螺母的体积、金属螺母的密度。‎ 由图甲可知，金属螺母的质量m=50g+10g+3.2g=63.2g，‎ 由图1可知，量筒中水的体积V1=30ml=30cm3，金属螺母与水的总体积：V2=38ml=38cm3，‎ 金属螺母的体积V=V2﹣V1=38cm3﹣30cm3=8cm3，‎ 金属螺母的密度：ρ===7.9g/cm3。‎ 故答案为：（1）①将天平放在水平桌面上，调节横梁平衡后，测出金属螺母的质量m；‎ ‎②将量筒中倒入适量水，读出水的体积V1；‎ ‎③用细线系住金属螺母，浸没在量筒内的水中，读出体积V2；‎ ‎（2）‎ 金属螺母 的质量 m/g 量筒中水 的体积 V1/cm3‎ 金属螺母与 水的总体积 V2/cm3‎ 金属螺母 的体积 V/cm3‎ 金属螺母 的密度 ρ/g/cm3‎ ‎63.2‎ ‎30‎ ‎38‎ ‎8‎ ‎7.9‎ ‎【点评】本题设计固体密度的测量过程，利用排水法测量形状不规则且不溶于水的固体体积是常用方法。‎ ‎23．（6分）小明用三个电流表和两个小灯泡做实验，探究并联电路中电流的规律。‎ ‎（1）其连接的电路如图1所示。这个电路中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，然后画出正确的连接位置，并画出相应的电路图。‎ ‎（2）另一实验小组用与小明一样的电路图做实验，采用小灯泡不同，如果电流表A2的示数如图2所示，电流表A3的示数如图3所示，请设计出实验表格，并将实验数据填写表格中。‎ ‎【分析】（1）电流表与待测电路串联，电流应从电流表正接柱流入，据此分析电路的连接找出错误之处改正；‎ ‎（2）根据测量的物理量及至少做3次实验设计表格。‎ ‎【解答】解：（1）原电路中，两灯并联，两电流表A1A2都与L1串联，且电流表A2正负接线柱接反了，没有测量通过L2的电流，根据电流表与待测电阻串联，改正后如下所示：‎ 电路图如下：‎ ‎（2）如果电流表A2的示数如图b所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.5A；‎ 电流表A3的示数如图c所示，选用大量程，分值为0.1A，示数为1.6A，根据并联电路电流的规律，L1所在支路电流为1.6A﹣0.5A=1.1A，如下表所示：‎ 次数 L1所在支路电流I1/A L2所在支路电流I2/A 干路电流I/A ‎1‎ ‎1.1‎ ‎0.5‎ ‎1.6‎ ‎2‎ ‎3‎ 故答案为：（1）如上图所示；（2）如上表所示。‎ ‎【点评】本题研究并联电路电流的规律，考查电路的连接及设计表格的能力，找出原图的错误之处是关键。‎ ‎24．（6分）某实验小组要用“伏安法”测量一个用电器L的额定功率（额定电压为10V、额定功率在12W～15W之间），实验室有下列器材可供选用：‎ 电源：U1（电压为3V） U2（电压为15V）‎ 电流表：A1（量程0～0.6A） A2（量程0～3A）‎ 电压表：V1（量程0～3V） V2（量程0～15V）‎ 滑动变阻器：R1（阻值范围0～20Ω） R2（阻值范围0～200Ω） ‎ 开关一个，导线若干 为使测量尽可能准确、方便，请回答：‎ ‎（1）电源应该选择　U2　（填“U1”或“U2”）；电流表应该选择　A2　（填“A1”或“A2”）；电压表应该选择　V2　（填“V1”或“V2”）；滑动变阻器应该选择　R1　（填“R1”或“R2”）。‎ ‎（2）若提供的电流表都坏了，但又找到一个阻值合适的定值电阻R0，开关若干，请你：（要求电路不可重组）‎ ‎①画出实验电路图；‎ ‎②写出实验步骤及所需测量的物理量；‎ ‎③写出额定功率的表达式（用已知量和测量量表示）。‎ ‎【分析】（1）根据用电器的额定电压选择电源电压；根据用电器的额定电流选择电流表量程；‎ ‎（2）本题可用伏阻法来测量小灯泡的额定功率，利用串联电路中电流处处相等的特点，让小灯泡与定值电阻R0、滑动变阻器串联，先调节滑动变阻器的阻值使灯泡的电压为UL，再用电压表测出此时定值电阻两端的电压，由欧姆定律计算出电路中的电流，再计算灯泡的额定功率。‎ ‎【解答】解：（1）用电器额定电压为10V，故选用的电源为 U2；电压表量程为0﹣15V；由公式I=可知用电器的额定电流在1A﹣1.5A之间，故电流表需用0﹣3A量程，故用A2；‎ 用电器正常工作是，滑动变阻器两端电压为U'=15V﹣10V=5V，此时滑动变阻器的电阻为R'===5Ω，故选用R1；‎ ‎（2）①将灯泡、电阻R0、滑动变阻器串联，电压表先与灯泡并联，如图所示：‎ ‎②实验步骤：‎ a．将电压表并联在L两端，闭合开关后，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数达到UL；‎ b．保持滑动变阻器阻值不变，用电压表测量R0两端电压为U0。‎ ‎（3）灯泡的额定电流I=I0=，‎ 则PL=UL•IL=UL，‎ 故答案为：（1）U2；A2；V2；R1；（2）见解析。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的电流特点及伏阻法测小灯泡的额定功率。注意要调节滑动变阻器使灯的电压为UL后，再去测量定值电阻两端的电压，才能求得灯的额定功率。‎ ‎25．（6分）在底面积为S1的圆柱形水槽中放有部分水（密度为ρ水），在水面上漂浮着一块横截面积为S2、高为h0的圆柱形物块，物块浸入水中的深度为h，如图（a）所示。‎ ‎（1）请画出物块的受力分析图；‎ ‎（2）若沿物块上下面中心的连线，将物块镂空贯通，镂空部分的横截面积为S0，物块仍放入原水槽中，如图（b）所示，平衡后与图（a）比较，求水面下降的高度；‎ ‎（3）若将镂空部分压在物块上，再放入原水槽中，如图（c）所示，平衡后与图（b）比较，求物体下端下降的高度。‎ ‎【分析】（1）圆柱形物块漂浮在水面上时，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力是一对平衡力，二力大小相等，方向相反，都作用在圆柱体的重心上，据此作出受力分析图；‎ ‎（2）根据物体漂浮可知，受到的浮力和自身的重力相等，根据阿基米德原理和密度公式以及体积公式得出图（a）和图（b）中浸入液体的深度相同，物体排开水体积的减小量等于镂空部分排开水的体积，然后根据体积公式求出水面下降的高度；‎ ‎（3）将镂下的部分压在物块上，物体的重力不变，受到的浮力不变，排开水的体积不变，而此时浸入水部分圆柱体的底面积减小，根据体积公式求出此时物块浸入水的深度，进一步求出物块下端下降的高度。‎ ‎【解答】解：（1）圆柱形物块漂浮在水面上时，处于平衡状态，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力是一对平衡力，‎ 二力大小相等，方向相反，都作用在圆柱体的重心上，受力分析图如下图所示：‎ ‎（2）因物体漂浮，‎ 所以，F浮=G，‎ 因F浮=ρ液gV排=ρ液gS物h浸入，G物=m物g=ρ物S物h物g，‎ 所以， =，比值不变，故镂空前后，物块浸入水中的深度h不变，‎ 镂空后，排开水的体积减少了S0h，‎ 所以，水面下降了h下降=。‎ ‎（3）将镂空部分压在物块上后，物体重量跟原来一样，故排开水的体积也跟a图一样为S2h，‎ 此时物块在水中的深度：‎ h2=，‎ 深度跟原来图b比较，物块下端下降了：‎ ‎△h=h2﹣h﹣h下降=﹣h﹣=S0h（﹣）。‎ 答：（1）物块的受力分析图如上图所示；‎ ‎（2）水面下降的高度为；‎ ‎（3）物体下端下降的高度为S0h（﹣）。‎ ‎【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件以及密度公式的应用，关键是得出图（a）和图（b）中浸入液体的深度不变，难点是（b）和图（c）中排开水体积变化的分析。‎