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- 2021-05-13 发布
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2017年广东省广州市中考数学试卷
满分:150分 版本:北师大版
一、选择题(每小题3分,共10小题,合计48分)
1.(2017广东广州)如图,数轴上两点A,B表示的数互为相反数,则点B表示的数为( )
A.-6 B.6 C.0 D.无法确定
答案:B,解析:∵只有符号不同的两个数互为相反数,∴-6的相反数是6,即点B表示6.
2.(2017广东广州)如图2,将正方形ABCD中的阴影三角绕点A顺时针旋转90°后,得到的图形为( )
A. B. C. D.
答案:A,解析:选项A是原阴影三角形绕点A顺时针旋转90°后得到的;选项B是原阴影三角形绕点A顺时针(或逆时针)旋转180°后得到的;选项C不能由原阴影三角形绕点A旋转一定度数得到;选项A是原阴影三角形绕点A顺时针旋转270°后得到的.
3.(2017广东广州)某6人活动小组为了解本组成员的年龄情况,作了一次调查,统计的年龄如下(单位:岁):12,13,14,15,15,15.这组数据中的众数,平均数分别为( )
A.12,14 B.12,15 C.15,14 D.15,13
答案:C,解析:该组数据中,15出现的次数最多,故众数是15;该组数据的平均数 = (12+13+14+15×3)=14.
4.(2017广东广州)下列运算正确的是( )
A. B. C. D.|a|=a(a≥0)
答案:D,解析:,故选项A不正确;,故选项B不正确;,故选项C不正确,选项D正确.
5.(2017广东广州)关于x的一元二次方程x2+8x+q=0有两个不相等的实数根,则q的取值范围是( )
A.q<16 B.q>16 C.q≤4 D.q≥4
答案:A,解析:根据一元二次方程根的判别式,得△=82-4q>0,解得q<16.
6.(2017广东广州)如图,⊙O是△ABC的内切圆,则点O是△ABC的( )
A.三条边的垂直平分线的交点 B.三条角平分线的交点
C.三条中线的交点 D.三条高的交点
答案:B,解析:如图,三角形内切圆的圆心是三个内角平分线的交点.
7.(2017广东广州)计算,结果是( )
A.a5b5 B.a4b5 C.ab5 D.a5b6
答案:A,解析:原式=a6b3·=a5b5.
8.(2017广东广州)如图,E,F分别是ABCD的边AD,BC上的点,EF=6,∠DEF=60°,将四边形EFCD沿EF翻折,得到 EFC’D’,ED’交BC于点G,则△GEF的周长为( )
A.6 B.12 C.18 D.24
答案:C,解析:由折叠的性质可知,∠GEF=∠DEF=60°.又∵AD∥BC,∴∠GFE=∠DEF=60°,∴△GEF是等边三角形.∵EF=6,∴△GEF的周长为18.
9.(2017广东广州)如图,在⊙O中,AB是直径,CD是弦,AB⊥CD,垂足为E,连接CO,AD,∠BAD=20°,则下列说法中正确的是( )
A.AD=2OB B.CE=EO C.∠OCE=40° D.∠BOC=2∠BAD
答案:D,解析:如图,连接OD.∵AD是非直径的弦,OB是半径,∴AD≠2OB,故选项A
不正确;∵AB⊥CD,∴,∴∠COB=∠BOD=2∠BAD=40°,故选项D正确;∵∠OCE=180°-90°-40°=50°,∴∠COB≠∠OCE,∴CE≠EO,故选项B,C不正确.
10.(2017广东广州)a≠0,函数y=与y=-ax2+a同一直角坐标系中的大致图象可能是( )
A. B. C. D.
答案:D,解析:由下表可知,选项D符合题意.
a>0
a<0
函数y=
图像位于第一、三象限
图像位于第二、四象限
y=-ax2+a
开口向下,与y轴的交点(0,a)在y轴的正半轴
开口向上,与y轴的交点(0,a)在y轴的负半轴
二、填空题:(每小题3分,共6小题,合计18分)
11.(2017广东广州)如图,四边形ABCD中,AD∥BC,∠A=110°,则∠B= .
答案:70°,解析:∵AD∥BC,∴∠B=180°-∠A=180°-110°=70°.
12.(2017广东广州)分解因式:xy2-9x= .
答案:.x(y+3)(y-3) 解析:原式=x(x2-9)=x(y+3)(y-3).
13.(2017广东广州)当x= 时,二次函数y=x2-2x+6有最小值 .
答案:1 5 解析:∵y=x2-2x+6=(x-1)2+5,∴当x=1时, y最小值=5.
14.(2017广东广州)如图,Rt△ABC中,∠C=90°,BC=15,tanA=,则AB= .
答案:17,解析:∵tanA=,即=,∴AC=8.根据勾股定理,得AB===17.
15.(2017广东广州)如图,圆锥的侧面展开图是一个圆心角为120°的扇形,若圆锥的底面圆半径是,则圆锥的母线l= .
答案:3 解析:圆锥的侧面展开图是扇形,且扇形的弧长等于圆锥底面圆的周长,扇形的半径长等于圆锥的母线长,即=2π×,解得l=3.
16.(2017广东广州)如图,平面直角坐标系中O是原点,□ABCD的顶点A,C的坐标分别是(8,0),(3,4),点D,E把线段OB三等分,延长CD,CE分别交OA,AB于点F,G,连接FG,则下列结论:①F是OA的中点;②△OFD与△BEG相似;③四边形DEGF的面积是;④OD=;其中正确的结论是 .(填写所有正确结论的序号)
答案:①③ 解析:∵BC∥OA,且点D,E是OB的三等分点,∴,∴OF=BC=OA,∴点F是OA的中点,故①正确;易证点G是AB的中点,∴S△COF=S△BCG=S□OABC,∴S四边形AFCG= S□OABC.由点A,C的坐标可知S□OABC=8×4=32,S△CDE=S△BOC=×S□OABC=.∵FG是△AOB的中位线,∴S△AFG=S△AFG=×S□OABC=4,∴S四边形DEGF=S四边形AFCG-S△CDE-S△AFG=S□OABC-S△CDE-S△AFG=16--4=,故③正确;由平行四边形的性质可知点B的坐标为(11,4),则OB==,∴OD=OB=,故④不正确.由于△OFD与△BEG相似的条件不充足,故②不正确.
三、解答题:本大题共9个小题,满分102分.
17.(本小题满分9分)解方程组:.
思路分析:利用加减消元法或代入消元法求解.
解:①×3,得
3x+3y=15③,
③-②,得
x=4.
将x=4代入①,得
y=1.
∴方程组得解为.
18.(2017广东广州)(本小题满分9分)如图,点E,F在AB上,AD=BC,∠A=∠B,AE=BF.
求证:△ADF≌△BCE.
思路分析:根据SAS证明两个三角形全等.
证明:∵AE=BF,
∴AE+EF=BF+EF,
即AF=BE.
在△ADF和△BCE中,
∴△ADF≌△BCE(SAS).
19.(2017广东广州)(本小题满分10分)某班为了解学生一学期做义工的时间情况,对全班50名学生进行调查,按做义工的时间 (单位:小时),将学生分成五类:A类(0≤t≤2),B类(2<t≤4),C类(4<t≤6),D类(6<t≤8),E类(t>8),绘制成尚不完整的条形统计图如图11.
根据以上信息,解答下列问题:
(1)E类学生有_________人,补全条形统计图;
(2)D类学生人数占被调查总人数的__________%;
(3)从该班做义工时间在0≤t≤4的学生中任选2人,求这2人做义工时间都在2<t≤4中的概率.
思路分析:(1)∵全班人数为50,∴E类学生人数为50-(2+3+22+18)=5;(2)D类学生人数占被调查人数的百分比为×100%=36%;(3)先列举所有可能的结果,再利用概率计算公式求解.
解:(1)5,补全条形统计图如图所示:
(2)36;
(3)该班做义工时间在0≤t≤4的学生有5人,其中A类(0≤t≤2)的学生有2人,B类(0≤t≤2)的学生有3人.设这5人分别为A1,A2,B1,B2,B3,从中任选2人,所有可能的结果为:(A1,A2),(A1,B1),(A1,B2),(A1,B3),(A2,B1),(A2,B2),(A2,B3),(B1,B2),(B1,B3),(B2,B3),共10种,其中两人都在2<t≤4的结果有3种:(B1,B2),(B1,B3),(B2,B3),∴P(这2人做义工时间都在2<t≤4)=.
20.(2017广东广州)(本小题满分10分)如图12,在Rt△ABC中,∠B=90°,∠A=30°,AC=2.
(1)利用尺规作线段AC的垂直平分线DE,垂足为E,交AB于点D;(保留作图痕迹,不写作法)
(2)若△ADE的周长为a,先化简T=(a+1)2-a(a-1),再求T的值.
思路分析:(1)按照线段垂直平分线的尺规作图方法作图;(2)通过解直角三角形求出△ADE的周长为a,再化简、代入求值.
解:(1)如图所示:
(2)∵DE是线段AC的垂直平分线,
∴∠AED=90°,AE=AC=×2=.
在RtADE中,∠A=30°,AE=,∴DE=AE·tanA=×=1,AD=2DE=2.
∴a=AD+DE+AE=2+1+=3+.
T=(a+1)2-a(a-1)=a2+2a+1-a2+a=3a+1=3(3+)+1=3+10.
21.(2017广东广州)(本小题满分12分)甲、乙两个工程队均参与某筑路工程,先由甲队筑路60公里,再由乙队完成剩下的筑路工程,已知乙队筑路总公里数是甲队筑路总公里数的倍,甲队比乙队多筑路20天.
(1)求乙队筑路的总公里数;
(2)若甲、乙两队平均每天筑路公里数之比为5:8,求乙队平均每天筑路多少公里.
思路分析:(1)根据“乙队筑路总公里数是甲队筑路总公里数的倍”求解;(2)根据“甲队比乙队多筑路20天”列分式方程求解,注意检验.
解:(1)60×=80(公里),即乙队筑路的总公里数为80公里.
(2)设甲队每天筑路8x公里,乙队每天筑路5x公里,根据题意,得
解得x=.
经检验,x=是原方程的解且符合题意,
×8=.
答:乙队平均每天筑路公里.
22.(2017广东广州)(本小题满分12分)将直线y=3x+1向下平移1个单位长度,得到直线y=3x+m,若反比例函数y=的图象与直线y=3x+m相交于点A,且点A的纵坐标是3.
(1)求m和k的值;
(2)结合图象求不等式3x+m>的解集.
思路分析:(1)将直线y=3x+1向下平移1个单位长度后得到直线y=3x+1-1,故3x+m=3x+1-1,从而求得m的值和点A的坐标,将点A代入y=可得到k的值;(2)直线y=3x+m在双曲线y=上方时x的取值范围,即为不等式3x+m>的解集.
解:(1)根据题意,得3x+m=3x+1-1,解得m=0.∴y=3x.
将y=3代入y=3x,得3x=3,解得x=1,∴点A的坐标为(1,3).
将(1,3)代入y=,得k=3.
(2)如图,可知不等式3x+m>的解集为-1<x<0或x>1.
23.(2017广东广州)(本小题满分12分)已知抛物线y1=-x2+mx+n,直线y2=kx+b,y1的对称轴与y2交于点A(-1,5),点A与y1的顶点B的距离是4.
(1)求y1的解析式;
(2)若y2随着x的增大而增大,且y1与y2都经过x轴上的同一点,求y2的解析式.
思路分析:(1)由“y1的对称轴经过点A(-1,5)”可知对称轴为x=-1,从而求得m的值,进而可用含n的式子表示出顶点B的坐标,再由“点A与y1的顶点B的距离是4”求得n的值;(2)由(1)中所求y1的函数解析式求得y2与x轴的交点,利用待定系数法求出y2的解析式.注意“y2随着x的增大而增大”这一条件的限制.
解:(1)∵y1的对称轴与y2交于点A(-1,5),
∴y1的对称轴为x=-1.
∴=-1,解得m=-2.
∴y1=-x2-2x+n=-(x+1)2+n+1.
∴顶点B的坐标为(-1,n+1).
∵AB=4,∴|(n+1)-5|=4,解得n1=0,n2=8.
当n=0时,y1=-x2-2x;当n=8时,y1=-x2-2x+8.
即y1的解析式为y1=-x2-2x或y1=-x2-2x+8.
(2)当y1=-x2-2x时,
将y=0代入y1=-x2-2x,得x1=0,x2=-2,∴y1与x轴的交点为(0,0),(-2,0).
∵y2随x的增大而增大,∴k>0.
①当y2经过A(-1,5),(0,0)时,则有,解得,∴y2=-5x.(不合题意,舍去).
②当y2经过A(-1,5),(-2,0)时,则有,解得,∴y2=5x+10.
当y1=-x2-2x+8时,将y=0代入y1=-x2-2x+8,得x1=2,x2=-4,∴y1与x轴的交点为(2,0),(-4,0).
①当y2经过A(-1,5),(2,0)时,则有,解得,∴y2=x+.(不合题意,舍去).
②当y2经过A(-1,5),(-4,0)时,则有,解得,∴y2=x+.
综上可知,y2的解析式为y2=5x+10或y2=x+.
24.(2017广东广州)(本小题满分14分)如图,矩形ABCD的对角线AC,BD相交于点O,△COD关于CD的对称图形为△CED.
(1)求证:四边形OCED是菱形;
(2)连接AE,若AB=6cm,BC=cm.
①求sin∠EAD的值;
②若点P为线段AE上一动点(不与点A重合),连接OP,一动点Q从点O出发,以1cm/s的速度沿线段OP匀速运动到点P,再以1.5cm/s的速度沿线段PA匀速运动到点A,到达点A后停止运动.当点Q沿上述路线运动到点A所需要的时间最短时,求AP的长和点Q走完全程所需的时间.
思路分析:(1)根据矩形的性质和轴对称的性质证明四边形OCED的四条边都相等;(2)①连接OE,设直线OE交AB于点F,交DC于点G,可知∠EAD=∠AEF,在△AEF中求得sin∠AEF即可;②过点P作PM⊥AB,垂足为点M. Q由O运动到P所需时间就是OP+MA最小.
解:(1)证明:∵四边形ABCD是为矩形,
∴AC=BD.
∵AC与BD交于点O,且△COD与△CED关于CD对称,
∴DO=CO,且DO=DE,OC=EC,
∴DO=OC=EC=ED,
∴四边形OCED是菱形.
(2)①连接OE,设直线OE交AB于点F,交DC于点G.
∵△COD与△CED关于CD对称,∴OE⊥DC.
∵DC∥AB,∴OF⊥AB,EF∥AD.
∵G为DC的中点,O为AC的中点,∴OG是△CAD的中位线,∴OG=GE=.
同理可得OF=,AF=3,∴AE=.
∵∠EAD=∠AEF,∴sin∠EAD=sin∠AEF=.
①过点P作PM⊥AB,垂足为点M.
∴Q由O运动到P所需时间为3s.
由①可知AM=AP.
∴点Q以1.5cm/s的速度从点P到A所需时间等同于以1cm/s的速度从M运动到A,
即t=tOP+tPA=,
∴Q由O运动到P所需时间就是OP+MA最小.
如图,当P运动到P1,即P1O∥AB时,所用时间最短.
∴t==3s.
在Rt△AP1M1中,设AM1=2x,则AP1=3x,∵AP12=AM12+P1M12,∴(3x)2=(2x)
2+,解得x1=,x2=-(舍去),∴AP=.
答:AP的长为cm,点Q走完全程需时3s.
25.(2017广东广州)(本小题满分14分)如图14,AB是⊙O的直径,,AB=2,连接AC.
(1)求证:∠CAB=45°;
(2)若直线l为⊙O的切线,C是切点,在直线L上取一点D,使BD=AB,BD所在的直线与AC所在的直线相交于点E,连接AD.
①试探究AE与AD之间的数量关系,并证明你的结论;
②是否为定值?若是,请求出这个定值;若不是,请说明理由.
思路分析:(1)连接BC,根据“同弧所对的圆周角等于圆角角的一半”求解;(2)①当BD=AB时,有∠ABD为锐角和∠ABD为钝角两种情形;②分D在点C左侧或D在点C右侧两种情况求解.
解:(1)证明:如图,连接BC.
∵AB是⊙O的直径,∴∠ACB=90°.
∵AC=BC,∴∠CAB=∠CBA=(180°-90°)=45°.
(2)①当∠ABD为锐角时,如图所示,作BF⊥l于F.
由(1)可知△ABC为等腰直角三角形.
∵O是AB的中点,∴CO=AO=BO,∴△COB为等腰直角三角形.
∵l是⊙O的切线,∴OC⊥l.
∵BF⊥l,∴四边形OBEC为矩形.
∴AB=2BF,∴BD=2BF,∴∠BDF=30°,∴∠DBA=30°,
∴∠BDA=∠BAD=75°,∠CBE=15°,∠CEB=90°-15°=75°,∴∠CEB=∠DEA,∴AD=AE.
②当∠ABD为钝角时,如图所示,同样BF=BD,∠BDC=30°,
∴∠ABD=150°,∠AEB=90°-∠CBE=15°,∠ADB=(180°-150°)=15°,
∴∠AED=∠ADE,∴AE=AD.
②当D在C左侧时,由①可知CD∥AB,∠ACD=∠BAE,∠DAC=∠EBA=30°,
∴△CAD∽△BAE,∴,∴AE=CD.
∵BA=BD,∠BAD=∠BDA=15°,∴∠IBE=30°.
在Rt△IBE中,BE=2EI=2×AE=AE=CD=2CD.
∴.
当D在C右侧时,过E走EI⊥AB与I.
由①可知∠ADC=∠BEA=15°.
∵AB∥CD,∴∠EAB=∠ACD,
∴△ACD∽△BAE,
∴,∴AE=CD.
∵BA=BD,∠BAD=∠BDA=15°,∴∠IBE=30°.
在Rt△IBE中,BE=2EI=2×AE=AE=CD=2CD.
∴.
综上所述,为定值,其值为2.