湖南省益阳市中考物理试卷含答案详解 12页

‎2017年湖南省益阳市中考物理试卷 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________‎ 一、单选题(本大题共12小题，共36.0分)‎ ‎1.某大学两位研究生从蚂蚁身上得到启示，设计出如图所示的“都市蚂蚁”概念车．这款概念车小巧实用，有利于缓解城市交通拥堵．下列关于正在城市中心马路上行驶的此车说法正确的是（　　） A.以路面为参照物，车是静止的 B.以路旁的树木为参照物，车是静止的 C.以路旁的房屋为参照物，车是运动的 D.以车内的驾驶员为参照物，车是运动的 ‎2.噪声会严重影响人们的工作和生活，因此控制噪声十分重要．下列措施中属于在声源处有效防止噪声产生的是（　　） A.摩托车安装消声器        B.在学校周围植树 C.纺织车间工人戴上防声耳罩    D.阳台及窗户安装双层隔音窗 ‎3.如图所示，一把透明塑料尺子放在平面镜前一定距离处，则尺子在平面镜中所成的像是下图中的（　　） A. B. C. D.‎ ‎4.一凸透镜的焦距为15cm，将点燃的蜡烛从离凸透镜20cm处移到40cm处的过程中，像的大小和像距的变化情况是（　　） A.像变大，像距变大        B.像变小，像距变小 C.像变大，像距变小        D.像变小，像距变大 ‎5.如图所示，滑块在斜面上匀速下滑，下列有关说法正确的是（　　） A.滑块所受重力的方向垂直斜面向下 B.滑块所受弹力的施力物体是地面 C.滑块受到重力、弹力的作用    D.滑块受到重力、弹力和摩擦力的作用 ‎6.如图所示，用完全相同的四个滑轮和两根相同的细绳组成甲、乙两个滑轮组，在各自的自由端施加大小分别为F1和F2的拉力，将相同的重物缓慢提升相同的高度（不计绳重和一切摩擦）．下列说法正确的是（　　） A.拉力F1小于拉力F2 B.甲、乙两滑轮组的机械效率相同 C.甲、乙两滑轮组中的动滑轮都是费力机械 D.甲、乙两滑轮组中绳子自由端移动的距离相等 ‎7.为了节约能源，需要提高热机的效率，下列措施不能提高热机效率的是（　　） A.让燃料与空气混合充分，使燃料燃烧得比较完全 B.在设计与制造热机时要不断改进与创新，以减少能量的损失 C.尽量减少热机内部各部件间的摩擦 D.尽量增加热机的工作时间 ‎8.如图所示的电路中，闭合开关s1、s2，电流表、灯泡L1和L2均能正常工作．则下列说法正确的是（　　） A.开关s1闭合，s2断开，电源外部电流流向为a→b→c→d B.开关s1、s2都闭合，灯泡L1和L2并联 C.开关s1、s2都闭合，通过灯泡L1的电流一定大于通过灯泡L2的电流 D.闭合s1、s2中任意一个开关，都会有灯泡发光 ‎9.下列有关生活用电的说法中正确的是（　　） A.家庭电路中用电器与插座是串联的 B.使用螺丝刀形状试电笔时，手指不能接触其顶部的金属帽 C.发生触电事故时，不能用手去拉触电者，而应先切断电源 D.电能表只准接在空气开关之后 ‎10.如图所示，在通电螺线管（导线中箭头表示电流方向）附近放置的小磁针（黑端为N极），静止时其指向正确的是（　　） A. B. C. D.‎ ‎11.关于电磁波与信息技术，下列说法正确的是（　　） A.电磁波不能在真空中传播 B.不同波长的电磁波在空气中的传播速度不同 C.可见光不是电磁波 D.日常生活中使用的手机既能发射电磁波，也能接收电磁波 ‎12.2017年5月18日中国国家地质局向全世界宣布：中国在南海勘探开采可燃冰的试验取得全面成功．这标志着我国可燃冰开采技术领先世界各国．可燃冰是由甲烷为主的成分组成，外观象冰且遇火即可燃烧．下述关于可燃冰的说法中正确的是（　　） A.可燃冰含有大量的热量 B.可燃冰的热值高且使用方便 C.可燃冰是可再生能源 D.因为开采需要消耗能量，所以可燃冰是二次能源 二、填空题(本大题共5小题，共20.0分)‎ ‎13.一件200kg的冰雕作品熔化成水后其质量为 ______ kg，体积是 ______ m3．（水的密度为1.0×103kg/m3）‎ ‎14.如图所示，把饮料吸管A插入盛水的杯中，另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端．往B管中吹气，可以看到A管中的水面上升．这是因为A管上端口附近空气压强变 ______‎ ‎ （填“大”或“小”）的缘故；当杯内水的深度为10cm时，杯底受到水的压强大小为 ______ Pa．（g取10N/kg）‎ ‎15.如图所示，将一长方体物体浸没在装有足够深水的容器中恰好处于悬浮状态，它的上表面受到的压力为1.8N，下表面受到的压力为3N，则该物体受到的浮力大小为 ______ N；如将物体再下沉5cm，则它受到的浮力大小为 ______ N．‎ ‎16.下表列举了部分物质的比热容． ‎ 一些物质的比热容 物质 比热容 c/[J•（kg•℃）-1]‎ 物质 比热容 c/[J•（kg•℃）-1]‎ 水 ‎4.2×103‎ 铝 ‎0.88×103‎ 酒精 ‎2.4×103‎ 干泥土 约0.84×103‎ 煤油 ‎2.1×103‎ 铁、钢 ‎0.46×103‎ 我国北方楼房中的“暖气”用水作为介质，把燃料燃烧产生的热量带到房屋中供人们取暖，这是利用了水的 ______ 的性质；现有2kg的煤油吸收了4.2×104J的热量后，它的温度将变化 ______ ℃．‎ ‎17.如图所示，是一种测定油箱内油量的装置．其中R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定一个浮子．当电流表示数越小时，滑动变阻器连入电路的阻值 ______ （填“越大”或“越小”），油箱内油量 ______ （填“越多”或“越少”）．‎ 三、实验探究题(本大题共3小题，共24.0分)‎ ‎18.用如图甲所示的装置“探究萘熔化时温度的变化规律”，图乙、丙是萘熔化时温度随时间变化的图象．请回答下列问题： （1）根据图乙可知，萘的熔点约是 ______ ℃； （2）乙图中CD段物质处于 ______ （填“固态”“液态”或“固液共存状态”）； （3）分析图乙可知，萘在AB段状态的比热容 ______ （填“大于”、“等于”、“小于”）萘在CD段状态的比热容； （4）某同学在实验中发现萘熔化时恒温过程不明显（如图丙）．出现这种现象的可能原因是 ______ （写出一种即可）．‎ ‎19.‎ 如图所示，是某兴趣小组在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”时设计的实验装置．长滑板放在紧靠竖直墙壁的水平实验桌上，弹簧测力计左端通过细绳连接金属物块P，右端固定在墙上．在水平外力F的作用下，将长滑板从物块P的底下水平向左抽出． 方案一：保持物块P对长滑板的压力不变，更换不同材料的长滑板，重复多次实验，得到的实验数据如表1； 方案二：保持长滑板的材料不变，在物块P的上表面增减砝码，重复多次实验，得到的实验数据如表2． 表1 ‎ 长滑板、P材料 木块-金属 金属-金属 皮革-金属 橡胶-金属 ‎…‎ 弹簧测力计的示数（N）‎ ‎3.2‎ ‎3.6‎ ‎3.9‎ ‎…‎ 表2 ‎ 材料 橡胶--金属 物块P对长滑板的压力大小（N）‎ ‎13‎ ‎15‎ ‎17‎ ‎19‎ ‎…‎ 弹簧测力计的示数（N）‎ ‎3.9‎ ‎4.5‎ ‎5.1‎ ‎5.7‎ ‎…‎ 根据以上数据回答以下问题： （1）弹簧测力计对物块P的拉力大小等于物块P受到的滑动摩擦力，理由是 ______ ； （2）表1中当使用木块与金属做实验时，弹簧测力计的示数如图所示，则物块P所受到的滑动摩擦力为 ______ N； （3）分析表1、表2中的实验数据，你能得到的结论是 ______ ； （4）在现实的生产与生活中，许多摩擦对我们是有用的，请你联系生活实际，试例举一个增大有用摩擦的实例，并说明是通过采取什么措施来增大摩擦的： ______ ．‎ ‎20.用图甲中所示实验器材测量小灯泡的电功率，小灯泡L的额定电压为2.5V． （1）为了完成实验，请在图甲中用笔画线代替导线将实验电路连接完整（连线不交叉）． （2）闭合开关，发现电压表指针偏转如图乙所示，其原因是 ______ ． （3）排除故障后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则通过小灯泡的电流为 ______ A，该小灯泡的额定功率是 ______ W．‎ 四、计算题(本大题共2小题，共20.0分)‎ ‎21.跳伞是一项极具挑战的运动，现在越来越受到人们的喜爱．在某次跳伞训练过程中，一体重为500N的运动员从空中悬停的直升机上由静止开始竖直跳下，其速度与时间的关系如图所示，经15s下落210m后，开始做匀速直线运动直至落地，整个过程用时30s，求在这个过程中： （1）运动员下落的平均速度； （2）重力做的功； （3）匀速下降时重力做功的功率．‎ ‎ ‎ ‎22.如图所示的电路中，定值电阻R1=150Ω、R2=300Ω．闭合开关S后，电流表A2的示数为5mA．求： （1）电阻R1两端的电压为多少 （2）电流表A1的示数为多少 （3）电路工作5min，R1产生的焦耳热是多少． ‎ ‎2017年湖南省益阳市中考物理试卷 答案和解析 ‎【答案】 1.C    2.A    3.A    4.B    5.D    6.B    7.D    8.B    9.C    10.A    11.B    12.B     13.200；0.2 14.小；1000 15.1.2；1.2 16.比热容大；10 17.越大；越少 18.80；液态；小于；直接用酒精灯加热 19.二力平衡；2.6；滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦 20.电压表正负接线柱接反了；0.3；0.75 21.解： （1）由题可知，运动员在0-15s下落的路程为s前=210m， 由图象可知，15s后运动员以6m/s的速度做匀速直线运动， 则运动员在15-30s通过的路程为：s后=vt后=6m/s×15s=90m； 运动员通过的总路程为：s=s前+s后=210m+90m=300m， 总时间为t=30s， 则整个过程中运动员下落的平均速度： v′===10m/s； （2）运动员下落的高度为：h=s=300m； 重力做的功： W=Gh=500N×300m=1.5×105J； （3）匀速下降时，重力做功的功率： P=Fv=Gv=500N×6m/s=3×103W； 答：（1）运动员下落的平均速度为10m/s； （2）重力做的功为1.5×105J； （3）匀速下降时重力做功的功率为3×103W． ‎ ‎22.解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流． （1）因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，由I=可得，电阻R1两端的电压： U1=U2=I2R2=5×10-3A×300Ω=1.5V； （2）通过R1的电流： I1===0.01A=10mA， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，电流表A1的示数： I=I1+I2=10mA+5mA=15mA； （3）电路工作5min，R1产生的焦耳热： Q1=I12R1t=（0.01A）2×150Ω×5×60s=4.5J． 答：（1）电阻R1两端的电压为1.5V； （2）电流表A1的示数为15mA； （3）电路工作5min，R1产生的焦耳热是4.5J． 【解析】 1. 解： 在城市中心马路上行驶的“都市蚂蚁”概念车相对于路面、路旁的树木、路旁的房屋的位置不断发生变化，所以以路面、路旁的树木、路旁的房屋为参照物，“都市蚂蚁”概念车是运动的，相对于车内的驾驶员的位置没有发生变化，所以以车内的驾驶员为参照物，车是静止的，故C正确． 故选C． 物体的运动和静止都是相对于参照物而言的，相对于参照物位置变化的物体是运动的，位置不变的物体是静止的． 一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物，所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同，这就是运动和静止的相对性． 2. 解： A、摩托车安装消声器，是在声源处减弱噪声，符合题意； B、在学校周围植树，是在传播过程中减弱噪声，不符合题意； C、纺织车间工人戴上防声耳罩，是在人耳处减弱噪声，不符合题意； D、阳台及窗户安装双层隔音窗，是在传播过程中减弱噪声，不符合题意． 故选A． 减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处．据此分析判断． 本题考查学生对减弱噪声具体做法的理解能力，要结合防治噪声的途径方法进行分析解答． 3. 解：根据平面镜成像的原因特点可知，尺子在平面镜中的像正立的等大的虚像，像与尺子关于镜面对称，故BD错误； 平面镜成像的大小与平面镜的大小无关，故A正确，C错误． 故选：A． 平面镜成像的特点是：①所成的像是虚像；②像和物体形状、大小相同；③像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；④像和物体各对应点到平面镜间距离相等． 本题考查了平面镜成像的原因和特点．牢记平面镜的成像特点是解答此类问题的关键． 4. 解：凸透镜的焦距是15cm，将点燃的蜡烛从离凸透镜20cm处移到40cm处的过程中，物距始终大于焦距，因此凸透镜成实像，由于物距增大，则像距减小，像变小．‎ ‎ 综上分析可得，选项B正确． 故选B． 掌握凸透镜成像的三种情况： U＞2f，成倒立、缩小的实像． 2f＞U＞f，成倒立、放大的实像． U＜f，成正立、放大的虚像． 凸透镜成实像时，物体离凸透镜越近，像离凸透镜越远，像也越大． 此题考查了学生对凸透镜成像规律的应用，首先要熟练掌握凸透镜成像的规律，搞清物距和像距．然后才能准确判断像的性质． 5. 解：A、重力的方向是竖直向下的，故A错误； B、物体受到的弹力方向垂直斜面向上，故B错误； CD、物体匀速下滑，受力平衡，对物体进行受力分析可知，物体受到重力、支持力，向上的滑动摩擦力，下滑力是效果力不能分析，故C错误，D正确． 故选D． 物体匀速下滑，受力平衡，对物体进行受力分析即可求解，注意不能分析下滑力． 本题主要考查了同学们受力分析的能力，注意不能分析下滑力，难度不大，属于基础题． 6. 解： A、不计绳重及摩擦，因为拉力F=（G物+G动），n1=2，n2=3， 所以绳端的拉力：F1=（G物+G动），F2=（G物+G动），所以F1＞F2，故A错误； B、因为动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额=G动h，W有用=G物h，所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，则总功相同；因为η=，所以两滑轮组的机械效率相同，故B正确； C、使用动滑轮能够省力，动滑轮为省力杠杆，故C错误； D、因为绳子自由端移动的距离s=nh，n1=2，n2=3，提升物体的高度h相同，所以s1=2h，s2=3h，则s1≠s2，故D错误； 故选B． 由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s=nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系． 本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，有用功、额外功、总功的计算方法，不计摩擦和绳重时拉力的求法；本题关键在于确定额外功相等． 7. 解：热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比．所以减少热量的损失可以提高热机的效率．所以使燃料充分燃烧、减少废气带走的热量、减少热机部件间的摩擦都可以减少热量的损失，提高效率．故ABC正确； 增加热机的工作时间，并不能减少热量的损失，所以不能提高热机的效率，故D错误． 故选D． 要解决此题，需要掌握热机的效率的概念．热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比．比值越大，效率越高． 此题通过考查影响热机效率的几个因素，考查了学生对热机效率的理解．要知道要想提高热机的效率，就要减少热量的损失． 8. 解：A、由电路图可知，开关s1闭合，s2断开，电源外部电流流向为d→c→b→a，故A错误；‎ ‎ B、由电路图可知，闭合开关S1和S2，L1与L2首首相连、尾尾相连，两灯是并联的，故B正确； C、开关s1、s2都闭合，L1与L2并联，由于不知道两灯泡的情况，不能判断通过灯泡L1的电流与通过灯泡L2电流的关系，故C错误； D、开关s1在干路上，控制所有用电器，开关s2控制灯泡L1，故只闭合S1，灯泡L2发光，s1、s2都闭合，两灯泡都发光，只闭合s2的两灯泡都不发光，故D错误． 故选B． （1）在电源的外部，电流的方向是从电源的正极经过用电器回到负极； （2）把几个用电器首尾相接，连入电路是串联，串联电路中电流处处相等； 把几个用电器首首相接、尾尾相接，再连入电路，就是并联，并联电路中，干路电流等于各支路电流之和； （3）串联电路电流处处相等，并联电路干路电流等于各支路电流的和； （4）并联电路干路开关控制所有用电器，支路开关控制本支路． 本题考查了电路连接方式的判断，解决此类问题要结合串联电路和并联电路的特点选择合适的开关组合． 9. 解： A、家庭电路中各用电器是并联的．插座就是插接用电器的，所以用电器应与插座并联，故A错误； B、使用试电笔时，如果手指碰不到其顶部的金属帽，氖管就不会发光，测电笔无法正常工作，故B错误； C、家庭电路中的触电，都是人体直接或间接与火线接触造成的；在家庭电路发生触电时，应当立即切断电源，迅速使触电人脱离带电体，故C正确； D、据家庭电路的构成可知，家庭中的电能表应该安装在空气开关前面；故D错误． 故选C． （1）家庭电路中各用电器是并联的； （2）要掌握测电笔的使用方法：在使用时，将手的一部分接触笔尾金属体，用笔尖接触被测的导线； （3）当有人触电时，必须先切断电源，再实施救治； （4）据家庭电路的构成可知，电能表应该安装在空气开关前面． 此题考查了家庭电路的连接和安全用电的常识．在平时要多加注意掌握． 10. 解：A、根据安培定则可知，通电螺线管N极在右端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故A正确； B、根据安培定则可知，通电螺线管N极在上端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针上端为S极，下端为N极，故B错误； C、根据安培定则可知，通电螺线管N极在左端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故C错误； D、根据安培定则可知，通电螺线管N极在左端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故D错误． 故选A． 用右手螺旋定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的磁极指向． 右手螺旋定则为考试中的重点及难点，应能做到熟练应用右手螺旋定则判断电流及磁极的关系．本题也可由电磁铁的磁场分布判断小磁针的指向． 11. 解： A、电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故A错误； B、根据波长、频率、波速的关系式c=λf可知，波速c=3×108m/s不变，波长越短，则频率越高，所以不同波长的电磁波在空气中的传播速度不同，故B正确； C、光属于电磁波，可见光当然是电磁波，故C错误；‎ ‎ D、手机既可以发射电磁波，也可以接收电磁波，故D错误． 故选B． （1）电磁波的传播不需要介质，它可以在真空中传播； （2）波长、频率、波速的关系是c=λf，电磁波的波速一定，频率与波长成反比； （3）电磁波包括短波、中波、长波、微波、光波、各种射线等； （4）移动电话就是靠发射和接收电磁波来传递信息的． 本题考查了电磁波的波速、波长与频率的关系以及电磁波的传播和应用，属于对基础知识的考查，相对比较简单． 12. 解： A、热量是热传递过程中转移能量的多少，燃料的性能只能用热值来描述，故A错误； B、完全燃烧1m3的“可燃冰”释放的能量，与164m3天然气完全燃烧释放的能量相当，所以“可燃冰”的热值大，可燃冰遇火即可燃烧，所以可燃冰使用方便，故B正确； C、“可燃冰”开发使用后，会越来越少，不可能在短期内从自然界得到补充，是不可再生能源，故C错误； D、“可燃冰”直接从自然界获取的能源，是一次能源，故D错误． 故选B． （1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值； （2）可燃冰外观象冰且遇火即可燃烧； （3）可以在自然界中源源不断的获得的能源叫可再生能源；如风能、水的动能、太阳能、生物质能； （4）无法从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源． 深入理解热值的概念、明确各种能源的真正含义，是解答此题的关键． 13. 解： （1）冰熔化成水，状态变化，但质量不变， 所以200kg的冰雕作品熔化成水后其质量：m水=m冰=200kg； （2）由ρ=得水的体积： V水===0.2m3． 故答案为：200；0.2． （1）质量是物体本身的一种属性，与物体状态无关； （2）已知水的质量和密度，利用公式V=求水的体积． 本题考查了对质量属性的理解和密度公式应用，关键是知道物体状态变化、质量不变． 14. 解：往B管中轻轻吹气，可以看到A管中的水面上升，原因是：往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，所以A管水上升或有水喷出． 杯内水的深度为10cm时，杯底受到水的压强：p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa． 故答案为：小；1000． （1）吸管和烧杯构成连通器，吹气之前，吸管内和烧杯内液面相平． 当向B管吹气时，A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，A管内的液体受到向上的压强大，液面上升． （2）利用p=ρgh计算杯底受到水的压强． 对于液体压强计算和流体压强问题，要明确被研究的物体，物体的哪两个侧面流体流速不同，判断两个侧面的压强情况，判断物体在压强差作用下的运动情况． 15. 解：由浮力产生的原因可知，该物体受到的浮力：‎ ‎ F浮=F下-F上=3N-1.8N=1.2N； 因长方体浸没时排开水的体积不变， 所以，由F浮=ρgV排可知，物体再下沉5cm后，受到的浮力仍为1.2N不变． 故答案为：1.2；1.2． 知道长方体上、下表面受到的压力，根据浮力产生的原因F浮=F下-F上求出受到的浮力，长方体浸没时排开水的体积不变，根据阿基米德原理可知受到的浮力变化，从而得出答案． 本题考查了浮力产生的原因和阿基米德原理的应用，是一道基础题目． 16. 解：（1）因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度时，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热． （2）查表可知，煤油的比热容为2.1×103J/（kg•℃）， 根据Q吸=cm△t可得，煤油升高的温度： △t===10℃． 故答案为：比热容大；10． （1）因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多； （2）已知煤油的质量、吸收的热量，根据Q吸=cm△t的变形公式求出温度的变化． 对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多． 17. 解：由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流， 由I=的变形式R=可知，当电流表示数越小时，电路中的总电阻越大， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，滑动变阻器连入电路的电阻越大， 由图可知，滑片上移时接入电路中的电阻越大，浮子下移，油箱内油量越少． 故答案为：越大；越少． 由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可知电流表示数越小时电路中总电阻的变化，根据电阻的串联可知滑动变阻器连入电路中电阻的变化，然后判断滑片移动的方向，进一步可知浮子移动的方向，从而得出邮箱内油量的变化． 本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分析好油面变化时变阻器接入电路中电阻的变化是关键． 18. 解：由图象可知：（1）A点为开始加热时刻，萘开始计时时的温度 60℃，BC段为萘的熔化过程，对应温度为熔点，则萘的熔点是80℃ （2）图中BC段表示萘的熔化过程，CD段熔化完成，处于液态； （3）由Q=cm△t得c=，AB段和CD段物质的质量m相同，由图象知，AB段升高20℃，加热时间为5min，即1min升高4℃，CD段升高10℃，加热时间为10min，即1min升高1℃，说明吸收相同的热量CD段升高的温度少，比热容大，故萘在AB段状态的比热容小于萘在CD段状态的比热容． （4）某同学在实验中发现萘熔化时恒温过程不明显，说明熔化过快，可能是因为没有用水浴加热而是直接用酒精灯加热． 故答案为：（1）80；（2）液态；（3）小于；（4）直接用酒精灯加热． （1）A点为开始加热时刻，AB段固态的萘随着加热时间的增长温度升高，到第5min开始熔化，BC段为萘的熔化过程，对应温度为熔点； （2）熔化前处于固态，熔化过程中处于固液并存状态，熔化后处于液态．‎ ‎ （3）解决此题要结合热量公式Q=cm△t进行求解，由表格可知AB段和CD段的温度变化，从而可比较二者比热容关系． （4）熔化时间过短，可以从以下几个方面考虑：萘的质量较小、火焰太大、没有用水浴加热等． 此题考查晶体熔化的图象，通过图象得出物理信息：晶体的熔点、各段物质对应的状态等． 19. 解：（1）由图知，物块P相对于长滑板向右运动，则物块P受的滑动摩擦力方向与长滑板的相对运动方向相反，水平向左； 物块P在水平方向上的受力处于静止状态，即处于平衡状态，由平衡条件得，弹簧测力计对物块P的拉力大小等于物块P受到的滑动摩擦力； （2）测力计的每一个大格是1N，每一个小格是0.1N，故此时的示数是2N+0.6N=2.6N； （3）分析表1、表2中的实验数据，压力大小相同，接触面粗糙程度不同，所以表1能说明滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；接触面粗糙程度相同，压力大小不同，所以表2能说明滑动摩擦力的大小与压力大小有关；故分析表1、表2中的实验数据，能得到的结论是：滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关； （4）鞋底上有花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦，不至于在公路上行走时，脚底下打滑． 故答案为：（1）二力平衡；（2）2.6；（3）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；（4）在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦． （1）物体P受平衡力作用，由平衡条件可以知道拉力与滑动摩擦力相等； （2）使用弹簧测力计读数时，先要观察弹簧测力计的量程和分度值，而后据指针的位置读出示数； （3）滑动摩擦力跟压力大小和接触面粗糙程度有关．探究滑动摩擦力跟压力大小关系时，控制接触面粗糙程度不变，改变压力大小；探究滑动摩擦力跟接触面粗糙程度关系时，控制压力大小不变，改变接触面粗糙程度； （4）增大摩擦的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度．可以从压力或接触面的粗糙程度来考虑． 影响滑动摩擦力大小因素的实验是初中物理中的一个重点实验，需要掌握．注意二力平衡条件和控制变量法在物理实验中的熟练运用． 20. 解：（1）滑动变阻器的任意上方接线柱与灯泡串联，电流表的负接线柱与电源的负极相连，如下图所示： （2）由图乙可知，电压表指针向左偏转，由此可见，电压表正负接线柱接反了； （3）灯泡正常发光时的电压为2.5V，图丙中电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过小灯泡的电流为0.3A， 则该小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W． 故答案为：（1）如上图所示；（2）电压表正负接线柱接反了；（3）0.3；0.75． （1）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，电流表串联在电路中； （2）使用电压表测电压时，应让电流从电流表正接线柱流入，负接线柱流出，否则电压表指针将反向偏转；‎ ‎ （3）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据图丙的量程和分度值读出通过小灯泡的电流，根据P=UI求出该小灯泡的额定功率． 本题考查了实物电路图的连接和电压表的正确使用以及电流表的读数、额定功率的计算，是一道较为简单的实验题． 21. 根据图象中的体现形状，分析物体的运动状态，再根据速度公式v=、功的公式W=Fs=Gh、功率公式P=Fv，代入数值可求速度、功和功率． 准确分析图象中提供的信息，熟练运用速度、功、功率的计算公式；是解答此题的关键． 22. 由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流． （1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电阻R1两端的电压； （2）根据欧姆定律求出通过R1的电流，再根据并联电路的电流特点求出电流表A1的示数； （3）电路工作5min，根据Q=I2Rt求出R1产生的焦耳热． 本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律的应用，计算各处要注意单位的换算． ‎