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- 2021-05-13 发布
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2014高考数学快速命中考点7
一、选择题
1.函数y=x3与y=x-2图象的交点为(a,b),则a所在的区间是( )
A.(0,1) B.(1,2)
C.(2,3) D.(3,4)
【解析】 设f(x)=x3-x-2,则f(1)=1--1=1-2=-1<0,
f(2)=23-0=7>0,从而f(1)f(2)<0,故选B.
【答案】 B
2.已知函数f(x)=()x-log3x,若实数x0是方程f(x)=0的解,且00时,f(x)=()x-log3x是减函数,
又x0是方程f(x)=0的根,即f(x0)=0.
∴当0f(x0)=0.
【答案】 C
3.已知函数f(x)=ax+x-b的零点x0∈(n,n+1)(n∈Z).其中常数a,b满足2a=3,3b=2,则n的值是( )
A.-2 B.-1
C.0 D.1
【解析】 ∵2a=3,3b=2,
∴a>1,00,
∴f(x)在(-1,0)内有唯一零点,取n=-1.
【答案】 B
4.已知定义域为R的函数f(x)既是奇函数,又是周期为3的周期函数,当x∈时,f(x)=sin πx,f=0,则函数f(x)在区间[0,6]上的零点个数是( )
A.3 B.5
C.7 D.9
【解析】 对R上的奇函数f(x),有f(0)=0;又f(1)=sin π=0;
再由T=3,∴f(3)=f(0+3)=f(0)=0;f(6)=f(3+3)=f(3)=0;f(4)=f(1+3)=f(1)=0;f(-2)=f(-2+3)=f(1)=0,f(2)=-f(-2)=0;f(5)=f(2+3)=f(2)=0.因为f=0,所以f=f=f
=0.综上可知f(x)在区间[0,6]上的零点为0,1,,2,3,4,,5,6,共9个,故选D.
【答案】 D
5.已知函数f(x)=若函数g(x)=f(x)-x的零点按从小到大的顺序排成一个数列,则该数列的通项公式为( )
A.an= B.an=n(n-1)
C.an=n-1 D.an=2n-2
【解析】 g(x)=f(x)-x=
当-1<x≤0时,由x3-x=0得x=0,则x=0是函数g(x)的一个零点.
当0<x≤1时,-1<x-1≤0,则g(x)=f(x-1)-x+1=(x-1)3-x+1
令g(x)=0,即(x-1)3-(x-1)=0得x=1,即x=1是函数g(x)的一个零点
当1<x≤2时,0<x-1≤1,-1<x-2≤0,g(x)=f(x-1)-x+1=f(x-2)-x+2=(x-2)3-(x-2)
令g(x)=0,即(x-2)3-(x-2)=0得x=2,即x=2是函数g(x)的一个零点
同理可依次得到函数的零点分别为4,5,6…,故选C.
【答案】 C
二、填空题
6.若函数f(x)=2-|x-1|-m有零点,则实数m的取值范围是________.
【解析】 令f(x)=0,得m=()|x-1|,
∵|x-1|≥0,∴0<()|x-1|≤1,即00,
∴f(2)·f(3)<0.
∴f(x)在(2,3)上至少有一个零点.
又∵f(x)在(0,+∞)上是增函数,
从而f(x)在(0,+∞)上有且只有一个零点.
(2)由f(2)<0,f(3)>0.
∴f(x)的零点x0∈(2,3).
取x1=,∵f()=ln -1=ln -ln e<0,
∴f·f(3)<0,∴x0∈(,3).
取x2=,∵f=ln -=ln -ln e>0,
∴f·f<0,
∴x0∈且|-|=≤,
∴即为符合条件的区间.
10.已知函数f(x)=-x2+2ex+m-1,g(x)=x+(x>0).
(1)若g(x)=m有零点,求m的取值范围;
(2)确定m的取值范围,使得g(x)-f(x)=0有两个相异实根.
【解】 (1)∵g(x)=x+≥2=2e(x>0),
当且仅当x=时取等号.
∴当x=e时,g(x)有最小值2e.
因此g(x)=m有零点,只需m≥2e.
∴当m∈[2e,+∞)时,g(x)=m有零点.
(2)若g(x)-f(x)=0有两个相异实根.
则函数g(x)与f(x)的图象有两个不同的交点.
如图所示,作出函数g(x)=x+(x>0)的大致图象.
∵f(x)=-x2+2ex+m-1=-(x-e)2+m-1+e2.
∴其对称轴x=e,f(x)max=m-1+e2.
若函数f(x)与g(x)的图象有两个交点.
必须有m-1+e2>2e,即m>-e2+2e+1.
即g(x)-f(x)=0有两个相异实根.
∴m的取值范围是(-e2+2e+1,+∞).
11.某创业投资公司拟投资开发某种新能源产品,估计能获得10万元到1 000万元的投资利益.现准备制定一个对科研课题组的奖励方案:资金y(单位:万元)随投资收益x(单位:万元)的增加而增加,且资金不超过9万元,同时奖金不超过收益的20%.
(1)请分析函数y=+2是否符合公司要求的奖励函数模型,并说明原因;
(2)若该公司采用函数模型y=作为奖励函数模型,试确定最小的正整数a的值.
【解】 (1)对于模型y=f(x)=+2,
当x∈[10,1 000]时,f(x)是增函数.
f(x)max=f(1 000)=+2=+2<9,
∴f(x)≤9恒成立.
但当x=10时,f(10)=+2>,不满足f(x)≤.
故函数模型y=+2不符合公司要求.
(2)对于模型y=g(x)==10-.
当3a+20>0,即a>-时函数递增,
为使g(x)≤9对于x∈[10,1 000]恒成立,
即要g(1 000)≤9,3a+18≥1 000,即a≥.
为使g(x)≤对于x∈[10,1 000]恒成立,
即要≤,即x2-48x+15a≥0恒成立.
即(x-24)2+15a-576≥0(x∈[10,1 000])恒成立.
又24∈[10,1 000],
故只需15a-576≥0即可,所以a≥.
综上,a≥,故最小的正整数a的值为39.