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  • 2021-05-13 发布

高考物理人教版一轮复习讲义曲线运动 万有引力与航天圆周运动

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第三节 圆周运动 一、描述圆周运动的物理量 描述圆周运动的物理量主要有线速度、角速度、周期、转速、向心加速度、向心力等, 现比较如下表: 定义、意义 公式、单位 线速度 ①描述做圆周运动的物体________ 的物理量(v) ②是矢量,方向和半径垂直,和圆 周________ ①v=Δl Δt =____ ②单位:m/s 角速度 ①描述物体绕圆心________的物理 量(ω) ②中学不研究其方向 ①ω=Δθ Δt =____ ②单位:rad/s 周期和转速 ①周期是物体沿圆周运动一圈的时 间(T) ②转速是物体在单位时间内转过的 ________(n),也叫频率(f) ①T=2πr v ;单位:s ②n的单位 r/s、r/min ③f的单位:Hz,f=1 T 向心加速度 ①描述速度方向变化快慢的物理量 (an) ②方向指向圆心 ①an=v2 r =____ ②单位:m/s2 向心力 ①作用效果是产生向心加速度,只 改变线速度的______,不改变线速 度的______ ②方向指向______ ①Fn= ______=m v 2 r = ______ ②单位:N 相互关系 ①v=rω=2πr T =2πrf ②____________________________________________ ③____________________________________________ 二、匀速圆周运动和非匀速圆周运动的比较 项目 匀速圆周运动 非匀速圆周运动 运动性 质 是速度大小______而方向时刻 ______的变速曲线运动,是加速度 大小______、方向____的变加速曲 线运动 是速度大小和方向都______的变 速曲线运动,是加速度大小、方向 都______的变加速曲线运动 加速度 方向与速度垂直,即只存在向心加 速度,没有切向加速度 由于速度大小和方向都变化,所以 不仅存在向心加速度而且存在切 向加速度,合加速度的方向不指向 圆心 向心力 三、向心运动和离心运动 1.离心运动的本质 (1)离心现象是________的表现。 (2)离心运动并非沿半径方向飞出的运动,而是运动的半径变大,或沿切线方向飞出。 2.向心运动 当提供向心力的合外力大于做圆周运动所需向心力时,即________,物体渐渐向圆心运 动。 1.(2012·江苏赣榆月考)如图所示是摩托车比赛转弯时的情形。转弯处路面常是外高内 低,摩托车转弯有一个最大安全速度,若超过此速度,摩托车将发生滑动。对于摩托车滑动 的问题,下列论述正确的是( ) A.摩托车一直受到沿半径方向向外的离心力作用 B.摩托车所受外力的合力小于所需的向心力 C.摩托车将沿其线速度的方向沿直线滑去 D.摩托车将沿其半径方向沿直线滑去 2.(2012·金华十校第三次联考)如图是自行车传动结构的示意图,其中Ⅰ是半径为 r1的 大齿轮,Ⅱ是半径为 r2的小齿轮,Ⅲ是半径为 r3的后轮,假设脚踏板的转速为 n r/s,则自 行车前进的速度为( ) A.πnr1r3 r2 B.πnr2r3 r1 C.2πnr1r3 r2 D.2πnr2r3 r1 3.(2012·上海复旦、交大、华师大附中联考)关于做匀速圆周运动的线速度、角速度、 周期的关系,以下说法中正确的是( ) A.线速度较大的物体其角速度一定较大 B.线速度较大的物体其周期一定较小 C.角速度较大的物体其运动半径一定较小 D.角速度较大的物体其周期一定较小 4.请你判断下列表述正确与否,对不正确的,请予以更正。 A.匀速圆周运动是匀变速运动。 B.圆周运动的合力就是向心力。 C.做圆周运动的物体,除受向心力外,还受其他的力。 D.根据 a=ω2R可知 a与半径 R成正比,根据 a=v2/R可知 a与半径 R成反比。 E.物体做离心运动是因为受到离心力的作用。 一、在传动装置中各物理量之间的关系 自主探究 1如图所示,靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑,大轮半径 是小轮半径的 2倍。A、B分别为大、小轮边缘上的点,C为大轮上一条半径的中点。则( ) A.两轮转动的角速度相等 B.大轮转动的角速度是小轮的 2倍 C.质点加速度 aA=2aB D.质点加速度 aB=4aC 思考 1:A、B两点线速度满足什么关系? 思考 2:同轴转动什么相等? 思考 3:如何求向心加速度? 归纳要点 在讨论 v、ω、r、a、T 的关系时,应采用控制变量法,即保持其中一个量不变来讨论 另外两个量的关系,用到的公式有 v=rω,ω=2π T ,a=v2 r =rω2=vω=4π2 T2 r。 1.高中阶段所接触的传动主要有:(1)皮带传动(线速度大小相等);(2)同轴传动(角速度 相等);(3)齿轮传动(线速度大小相等);(4)摩擦传动(线速度大小相等)。 2.传动装置的特点:(1)同轴传动:固定在一起共轴转动的物体上各点角速度相同;(2) 皮带传动:不打滑的摩擦传动和皮带(或齿轮)传动的两轮边缘上各点线速度大小相等。 二、向心力 的确定 自主探究 2请指出下列情况下物体做匀速圆周运动的向心力的 运动模型 图示 动力学方程 随水平圆盘一起转动的物块 已知物块质量为 m,物体受到的静摩 擦力为 Ff,物块离圆心的距离为 r, 圆盘转动的角速度为ω,则动力学方 程为__________;若还知道摩擦因数 为μ,物块刚要滑出时,圆盘的角速 度ω0=__________ 围绕地球做匀速圆周运动的卫星 已知地球的质量为 M,卫星的质量 为 m,地球半径为 R,卫星离地高度 为 h,卫星的速度为 v,则动力学方 程为__________ 飞机在水平面内做匀速圆周运动 已知飞机的质量为 m,速度为 v,飞 机与水平面的倾角为α,半径为 R, 则动力学方程为__________ 圆锥摆 已知物体的质量为 m,绳长 L,绳与 竖直方向的夹角为α,角速度为ω, 则动力学方程为__________ 火车按规定速度转弯 火车的质量为 m,规定速度为 v0,轨 道平面的倾角为θ,转弯半径为 R, 则动力学方程为__________ 汽车过凹形桥,在桥的最低点瞬间 已知汽车的质量为 m,速度为 v,凹 形桥的半径为 R,支持力为 FN,则 动力学方程为__________ 汽车过凸形桥,在桥的最高点瞬间 已知汽车的质量为 m,速度为 v,凸 形桥的半径为 R,支持力为 FN,则 动力学方程为____________,在最高 点要使汽车不飞车,汽车的最大速度 为 vmax=__________ 飞车走壁(摩托车在倾斜的圆形台面 上做水平方向的匀速圆周运动) 已知车的质量为 m,车做匀速圆周运 动的半径为 R,墙壁的倾角为α,车 的 速 度 为 v, 则 动 力 学方 程 为 ________ 归纳要点 向心力不是和重力、弹力、摩擦力等相并列的一种性质的力,是根据力的效果命名的, 在分析做圆周运动的质点受力情况时,切不可在物体所受的作用力(重力、弹力、摩擦力、 万有引力等)以外再添加一个向心力。向心力可能是物体受到的某一个力,也可能是物体受 到的几个力的合力或某一个力的分力。 命题研究一、圆周运动中的动力学问题 【题例 1】 神六、神七、“嫦娥奔月”相继成功,标志着我国航天事业已实现大跨越, 随着航天事业的发展,培养宇航员也是一项重要工作。宇航员进行航天前训练时,需要进行 抗荷实验,如图所示是离心实验器的原理图,可以用离心实验来研究过荷对人体的影响,测 试人的抗荷能力。离心实验器转动时,被测者做匀速圆周运动,现已知 OA=L,AB=d, 当转动时 AB与水平杆 OA成 150°角,人可视为质点,求: (1)被测试者对座位的压力为自身重力的多少倍? (2)此时实验器转动的角速度多大? 思路点拨:从题目所给情景中可提炼出如下解题信息:航天员做匀速圆周运动相当于火 车转弯的情况,明确向心力的 ,列牛顿第二定律可求解有关量。 解题要点: 规律总结 圆周运动中动力学问题的解答方法 (1)确定做圆周运动的物体作为研究对象; (2)明确运动情况,包括搞清楚运动的速率 v、半径 R及圆心 O的位置等; (3)分析受力情况,对物体实际受力情况进行正确的分析,画出受力图,确定指向圆心 的合外力 F(即提供向心力); (4)合理选用公式 Fn=man=mv 2 r =mω2r=m4π 2 T2 r。 命题研究二、平抛运动与圆周运动综合问题 【题例 2】 (2012·福建理综)如图,置于圆形水平转台边缘的小物块随转台加速转动, 当转速达到某一数值时,物块恰好滑离转台开始做平抛运动。现测得转台半径 R=0.5 m, 离水平地面的高度 H=0.8 m,物块平抛落地过程水平位移的大小 x=0.4 m。设物块所受的 最大静摩擦力等于滑动摩擦力,取重力加速度 g=10 m/s2。求: (1)物块做平抛运动的初速度大小 v0; (2)物块与转台间的动摩擦因数μ。 思路点拨:根据平抛运动规律可求出平抛初速度,当物块受到的最大静摩擦力提供向心 力时,利用牛顿第二定律求解。 解题要点: 规律总结 1.解决圆周运动与平抛运动结合的问题,关键是找出各运动转折点的关联量——速度。 2.对于匀速圆周运动和平抛运动结合问题,还应注意圆周运动的周期性问题。 命题研究三、圆周运动中的临界问题 【题例 3】 如图所示,细绳一端系着质量 M=0.6 kg 的物体 A,静止于水平面,另一 端通过光滑小孔吊着质量 m=0.3 kg 的物体 B,A的中点与圆孔距离为 0.2 m,且 A和水平 面间的最大静摩擦力为 2 N,现使此平面绕中心轴线转动,问角速度ω满足什么条件时,物 体 B会处于静止状态?(取 g=10 m/s2) 思路点拨:由题中数据看,当ω=0时,物体 A将向圆心运动,若要使 A相对于圆盘静 止,圆盘应以一定的角速度转动。当 A受到的摩擦力背离圆心为最大静摩擦力时对应的角 速度ω为最小值;当ω由此逐渐增大时,A物体做圆周运动需要的向心力增大,又细绳上的 拉力不变,故 A物体的静摩擦力逐渐减小,当减小到 0后,又反向增大,即指向圆心的静 摩擦力逐渐增大,当达到最大静摩擦力时,对应的ω为最大值。 解题要点: 规律总结 临界问题广泛地存在于中学物理中,解答临界问题的关键是准确判断临界状态,再选择 相应的规律灵活求解,其解题步骤为: (1)判断临界状态:有些题目中有“刚好”“恰好”“正好”等字眼,明显表明题述的 过程存在着临界点;若题目中有“取值范围”“多长时间”“多大距离”等词语,表明题述 的过程存在着“起止点”,而这些起止点往往就是临界状态;若题目中有“最大”“最 小”“至多”“至少”等字眼,表明题述的过程存在着极值,这个极值点也往往是临界状态。 (2)确定临界条件:判断题述的过程存在临界状态之后,要通过分析弄清临界状态出现 的条件,并以数学形式表达出来。 (3)选择物理规律:当确定了物体运动的临界状态和临界条件后,要分别对于不同的运 动过程或现象,选择相对应的物理规律,然后再列方程求解。 结合本题,应分析出物体 A做圆周运动的向心力 :摩擦力和绳的拉力,绳的拉力等于 B的重力,而摩擦力可以沿半径向里或向外,当沿这两个方向达到最大值,即为两个临界状 态,结合圆周运动的公式,即可求解。 1.质量为 m的石块从半径为 R的半球形的碗口下滑到碗的最低点的过程中,如果摩擦 力的作用使得石块的速度大小不变,如图所示,那么( ) A.因为速率不变,所以石块的加速度为零 B.石块下滑过程中受的合外力越来越大 C.石块下滑过程中受的摩擦力大小不变 D.石块下滑过程中的加速度大小不变,方向始终指向球心 2.(2013·四川资阳诊断)如图所示,水平放置的两个用相同材料制成的轮 P和 Q靠摩擦 传动,两轮的半径 R∶r =2∶1。当主动轮 Q匀速转动时,在 Q轮边缘上放置的小木块恰 能相对静止在 Q轮边缘上,此时 Q轮转动的角速度为ω1,木块的向心加速度为 a1;若改变 转速,把小木块放在 P 轮边缘也恰能静止,此时 Q轮转动的角速度为ω2,木块的向心加速 度为 a2,则( ) A.ω1 ω2 = 2 2 B.ω1 ω2 = 2 1 C.a1 a2 = 1 1 D.a1 a2 = 1 2 3.(2013·洛阳期中)如图所示,长为 L的轻杆,一端固定一个质量为 m 的小球,另一 端固定在水平转轴 O上,杆随转轴 O在竖直平面内匀速转动,角速度为ω,某时刻杆对球 的作用力恰好与杆垂直,则此时杆与水平面的夹角θ是( ) A.sin θ=ω2L g B.tan θ=ω2L g C.sin θ= g ω2L D.tan θ= g ω2L 4.如图所示,位于竖直平面内的光滑轨道,由一段斜的直轨道和与之相切的圆形轨道 连接而成,圆形轨道的半径为 R。一质量为 m 的小物块从斜轨道上某处由静止开始下滑, 然后沿圆形轨道运动。要求物块能通过圆形轨道的最高点,且在该最高点与轨道间的压力不 能超过 5mg(g 为重力加速度)。求物块初始位置相对于圆形轨道底部的高度 h的取值范围。 参考答案 基础梳理自测 知识梳理 一、运动快慢 相切 2πr T 转动快慢 2π T 圈数 ω2r 方向 大小 圆心 mω2r m4π 2 T2 r an= v2 r =rω2=ωv=4π2r T2 =4π2f2r Fn=mv2 r =mrω2=m4π 2r T2 =mωv=m4π2f2r 二、不变 变化 不变 变化 变化 变化 三、1.(1)惯性 2.F>mrω2 基础自测 1.B 解析:摩托车只受重力、地面支持力和地面的摩擦力作用,没有离心力,选项 A 错误;摩托车正常转弯时可看做是做匀速圆周运动,所受的合力等于向心力,如果向外滑动, 说明提供的向心力即合力小于需要的向心力,选项 B正确;摩托车将沿曲线做离心运动, 选项 C、D错误。 2.C 解析:前进速度即为Ⅲ轮的线速度,由同一个轮上的角速度相等,同一条链上 的线速度相等可得:ω1r1=ω2r2,ω3=ω2,再有ω1=2πn,v=ω3r3,所以 v=2πnr1r3 r2 。 3.D 解析:根据ω=v/r、T=2πr/v 和 r=v/ω可知,选项 A、B、C错误;根据 T=2π/ω 可知,选项 D正确。 4.A 解析:同轴转动,角速度大小相等,选项 A正确;角速度大小相等,但转动半 径不同,根据 v=ωr、a=ω2r和 F=mω2r可知,线速度、向心加速度和向心力大小均不同, 选项 B、C、D错误。 4.答案:匀速圆周运动的向心加速度方向时刻改变,A错误;只有匀速圆周运动的合 外力才指向圆心,B错误;向心力是效果力,是由沿半径方向的合力提供,并非物体实际受 到的力,C错误;a=ω2R是在ω一定时 a与 R成正比,同理对 a=v2 R 是在 v 一定时,a与 R 成反比,D错误;离心力也是效果力,并不是物体实际受到的力,E错误。 核心理解深化 【自主探究 1】 D 提示:同皮带轮传动线速度相等,即 vA=vB;同轴转动,角速度相同,即ωA=ωC;ωA = vA 2R ,ωB= vB R ,所以ωB=2ωA;aA= v2A 2R ,aB= v2B R ,所以 aB=2aA,aC=ω2A·R,aA=ω2A×2R, 所以 aA=2aC,则 aB=4aC。 【自主探究 2】 Ff=mω2r μg r G Mm (R+h)2 =m v2 R+h mgtan α=mv2 R mgtan α= mω2Lsin α mgtan θ=mv20 R FN-mg=mv2 R mg-FN=mv2 R gR mgtan α=mv2 R 考向探究突破 【题例 1】 答案:(1)2 (2) 2 3g 2L+ 3d 解析:以人为研究对象,受力分析如图所示。 由牛顿第二定律和几何知识可知 F=mω2r① r=L+dsin θ② 由图知,FNcos θ=G。③ θ=60°④ FNsin θ=F⑤ 由①②③④⑤得:FN=2G ω= 2 3g 2L+ 3d 。 【题例 2】 答案:(1)1 m/s (2)0.2 解析:(1)物块做平抛运动,在竖直方向上有 H=1 2 gt2① 在水平方向上有 x=v0t② 由①②式解得 v0=x g 2H ③ v0=1 m/s (2)物块离开转台时,最大静摩擦力提供向心力,有 Ffmax=mv20 R ④ Ffmax=μFN=μmg⑤ 由③④⑤式解得 μ=v20 gR =0.2 【题例 3】 答案:2.9 rad/s≤ω≤6.5 rad/s 解析:要使 B静止,A应与水平面相对静止,考虑 A能与水平面相对静止的两个极限 状态: 当ω为所求范围的最小值时,A有向圆心运动的趋势,水平面对 A的静摩擦力方向背离 圆心,大小等于最大静摩擦力 2 N,此时对 A有:T-fm=Mω21r,B静止时受力平衡,T= mg=3 N,解得ω1=2.9 rad/s 当ω为所求范围的最大值时,A有远离圆心运动的趋势,水平面对 A的摩擦力方向指向 圆心,且大小也为 2 N,此时对 A有:T+fm =Mω22r 解得ω2=6.5 rad/s 故ω的范围为:2.9 rad/s≤ω≤6.5 rad/s 演练巩固提升 1.D 解析:由于石块做匀速圆周运动,只存在向心加速度,大小不变,方向始终指 向球心,选项 D正确,选项 A错误;由 F 合=F 向=ma 向知合外力大小不变,选项 B错误; 又因石块在运动方向(切线方向)上合力为零,才能保证速率不变,在该方向重力的分力不断 减小,所以摩擦力不断减小,选项 C错误。 2.AC 解析:根据题述,a1=ω21r,ma1=μmg;联立解得μg =ω21r。小木块放在 P轮 边缘也恰能静止,μg =ω22R=2ω22r。rω1=Rω2,联立解得 ω1 ω2 = 2 2 ,选项 A正确 B错误;a2 = μg =ω22R,选项 C正确 D错误。 3.A 解析:对小球受力分析,杆对球的作用力和小球重力的合力一定沿杆指向 O, 合力大小为 mLω2,画出 m受力的矢量图。由图中几何关系可得 sin θ=ω2L g ,选项 A正确。 4.答案: 5 2 R≤h≤5R 解析:设物块在圆形轨道最高点的速度为 v,由机械能守恒得 mgh=2mgR+1 2 mv2① 物块在最高点受的力为重力 mg、轨道的压力 FN。重力与压力的合力提供向心力,有 mg+FN=mv2 R ② 物块能通过最高点的条件是 FN≥0,即当 FN=0,只有重力提供向心力时为通过最高点 的临界条件,有 mg≤mv2 R ③ 由②③式可得 v≥ gR④ 由①④式得 h≥ 5 2 R⑤ 按题的要求,FN≤5mg,代入②式得 v≤ 6gR⑥ 由①⑥式得 h≤5R