重庆市中考物理试卷a卷精选 33页

‎2018年重庆市中考物理试卷（A卷）‎ ‎　‎ 一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个远项最符合题意，每小题3分，共24分．）‎ ‎1．（3分）下列物理量最接近实际的是（　　）‎ A．人体的正常体温约37℃‎ B．人体的安全电压是不高于1.5V C．正常人心脏跳动60次约需1h D．中考体考所用的实心球质量约10kg ‎2．（3分）描述二十四节气的诗句中蕴含若丰富的物理知识，以下说法正确的是（　　）‎ A．霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的形成需要吸热 B．清明：“清明时节雨纷纷”，雨的形成是凝固现象 C．秋分：“丹桂小菊万径香”，桂花飘香说明分子在水不停息地做无规则运动 D．立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的 ‎3．（3分）如图所示的重庆网红图片，相关描述正确的是（　　）‎ A．‎ 洪崖洞在平静江水中的倒影是等大的虚像 B．‎ 游客看到穿楼而过的轻轨列车是平面镜成的像 C．‎ 朝天门夜空中璀璨梦幻的光柱是光的折射形成的 D．‎ 用手机拍摄过江索道的照片利用了小孔成像的原理 ‎4．（3分）《村居》诗中“儿童散学归来早，忙趁东风放纸鸢”，描绘儿童放飞风筝的画面如图所示。以下说法正确的是（　　）‎ A．放风筝的儿童在奔跑中惯性会消失 B．越飞越高的风筝相对于地面是静止的 C．儿童鞋底有凹凸的花纹是为了减小摩擦 D．线对风筝的拉力和风筝对线的拉力是一对相互作用力 ‎5．（3分）有关电和磁的知识，下列说法正确的是（　　）‎ A．玩耍的儿童可以将手指塞进插座孔 B．发电机是利用电磁感应原理制成的 C．通电螺线管外部磁场与条形磁体的磁场不相似 D．验电器是利用同种电荷相互吸引的原理制成的 ‎6．（3分）小峻参加青少年科学素养大赛，设计了《自动火灾报警器》。报警器中有热敏电阻R和保护电阻R0，其中R的阻值随温度升高而减小，当火灾发生时，温度升高，导致电表示数变大而触发报警装置。如图中能实现上述功能的电路图是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎7．（3分）工人用如图所示的动滑轮，将重1000N的物体在5s内匀速竖直提升了1m，人对绳自由端 的拉力F为600N，不计绳重和摩擦。以下结论正确的是（　　）‎ A．动滑轮的有用功为600J B．动滑轮的重力为400N C．滑轮的机械效率为83.3% D．拉力F的功率为120W ‎8．（3分）在如图所示的实物电路中，电源电压恒为3V，滑动变阻器的规格为”10Ω 1A“，灯泡上标有“2.5V 1W”的字样，闭合开关后调节滑动变阻器的滑片，在保证各元件安全的情况下，下列说法正确的是（　　）‎ A．小灯泡正常发光时的电阻为2.5Ω B．向右移动滑片时，电压表V1的示数变小，小灯泡亮度变暗 C．向右移动滑片时，电压表V2与电流表A的示数之比不变 D．让小灯泡正常发光1min，滑动变阻器产生的电热为12J ‎　‎ 二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分．）‎ ‎9．（2分）丹麦物理学家　 　首先发现了电与磁之间存在本质联系，生产生活中的　 　（选填“电磁起重机”“台灯”或“电热毯”）主要是利用电流磁效应工作的。‎ ‎10．（2分）川航3U8633航班从重庆起飞时，利用了空气流速越大压强越　 　（选填“大”或”小”）的原理，飞往拉萨的途中遇险，在机长刘传健冷静睿智的处理下成功迫降在双流机场，飞机下降过程中重力势能　 　（选填“增大”“减小”或”不变”）。‎ ‎11．（2分）小薇在“探究水的沸腾”实验中，所用水的质量为0.5kg，初温为58℃，测出水沸腾时的温度为98℃，则当地大气压比一个标准大气压　 　（选填“高“或”低”），本实验中水加热至沸腾至少吸热　 　J．[已知c水=4.2×103J/（kg•℃）]‎ ‎12．（2分）水平升降台面上有一个足够深、底面积为40cm2的柱形容器，容器中水深20cm，则水对容器底部的压强为　 　Pa，现将底面积为10cm2、高20cm的圆柱体A悬挂在固定的弹簧测力计下端，使A浸入水中，稳定后，A的下表面距水面4cm，弹簧测力计的示数为0.8N，如图所示，然后使升降台上升7cm，再次稳定后，A所受的浮力为　 　N．（已知弹簧受到的拉力每减小1N，弹簧的长度就缩短1cm）‎ ‎13．（2分）2018年5月21日，在西昌卫星发射中心，伴随着大量白雾的长征四号丙运载火箭腾空而起，搭乘火箭的“鹊桥”号中继卫星成功升空，如图所示。当星箭分离后，“鹊桥”达到一定高度，打开伞状抛物面天线；变轨后，“鹊桥进入近地点约200公里、远地点约40万公里的地月转移轨道，将进行在轨测试，为未来实现着陆器巡视器与地面站之间的测控与数据传输提供通信桥梁。“鹊桥”将成为人类历史上第一颗地球轨道外专用中继通信卫星，这是我国在月球探测领域取得的新突破。‎ 请根据以上材料，找出一个相关的物理信息，并指出其对应的物理知识，不得与示例重复。‎ 物理信息：实现着陆器、巡视器与地面站之间的测控与数据传输；‎ 物理知识：利用电磁波通信 作答：‎ 物理信息：　 　；‎ 物理知识：　 　。‎ ‎14．（1分）请按要求完成下列作图：画出图中入射光线AO经平面镜反射后的反射光线OB。‎ ‎15．（1分）在图中的A点画出箱子在水平向左滑行过程中受到的摩擦力示意图。‎ ‎　‎ 三、实验探究题（本题共3个小题，16小题5分，17小题8分，18小题9分共22分）‎ ‎16．（5分）在探究”凸透镜成像规律”的实验中，小峻同学进行了如下实验：‎ ‎（1）按如图甲所示操作，测出本实验所用凸透镜的焦距为　 　cm。‎ ‎（2）接着小峻调节蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图乙所示，发现光屏上得到一个倒立、　 　（选填“放大“缩小”或“等大”）的清晰实像，生活中的　 　（选填“照相机”投影仪”或“放大镜”）就是利用了这样的成像原理。‎ ‎（3）保持图乙中凸透镜的位置不变，当向右移动蜡烛时，应该向　 　（选填“左”或“右”）移动光屏，才能再次得到清晰的像。‎ ‎（4）保持凸透镜的位置仍然不变，小峻继续向右移动蜡烛至45cm刻度线处，移动光屏，发现　 　（选填“能”或“不能”）得到蜡烛清晰的像。‎ ‎17．（8分）小薇同学在测固体密度时操作步骤如下：‎ ‎（1）在实验室，小薇把天平放在　 　工作台上，将游码归零，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应将平衡螺母向　 　调节（选填左”或“右”），使天平横梁平衡。‎ ‎（2）小薇选用了一块小矿石，用调好的天平测它的质量，当右盘中所加砝码和游码的位置如图甲所示时，天平恢复平衡，则测得的矿石质量是　 　g。‎ ‎（3）如图乙所示的量筒分度值为　 　cm3，在量筒中装入适量的水，将系了细线的矿石轻放入量筒，如图乙所示，读数时视线应与液面　 　（选填“相平”或“不相平”），测得矿石的体积是　 　cm3。‎ ‎（4）实验后，小薇发现使用的20g砝码生锈了，由此导致测得的矿石密度会　 　（选填“偏大“偏小”或“不变”）。‎ ‎（5）小薇回家后，想测出家里某个小饰品的密度，她找到家里的电子秤，称出饰品的质量是140g，又借助细线、水、玻璃杯，测出了饰品的体积，她的实验操作步骤如图丙丁所示，则饰品的密度是　 　g/cm3。‎ ‎18．（9分）小峻和小薇两位同学在”探究欧姆定律”的实验中，所用器材有：学生电源、电流表、电压表、标有”20Ω 2A”的滑动变阻器R′、开关，导线和定值电阻R若干。‎ ‎（1）请根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路连接完整。（要求：向右移动滑动变阻器滑片时，电路中的电流变小，且导线不能交叉）‎ ‎（2）连接电路时，开关必须　 　‎ ‎；连接完电路后，小薇发现电流表和电压表的位置互换了，如果闭合开关，则　 　表（选填“电压“或“电流”）的指针可能有明显偏转。‎ ‎（3）排除故障后，他们先探究电流与电压的关系，闭合开关，移动滑片依次测得5组数据，其中第5次实验中电压表的指针如图丙所示，其示数为　 　V．他们记录的数据如表1所示，分析数据可以得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　 　比。‎ 表1电流与电压关系 实验序号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ 电压/V ‎1.0‎ ‎1.2‎ ‎1.8‎ ‎2‎ ‎﹣﹣‎ 电流/A ‎0.20‎ ‎0.24‎ ‎0.36‎ ‎0.40‎ ‎0.44‎ 表2电流与电阻关系 实验序号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ 电阻/Ω ‎10‎ ‎15‎ ‎20‎ ‎25‎ 电流/A ‎0.30‎ ‎0.20‎ ‎0.15‎ ‎0.12‎ ‎（4）他们继续探究电流与电阻的关系，先将电源电压调为6V，分别换上多个定值电阻进行探究，数据记录如表2所示，老师指出其中一组数据是拼凑的，你认为是第　 　组（选填实验序号），理由是实验所用的滑动变阻器的最大阻值太　 　了（选填“大”或小”）。‎ ‎（5）排除拼凑的数据后，分析数据可以得到的结论是：在　 　一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。‎ ‎（6）在不更换滑动变阻器的情况下，可以采取　 　的措施（选填字母符号），完成这组拼凑数据所对应的实验测量。‎ A．降低定值电阻两端电压 B．降低电源电压 C．选用更大阻值的定值电阻 ‎　‎ 四、论述计算题（本题共3个小题，19小题6分，20小题8分，21小题8分，共22分，解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能给分．）‎ ‎19．（6分）如图所示，某公司研发的智能服务机器人，它具有净化室内空气、陪伴老人聊天散步等功能。若它在50N的牵引力作用下，以0.5m/s的速度在水平地面匀速直线行驶60s，求：‎ ‎（1）它行驶的路程；‎ ‎（2）此过程中牵引力所做的功。‎ ‎20．（8分）小峻家中有一个浴足盆，其部分铭牌信息如表格所示，图甲为浴足盆的工作电路，R1、R2均为电热丝，当开关S接a、b触点时，浴足盆的挡位不同。求：‎ 型号 MLJY﹣O1‎ 额定电压 ‎220V 额定加热功率 ‎880W 额定保温功率 ‎100W ‎（1）额定加热电流；‎ ‎（2）R1和R2的阻值各为多少欧？‎ ‎（3）在用电高峰期，小峻关闭家中其它用电器，只让浴足盆通电，使其处于加热状态1min，电能表（如图乙所示）的圆盘转了30转，则浴足盆加热的实际电功率为多少瓦？‎ ‎21．（8分）为探究平衡木受力特点，喜爱体操的小薇设计了一个平衡木模型。整个装置如图甲所示，AB可绕支点O无摩擦转动，C处固定一竖直硬杆，硬杆的底部安装了压敏电阻片R，R所在的电路放在了硬杆内（整个装置除硬杆以外其它部分的重力均不计），且AB=5m，OA=BC=1m，电源电压恒为3V，硬杆底部R阻值随地面对它的支持力F变化的关系如图乙所示，整个装置放在水平地面上，AB始终处于水平平衡状态，当重360N的小薇站在A点时，电流表的示数为0.1A。‎ 求：（1）小薇在A点时，C处受到硬杆的拉力；‎ ‎（2）小薇在A点时，地面对硬杆底部R的支持力；‎ ‎（3）当电流表的示数为0.3A时，小薇距A点多少米？‎ ‎　‎ ‎2018年重庆市中考物理试卷（A卷）‎ 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个远项最符合题意，每小题3分，共24分．）‎ ‎1．（3分）下列物理量最接近实际的是（　　）‎ A．人体的正常体温约37℃‎ B．人体的安全电压是不高于1.5V C．正常人心脏跳动60次约需1h D．中考体考所用的实心球质量约10kg ‎【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。‎ ‎【解答】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A符合实际；‎ B、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的。故B不符合实际；‎ C、正常情况下，人的心脏跳动一次的时间接近1s，跳动60次的时间在1min左右。故C不符合实际；‎ D、中考体育考试所用实心球的质量在3kg左右。故D不符合实际。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。‎ ‎　‎ ‎2．（3分）描述二十四节气的诗句中蕴含若丰富的物理知识，以下说法正确的是（　　）‎ A．霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的形成需要吸热 B．清明：“清明时节雨纷纷”，雨的形成是凝固现象 C．秋分：“丹桂小菊万径香”，桂花飘香说明分子在水不停息地做无规则运动 D．立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的 ‎【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；‎ ‎（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。‎ ‎（3）分子在永不停息地做无规则运动；‎ ‎（4）改变内能的方式：做功和热传递。‎ ‎【解答】解：A、霜是高空中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，需要放出热量，故A错误；‎ B、“清明时节雨纷纷”，雨的形成是液化现象，故B错误；‎ C、桂花飘香是桂花分子运动，说明分子在永不停息地做无规则运动。故C正确；‎ D、“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过热传递的方式实现的，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，以及分子运动，改变内能的方式是一道综合题。‎ ‎　‎ ‎3．（3分）如图所示的重庆网红图片，相关描述正确的是（　　）‎ A．‎ 洪崖洞在平静江水中的倒影是等大的虚像 B．‎ 游客看到穿楼而过的轻轨列车是平面镜成的像 C．‎ 朝天门夜空中璀璨梦幻的光柱是光的折射形成的 D．‎ 用手机拍摄过江索道的照片利用了小孔成像的原理 ‎【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；‎ ‎（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；‎ ‎（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的；‎ ‎【解答】解：A、洪崖洞在平静江水中的倒影，属于平面镜成像，是等大的虚像，是光的反射形成的；故A正确；‎ B、游客看到穿楼而过的轻轨列车光的反射，不是平面镜成像，故B错误；‎ C、朝天门夜空中璀璨梦幻的光柱是光的直线传播现象，故C错误；‎ D、用手机拍摄过江索道的照片是凸透镜成像，属于光的折射；故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。‎ ‎　‎ ‎4．（3分）《村居》诗中“儿童散学归来早，忙趁东风放纸鸢”，描绘儿童放飞风筝的画面如图所示。以下说法正确的是（　　）‎ A．放风筝的儿童在奔跑中惯性会消失 B．越飞越高的风筝相对于地面是静止的 C．儿童鞋底有凹凸的花纹是为了减小摩擦 D．线对风筝的拉力和风筝对线的拉力是一对相互作用力 ‎【分析】（1）惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，如果物体不受力的作用就保持匀速直线运动状态或者静止状态，惯性大小的唯一量度是物体的质量。‎ ‎（2）看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。‎ ‎（3）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。‎ 减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。‎ ‎（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于两个不同的物体上。‎ ‎【解答】解：A、惯性大小的唯一量度是物体的质量，放风筝的儿童在奔跑中质量不变，惯性不变，故A错误；‎ B、越飞越高的风筝与地面之间的距离越来越大，相对于地面是运动的，故B错误；‎ C、儿童鞋底有凹凸的花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；‎ D、线对风筝的拉力和风筝对线的拉力大小相等、方向相反、在同一直线上，在两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了惯性、运动和静止的相对性、增大摩擦力的方法、相互作用力等知识，是一道综合题，但难度不大。‎ ‎　‎ ‎5．（3分）有关电和磁的知识，下列说法正确的是（　　）‎ A．玩耍的儿童可以将手指塞进插座孔 B．发电机是利用电磁感应原理制成的 C．通电螺线管外部磁场与条形磁体的磁场不相似 D．验电器是利用同种电荷相互吸引的原理制成的 ‎【分析】（1）安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；‎ ‎（2）发电机是利用电磁感应原理制成的，工作时机械能转化成电能；‎ ‎（3）通电螺线管的外部磁场和条形磁体的外部磁场相类似，也是具有规律的；‎ ‎（4）验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的，可以检验物体是否带电。‎ ‎【解答】解：‎ A、手指塞进插座，容易接触火线引起触电，故A错误；‎ B、发电机是利用电磁感应原理制成的；发电机工作时消耗了机械能，得到了电能。是将机械能转化为电能的装置，故B正确；‎ C、通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似，故C错误；‎ D、验电器用来检测物体是否带电的，是利用同种电荷相互排斥的原理来工作的，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了安全用电、发电机原理、磁场、验电器的工作原理等知识，难度不大。‎ ‎　‎ ‎6．（3分）小峻参加青少年科学素养大赛，设计了《自动火灾报警器》。报警器中有热敏电阻R和保护电阻R0，其中R的阻值随温度升高而减小，当火灾发生时，温度升高，导致电表示数变大而触发报警装置。如图中能实现上述功能的电路图是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】已知热敏电阻R的阻值随温度升高而减小，温度升高电表示数变大，报警装置报警。由此对各选项分析解答。‎ ‎【解答】解：由题知，温度升高，R的阻值减小，电表示数变大，报警装置报警，‎ A、图中两电阻串联，电压表测R两端电压，温度升高时R电阻减小，根据串联电路的分压原理知，电压表示数变小，不能触发报警装置，不合题意；‎ B、图中两电阻串联，电压表测电源电压，温度升高时R电阻减小，电压表示数保持不变，不能触发报警装置，不合题意；‎ C、图中两电阻串联，电流表测电路中电流，温度升高时R电阻减小，电路总电阻减小，所以电流表示数变大，能触发报警装置，符合题意；‎ D、图中电流表将R短路，电路为R0的简单电路，温度升高时不能引起电路中电阻的变化，电流表示数不变，不能触发报警装置，不合题意；‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题以自动火灾报警器为情景考查了电路设计，明确要求，正确分析电路的连接以及电表作用是关键。‎ ‎　‎ ‎7．（3分）工人用如图所示的动滑轮，将重1000N的物体在5s内匀速竖直提升了1m，人对绳自由端 的拉力F为600N，不计绳重和摩擦。以下结论正确的是（　　）‎ A．动滑轮的有用功为600J B．动滑轮的重力为400N C．滑轮的机械效率为83.3% D．拉力F的功率为120W ‎【分析】（1）利用公式W=Gh可计算有用功；‎ ‎（2）不计绳重和摩擦，动滑轮的重力为：G动=nF﹣G物；‎ ‎（3）利用W=Fs可计算总功；利用公式η=可计算机械效率；‎ ‎（4）利用公式P=可求功率的大小。‎ ‎【解答】解：A、动滑轮的有用功：W=Gh=1000N×1m=1000J，故A错误；‎ B、不计绳重和摩擦，动滑轮的重力为：G动=nF﹣G物=2×‎ ‎600N﹣1000N=200N，故B错误；‎ C、绳端移动的距离：s=nh=2×1m=2m，总功：W=Fs=600N×2m=1200J，η==×100%≈83.3%，故C正确；‎ D、拉力F的功率为：P===240W，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题主要考查了动滑轮有用功、总功、机械效率的计算，以及功率公式的运用，有一定综合性，难度不大。‎ ‎　‎ ‎8．（3分）在如图所示的实物电路中，电源电压恒为3V，滑动变阻器的规格为”10Ω 1A“，灯泡上标有“2.5V 1W”的字样，闭合开关后调节滑动变阻器的滑片，在保证各元件安全的情况下，下列说法正确的是（　　）‎ A．小灯泡正常发光时的电阻为2.5Ω B．向右移动滑片时，电压表V1的示数变小，小灯泡亮度变暗 C．向右移动滑片时，电压表V2与电流表A的示数之比不变 D．让小灯泡正常发光1min，滑动变阻器产生的电热为12J ‎【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测量小灯泡电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流。‎ ‎（1）灯泡上标有“2.5V 1W”，根据P=变形可求小灯泡正常发光时的电阻；‎ ‎（2）根据串联电路的电流特点可知，滑动变阻器向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据串联分压的原理，滑动变阻器分配的电压减小，即电压表V2示数减小，小灯泡两端电压变大，小灯泡变亮；‎ ‎（3）电压表V2与电流表A的示数之比等于滑动变阻器的阻值，据此分析；‎ ‎（4）由灯泡上标有“2.5V 1W”，根据P=UI可求小灯泡的额定电流，再根据串联电路电压的特点，求出滑动变阻器两端的电压，根据Q=UIt求出小灯泡正常发光1min，滑动变阻器产生的电热。‎ ‎【解答】解：A、小灯泡正常发光时的电阻：RL===6.25Ω，故A错误；‎ B、滑动变阻器向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据串联分压的原理，滑动变阻器分配的电压减小，即电压表V2示数减小，小灯泡两端电压变大，即V1示数变大，小灯泡变亮，故B错误；‎ C、滑动变阻器向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，即电压表V2与电流表A的示数之比等于滑动变阻器的阻值，故C错误；‎ D、小灯泡正常发光时的电流：‎ I=IL===0.4A，‎ 串联电路的总电压等于各部分电压之和，‎ U滑=U﹣U额=3V﹣2.5V=0.5V，‎ 小灯泡正常发光1min，滑动变阻器产生的电热：‎ Q=U滑It=0.5V×0.4A×60s=12J．故D正确；‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功、电功率公式的灵活应用，关键是要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。‎ ‎　‎ 二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分．）‎ ‎9．（2分）丹麦物理学家　奥斯特　首先发现了电与磁之间存在本质联系，生产生活中的　电磁起重机　（选填“电磁起重机”“台灯”或“电热毯”）主要是利用电流磁效应工作的。‎ ‎【分析】（1）在1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围存在着磁场；‎ ‎（2）通电导体周围存在磁场，这叫做电流的磁效应。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）奥斯特把通电直导线放在水平方向静止的小磁针上，小磁针发生偏转，说明受到磁力作用，实验表明电流周围存在磁场；‎ ‎（2）通电导线周围有磁场，这就是的电流的磁效应，电磁起重机、电磁继电器等都是利用该原理制成的；台灯工作时把电能转化为光和热，不是利用电流磁效应工作的；电热毯是利用电流流过导体时发热而工作的，应用了电流的热效应。‎ 故答案为：奥斯特；电磁起重机。‎ ‎【点评】本题考查物理常识和电流的磁效应，主要考查学生对所学物理知识的灵活运用能力。‎ ‎　‎ ‎10．（2分）川航3U8633航班从重庆起飞时，利用了空气流速越大压强越　小　（选填“大”或”小”）的原理，飞往拉萨的途中遇险，在机长刘传健冷静睿智的处理下成功迫降在双流机场，飞机下降过程中重力势能　减小　（选填“增大”“减小”或”不变”）。‎ ‎【分析】（1）流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。‎ ‎（2）重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大，相反，重力势能越小。‎ ‎【解答】解：飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状。这样，当飞机起飞时，流过机翼上方的空气流速大，压强小，流过机翼下方的空气流速小，压强大。机翼上下方所受到的压力差便形成向上的升力。‎ 在飞机下降的过程中，飞机的总质量不变，但高度随飞机降低，所以重力势能将减小。‎ 故答案为：小；减小。‎ ‎【点评】此题考查的是影响重力势能大小的因素和流体压强与流速关系在生活中的应用，容易出错的是有些同学不能分析出流体流速的变化情况，这是因为对生活常识的了解太少所致。‎ ‎　‎ ‎11．（2分）小薇在“探究水的沸腾”实验中，所用水的质量为0.5kg，初温为58℃，测出水沸腾时的温度为98℃，则当地大气压比一个标准大气压　低　（选填“高“或”低”），本实验中水加热至沸腾至少吸热　8.4×104　J．[已知c水=4.2×103J/（kg•℃）]‎ ‎【分析】（1）气压和沸点的关系是，气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低；‎ ‎（2）根据Q吸=cm△t求出吸收的热量。‎ ‎【解答】解：（1）测出水沸腾时的温度小于 100℃，这是因为当时当地的大气压小于1个标准大气压造成的；‎ ‎（2）水吸收的热量：‎ Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（98℃﹣58℃）=8.4×104J。‎ 故答案为：低；8.4×104。‎ ‎【点评】此题是探究水的沸腾实验，考查了液体沸点与气压关系以及热量的计算，是一道热学综合题目。‎ ‎　‎ ‎12．（2分）水平升降台面上有一个足够深、底面积为40cm2的柱形容器，容器中水深20cm，则水对容器底部的压强为　2000　Pa，现将底面积为10cm2、高20cm的圆柱体A悬挂在固定的弹簧测力计下端，使A浸入水中，稳定后，A的下表面距水面4cm，弹簧测力计的示数为0.8N，如图所示，然后使升降台上升7cm，再次稳定后，A所受的浮力为　1.2　N．（已知弹簧受到的拉力每减小1N，弹簧的长度就缩短1cm）‎ ‎【分析】（1）根据p=ρ水gh求出水对容器底部的压强；‎ ‎（2）根据阿基米德原理求出物体A下表面4cm时受到的浮力，根据力的平衡，求出物体的重力；升降台上升7cm，相当于物体A向下移动7cm求出此时物排开水的体积增加量；‎ 根据h上升=得出液体在容器中上升的高度；物体A向下移动7cm，根据阿基米德原理求出物体受到的浮力增大值，因已知弹簧受到的拉力每减小1N，弹簧的长度就缩短1cm，求出此时弹簧将缩短量，从而得出升降台上升7cm，物体浸没在液体中的深度，由阿基米德原理求出此时物体受到的浮力与物体的重力比较大小，确定物体的状态，最终得出物体的A所受的浮力。‎ ‎【解答】解：（1）水对容器底部的压强：‎ p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa；‎ ‎（2）物体A下表面距水面4cm时受到的浮力：‎ F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10×10﹣6m3=0.4N，‎ 根据力的平衡，物体的重力：‎ G=F浮+T=0.4N+0.8N=1.2N；‎ 升降台上升7cm，相当于物体A向下移动7cm，‎ 此时物排开水的体积增加量10×7×10﹣6 m3=7×10﹣5m3，‎ 液体在容器中上升的高度：‎ h上升===m=cm。‎ 物体A向下移动7cm，物体受到的浮力增大，‎ F增=ρ水gV增=h=1.0×103kg/m3×10N/kg×（7+）×10×10﹣6m3=，‎ 因已知弹簧受到的拉力每减小1N，弹簧的长度就缩短1cm，‎ 故此时弹簧将缩短cm，升降台上升7cm，‎ 物体浸没在液体中的深度是：‎ ‎4cm+cm﹣cm=12.4cm，‎ 综上，升降台上升7cm，物体受到的浮力：‎ F浮1=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×12.4×10×10﹣6m3=1.24N＞G，‎ 物体将漂浮，所受浮力等于重力，F浮2=1.2N。‎ 故答案为：2000；1.2。‎ ‎【点评】本题考查液体压强公式、阿基米德原理、力的平衡，关键是求出升降台上升7cm，物体浸没在液体中的深度，得出物体最终的状态，难度大。‎ ‎　‎ ‎13．（2分）2018年5月21日，在西昌卫星发射中心，伴随着大量白雾的长征四号丙运载火箭腾空而起，搭乘火箭的“鹊桥”号中继卫星成功升空，如图所示。当星箭分离后，“鹊桥”达到一定高度，打开伞状抛物面天线；变轨后，“鹊桥进入近地点约200公里、远地点约40万公里的地月转移轨道，将进行在轨测试，为未来实现着陆器巡视器与地面站之间的测控与数据传输提供通信桥梁。“鹊桥”将成为人类历史上第一颗地球轨道外专用中继通信卫星，这是我国在月球探测领域取得的新突破。‎ 请根据以上材料，找出一个相关的物理信息，并指出其对应的物理知识，不得与示例重复。‎ 物理信息：实现着陆器、巡视器与地面站之间的测控与数据传输；‎ 物理知识：利用电磁波通信 作答：‎ 物理信息：　伴随着大量白雾　；‎ 物理知识：　水蒸气遇冷液化形成的小水珠　。‎ ‎【分析】（1）物质由气态变成液态的过程是液化过程；‎ ‎（2）火箭升空时燃料燃烧放出的内能转化为火箭的机械能。‎ ‎【解答】解：（1）物理信息：伴随着大量白雾；‎ 物理知识：水蒸气遇冷液化形成的小水珠；‎ ‎（2）物理信息：运载火箭腾空而起；‎ 物理知识：内能转化为机械能。‎ 故答案为：伴随着大量白雾；水蒸气遇冷液化形成的小水珠。‎ ‎【点评】‎ 本题以火箭升空为背景，考查了液化现象、能量的转化等知识，是一道理论联系实际的好题。‎ ‎　‎ ‎14．（1分）请按要求完成下列作图：画出图中入射光线AO经平面镜反射后的反射光线OB。‎ ‎【分析】光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。‎ ‎【解答】解：先过入射点垂直平面镜作出法线，已知入射光线与镜面的夹角为30°，则入射角为90°﹣30°=60°，‎ 反射光线与入射光线、法线在同一平面上，反射角等于入射角在法线的右侧画出反射光线。‎ 如图所示：‎ ‎【点评】作反射光线时，先确定反射点，根据反射角等于入射角在同一平面内法线的另一侧画出反射光线，注意完成题目的要求。‎ ‎　‎ ‎15．（1分）在图中的A点画出箱子在水平向左滑行过程中受到的摩擦力示意图。‎ ‎【分析】要解决此题，需要掌握摩擦力的方向与物体运动方向相反，由于物体向左运动，因此物体受到向右的摩擦力，注意摩擦力的作用点在A点。‎ ‎【解答】解：由于物体向左运动，因此物体受到向右的摩擦力，作用点在A点。过A点，沿水平向右的方向画一条带箭头的线段，并用f表示；如图所示：‎ ‎【点评】此题考查了作摩擦力示意图的画法，摩擦力作用在物体的表面上，其方向一般与物体运动的方向相反；有时候为了研究方便我们也可以把摩擦力的作用点画在物体的重心上。‎ ‎　‎ 三、实验探究题（本题共3个小题，16小题5分，17小题8分，18小题9分共22分）‎ ‎16．（5分）在探究”凸透镜成像规律”的实验中，小峻同学进行了如下实验：‎ ‎（1）按如图甲所示操作，测出本实验所用凸透镜的焦距为　10.0　cm。‎ ‎（2）接着小峻调节蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图乙所示，发现光屏上得到一个倒立、　放大　（选填“放大“缩小”或“等大”）的清晰实像，生活中的　投影仪　（选填“照相机”投影仪”或“放大镜”）就是利用了这样的成像原理。‎ ‎（3）保持图乙中凸透镜的位置不变，当向右移动蜡烛时，应该向　右　（选填“左”或“右”）移动光屏，才能再次得到清晰的像。‎ ‎（4）保持凸透镜的位置仍然不变，小峻继续向右移动蜡烛至45cm刻度线处，移动光屏，发现　不能　（选填“能”或“不能”）得到蜡烛清晰的像。‎ ‎【分析】（1）根据凸透镜对光线的折射作用知：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，然后可知其焦距；‎ ‎（2）根据物体在凸透镜二倍焦距和一倍焦距之间的成像性质进行判断；‎ ‎（3）凸透镜成实像时，物距减小，像距变大，像变大；‎ ‎（4）物距小于焦距时成正立、放大的虚像。‎ ‎【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点。焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距u=60.0cm﹣50.0cm=10.0cm。‎ ‎（2）由图可知，物体位于一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，其应用是投影仪。‎ ‎（3）保持图乙中凸透镜的位置不变，当向右移动蜡烛时，物距减小，像距应变大，故应该向右移动光屏，才能再次得到清晰的像。‎ ‎（4）保持凸透镜的位置仍然不变，小峻继续向右移动蜡烛至45cm刻度线处，此时物距为5cm，小于焦距，成正立、放大的虚像，虚像不能呈在光屏上。‎ 故答案为：（1）10.0；（2）放大；投影仪；（3）右；（4）不能。‎ ‎【点评】了解焦距的概念和实验的调节要求。掌握凸透镜成像的三种情况和应用的凸透镜成像习题的重要依据，一定要掌握：u＞2f，成倒立、缩小的实像。2f＞u＞f，成倒立、放大的实像。u＜f，成正立、放大的虚像。‎ ‎　‎ ‎17．（8分）小薇同学在测固体密度时操作步骤如下：‎ ‎（1）在实验室，小薇把天平放在　水平　工作台上，将游码归零，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应将平衡螺母向　右　调节（选填左”或“右”），使天平横梁平衡。‎ ‎（2）小薇选用了一块小矿石，用调好的天平测它的质量，当右盘中所加砝码和游码的位置如图甲所示时，天平恢复平衡，则测得的矿石质量是　43.4　g。‎ ‎（3）如图乙所示的量筒分度值为　2　cm3，在量筒中装入适量的水，将系了细线的矿石轻放入量筒，如图乙所示，读数时视线应与液面　相平　（选填“相平”或“不相平”），测得矿石的体积是　18　cm3。‎ ‎（4）实验后，小薇发现使用的20g砝码生锈了，由此导致测得的矿石密度会　偏小　（选填“偏大“偏小”或“不变”）。‎ ‎（5）小薇回家后，想测出家里某个小饰品的密度，她找到家里的电子秤，称出饰品的质量是140g，又借助细线、水、玻璃杯，测出了饰品的体积，她的实验操作步骤如图丙丁所示，则饰品的密度是　2.8　g/cm3。‎ ‎【分析】‎ ‎（1）调节天平平衡时，先把天平放在水平工作台上，指针偏左，应向右调节平衡螺母；指针偏右，应向左调节平衡螺母；直到指针指在分度盘的中线处；‎ ‎（2）物体的质量等于砝码的质量加上游码所对应的刻度值，‎ ‎（3）用量筒量取液体时，量筒要放平，读数时视线应与凹液面的最低处相平；‎ ‎（4）生锈会使砝码的质量增大，再根据砝码质量的变化推断测量质量的变化，根据ρ=求测量值的变化。‎ ‎（5）根据饰品排开水的质量可求得其排开水的体积，因为浸没，所以V排=V，然后利用密度公式可求得饰品的密度。‎ ‎【解答】解：（1）把天平放在水平工作台上，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应将平衡螺母向右调节，使天平横梁水平平衡。‎ ‎（2）用调好的天平测矿石的质量，当右盘中所加砝码和游码位置如图甲所示时，天平平衡，标尺的分度值为0.2g，则此矿石的质量是20g+20g+3.4g=43.4g；‎ ‎（3）如图乙所示的量筒分度值为2cm3，量筒读数，视线应该与量筒内凹液面的底部相平，由图乙所示量筒可知，测得矿石的体积V=38cm3﹣20cm3=18cm3；‎ ‎（4）所使用的20g的砝码生锈了，砝码生锈后质量会增大，这样用较少的砝码或少移动游码就可以使天平横梁水平平衡，因此，测得的质量会偏小，根据ρ=知，他所测量的矿石密度将比实际矿石的密度偏小。‎ ‎（5）由图丙、丁可知，饰品排开水的质量m排=686.0g﹣636.0g=50g，‎ 由ρ=可得，排开水的体积V排===50cm3，‎ 因为浸没，所以V=V排=50cm3，‎ 则饰品的密度ρ===2.8g/cm3。‎ 故答案为：（1）水平；右；（2）43.4；（3）2；相平；18；（4）偏小；（5）2.8。‎ ‎【点评】本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度、误差分析等，要求学生有较强的能力，应注意总结解题思路及解题方法。‎ ‎　‎ ‎18．（9分）小峻和小薇两位同学在”探究欧姆定律”的实验中，所用器材有：学生电源、电流表、电压表、标有”20Ω ‎ 2A”的滑动变阻器R′、开关，导线和定值电阻R若干。‎ ‎（1）请根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路连接完整。（要求：向右移动滑动变阻器滑片时，电路中的电流变小，且导线不能交叉）‎ ‎（2）连接电路时，开关必须　断开　；连接完电路后，小薇发现电流表和电压表的位置互换了，如果闭合开关，则　电压　表（选填“电压“或“电流”）的指针可能有明显偏转。‎ ‎（3）排除故障后，他们先探究电流与电压的关系，闭合开关，移动滑片依次测得5组数据，其中第5次实验中电压表的指针如图丙所示，其示数为　2.2　V．他们记录的数据如表1所示，分析数据可以得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　正　比。‎ 表1电流与电压关系 实验序号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ 电压/V ‎1.0‎ ‎1.2‎ ‎1.8‎ ‎2‎ ‎﹣﹣‎ 电流/A ‎0.20‎ ‎0.24‎ ‎0.36‎ ‎0.40‎ ‎0.44‎ 表2电流与电阻关系 实验序号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ 电阻/Ω ‎10‎ ‎15‎ ‎20‎ ‎25‎ 电流/A ‎0.30‎ ‎0.20‎ ‎0.15‎ ‎0.12‎ ‎（4）他们继续探究电流与电阻的关系，先将电源电压调为6V，分别换上多个定值电阻进行探究，数据记录如表2所示，老师指出其中一组数据是拼凑的，你认为是第　4　组（选填实验序号），理由是实验所用的滑动变阻器的最大阻值太　小　了（选填“大”或小”）。‎ ‎（5）排除拼凑的数据后，分析数据可以得到的结论是：在　电压　一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。‎ ‎（6）在不更换滑动变阻器的情况下，可以采取　B　‎ 的措施（选填字母符号），完成这组拼凑数据所对应的实验测量。‎ A．降低定值电阻两端电压 B．降低电源电压 C．选用更大阻值的定值电阻 ‎【分析】（1）滑动变阻器应串联入电路中，滑片P向右移动时电流变小，由此确定滑动变阻器阻值变大，将左下接线柱接入；‎ ‎（2）连接电路时，开关断开，滑动变阻器阻值应调至最大；电压表与电流表位置颠倒，电压表电阻很大，电流很小；‎ ‎（3）根据电压表选用的量程确定分度值读数，由表中数据，得到的结论；‎ 根据欧姆定律求出电阻大小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中最小电流分析；‎ ‎（4）研究电流与电阻关系时，要控制电阻的电压不变，由表中数据由电压表示数，根据串联电路电压的规律，求出变阻器分得的电压，由分压原理，确定所用定值电阻最大值。‎ ‎（5）在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。‎ ‎（6）根据实验现象分析答题。‎ ‎【解答】解：（1）在该实验中，滑动变阻器应“一上一下”串联接入电路中，由题知，向右移动滑片P时电流变小，由此可知滑动变阻器接入的阻值变大，应将其左下接线柱接入电路，如图所示：‎ ‎（2）为保护电路，连接电路时，开关断开，滑动变阻器阻值应调至最大；‎ 若电压表和电流表位置互换，则电压表串联在电路中，电压表的电阻很大，电路电流很小，此时电压表测电源电压，电压表示数接近电源电压，即电压表指针有明显偏转；‎ ‎（3）第5次实验时，电压表示数如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，其示数为2.2V；分析数据可以得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；‎ ‎（4）研究电流与电阻关系时，要控制电阻两端的电压不变，由表2数据可知，电压表示数为3V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为3V，由串联分压原理可知，变阻器接入的电阻与定值电阻的阻值相同；由表2数据可知，所用定值电阻最大为25Ω，则滑动变阻器的最大电阻也应该为25Ω，而已知滑动变阻器的最大电阻只有20Ω，即变阻器的最大电阻太小，故第4组数据是拼凑的。‎ ‎（5）分析表2数据可知，电流与电阻的乘积都为10Ω×0.30A=15Ω×0.20A=20Ω×0.15A=3V，可以得到的结论是：在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。‎ ‎（6）A、由（4）知，滑动变阻器的最大电阻太小；在不更换滑动变阻器的情况下，要完成这组拼凑数据所对应的实验测量，若降低定值电阻两端电压，则滑动变阻器分得的电压更多，滑动变阻器的电阻需要更大，故A错误；‎ B、若降低电源电压，当定值电阻两端的电压不变时，根据串联电路的分压规律，滑动变阻器分的电压变少，变阻器接入电路的阻值变小，所以这个滑动变阻器能够完成这组拼凑数据所对应的实验测量，故B正确。‎ C、若选用更大阻值的定值电阻，由串联电路的分压规律可知，滑动变阻器的电阻需要更大，不能完成这组拼凑数据所对应的实验测量，故C错误。‎ 故选B。‎ 故答案为：（1）见上图；（2）断开；电压；（3）2.2；正；（4）4；小；（5）电压；（6）B。‎ ‎【点评】本题考查了探究欧姆定律实验，包括电路的连接、故障分析、电表读数、得出结论、数据分析等知识，是一道综合题，其中（6）有一定的难度。‎ ‎　‎ 四、论述计算题（本题共3个小题，19小题6分，20小题8分，21小题8分，共22分，解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能给分．）‎ ‎19．（6分）如图所示，某公司研发的智能服务机器人，它具有净化室内空气、陪伴老人聊天散步等功能。若它在50N的牵引力作用下，以0.5m/s的速度在水平地面匀速直线行驶60s，求：‎ ‎（1）它行驶的路程；‎ ‎（2）此过程中牵引力所做的功。‎ ‎【分析】（1）已知速度和时间，利用速度公式计算它行驶的路程；‎ ‎（2）利用W=Fs计算此过程中牵引力所做的功。‎ ‎【解答】解：（1）因为v=，‎ 所以它行驶的路程：s=vt=0.5m/s×60s=30m；‎ ‎（2）此过程中牵引力所做的功：‎ W=Fs=50N×30m=1500J。‎ 答：（1）它行驶的路程30m；‎ ‎（2）此过程中牵引力所做的功1500J。‎ ‎【点评】此题考查功的计算、速度公式的应用，难度不大，属于基础知识考查。‎ ‎　‎ ‎20．（8分）小峻家中有一个浴足盆，其部分铭牌信息如表格所示，图甲为浴足盆的工作电路，R1、R2均为电热丝，当开关S接a、b触点时，浴足盆的挡位不同。求：‎ 型号 MLJY﹣O1‎ 额定电压 ‎220V 额定加热功率 ‎880W 额定保温功率 ‎100W ‎（1）额定加热电流；‎ ‎（2）R1和R2的阻值各为多少欧？‎ ‎（3）在用电高峰期，小峻关闭家中其它用电器，只让浴足盆通电，使其处于加热状态1min，电能表（如图乙所示）的圆盘转了30转，则浴足盆加热的实际电功率为多少瓦？‎ ‎【分析】（1）由表格数据知，额定加热功率，由P=UI计算额定加热电流；‎ ‎（2）由电路图，根据P=分析浴足盆的工作状态，根据电路特点和电功率公式计算两电阻的阻值；‎ ‎（3）由电能表表盘知：3000r/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的表盘就转过3000r；可求30转消耗的电能，根据公式P=求出浴足盆加热的实际电功率。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由表中数据知，浴足盆的额定加热功率880W，‎ 由P=UI可得，额定加热电流：‎ I加热===4A；‎ ‎（2）由电路图知，S接b时只有R2接入电路中，电路中电阻较小，电源电压一定，由P=可知，此时电路的功率较大，为加热状态； S接a时两电阻串联，电路中电阻较大，功率较小，为保温状态。‎ 由欧姆定律可得R2的阻值：R2===55Ω，‎ 保温状态下，由串联电路的特点和P=可得总电阻：R总===484Ω，‎ 则R1=R总﹣R2=484Ω﹣55Ω=429Ω；‎ ‎（3）由图乙可知，电能表上标有3000r/kW•h，3000r/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的表盘就转过3000r，‎ 则表盘转过30转时，浴足盆消耗的电能：W=kW•h×30=kW•h；‎ 此时浴足盆加热的实际电功率：P实===0.6kW=600W。‎ 答：（1）额定加热电流为4A；‎ ‎（2）R1和R2的阻值分别为429Ω和55Ω；‎ ‎（3）在用电高峰期，浴足盆加热的实际电功率为600W。‎ ‎【点评】本题考查了电功率公式、串联电路电阻特点以及利用电能表参数计算电能等，正确分析电路确认加热和保温状态电路连接方式是解题的关键。‎ ‎　‎ ‎21．（8分）为探究平衡木受力特点，喜爱体操的小薇设计了一个平衡木模型。整个装置如图甲所示，AB可绕支点O无摩擦转动，C处固定一竖直硬杆，硬杆的底部安装了压敏电阻片R，R所在的电路放在了硬杆内（整个装置除硬杆以外其它部分的重力均不计），且AB=5m，OA=BC=1m，电源电压恒为3V，硬杆底部R阻值随地面对它的支持力F变化的关系如图乙所示，整个装置放在水平地面上，AB始终处于水平平衡状态，当重360N的小薇站在A点时，电流表的示数为0.1A。‎ 求：（1）小薇在A点时，C处受到硬杆的拉力；‎ ‎（2）小薇在A点时，地面对硬杆底部R的支持力；‎ ‎（3）当电流表的示数为0.3A时，小薇距A点多少米？‎ ‎【分析】（1）根据杠杆的平衡条件：G•OA=F•BC便可求出C处受到硬杆的拉力；‎ ‎（2）根据R=计算出此时压敏电阻的阻值，根据图象乙确定地面对硬杆的支持力大小；‎ ‎（3）对硬杆进行受力分析，根据前面计算的结果可得硬杆的重力，根据R=计算出当I=0.3A时，压敏电阻的阻值，由图乙确定支持力后，判断出C点对硬杆的压力，由杠杆的平衡条件计算出此时小薇与O点的距离，从而得出小薇距A点的距离。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）小薇在A点时，杠杆平衡，杠杆受小薇对A点的压力和硬杆对C点的拉力，‎ 其中OA=1m，OC=AB﹣OA﹣BC=5m﹣1m﹣1m=3m，‎ 根据杠杆的平衡条件可得：G人•OA=F拉•OC，‎ 即：360N×1m=F拉×3m，‎ 解得：F拉=120N；‎ ‎（2）小薇在A点时，电流表的示数I=0.1A，由I=可得，此时压敏电阻的阻值：‎ R===30Ω；‎ 由图乙知，当R=30Ω时，地面对硬杆底部R的支持力为60N；‎ ‎（3）小薇在A点时，硬杆受到的力如图所示：‎ 由力的平衡条件和前面数据可得，硬杆的重力：G=F支+F拉=60N+120N=180N；‎ 当I′=0.3A时，由I=可得，压敏电阻的阻值为：‎ R′===10Ω，‎ 由图象乙知，当R=10Ω时，地面对杆的支持力F支′=300N；‎ 由于F支′＞G，所以可知此时杠杆对硬杆产生的是压力，如图所示：‎ 由力的平衡条件可得，杠杆对硬杆的压力：F压=F支′﹣G=300N﹣180N=120N；‎ 由于力的作用是相互的，则硬杆对杠杆的支持力FC也为120N；‎ 设此时小薇到支点O的距离为L，‎ 根据杠杆的平衡条件可得：FC•OC=G人•L，‎ 即：120N×3m=360N×L，‎ 解得L=1m，‎ 所以小薇应在支点O的左侧1m处，‎ 则此时小薇到A点的距离为：s=OA+L=1m+1m=2m；‎ 答：（1）小薇在A点时，C处受到硬杆的拉力为120N；‎ ‎（2）小薇在A点时，地面对硬杆底部R的支持力为60N；‎ ‎（3）当电流表的示数为0.3A时，小薇距A点2m。‎ ‎【点评】本题是力和电的综合题目，在分析时把其分割开来，分别用杠杆的平衡条件、欧姆定律来分析，用好图象，对硬杆做好受力分析是解决问题的关键。‎ ‎　‎