高考数学中的放缩技巧 25页

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  • 2021-05-13 发布

高考数学中的放缩技巧

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高考数学中的放缩技巧 证明数列型不等式,因其思维跨度大、构造性强,需要有较高的放缩技巧而充满思考性和挑战性,能全面而综合地考查学生的潜能与后继学习能力,因而成为高考压轴题及各级各类竞赛试题命题的极好素材。这类问题的求解策略往往是:通过多角度观察所给数列通项的结构,深入剖析其特征,抓住其规律进行恰当地放缩;其放缩技巧主要有以下几种:‎ ‎ 一、裂项放缩 ‎ 例1.(1)求的值; (2)求证:.‎ 解析:(1)因为,所以 ‎ (2)因为,所以 奇巧积累:(1) (2) ‎ ‎ (3) ‎ ‎ (4) ‎ ‎ (5) (6) ‎ ‎ (7) (8) ‎ ‎ (9) ‎ ‎ (10) (11)‎ ‎ (11) ‎ ‎ (12) ‎ ‎ ‎ ‎ (13) ‎ ‎ (14) (15) ‎ ‎ (15) ‎ ‎ ‎ 例2.(1)求证:‎ ‎ (2)求证:‎ ‎ (3)求证:‎ ‎ (4) 求证:‎ 解析:(1)因为,所以 ‎ ‎ (2)‎ ‎ (3)先运用分式放缩法证明出,再结合进行裂项,最后就可以得到答案 ‎ (4)首先,所以容易经过裂项得到 再证而由均值不等式知道这是显然成立的,所以 例3.求证:‎ ‎ 解析:一方面:因为,所以 ‎ 另一方面:‎ ‎ 当时,,当时,,‎ 当时,,所以综上有 ‎ 例4.(2008年全国一卷) 设函数.数列满足..设,整数.证明:.‎ ‎ 解析:由数学归纳法可以证明是递增数列,故存在正整数,使,则 ‎,否则若,则由知 ‎,,因为,‎ 于是 例5.已知,求证: .‎ ‎ 解析:首先可以证明:‎ ‎ 所以要证 ‎ 只要证: ‎ ‎ 故只要证,即等价于 ‎,即等价于 而正是成立的,所以原命题成立.‎ 例6.已知,,求证:.‎ 解析:‎ 所以 ‎ 从而 例7.已知,,求证:‎ 证明: ,因为 ‎ ,所以 ‎ 所以 二、函数放缩 ‎ 例8.求证:.‎ ‎ 解析:先构造函数有,从而 因为 ‎ 所以 ‎ 例9.求证:(1)‎ ‎ 解析:构造函数,得到,再进行裂项,求和后可以得到答案 ‎ 函数构造形式: ,‎ 例10.求证:‎ 解析:提示:‎ 函数构造形式: ‎ 当然本题的证明还可以运用积分放缩 如图,取函数,‎ 首先:,从而,‎ 取有,,‎ 所以有,,…,,,相加后可以得到: ‎ 另一方面,从而有 取有,,‎ 所以有,所以综上有 例11.求证:和.‎ 解析:构造函数后即可证明 例12.求证:‎ ‎ 解析:,叠加之后就可以得到答案 ‎ 函数构造形式:(加强命题)‎ ‎ 例13.证明:‎ ‎ 解析:构造函数,求导,可以得到:‎ ‎ ,令有,令有,‎ ‎ 所以,所以,令有,‎ ‎ 所以,所以 ‎ 例14. 已知证明.‎ ‎ 解析: ,‎ 然后两边取自然对数,可以得到 然后运用和裂项可以得到答案)‎ 放缩思路:‎ ‎。于是,‎ ‎ ‎ 即 注:题目所给条件()为一有用结论,可以起到提醒思路与探索放缩方向的作用;当然,本题还可用结论来放缩:‎ ‎ ,‎ 即 ‎ 例15.(2008年厦门市质检) 已知函数是在上处处可导的函数,若在上恒成立.‎ ‎ (I)求证:函数上是增函数;‎ ‎ (II)当;‎ ‎ (III)已知不等式时恒成立,‎ ‎ 求证:‎ ‎ 解析:(I),所以函数上是增函数 ‎ (II)因为上是增函数,所以 ‎ ‎ ‎ 两式相加后可以得到 ‎ (3) ‎ ‎……‎ ‎ ‎ 相加后可以得到:‎ ‎ ‎ ‎ 所以 令,有 ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 所以 ‎ (方法二)‎ ‎ 所以 ‎ 又,所以 ‎ 例16.(2008年福州市质检)已知函数若 ‎ 解析:设函数 ‎ ‎ ‎ ∴函数)上单调递增,在上单调递减.‎ ‎ ∴的最小值为,即总有 ‎ 而 ‎ ‎ ‎ 即 ‎ 令则 ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 三、分式放缩 ‎ 姐妹不等式:和 ‎ 记忆口诀”小者小,大者大”‎ ‎ 解释:看b,若b小,则不等号是小于号,反之.‎ 例19. 姐妹不等式:和 也可以表示成为 和 解析: 利用假分数的一个性质可得 ‎ ‎ 即 ‎ 例20.证明:‎ 解析: 运用两次次分式放缩:‎ ‎ (加1)‎ ‎ (加2)‎ ‎ 相乘,可以得到:‎ ‎ 所以有 四、分类放缩 ‎ 例21.求证:‎ ‎ 解析: ‎ ‎ 例22.(2004年全国高中数学联赛加试改编) 在平面直角坐标系中, 轴正半轴上的点列与曲线(≥0)上的点列满足,直线在x轴上的截距为.点的横坐标为,.‎ ‎(1)证明>>4,; (2)证明有,使得对都有<.‎ ‎ 解析:(1) 依题设有:,由得:‎ ‎ ,又直线在轴上的截距为满足 ‎ ‎ 显然,对于,有 ‎ (2)证明:设,则 ‎ ‎ 设,则当时,‎ ‎。‎ 所以,取,对都有:‎ 故有<成立。‎ ‎ 例23.(2007年泉州市高三质检) 已知函数,若的定义域为[-1,0],值域也为[-1,0].若数列满足,记数列的前项和为,问是否存在正常数A,使得对于任意正整数都有?并证明你的结论。‎ ‎ 解析:首先求出,∵‎ ‎∴,∵,,…‎ ‎,故当时,,‎ 因此,对任何常数A,设是不小于A的最小正整数,‎ 则当时,必有.‎ 故不存在常数A使对所有的正整数恒成立.‎ ‎ 例24.(2008年中学教学参考)设不等式组表示的平面区域为,设内整数坐标点的个数为.设,‎ 当时,求证:. ‎ ‎ 解析:容易得到,所以,要证只要证,因为 ‎,所以原命题得证.‎ 五、迭代放缩 ‎ 例25. 已知,求证:当时,‎ ‎ 解析:通过迭代的方法得到,然后相加就可以得到结论 ‎ 例26. 设,求证:对任意的正整数k,若k≥n恒有:|Sn+k-Sn|< ‎ 解析: ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 又 所以 ‎ 六、借助数列递推关系 ‎ 例27.求证:‎ ‎ 解析: 设则 ‎,从而 ‎,相加后就可以得到 所以 ‎ 例28. 求证:‎ ‎ 解析: 设则 ‎,从而 ‎,相加后就可以得到 ‎ 例29. 若,求证:‎ ‎ 解析: ‎ ‎ 所以就有 ‎ 七、分类讨论 ‎ 例30.已知数列的前项和满足证明:对任意的整数 ‎,有 ‎ 解析:容易得到,‎ ‎ 由于通项中含有,很难直接放缩,考虑分项讨论:‎ 当且为奇数时 ‎ (减项放缩),于是 ‎ ①当且为偶数时 ②当且为奇数时(添项放缩)由①知由①②得证。‎ ‎ 八、线性规划型放缩 ‎ 例31. 设函数.若对一切,,求的最大值。‎ ‎ 解析:由知 即 ‎ 由此再由的单调性可以知道的最小值为,最大值为 因此对一切,的充要条件是,‎ ‎ 即,满足约束条件,‎ ‎   由线性规划得,的最大值为5.‎ ‎ 九、均值不等式放缩 ‎ 例32.设求证 ‎ 解析: 此数列的通项为 ‎,,‎ 即 注:①应注意把握放缩的“度”:上述不等式右边放缩用的是均值不等式,若放成则得,就放过“度”了!‎ ‎ ②根据所证不等式的结构特征来选取所需要的重要不等式,这里 ‎ ‎ ‎ 其中,等的各式及其变式公式均可供选用。‎ ‎ 例33.已知函数,若,且在[0,1]上的最小值为,求证:‎ 解析: ‎ ‎ ‎ 例34.已知为正数,且,试证:对每一个,.‎ 解析: 由得,又,故,而,‎ 令,则=,因为,倒序相加得=,‎ 而,‎ 则=,所以,即对每一个,.‎ ‎ 例35.求证 解析: 不等式左=,‎ 原结论成立.‎ ‎ 例36.已知,求证:‎ ‎ 解析: ‎ ‎ 经过倒序相乘,就可以得到 ‎ 例37.已知,求证:‎ ‎ 解析:‎ ‎ 其中:,因为 ‎ 所以 ‎ 从而,所以.‎ ‎ 例38.若,求证:.‎ ‎ 解析:‎ ‎ 因为当时,,所以,所以,当且仅当时取到等号. ‎ ‎ 所以 ‎ 所以所以 ‎ 例39.已知,求证:.‎ ‎ 解析:.‎ ‎ 例40.已知函数f(x)=x2-(-1)k·2lnx(k∈N*).k是奇数, n∈N*时,‎ 求证: [f’(x)]n-2n-1·f’(xn)≥2n(2n-2).‎ ‎ 解析: 由已知得,‎ ‎(1)当n=1时,左式=右式=0.∴不等式成立.‎ ‎(2), 左式=‎ ‎ ‎ ‎ 令 ‎ 由倒序相加法得:‎ ‎ ‎ ‎ ,‎ ‎ 所以 ‎ 所以综上,当k是奇数,时,命题成立 ‎ 例41. (2007年东北三校)已知函数 ‎ (1)求函数的最小值,并求最小值小于0时的取值范围;‎ ‎ (2)令求证:‎ ‎ ‎ ‎★例42. (2008年江西高考试题)已知函数,.对任意正数,证明:.‎ 解析:对任意给定的,,由,‎ 若令 ,则 ① ,而 ②‎ ‎(一)、先证;因为,,,‎ 又由 ,得 .‎ 所以 ‎.‎ ‎(二)、再证;由①、②式中关于的对称性,不妨设.则 ‎(ⅰ)、当,则,所以,因为 ,‎ ‎,此时.‎ ‎ (ⅱ)、当③,由①得 ,,,‎ 因为 所以 ④‎ ‎ 同理得⑤ ,于是 ⑥‎ 今证明 ⑦, 因为 ,‎ 只要证 ,即 ,也即 ,据③,此为显然.‎ ‎ 因此⑦得证.故由⑥得 .‎ 综上所述,对任何正数,皆有.‎ ‎ 例43.求证:‎ 解析:一方面:‎ ‎(法二)‎ ‎ 另一方面:‎ 十、二项放缩 ‎ ,,‎ ‎ ‎ 例44. 已知证明 ‎ 解析: ‎ ‎ ,‎ 即 ‎ 例45.设,求证:数列单调递增且 ‎ 解析: 引入一个结论:若则(证略)‎ 整理上式得()‎ 以代入()式得 即单调递增。‎ 以代入()式得 此式对一切正整数都成立,即对一切偶数有,又因为数列单调递增,所以对一切正整数有。‎ ‎ 注:①上述不等式可加强为简证如下:‎ ‎ 利用二项展开式进行部分放缩:‎ ‎ 只取前两项有对通项作如下放缩:‎ ‎ 故有 ②上述数列的极限存在,为无理数;同时是下述试题的背景:‎ 已知是正整数,且(1)证明;(2)证明(01年全国卷理科第20题)‎ ‎ 简析 对第(2)问:用代替得数列是递减数列;借鉴此结论可有如下简捷证法:数列递减,且故即。‎ ‎ 当然,本题每小题的证明方法都有10多种,如使用上述例5所提供的假分数性质、贝努力不等式、甚至构造“分房问题”概率模型、构造函数等都可以给出非常漂亮的解决!详见文[1]。‎ ‎ 例46.已知a+b=1,a>0,b>0,求证:‎ 解析: 因为a+b=1,a>0,b>0,可认为成等差数列,设,‎ 从而 ‎ 例47.设,求证.‎ 解析: 观察的结构,注意到,展开得 ‎,‎ 即,得证.‎ ‎ 例48.求证:.‎ ‎ 解析:参见上面的方法,希望读者自己尝试!)‎ 例42.(2008年北京海淀5月练习) 已知函数,满足:‎ ‎①对任意,都有;‎ ‎②对任意都有.‎ ‎(I)试证明:为上的单调增函数;‎ ‎(II)求;‎ ‎(III)令,试证明:.‎ ‎ 解析:本题的亮点很多,是一道考查能力的好题.‎ ‎ (1)运用抽象函数的性质判断单调性:‎ ‎ 因为,所以可以得到,‎ ‎ 也就是,不妨设,所以,可以得到,也就是说为上的单调增函数.‎ ‎ (2)此问的难度较大,要完全解决出来需要一定的能力!‎ ‎ 首先我们发现条件不是很足,,尝试探索看看按(1)中的不等式可以不可以得到什么结论,一发现就有思路了!‎ ‎ 由(1)可知,令,则可以得到 ‎,又,所以由不等式可以得到,又 ‎,所以可以得到 ①‎ ‎ 接下来要运用迭代的思想:‎ ‎ 因为,所以,, ②‎ ‎ ,,,‎ ‎ 在此比较有技巧的方法就是:‎ ‎ ,所以可以判断 ③‎ ‎ 当然,在这里可能不容易一下子发现这个结论,所以还可以列项的方法,把所有项数尽可能地列出来,然后就可以得到结论.‎ ‎ 所以,综合①②③有=‎ ‎ (3)在解决的通项公式时也会遇到困难.‎ ‎ ,所以数列的方程为,从而,‎ ‎ 一方面,另一方面 ‎ 所以,所以,综上有 ‎.‎ 例49. 已知函数f(x)的定义域为[0,1],且满足下列条件:‎ ‎① 对于任意[0,1],总有,且;‎ ‎② 若则有 ‎(Ⅰ)求f(0)的值;‎ ‎(Ⅱ)求证:f(x)≤4;‎ ‎(Ⅲ)当时,试证明:.‎ 解析: (Ⅰ)解:令,‎ 由①对于任意[0,1],总有, ∴ ‎ 又由②得即 ‎ ∴ ‎ ‎ (Ⅱ)解:任取且设 ‎ 则 ‎ 因为,所以,即 ‎ ∴. ‎ ‎ ∴当[0,1]时,. ‎ ‎(Ⅲ)证明:先用数学归纳法证明:‎ (1) 当n=1时,,不等式成立;‎ (2) 假设当n=k时,‎ 由 ‎ ‎ 得 即当n=k+1时,不等式成立 由(1)、(2)可知,不等式对一切正整数都成立.‎ 于是,当时,,‎ 而[0,1],单调递增 ‎∴ 所以, ‎ 例50. 已知: ‎ ‎ 求证:‎ 解析:构造对偶式:令 ‎ ‎ 则 ‎ =‎ 又 (‎ ‎ ‎ 十一、积分放缩 利用定积分的保号性比大小 ‎ 保号性是指,定义在上的可积函数,则.‎ ‎ 例51.求证:.‎ ‎ 解析: ,∵, ‎ 时,,,‎ ‎∴,.‎ ‎ 利用定积分估计和式的上下界 定积分产生和应用的一个主要背景是计算曲边梯形的面积,现在用它来估计小矩形的面积和.‎ 例52. 求证:,.‎ ‎ 解析: 考虑函数在区间上的定积分.‎ 如图,显然-①‎ 对求和,‎ ‎.‎ ‎ 例53. 已知.求证:.‎ ‎ 解析:考虑函数在区间上的定积分.‎ ‎∵-②‎ ‎∴.‎ ‎ 例54. (2003年全国高考江苏卷)设,如图,已知直线及曲线:,上的点的横坐标为().从上的点作直线平行于轴,交直线于点,再从点作直线平行于轴,交曲线于点.的横坐标构成数列.‎ ‎(Ⅰ)试求与的关系,并求的通项公式;‎ ‎ (Ⅱ)当时,证明;‎ ‎ (Ⅲ)当时,证明.‎ 解析:(过程略).‎ 证明(II):由知,∵,∴.‎ ‎∵当时,,‎ ‎∴.‎ 证明(Ⅲ):由知.‎ ‎∴恰表示阴影部分面积,‎ 显然 ④‎ ‎∴.‎ 奇巧积累: 将定积分构建的不等式略加改造即得“初等”证明,如:‎ ‎①;‎ ‎②;‎ ‎③;‎ ‎④.‎ ‎ 十二、部分放缩(尾式放缩)‎ ‎ 例55.求证: ‎ ‎ 解析: ‎ ‎ ‎ ‎ 例56. 设求证:‎ ‎ 解析: ‎ ‎ 又(只将其中一个变成,进行部分放缩),,‎ 于是 ‎ 例57.设数列满足,当时证明对所有 有;‎ ‎ 解析: 用数学归纳法:当时显然成立,假设当时成立即,则当时 ‎,成立。‎ ‎ 利用上述部分放缩的结论来放缩通项,可得 ‎ ‎ ‎ 注:上述证明用到部分放缩,当然根据不等式的性质也可以整体放缩:;证明就直接使用了部分放缩的结论 ‎ 十三、三角不等式的放缩 ‎ 例58.求证:.‎ ‎ 解析:(i)当时,‎ ‎ (ii)当时,构造单位圆,如图所示:‎ ‎ 因为三角形AOB的面积小于扇形OAB的面积 ‎ 所以可以得到 ‎ 当时 ‎ 所以当时有 ‎ (iii)当时, ,由(ii)可知: ‎ ‎ 所以综上有 ‎ 十四、使用加强命题法证明不等式 ‎ (i)同侧加强 ‎ 对所证不等式的同一方向(可以是左侧,也可以是右侧)进行加强.如要证明,只要证明,其中通过寻找分析,归纳完成.‎ 例59.求证:对一切,都有.‎ 解析: ‎ 从而 ‎ 当然本题还可以使用其他方法,如:‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 所以.‎ ‎ (ii)异侧加强(数学归纳法)‎ ‎ (iii)双向加强 ‎ 有些不等式,往往是某个一般性命题的特殊情况,这时,不妨”返璞归真”‎ ‎,通过双向加强还原其本来面目,从而顺利解决原不等式.其基本原理为:‎ ‎ 欲证明,只要证明:.‎ ‎ 例60.已知数列满足:,求证:‎ ‎ 解析: ,从而,所以有 ‎ ,所以 ‎ 又,所以,所以有 ‎ 所以 ‎ 所以综上有 引申:已知数列满足:,求证: .‎ 解析:由上可知,又,所以 ‎ 从而 ‎ 又当时,,所以综上有.‎ ‎ 同题引申: (2008年浙江高考试题)已知数列,,,.‎ 记,.求证:当时.‎ ‎(1); (2); ★(3).‎ ‎ 解析:(1),猜想,下面用数学归纳法证明:‎ ‎ (i)当时,,结论成立;‎ ‎ (ii)假设当时,,则时,‎ ‎ 从而,所以 ‎ 所以综上有,故 ‎ (2)因为则,,…, ,相加后可以得到: ,所以 ‎,所以 ‎ (3)因为,从而,有,所以有 ‎ ,从而 ‎,所以 ‎,所以 ‎ 所以综上有.‎ ‎ 例61.(2008年陕西省高考试题)已知数列的首项,,.‎ ‎ (1)证明:对任意的,,;‎ ‎ (2)证明:.‎ ‎ 解析:(1)依题,容易得到,要证,,,‎ 即证 即证,设所以即证明 从而,即,这是显然成立的.‎ 所以综上有对任意的,,‎ ‎ (法二) ‎ ‎ ,原不等式成立.‎ ‎ (2)由(1)知,对任意的,有 ‎.‎ 取,‎ 则.‎ 原不等式成立.‎ ‎ 十四、经典题目方法探究 ‎ 探究1.(2008年福建省高考)已知函数.若在区间上的最小值为,令.求证:.‎ ‎ 证明:首先:可以得到.先证明 ‎ (方法一) ‎ ‎ 所以 ‎ (方法二)因为,相乘得: ‎ ‎,从而.‎ ‎ (方法三)设A=,B=,因为A1, 求 a的取值范围. ‎ ‎ 解析:函数f (x)的定义域为(-∞, 1)∪(1, +∞), 导数为.‎ ‎ (ⅰ) 当0< a≤2时, f (x) 在区间 (-∞, 1) 为增函数, 故对于任意x∈(0, 1) 恒有 f (x) > f (0) =1, 因而这时a满足要求. ‎ ‎(ⅱ) 当a>2时, f (x) 在区间 (-,)为减函数, 故在区间(0, ) 内任取一点, 比如取, 就有 x0∈(0, 1) 且 f (x0) < f (0) =1, 因而这时a不满足要求.‎ ‎(ⅲ) 当a≤0时, 对于任意x∈(0, 1) 恒有 ‎ ≥, 这时a满足要求.‎ 综上可知, 所求 a的取值范围为 a≤2.‎