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- 2021-05-13 发布
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2015年普通高等学校招生全国统一考试(2全国Ⅱ卷)
数学(文)试题
一、选择题 ( 本大题 共 12 题, 共计 60 分)
1.已知集合A=( )
A.( -1,3) B.( -1,0 ) C.(0,2) D.(2,3)
2.若a实数,且( )
A.-4 B. -3 C. 3 D. 4
3.根据下面给出的2004年至2013年我国二氧化碳年排放量(单位:万吨)柱形图,以下结论中不正确的是( )
A.逐年比较,2008年减少二氧化碳排放量的效果最显著;
B.2007年我国治理二氧化碳排放显现成效;
C.2006年以来我国二氧化碳排放量呈减少趋势;
D.2006年以来我国二氧化碳年排放量与年份正相关。
4.已知向量( )
A. -1 B. 0 C. 1 D. 2
5.设若( )
A. 5 B. 7 C. 9 D. 11
6.一个正方体被一个平面截去一部分后,剩余部分的三视图如右图,则截去部分体积与剩余部分体积的比值为 ( )
A. B. C. D.
7.已知三点,则外接圆的圆心到原点的距离为( )
A. B. C. D.
8.右边程序框图的算法思路来源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”。执行该程序框图,若输入的a,b分别为14,18,则输出的a为( )
开始
输入a,b
ab
a>b
输出a
是 否
是 否
结束
b=b-a
a=a-b
A. 0 B. 2 C. 4 D.14
9.已知等比数列( )
A. 2 B. 1 C. D.
10.已知A,B是球O的球面上两点,若三棱锥O-ABC体积的最大值为36,则球O的表面积为( )
A. 36π B. 64π C. 144π D.256π
11.如图,长方形的边AB=2,BC=1,O是AB的中点,点P沿着边BC,CD,与DA运动,记
( )
12.设函数
( )
A. B.
C. D.
二、填空题:本大题共4个小题,每小题5分
13.已知函数 。
14.若x,y满足约束条件 。
15.已知双曲线过点,且渐近线方程为,则该双曲线的标准方程为 。
16.已知曲线在点(1,1)处的切线与曲线 。
三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
17.
(Ⅰ)求 (Ⅱ)若
18.某公司为了了解用户对其产品的满意度,从A, B两地区分别随机调查了40个用户,根据用户对其产品的满意度的评分,得到A地区用户满意度评分的频率分布直方图和B地区用户满意度评分的频率分布表.
B地区用户满意度评分的频数分布表
满意度评分分组
[50,60)
[60,70)
[70,80)
[80,90)
[90,100]
频 数
2
8
14
10
6
(I)在答题卡上作出B地区用户满意度评分的频率分布直方图,并通过此图比较两地区满意度评分的平均值及分散程度,(不要求计算出具体值,给出结论即可)
(II)根据用户满意度评分,将用户的满意度评分分为三个等级:
满意度评分
低于70分
70分到89分
不低于90分
满意度等级
不满意
满意
非常满意
估计那个地区的用户的满意度等级为不满意的概率大,说明理由.
19.如图,长方体中AB=16,BC=10,,点E,F分别在 上,过点E,F的平面与此长方体的面相交,交线围成一个正方形.
(I)在图中画出这个正方形(不必说明画法与理由);
(II)求平面把该长方体分成的两部分体积的比值.
20. 已知椭圆 的离心率为,点在C上.
(I)求C的方程;
(II)直线l不经过原点O,且不平行于坐标轴,l与C有两个交点A,B,线段AB中点为M,证明:直线OM的斜率与直线l的斜率乘积为定值.
21.已知.
(I)讨论的单调性;
(II)当有最大值,且最大值大于时,求a的取值范围.
22.选修4-1:几何证明选讲
如图O是等腰三角形ABC内一点, ⊙O与△ABC的底边BC交于M,N两点,与底边上的高交于点G,且与AB,AC分别相切于E,F两点.
(I)证明∥.
(II)若AG等于⊙O的半径,且 ,求四边形EDCF的面积.
23.选修4-4:坐标系与参数方程
在直角坐标系中,曲线 (t为参数,且 ),其中,在以O为极点,x轴正半轴为极轴的极坐标系中,曲线
(I)求与交点的直角坐标;
(II)若与 相交于点A,与相交于点B,求最大值
24.选修4-5:不等式证明选讲
设 均为正数,且.证明:
(I)若 ,则;
(II)是的充要条件.
2015年高考文科数学试卷全国卷2(解析版)
1.【答案】A
【解析】
因为,,所以故选A.
2.【答案】D
【解析】由题意可得 ,故选D.
3.【答案】 D
【解析】由柱形图可知2006年以来,我国二氧化碳排放量基本成递减趋势,所以二氧化碳排放量与年份负相关,故选D.
4.【答案】C
【解析】
试题分析:由题意可得 , 所以.故选C.
5.【答案】A
【解析】
试题解析:由,所有.故选A.
6.【答案】D
【解析】
试题分析:如图所示,截去部分是正方体的一个角,其体积是正方体体积的
,剩余部分体积是正方体体积的,所以截去部分体积与剩余部分体积的比值为 ,故选D.
7.【答案】B
【解析】
试题分析:△外接圆圆心在直线BC垂直平分线上即直线上,设圆心D,由DA=DB得 ,所以圆心到原点的距离. 故选B.
8.【答案】B
【解析】
试题分析:由题意可知输出的a是18,14的最大公约数2,故选B.
9.【答案】C
【解析】
试题分析:由题意可得,所以 ,故 ,选C.
10.【答案】C
【解析】
试题分析:设球的半径为R,则△AOB面积为,三棱锥 体积最大时,C到平面AOB距离最大且为R,此时 ,所以球O的表面积.故选C.
11.【答案】B
【解析】
试题分析:由题意可得,由此可排除C,D;当时点在边上,,,所以 ,可知时图像不是线段,可排除A,故选B.
12.【答案】A
【解析】
试题分析:由可知是偶函数,且在是增函数,所以 .故选A.
13.【答案】-2
【解析】
试题分析:由可得 .
14.【答案】8
【解析】
试题分析:不等式组表示的可行域是以为顶点的三角形区域,的最大值必在顶点处取得,经验算,时.
15.【答案】
【解析】
试题分析:根据双曲线渐近线方程为,可设双曲线的方程为 ,把代入得.所以双曲线的方程为.
16.【答案】8
【解析】
试题分析:由可得曲线在点处的切线斜率为2,故切线方程为,与 联立得,显然,所以由 .
17.【答案】(Ⅰ);(Ⅱ).
【解析】
试题分析:(Ⅰ)利用正弦定理转化得:(Ⅱ)由诱导公式可得 由(Ⅰ)知,
所以
试题解析:(Ⅰ)由正弦定理得 因为AD平分BAC,BD=2DC,所以.
(Ⅱ)因为
所以 由(I)知,
所以
18.【答案】(Ⅰ)见试题解析(Ⅱ)A地区的用户的满意度等级为不满意的概率大.
【解析】
试题分析:(Ⅰ)通过两地区用户满意度评分的频率分布直方图可以看出,B地区用户满意度评分的平均值高于A地区用户满意度评分的平均值,B地区用户满意度评分比较集中,而A地区用户满意度评分比较分散.(II)由直方图得 的估计值为, 的估计值为,所以A地区的用户的满意度等级为不满意的概率大.
试题解析:(Ⅰ)
通过两地区用户满意度评分的频率分布直方图可以看出,B地区用户满意度评分的平均值高于A地区用户满意度评分的平均值,B地区用户满意度评分比较集中,而A地区用户满意度评分比较分散.
(Ⅱ)A地区的用户的满意度等级为不满意的概率大.
记 表示事件“A地区的用户的满意度等级为不满意”;
表示事件“B地区的用户的满意度等级为不满意”.
由直方图得 的估计值为,
的估计值为,
所以A地区的用户的满意度等级为不满意的概率大.
19.【答案】(Ⅰ)见试题解析(Ⅱ) 或
【解析】
试题分析:(Ⅰ)分别在上取H,G,使;长方体被平面 分成两个高为10的直棱柱,可求得其体积比值为 或
试题解析:
解:(Ⅰ)交线围成的正方形如图:
(Ⅱ)作 垂足为M,则,,,因为是正方形,所以,于是 因为长方体被平面 分成两个高为10的直棱柱,所以其体积比值为 (也正确).
20.【答案】(Ⅰ)(Ⅱ)见试题解析
【解析】
试题分析:(Ⅰ)由 求得,由此可得C的方程.(II)把直线方程与椭圆方程联立得,所以于是.
试题解析:
解:(Ⅰ)由题意有 解得,所以椭圆C的方程为.
(Ⅱ)设直线,,把代入 得
故 于是直线OM的斜率 即,所以直线OM的斜率与直线l的斜率乘积为定值.
21.【答案】(Ⅰ),在是单调递增;,在单调递增,在单调递减;(Ⅱ).
【解析】
试题分析:(Ⅰ)由,可分,两种情况来讨论;(II)由(I)知当时在无最大值,当时最大值为因此.令,则在是增函数,当时,,当时,因此a的取值范围是.
试题解析:
(Ⅰ)的定义域为,,若,则,在是单调递增;若,则当时,当时,所以在单调递增,在单调递减.
(Ⅱ)由(Ⅰ)知当时在无最大值,当时在取得最大值,最大值为因此.令,则在是增函数,,于是,当时,,当时,因此a的取值范围是.
22.【答案】(Ⅰ)见试题解析;(Ⅱ)
【解析】
试题分析:(Ⅰ)要证明, 可证明;(Ⅱ)先求出有关线段的长度,然后把四边形EBCF的面积转化为△ABC和△AEF面积之差来求.
试题解析:
(Ⅰ)由于△ABC是等腰三角形, 所以AD是的平分线,又因为圆O与AB,AC分别相切于E,F,所以,故,所以.
(Ⅱ)由(Ⅰ)知,,故AD是EF的垂直平分线,又EF为圆O的弦,所以O在AD上,连接OE,OF,则,由AG等于圆O的半径得AO=2OE,所以,因此,△ABC和△AEF都是等边三角形,,因为,所以 因为 所以OD=1,于是AD=5, 所以四边形DBCF的面积为
23.【答案】(Ⅰ);(Ⅱ)4.
【解析】
试题分析:(Ⅰ)把与的方程化为直角坐标方程分别为,,联立解方程组可得交点坐标;(Ⅱ)先确定曲线极坐标方程为进一步求出点A的极坐标为,点B的极坐标为
,,由此可得.
试题解析:
解:(Ⅰ)曲线的直角坐标方程为,曲线的直角坐标方程为,联立两方程解得 或,所以与交点的直角坐标.
(Ⅱ)曲线极坐标方程为其中 ,因此点A的极坐标为,点B的极坐标为,
所以,当时取得最大值,最大值为4.
24.【解析】
试题分析:(Ⅰ)由及,可证明,开方即得.(Ⅱ)本小题可借助第一问的结论来证明,但要分必要性与充分性来证明.
试题解析:
解:(Ⅰ)因为
由题设,,得,因此.
(Ⅱ)(ⅰ)若,则,即 因为,所以,由(Ⅰ)得.
(ⅱ)若,则,即因为,所以,
于是因此,综上
是的充要条件.