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- 2021-05-13 发布
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导数综合训练
1.已知函数,,记
(1)求的单调区间; (2)当时,若,比较:与的大小;
(3)若的极值为,问是否存在实数,使方程有四个不同实数根?
若存在,求出实数的取值范围;若不存在,请说明理由.
解:(1)的定义域为(0,+∞), 又
, 当时,>0恒成立
∴在(0,+∞)上单调递增; 令得
当时,若, ∴在(0,)上单调递减;
若,,∴在(,+∞)上单调递增,
故时,增区间为;时,增区间为,减区间为(0,).
(2)令,则,
所以在[1,+∞)上单调递增,∴,∴
(3)由(1)知仅当时,在=处取得极值
由可得=2,方程为...,
令,得...由方程有四个不同的根,得方程有两个不同的正根,
令,当直线与曲线相切时,,得切点坐标(3,)
∴切线方程为,其在y轴上截距为;
当直线在轴上截距时,和在y轴右侧有两个不同交点,
所以k的取值范围为(,0)(注:也可用导数求解)
2.(2010湖南文)已知函数其中a<0,且a≠-1.
(1)讨论函数的单调性;
(2)设函数(e是自然数的底数)。是否存在a,
31
使在[a,-a]上为减函数?若存在,求a的取值范围;若不存在,请说明理由。
3.(2010浙江理)已知是给定的实常数,设函数,,
是的一个极大值点.
31
(1)求的取值范围;
(2)设是的3个极值点,问是否存在实数,可找到,使得的某种排列(其中=)依次成等差数列?若存在,求所有的及相应的;若不存在,说明理由.
解:(Ⅰ)f’(x)=ex(x-a) 令
于是,假设
(1)当x1=a 或x2=a时,则x=a不是f(x)的极值点,此时不合题意。
(2)当x1a且x2a时,由于x=a是f(x)的极大值点,故x10,为单调递增区间。
最大值在右端点取到。。
9.(2010安徽文)设函数,,求函数的单调区间与极值。
31
10.(2010浙江文)已知函数(a-b)0.
(1)若a=1,求曲线y=f(x)在点(2,f(2))处的切线方程;
(2)若在区间上,f(x)>0恒成立,求a的取值范围.
解:(Ⅰ)当a=1时,f(x)=,f(2)=3;f’(x)=, f’(2)=6.所以曲线y=f(x)在点(2,f(2))处的切线方程为y-3=6(x-2),即y=6x-9.
(Ⅱ)f’(x)=.令f’(x)=0,解得x=0或x=.
以下分两种情况讨论:
(1) 若,当x变化时,f’(x),f(x)的变化情况如下表:
X
0
f’(x)
+
0
-
f(x)
极大值
当等价于
解不等式组得-52,则.当x变化时,f’(x),f(x)的变化情况如下表:
X
0
f’(x)
+
0
-
0
+
31
f(x)
极大值
极小值
当时,f(x)>0等价于即
解不等式组得或.因此21时,2x-2>0,从而’(x)>0,从而函数F(x)在[1,+∞)是增函数。
又F(1)=F(x)>F(1)=0,即f(x)>g(x).
Ⅲ)证明:(1)
若
(2)若
根据(1)(2)得
由(Ⅱ)可知,>,则=,所以>,从而>.因为,所以,又由(Ⅰ)可知函数f(x)在区间(-∞,1)内事增函数,所以>,即>2.
18.(2010福建文)已知函数f(x)=的图像在点P(0,f(0))处的切线方程为y=3x-2
31
(1)求实数a,b的值;
(2)设g(x)=f(x)+是[]上的增函数。
(i)求实数m的最大值;
(ii)当m取最大值时,是否存在点Q,使得过点Q的直线若能与曲线y=g(x)围成两个封闭图形,则这两个封闭图形的面积总相等?若存在,求出点Q的坐标;若不存在,说明理由。
31
19.(2010全国1理)已知函数.
(1)若,求的取值范围; (2)证明: .
31
20.(2010四川文)设(且),g(x)是f(x)的反函数.
(1)求;
(2)当时,恒有成立,求t的取值范围;
(3)当0<a≤时,试比较f(1)+f(2)+…+f(n)与的大小,并说明理由.
21.(2010湖北文)设函数,其中a>0,曲线在点P(0,)处的切线方程为y=1
(1)确定b、c的值
31
(2)设曲线在点()及()处的切线都过点(0,2)
证明:当时,
(3)若过点(0,2)可作曲线的三条不同切线,求a的取值范围。
22.(2010山东理数)已知函数.
(1)当时,讨论的单调性;
(2)设当时,若对任意,存在,
使,求实数取值范围.
31
(Ⅱ)当时,在(0,1)上是减函数,在(1,2)上是增函数,所以对任意,
有,又已知存在,使,所以,,
即存在,使,即,即,
所以,解得,即实数取值范围是。
23.(2010湖南理)已知函数对任意的,恒有。
(1)证明:当时,;
(2)若对满足题设条件的任意b,c,不等式恒成立,求M的最小值。
解:
31
24.(2010湖北理)为了在夏季降温和冬季供暖时减少能源损耗,房屋的屋顶和外墙需要建造隔热层。某幢建筑物要建造可使用20年的隔热层,每厘米厚的隔热层建造成本为6万元。该建筑物每年的能源消耗费用C(单位:万元)与隔热层厚度x(单位:cm)满足关系:C(x)=若不建隔热层,每年能源消耗费用为8万元。设f(x)为隔热层建造费用与20年的能源消耗费用之和。
(1)求k的值及f(x)的表达式。
(2)隔热层修建多厚时,总费用f(x)达到最小,并求最小值。
31
25.设函数.
(1)若,求的最小值; (2)若当时,,求实数的取值范围.
解:(1)时,,.
当时,;当时,.
所以在上单调减小,在上单调增加,故的最小值为
(2),
当时,,所以在上递增,
而,所以,所以在上递增,
而,于是当时, .
当时,由得
当时,,所以在上递减,
而,于是当时,,所以在上递减,
而,所以当时,.
综上得的取值范围为.
26.(2010安徽理)设为实数,函数。
(1)求的单调区间与极值;(2)求证:当且时,。
31
27.(2010江苏)设是定义在区间上的函数,其导函数为。如果存在实数和函数,其中对任意的都有>0,使得,则称函数具有性质。
(1)设函数,其中为实数。
(i)求证:函数具有性质; (ii)求函数的单调区间。
(2)已知函数具有性质。给定设为实数,
,,且,
若||<||,求的取值范围。
解:(1)(i)
∵时,恒成立, ∴函数具有性质;
(ii)(方法一)设,与的符号相同。
当时,,,故此时在区间上递增;
当时,对于,有,所以此时在区间上递增;
当时,图像开口向上,对称轴,而,
对于,总有,,故此时在区间上递增;
(方法二)当时,对于,
所以,故此时在区间上递增;
31
当时,图像开口向上,对称轴,方程的两根为:,而
当时,,,故此时在区间 上递减;同理得:在区间上递增。
综上所述,当时,在区间上递增;
当时,在上递减;在上递增。
(2)(方法一)由题意,得:
又对任意的都有>0,
所以对任意的都有,在上递增。
又。
当时,,且,
综合以上讨论,得:所求的取值范围是(0,1)。
(方法二)由题设知,的导函数,其中函数对于任意的都成立。所以,当时,,从而在区间上单调递增。
①当时,有,
,得,同理可得,所以由的单调性知、,
从而有||<||,符合题设。
31
②当时,,
,于是由及的单调性知,所以||≥||,与题设不符。
③当时,同理可得,进而得||≥||,与题设不符。
因此综合①、②、③得所求的的取值范围是(0,1)。
28.(09全国Ⅰ理)设函数在两个极值点,且
(1)求满足的约束条件,并在下面的坐标平面内,画出满足这些条件的点的区域;
(2)证明:
分析(I)这一问主要考查了二次函数根的分布及线性规划作可行域的能力。
大部分考生有思路并能够得分。由题意知方程有两个根
则有
故有
右图中阴影部分即是满足这些条件的点的区域。
(II)这一问考生不易得分,有一定的区分度。主要原因是含字母较多,不易找到突破口。此题主要利用消元的手段,消去目标中的,(如果消会较繁琐)再利用的范围,并借助(I)中的约束条件得进而求解,有较强的技巧性。
解: 由题意有............①
又.....................②
消去可得.
又,且 www.ks5u.com
29.(09浙江理)已知函数,,其中.21世纪教育网
(1)设函数.若在区间上不单调,求的取值范围;
31
(2)设函数 是否存在,对任意给定的非零实数,存在惟一
的非零实数(),使得成立?若存在,求的值;若不存
在,请说明理由.
解:(I)因,,因在区间上不单调,所以在上有实数解,且无重根,由得 21世纪教育网
,令有,记则在上单调递减,在上单调递增,所以有,于是,得,而当时有在上有两个相等的实根,故舍去,所以;21世纪教育网
(II)当时有;
当时有,因为当时不合题意,因此,
下面讨论的情形,记A,B=(ⅰ)当时,在上单调递增,所以要使成立,只能且,因此有,(ⅱ)当时,在上单调递减,所以要使成立,只能且,因此,综合(ⅰ)(ⅱ);
当时A=B,则,即使得成立,因为在上单调递增,所以的值是唯一的;
同理,,即存在唯一的非零实数,要使成立,所以满足题意.21世纪教育网
30.(09北京理)设函数
(1)求曲线在点处的切线方程;
(2)求函数的单调区间;
(3)若函数在区间内单调递增,求的取值范围.
21世纪教育网
解:(Ⅰ),曲线在点处的切线方程为.
(Ⅱ)由,得,
若,则当时,,函数单调递减,
当时,,函数单调递增,
若,则当时,,函数单调递增,
31
当时,,函数单调递减,
(Ⅲ)由(Ⅱ)知,若,则当且仅当,
即时,函数内单调递增,
若,则当且仅当,
即时,函数内单调递增,
综上可知,函数内单调递增时,的取值范围是.
31.(09江苏)设为实数,函数.
(1)若,求的取值范围;
(2)求的最小值;
(3)设函数,直接写出(不需给出演算步骤)不等式的解集.
解:(1)若,则
(2)当时,
当时,
综上
(3)时,得,
当时,;
当时,△>0,得:
讨论得:当时,解集为;
当时,解集为;
当时,解集为.
32.(09广东理)已知二次函数的导函数的图像与直线平行,且在
31
处取得极小值.设.
(1)若曲线上的点到点的距离的最小值为,求的值;
(2)如何取值时,函数存在零点,并求出零点.
解:(1)依题可设 (),则;
又的图像与直线平行
, ,
设,则 21世纪教育网
当且仅当时,取得最小值,即取得最小值
当时, 解得
当时, 解得
(2)由(),得
当时,方程有一解,函数有一零点;
当时,方程有二解,
若,,
函数有两个零点,即;
若,,
函数有两个零点,即;
当时,方程有一解, ,
函数有一零点
31
综上,当时, 函数有一零点;
当(),或()时,
函数有两个零点;
当时,函数有一零点.
33.(09安徽理)已知函数,讨论的单调性.
解:的定义域是(0,+), 21世纪教育网
设,二次方程的判别式.
① 当,即时,对一切都有,此时在上是增函数。
② 当,即时,仅对有,对其余的都有,此时在上也是增函数。
③ 当,即时,
方程有两个不同的实根,,.
+
0
_
0
+
单调递增
极大
单调递减
极小
单调递增
此时在上单调递增, 在是上单调递减, 在上单调递增.
34.设函数有两个极值点,且
(1)求的取值范围,并讨论的单调性;(2)证明:
解: (I)
令,其对称轴为。由题意知是方程的两个均大于的不相等的实根,其充要条件为,得
⑴当时,在内为增函数;21世纪教育网
⑵当时,在内为减函数;
⑶当时,在内为增函数;
(II)由(I),
31
设,
则
⑴当时,在单调递增;
⑵当时,,在单调递减。21世纪教育网
故.
35.(09辽宁文)设,且曲线y=f(x)在x=1处的切线与x轴平行。
(1)求a的值,并讨论f(x)的单调性;(2)证明:当
解:(Ⅰ).有条件知,
,故.
于是.
故当时,<0;
当时,>0.从而在,单调减少,在单调增加.
(Ⅱ)由(Ⅰ)知在单调增加,故在的最大值为,最小值为.
从而对任意,,有.
而当时,.从而
36.(09辽宁理)已知函数f(x)=x-ax+(a-1),。
(1)讨论函数的单调性;
(2)证明:若,则对任意x,x,xx,有。
解:(1)的定义域为。
(i)若即,则 故在单调增加。
(ii)若,而,故,则当时,;
当及时,
故在单调减少,在单调增加。
(iii)若,即,同理可得在单调减少,在单调增加.
(II)考虑函数
31
则
由于1
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