（浙江专用）2020高考数学二轮复习 专题三 数列与不等式 第4讲 不等式学案 16页

第4讲　不等式 ‎[考情考向分析]　1.利用不等式性质比较大小、不等式的求解、利用基本不等式求最值、线性规划、绝对值不等式的应用问题是高考的热点，主要以选择题、填空题为主.2.一元二次不等式常与函数、数列结合考查一元二次不等式的解法和参数的取值范围.3.在解答题中，特别是在解析几何中求最值、范围问题或在解决导数或数列问题时常利用不等式进行求解，难度较大．‎ 热点一　基本不等式 利用基本不等式求最大值、最小值，其基本法则是：(1)如果x>0，y>0，xy＝p(定值)，当x＝y时，x＋y有最小值2(简记为：积定，和有最小值)；(2)如果x>0，y>0，x＋y＝s(定值)，当x＝y时，xy有最大值s2(简记为：和定，积有最大值)．‎ 例1　(1)(2018·浙江省金丽衢十二校联考)设a>b>0，当＋取得最小值c时，函数f(x)＝|x－a|＋|x－b|＋|x－c|的最小值为(　　)‎ A．3 B．‎2 C．5 D．4 答案　A 解析　＋＝＋ ‎≥2b(a－b)＋≥2＝4，‎ 当且仅当a＝2b＝2时，上面不等式中两个等号同时成立，‎ 16‎ 所以＋的最小值为4，此时a＝2，b＝1，c＝4，‎ 则f(x)＝|x－1|＋|x－2|＋|x－4|‎ ‎＝ 所以当x＝2时，函数f(x)取得最小值f(2)＝5－2＝3，故选A.‎ ‎(2)(2018·诸暨市高考适应性考试)已知a，b为正实数，且(a＋b)(a＋2b)＋a＋b＝9，则‎3a＋4b的最小值为________．‎ ‎ 答案　6－1‎ 解析　由(a＋b)(a＋2b)＋a＋b＝9，得a＋b＝，则‎3a＋4b＝2(a＋b)＋a＋2b＝＋(a＋2b＋1)－1≥2－1＝6－1，当且仅当＝a＋2b＋1>0时，等号成立，所以‎3a＋4b的最小值为6－1.‎ 思维升华　在利用基本不等式求最值时，要特别注意“拆、拼、凑”等技巧，使其满足基本不等式中“正”(即条件要求字母为正数)、“定”(不等式的另一边必须为定值)、“等”(等号成立的条件)的条件，否则会出现错误．‎ 跟踪演练1　(1)设x>0，y>0，若xlg 2，lg，ylg 2成等差数列，则＋的最小值为(　　)‎ A．8 B．‎9 C．12 D．16‎ 答案　D 解析　∵xlg 2，lg，ylg 2成等差数列， ‎ ‎∴2lg＝lg 2，‎ ‎∴x＋y＝1，‎ ‎∴＋＝＝10＋＋ ‎≥10＋2＝10＋6＝16，‎ 当且仅当x＝，y＝时取等号，‎ 故＋的最小值为16，故选D.‎ ‎(2) 已知点E，F分别在正方形ABCD的边BC，CD上运动，且＝(，)，设|CE|＝x，|CF|＝y，若|－|＝||，则x＋y的最大值为(　　)‎ A．2 B．‎4 C．2 D．4 答案　C 16‎ 解析　∵||＝＝2，|－|＝||，‎ 又|－|＝||＝＝2, ‎ ‎∴x2＋y2＝4，‎ ‎∵(x＋y)2＝x2＋y2＋2xy≤2(x2＋y2)＝8，‎ 当且仅当x＝y时取等号，‎ ‎ ∴x＋y≤2，即x＋y的最大值为2，故选C.‎ 热点二　简单的线性规划问题 解决线性规划问题首先要找到可行域，再注意目标函数表示的几何意义，数形结合找到目标函数达到最值时可行域的顶点(或边界上的点)，但要注意作图一定要准确，整点问题要验证解决．‎ 例2　(1)(2018·浙江)若x，y满足约束条件则z＝x＋3y的最小值是________，最大值是________．‎ 答案　－2　8‎ 解析　由，画出可行域如图阴影部分所示(含边界)．‎ 由解得A(4，－2)，‎ 由解得B(2,2)，‎ 将目标函数y＝－x平移可知，‎ 当目标函数的图象经过A(4，－2)时，zmin＝4＋3×(－2)＝－2；‎ 当目标函数的图象经过B(2,2)时，zmax＝2＋3×2＝8.‎ ‎ (2)(2018·浙江省重点中学联考)若实数x，y满足则x2＋y2的取值范围是(　　)‎ A. B. C. D. 答案　D 16‎ 解析　在平面直角坐标系内作出满足约束条件的平面区域，如图所示的阴影部分，其中不含边界线段NP，设z＝x2＋y2，求z＝x2＋y2的取值范围，即求图中阴影部分内的点到原点的距离的平方的取值范围．‎ 由图可知，作OH⊥MN于点H，‎ 由N(0,1)，M，‎ 得OH＝＝，‎ ‎∴zmin＝.‎ 又∵OP2＝22＋32＝13，但点P不在图中阴影部分内，‎ ‎∴z＝x2＋y2取不到13，‎ ‎∴x2＋y2的取值范围是，故选D.‎ 思维升华　(1)线性规划问题一般有三种题型：一是求最值；二是求区域面积；三是确定目标函数中的字母系数的取值范围．‎ ‎(2)一般情况下，目标函数的最大值或最小值会在可行域的端点或边界上取得．‎ 跟踪演练2　(1)(2018·浙江省名校协作体联考)若不等式组表示的平面区域经过四个象限，则实数λ的取值范围是(　　)‎ A．(－∞，2] B．[－1,1]‎ C．[－1,2) D．(1，＋∞)‎ 答案　D 解析　在平面直角坐标系内画出不等式组表示的平面区域如图中阴影部分(含边界)所示．‎ 直线λx－y＋2λ－2＝0恒过定点(－2，－2)，由图易得不等式组表示的平面区域为阴影部分在直线λx－y＋2λ－2＝0下方的部分，当λ>1时，不等式组表示的平面区域经过四个象限；当 16‎ <λ≤1时，不等式组表示的平面区域不经过第二象限；当0≤λ≤时，不等式组表示的平面区域不经过第一和第二象限；当λ<0时，不等式组表示的平面区域不经过第一象限，所以实数λ的取值范围是(1，＋∞)，故选D.‎ ‎(2)(2018·浙江省稽阳联谊学校联考)在平面直角坐标系中，不等式组(m>0)表示的平面区域为Ω，P(x，y)为Ω上的点，当2x＋y的最大值为8时，Ω的面积为(　　)‎ A．12 B．‎8 C．4 D．6‎ 答案　D 解析　在平面直角坐标系内画出题中的不等式组表示的平面区域，其是以(0,0)，(m，－m)，(m,‎2m)为顶点的三角形区域(包含边界)，由图(图略)易得当目标函数z＝2x＋y经过平面区域内的点(m,‎2m)时，z＝2x＋y取得最大值，所以‎2m＋‎2m＝8，解得m＝2，则此时平面区域Ω的面积为×2×(4＋2)＝6，故选D.‎ 热点三　绝对值不等式及其应用 ‎1．绝对值不等式的解法 ‎(1)|ax＋b|≤c(c>0)⇔－c≤ax＋b≤c；‎ ‎|ax＋b|≥c(c>0)⇔ax＋b≥c或ax＋b≤－c.‎ ‎(2)含绝对值的不等式的几种解法：公式法；零点分区间法；几何意义法；图象法．‎ ‎2．绝对值三角不等式 ‎(1)|a＋b|≤|a|＋|b|，当且仅当ab≥0时等号成立．‎ ‎(2)|a－c|≤|a－b|＋|b－c|，当且仅当(a－b)(b－c)≥0时，等号成立．‎ 例3　(1)(2018·宁波期末)若函数f(x)＝在{x|1≤|x|≤4，x∈R}上的最大值为M，最小值为m，则M－m等于(　　)‎ A. B．‎2 C. D. 答案　C 解析　因为f(x)＝≥0，当x＝1时，等号成立，所以m＝0.又因为f(x)＝≤||＋＝＋，当x<0时等号成立．设t＝|x|，g(t)＝＋(1≤t≤4)，则g′(t)＝－＝令g′(t)＝＝0，得t＝，所以函数g(x)在[1，]上单调递减，在(，4]上单调递增，且g(1)＝2，g(4)＝，所以g(t)在[1,4]上的最大值为，所以当x 16‎ ‎＝－4时，f(x)＝取得最大值M＝，所以M－m＝，故选C.‎ ‎(2)已知m∈R，要使函数f(x)＝|x2－4x＋9－‎2m|＋‎2m在区间[0,4]上的最大值是9，则m的取值范围是__________．‎ 答案　 解析　不等式即为|x2－4x＋9－‎2m|＋‎2m≤9，x∈[0,4]，‎ 等价于|x2－4x＋9－‎2m|≤9－‎2m，x∈[0,4]，‎ ‎2m‎－9≤x2－4x＋9－‎2m≤9－‎2m，x∈[0,4]，‎ ‎4m‎－18≤x2－4x≤0，x∈[0,4]，‎ 结合函数的定义域可得(x2－4x)min＝－4，‎ 据此可得‎4m－18≤－4，m≤，‎ 即m的取值范围是.‎ 思维升华　(1)利用绝对值三角不等式求最值要注意等号成立的条件．‎ ‎(2)绝对值不等式在某一区间上的最值可以进行分类讨论，也可以直接分析区间端点的取值，结合最值取到的条件灵活确定．‎ 跟踪演练3　(1)对任意x，y∈R，|x－1|＋|x|＋|y－1|＋|y＋1|的最小值为(　　)‎ A．1 B．‎2 C．3 D．4‎ 答案　C 解析　|x－1|＋|x|＋|y－1|＋|y＋1|‎ ‎≥|(x－1)－x|＋|(y－1)－(y＋1)|＝3，‎ 当且仅当00，则的最小值为________．‎ 答案　4‎ 解析　∵a，b∈R，ab>0，‎ ‎∴≥＝4ab＋≥2＝4，‎ 当且仅当即时取得等号．‎ 16‎ 故的最小值为4.‎ 押题预测 ‎1．已知x，y为正实数，且x＋y＋＋＝5，则x＋y的最大值是(　　)‎ A．3 B. C．4 D. 押题依据　基本不等式在历年高考中的地位都很重要，已成为高考的重点和热点，用基本不等式求函数(和式或积式)的最值问题，有时与解析几何、数列等知识相结合．‎ 答案　C 解析　由x＋y＋＋＝5，得5＝x＋y＋，‎ ‎∵x>0，y>0，∴5≥x＋y＋＝x＋y＋，‎ 当且仅当x＝y时取等号．‎ ‎∴(x＋y)2－5(x＋y)＋4≤0，‎ 解得1≤x＋y≤4，∴x＋y的最大值是4.‎ ‎2．在R上定义运算：＝ad－bc，若不等式≥1对任意实数x恒成立，则实数a的最大值为(　　)‎ A．－ B．－ C. D. 押题依据　不等式的解法作为数学解题的一个基本工具，在高考中是必考内容．往往与函数的单调性相结合，最后转化成一元一次不等式或一元二次不等式．‎ 答案　D 解析　由定义知，不等式≥1等价于x2－x－(a2－a－2)≥1，‎ ‎∴x2－x＋1≥a2－a对任意实数x恒成立．‎ ‎∵x2－x＋1＝2＋≥，‎ ‎∴a2－a≤，解得－≤a≤，‎ 则实数a的最大值为.‎ ‎3．设变量x，y满足约束条件则目标函数z＝4x＋y的最小值为(　　)‎ A．－6 B．6‎ 16‎ C．7 D．8‎ 押题依据　线性规划的实质是数形结合思想的应用，利用线性规划的方法求一些线性目标函数的最值是近几年高考的热点．‎ 答案　C 解析　由x，y满足的约束条件画出可行域如图阴影部分所示(含边界)，‎ 当直线z＝4x＋y过点C(1,3)时，z取得最小值且最小值为4＋3＝7，故选C.‎ ‎4．若不等式x2＋2x<＋对任意a，b∈(0，＋∞)恒成立，则实数x的取值范围是(　　)‎ A．(－4,2)‎ B．(－∞，－4)∪(2，＋∞)‎ C．(－∞，－2)∪(0，＋∞)‎ D．(－2,0)‎ 押题依据　“恒成立”问题是函数和不等式交汇处的重要题型，可综合考查不等式的性质，函数的值域等知识，是高考的热点．‎ 答案　A 解析　不等式x2＋2x<＋对任意a，b∈(0，＋∞)恒成立，等价于不等式x2＋2x0时取等号)，‎ 所以x2＋2x<8，‎ 解得－4b>0，且ab＝1，则下列不等式成立的是(　　)‎ 16‎ A．a＋<b>0，ab＝1，‎ ‎∴log2(a＋b)>log2(2)＝1.‎ ‎∵＝＝a－1·2－a，令f(a)＝a－1·2－a，‎ 又∵b＝，a>b>0，‎ ‎∴a>，解得a>1.‎ ‎∴f′(a)＝－a－2·2－a－a－1·2－a·ln 2‎ ‎＝－a－2·2－a(1＋aln 2)<0，‎ ‎∴f(a)在(1，＋∞)上单调递减．‎ ‎∴f(a)a＋b>log2(a＋b)，‎ ‎∴b>0，ab＝1，‎ ‎∴取a＝2，b＝，‎ 此时a＋＝4，＝，log2(a＋b)＝log25－1≈1.3，‎ ‎∴0的解集为，q：a<，则p是q的(　　)‎ A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充要条件 16‎ D．既不充分也不必要条件 答案　A 解析　由不等式(ax－1)(x－1)>0的解集为，得a<0且<1，解得a<0，所以“不等式(ax－1)(x－1)>0的解集为”是“a<”的充分不必要条件，故选A.‎ ‎3．(2018·绍兴市柯桥区质检)若x，y满足约束条件则z＝－2x＋y的取值范围是(　　)‎ A．[－4,0] B．[－4，－1]‎ C．[－1,0] D．[0,1]‎ 答案　A 解析　作出约束条件所对应的可行域，如图中阴影部分(含边界)所示，平移直线y＝2x＋z，当其过点B(1,2)，C(2,0)时，目标函数z分别取到最大值0和最小值－4，故选A.‎ ‎4．(2018·诸暨模拟)已知a，b∈R，|a－sin2θ |≤1，|b＋cos2θ|≤1，则(　　)‎ A．a＋b的取值范围是[－1,3]‎ B．a＋b的取值范围是[－3,1]‎ C．a－b的取值范围是[－1,3]‎ D．a－b的取值范围是[－3,1]‎ 答案　C 解析　由|a－sin2θ|≤1，|b＋cos2θ|≤1，得－1≤a－sin2θ≤1，－1≤b＋cos2θ≤1，则－1≤－b－cos2θ≤1，所以－2≤a－sin2θ＋(－b－cos2θ)≤2，即－2≤a－b－1≤2，所以－1≤a－b≤3，故选C.‎ ‎5．已知正项等比数列{an}的公比为3，若aman＝‎9a，则＋的最小值等于(　　)‎ A．1 B. C. D. 答案　C 解析　∵正项等比数列{an}的公比为3，且aman＝‎9a，‎ ‎∴a2·‎3m－2·a2·3n－2＝a·‎3m＋n－4＝‎9a，‎ ‎∴m＋n＝6，‎ 16‎ ‎∴×(m＋n)＝×≥×＝，当且仅当m＝2n＝4时取等号．故选C.‎ ‎6．(2018·浙江省名校新高考研究联盟联考)若关于x的不等式|x＋t2－2|＋|x＋t2＋2t－1|<3t无解，则实数t的取值范围是(　　)‎ A．－≤t≤1 B．0≤t≤1‎ C．t≤1 D．1≤t≤5‎ 答案　C 解析　|x＋t2－2|＋|x＋t2＋2t－1|≥|(x＋t2－2)－(x＋t2＋2t－1)|＝|2t＋1|，则由关于x的不等式|x＋t2－2|＋|x＋t2＋2t－1|<3t无解，得|2t＋1|≥3t，解得t≤1，故实数t的取值范围为t≤1，故选C.‎ ‎7．(2018·嘉兴市、丽水市测试)已知x＋y＝＋＋8(x，y>0)，则x＋y的最小值为(　　)‎ A．5 B．‎9 C．4＋ D．10‎ 答案　B 解析　由x＋y＝＋＋8，得x＋y－8＝＋，‎ 则(x＋y－8)(x＋y)＝(x＋y)‎ ‎＝5＋＋≥5＋2＝9，‎ 当且仅当＝，即y＝2x>0时，等号成立，‎ 令t＝x＋y，所以(t－8)·t≥9，解得t≤－1或t≥9，‎ 因为x＋y>0，所以x＋y≥9，‎ 所以x＋y的最小值为9，故选B.‎ ‎8．若实数a，b，c满足对任意实数x，y有3x＋4y－5≤ax＋by＋c≤3x＋4y＋5，则(　　)‎ A．a＋b－c的最小值为2‎ B．a－b＋c的最小值为－4‎ C．a＋b－c的最大值为4‎ D．a－b＋c的最大值为6‎ 答案　A 解析　由题意可得－5≤(a－3)x＋(b－4)y＋c≤5恒成立，所以a＝3，b＝4，－5≤c≤5，则2≤a＋b－c≤12，即a＋b－c的最小值是2，最大值是12，A正确，C错误；－6≤a－b＋c≤4，则a－b＋c的最小值是－6，最大值是4，B错误，D错误，故选A.‎ 16‎ ‎9．若存在实数x使|x－a|＋|x－1|≤3成立，则实数a的取值范围是________．‎ 答案　[－2,4]‎ 解析　|x－a|＋|x－1|≥|a－1|，则只需要|a－1|≤3，解得－2≤a≤4.‎ ‎10．已知x≥0，y≥0，且x＋y＝1，则x2＋y2的取值范围是________．‎ 答案　 解析　方法一　由x＋y＝1，得y＝1－x.‎ 又x≥0，y≥0，所以0≤x≤1，x2＋y2＝x2＋(1－x)2＝2x2－2x＋1＝22＋.‎ 由0≤x≤1，得0≤2≤，‎ 即≤x2＋y2≤1.所以x2＋y2∈.‎ 方法二　x2＋y2＝(x＋y)2－2xy，‎ 已知x≥0，y≥0，x＋y＝1，所以x2＋y2＝1－2xy.‎ 因为1＝x＋y≥2，‎ 所以0≤xy≤，‎ 所以≤1－2xy≤1，‎ 即x2＋y2∈.‎ 方法三　依题意，x2＋y2可视为原点与线段x＋y－1＝0(x≥0，y≥0)上的点的距离的平方，如图所示，故(x2＋y2)min＝2＝，(x2＋y2)max＝OA2＝OB2＝1，‎ 故x2＋y2∈.‎ ‎11．(2018·台州市联考)若实数x，y满足x2＋4y2＋4xy＋4x2y2＝32，则x＋2y的最小值为________，(x＋2y)＋2xy的最大值为__________．‎ 答案　－4　16‎ 解析　因为x2＋4y2＋4xy＋4x2y2＝32，所以(x＋2y)2＋4x2y2＝32，则(x＋2y)2≤32，－4≤x＋2y≤4，即x＋2y的最小值为－4.由(x＋2y)2＋4x2y2＝32，不妨设则(x＋2y)＋2xy＝4(sin θ＋cos θ)＝16sin(θ＋φ)，其中tan φ＝，所以当sin(θ＋φ)＝1时，(x＋2‎ 16‎ y)＋2xy取得最大值16.‎ ‎12．(2018·浙江省衢州二中模拟)已知实数x，y满足x>1，y>0，且x＋4y＋＋＝11，则＋的最大值为________．‎ 答案　9‎ 解析　由x＋4y＋＋＝11得 ＋＝10－[(x－1)＋4y]，‎ 则2＝{10－[(x－1)＋4y]}‎ ‎＝10－ ‎≤10－ ‎＝10－9，‎ 当且仅当＝，即2y＝x－1>0时，等号成立，‎ 令t＝＋，则有t2≤10t－9，‎ 解得1≤t≤9，所以＋的最大值为9.‎ B组　能力提高 ‎13．(2018·台州市联考)设实数x，y满足条件若z＝2x2－y－2，则(　　)‎ A．z的最小值为－ B．z的最小值为－3‎ C．z的最大值为33 D．z的最大值为6‎ 答案　A 解析　在平面直角坐标系内画出题中的不等式组所表示的平面区域如图中阴影部分(含边界)所示，由图易得当目标函数z＝2x2－y－2与平面区域内的边界x－y＋1＝0(x≥0)相切时，z＝2x2－y－2取得最小值，联立消去y化简得2x2－x－3－z＝0，因为曲线z＝2x2－y－2与x－y＋1＝0(x≥0)相切，所以关于x的一元二次方程2x2－x－3－z＝0有两个相等的正实数根，则(－1)2－4×2×(－3－z)＝0，解得z＝－，满足题意，即目标函数z＝2x2－y－2的最小值为－，由于不等式组所表示的平面区域右侧为开放区域，所以目标函数无最大值，故选A.‎ 16‎ ‎14．(2018·浙江省杭州第二中学等五校联考)已知△ABC的三边长分别为a，b，c，有以下四个命题：‎ ‎①以，，为边长的三角形一定存在；‎ ‎②以‎2a,2b,‎2c为边长的三角形一定存在；‎ ‎③以a3，b3，c3为边长的三角形一定存在；‎ ‎④以|a－b|＋c，|b－c|＋a，|c－a|＋b为边长的三角形一定存在．‎ 其中正确命题的个数为(　　)‎ A．1 B．‎2 C．3 D．4‎ 答案　B 解析　由题意不妨设a≥b≥c，则b＋c>a.对于①，(＋)2－()2＝b＋c＋2－a>0，所以以，，为边长的三角形一定存在，①正确；对于②，令a＝5，b＝c＝3，此时a，b，c可以构成三角形，而‎2a＝32,2b＝‎2c＝8，则‎2a,2b,‎2c不能构成三角形，②错误；对于③，取a＝3，b＝c＝2，此时a，b，c可以构成三角形，而a3＝27，b3＝c3＝8，则a3，b3，c3不能构成三角形，③错误；对于④，因为|a－b|＋c＝a＋c－b，|b－c|＋a＝|c－a|＋b＝a＋b－c，且a＋b－c≥a＋c－b，所以|b－c|＋a＋|c－a|＋b>|a－b|＋c，所以以|a－b|＋c，|b－c|＋a，|c－a|＋b为边长的三角形一定存在，④正确．综上所述，正确命题的个数为2，故选B.‎ ‎15．(2018·浙江省台州中学统练)设m，k为整数，方程mx2－kx＋2＝0在(0,1)内有两个不同的根，则当m＋k取到最小值时，m＝________，k＝________.‎ 答案　6　7‎ 解析　设f(x)＝mx2－kx＋2，则方程mx2－kx＋2＝0在(0,1)内有两个不同的根等价于函数f(x)＝mx2－kx＋2在(0,1)内有两个不同的零点，又因为f(0)＝2>0，‎ 所以有化简得 以m为横坐标，k为纵坐标建立平面直角坐标系，画出不等式组所表示的平面区域如图中阴影部分(不包括边界)所示，又因为m，k为整数，则由图易得当目标函数z＝m＋k经过平面区域内的点(6,7)时，z＝m＋k取得最小值zmin＝6＋7＝13，此时m＝6，k＝7.‎ 16‎ ‎16．已知a>b，二次三项式ax2＋2x＋b≥0对于一切实数x恒成立，又存在x0∈R，使ax＋2x0＋b＝0成立，则的最小值为________．‎ 答案　2 解析　由题意，得a>b，二次三项式ax2＋2x＋b≥0对于一切实数x恒成立，所以a>0，且Δ＝4－4ab≤0，所以ab≥1.由存在x0∈R，使ax＋2x0＋b＝0成立，可得Δ＝0，所以ab＝1，所以a>1，‎ 所以＝＝>0，‎ 所以2＝＝ ‎＝＝，‎ 令a2＋＝t>2，‎ 则2＝＝(t－2)＋＋4‎ ‎≥2＋4＝4＋4＝8，‎ 当且仅当t＝4时取等号，所以2的最小值为8，‎ 所以的最小值为2.‎ 16‎