2020版高考生物二轮复习 第二部分 仿真模拟（一）新人教版 8页

仿真模拟(一)‎ ‎(满分：90分，时间30分钟)‎ 一、选择题：本题共6小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。‎ ‎1．下列关于细胞分化的叙述正确的是(　　)‎ A．细胞分化导致基因选择性表达 B．发生分化的细胞中mRNA完全不同 C．细胞分化使生物体的细胞趋向专门化 D．发生分化的植物细胞失去细胞的全能性 解析：基因选择性表达导致细胞分化，A错误；虽然发生分化后的细胞形态结构不同，但是细胞中的mRNA也有部分相同，B错误；细胞分化使多细胞生物体中的细胞趋向专门化，有利于提高各种生理功能的效率，C正确；发生分化的植物细胞仍具有细胞的全能性，D错误。‎ 答案：C ‎2．对下列几项放射性同位素示踪实验的叙述，不正确的是(　　)‎ A．用HO浇灌一密闭容器中的植物，给予一定光照，容器中可能有C18O2‎ B．小白鼠吸入18O2后呼出的CO2不含18O，尿中的水主要是HO C．给马铃薯叶片提供C18O2，马铃薯块茎有可能产生含18O的乳酸 D．给花生提供14CO2,‎14C在花生光合作用中的转移途径为14CO2→‎14C3→(14CH2O)‎ 解析：用HO浇灌一密闭容器中的植物，给予一定光照，放射性的水可以直接参与有氧呼吸第二阶段，产生的二氧化碳中可能有放射性，A正确；小白鼠吸入18O2后，通过有氧呼吸放射性元素首先出现在水中，但是水又可以作为反应物，则放射性元素又可以出现在二氧化碳中，B错误；给马铃薯叶片提供C18O2，其经光合作用可以产生放射性的葡萄糖，葡萄糖可以参与马铃薯块茎的无氧呼吸，有可能产生含18O的乳酸，C正确；根据光合作用的过程可知，给花生提供14CO2，‎14C在花生光合作用中的转移途径为14CO2→‎14C3→(14CH2O)，D正确。‎ 答案：B ‎3．基因突变和染色体变异的比较中，叙述不正确的是(　　)‎ A．基因突变是在分子水平上的变异，染色体结构变异是在细胞水平上的变异 B．基因突变只能通过基因检测，染色体结构变异可通过光学显微镜比较染色体进行检测 C．基因突变不会导致基因数目改变，染色体结构变异会导致基因数目改变 D．基因突变和染色体结构变异最终都会引起性状的改变 8‎ 解析：基因突变是DNA分子中碱基对的增添、缺失或改变，从而引起基因结构的改变，属于分子水平上的变异，染色体结构变异是在细胞水平上的变异，A正确；基因突变只能通过基因检测，染色体结构变异可通过光学显微镜比较染色体进行检测，B正确；基因突变不会导致基因数目改变，染色体结构变异会导致基因数目改变，C正确；由于密码子的简并性，基因突变时生物性状不一定发生改变，D错误。‎ 答案：D ‎4．物质X会抑制神经纤维内Na＋向外运输，物质Y可以促进Cl－向神经纤维内运输，现在分别用物质X和Y处理甲、乙两条神经纤维。则(　　)‎ A．甲神经纤维静息电位减小 B．乙神经纤维兴奋可能无法产生 C．甲神经纤维动作电位不变 D．乙神经纤维产生的兴奋无法传导到两端 解析：静息电位与K＋外流有关，而与Na＋无关，物质X只影响Na＋而没有影响K＋，静息电位应不变，A错误；物质Y可促进Cl－向神经纤维内运输，使神经纤维内积累大量阴离子，当Na＋内流时，神经纤维内电荷被中和，无法产生动作电位，故神经纤维兴奋可能无法产生，B正确；物质X抑制神经纤维内Na＋向外运输，使细胞内外浓度差变小，Na＋内流变少，使动作电位变小，C错误；由以上分析乙神经纤维兴奋可能无法产生，D错误。‎ 答案：B ‎5．将某植物叶圆片平均分为三组，分别置于一定浓度的GA (赤霉素)溶液、BA(一种细胞分裂素)溶液、未加激素的对照组溶液中，一段时间后检测叶绿素含量，并与实验前叶绿素含量作比较，所得结果如图所示。下列分析最为合理的是(　　)‎ A．GA可以延缓叶绿素分解，而BA没有此作用 B．对照组中叶绿素的分解不受激素调节 C．BA的类似物可能被应用于蔬菜保鲜 D．GA和BA在阻止叶绿素分解方面一定具有协同作用 解析：GA处理组与对照组相比，叶绿素含量较高，而BA处理组，叶绿素含量也较高，说明BA也可以延缓叶绿素分解，A错误；对照组中叶绿素的分解受到自身激素的调节，B错误；BA为一种细胞分裂素，BA处理组叶绿素含量高于对照组，则BA的类似物可应用于蔬菜保鲜，C正确；据图，GA和BA在阻止叶绿素分解方面可能为协同作用，也可能不具协同作用，D错误。‎ 答案：C ‎6．下图是生态系统能量流动图解(局部)，相关叙述正确的是(　　)‎ 8‎ A．初级消费者同化的总能量为(B2＋C2＋D2＋A2)‎ B．该生态系统能量流动的总量为(B2＋C2＋D2)‎ C．由生产者到初级消费者的能量传递效率为D1/(B1＋C1＋D1)‎ D．图中B1表示生产者用于自身生长、发育和繁殖等生命活动的能量 解析：该生态系统能量流动的总量为W1＝A1＋B1＋C1＋D1，B错误；图中由生产者到初级消费者的能量传递效率为D1/W1，C错误；图中B1＋C1＋D1表示生产者用于自身生长、发育和繁殖等生命活动的能量，D错误。‎ 答案：A 二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第29题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第37、38题为选考题，考生根据要求作答。‎ ‎(一)必考题(共39分)‎ ‎29．(10分)A图表示温度对某植物吸收钾离子和铵根离子的影响；B图表示氧分压对该植物根吸收钾离子和铵根离子的影响。请根据图分析：‎ ‎(1)A图表明，当温度超过了‎40 ℃‎时，随着温度的升高，根吸收两种离子的量都________，其主要原因是_____________________________________________。‎ ‎(2)B图表明，当氧分压增高时，根吸收离子的量________，同时，细胞中糖的浓度却下降，此时，糖的主要作用是________________________________________。‎ ‎(3)植物吸收钾离子和铵根离子与温度、氧分压有关，从本质上看，是因为矿质元素离子的吸收与________(填生理过程)密切相关，从细胞器的角度看，矿质元素离子的吸收主要与________密切相关。‎ ‎(4)即使温度和氧分压等条件相同时，根细胞对钾离子和铵根离子的吸收量还是不相同，这种吸收量上的差异与________有关。‎ 解析：(1)温度影响酶的活性，当温度超过‎40 ℃‎ 8‎ 时，高温破坏酶的结构使酶活性下降，使呼吸作用下降而使离子吸收量下降。(2)B图表明，随着氧分压增高，根吸收离子的量增加，同时细胞中糖的含量下降。根吸收离子的方式是主动运输，需要消耗能量，能量由细胞呼吸提供，随着氧分压增高，细胞呼吸增强，故此时糖的主要作用是作为呼吸作用的底物被分解，为离子的主动运输提供能量。(3)由于矿质元素离子的吸收与呼吸作用密切相关，而呼吸作用受温度、氧分压的影响，因此植物吸收钾离子和铵根离子与温度、氧分压有关。矿质元素离子的吸收与载体蛋白和能量有关，蛋白质的合成与核糖体有关，线粒体可提供能量，因此从细胞器的角度看，矿质元素离子的吸收主要与核糖体和线粒体有关。(4)由于细胞膜上运输钾离子和铵根离子的载体的种类及数量不同，因此即使温度和氧分压等条件相同，根细胞对钾离子和铵根离子的吸收量还是不相同。‎ 答案：(1)下降　高温降低酶的活性，使呼吸作用下降从而使离子吸收量下降 ‎(2)增加　作为呼吸作用的底物被分解，为离子的主动运输提供能量 ‎(3)呼吸作用　核糖体和线粒体 ‎(4)细胞膜上载体的数量和种类 ‎30．(9分)某种果蝇有长翅、小翅和残翅，长翅为野生型，小翅和残翅均为突变型。若该性状由A、a和B、b基因决定(A、a位于常染色体上，B、b位于性染色体上)。现用纯种小翅果蝇和纯种残翅果蝇进行正反交实验，根据所学知识回答下列问题：‎ ‎(1)杂交一中，子一代基因型为________，子二代小翅中纯合体比例为________。‎ ‎(2)杂交二中，子二代基因型种类为________种，子二代中雌蝇的表现型及比例为__________________________________________________________________。‎ ‎(3)若探究杂交二中产生的子二代中小翅雄性果蝇是否为纯合体，可与________________进行测交实验，若子代表现型及比例为________，说明该小翅雄果蝇为杂合体。‎ 解析：(1)据杂交二亲代为纯合子，后代雌果蝇全为长翅、雄果蝇全为小翅，可知亲代小翅雌性果蝇基因型为AAXbXb，残翅雄性果蝇的基因型为aaXBY，从而确定小翅基因为b位于X染色体上；若假设长翅和残翅基因位于X染色体上，无法推出相应结果。杂交一中，残翅雌性果蝇的基因型为aaXBXB，小翅雄性果蝇的基因型为AAXbY，子一代雌性的基因型为AaXBXb，雄性的基因型为AaXBY，表现型为长翅；子二代小翅中AAXbY∶AaXbY＝1∶2，则子二代小翅中纯合体AAXbY占1/3。(2)杂交二中，子一代的基因型为AaXBXb和AaXbY，则子二代的基因型有12种，即AAXBXb、AAXbXb、2AaXBXb、2AaXbXb、aaXBXb、aaXbXb、AAXBY、AAXbY、2AaXBY、2AaXbY、aaXBY、aaXbY；子二代中，雌蝇的表现型及比例为长翅(AAXBXb＋2AaXBXb)∶小翅(AAXbXb＋2AaXbXb)∶残翅(aaXBXb＋aaXbXb 8‎ ‎)＝3∶3∶2。(3)测交可用于判断个体的基因型；可选择双隐性残翅雌性果蝇，与小翅雄果蝇杂交，若该小翅雄性果蝇为杂合体，则亲代的基因型为aaXbXb和AaXbY，则测交子代的基因型为AaXbXb(小翅)、AaXbY(小翅)、aaXbXb(残翅)和aaXbY(残翅)。‎ 答案：(1)AaXBXb和AaXBY　1/3‎ ‎(2)12　长翅∶小翅∶残翅＝3∶3∶2‎ ‎(3)残翅雌性隐性纯合体　残翅∶小翅＝1∶1(其他答案合理即可)‎ ‎31．(10分)研究者为了研究神经元之间兴奋的传递过程，选用大鼠的神经组织进行实验，处理及结果见下表。‎ 实验 组号 处理 微电极刺激 突触前神经 元测得动作 电位(mV)‎ 室温，0.5 ms 后测得突触 后神经元动 作电位(mV)‎ Ⅰ 未加河豚毒素(对照)‎ ‎75‎ ‎75‎ Ⅱ 浸润在河 豚毒素中 ‎5 min后 ‎65‎ ‎65‎ Ⅲ ‎10 min后 ‎50‎ ‎25‎ Ⅳ ‎15 min后 ‎40‎ ‎0‎ ‎ (1)室温下，微电极刺激突触前神经元测得动作电位0.5 ms后，才能测到突触后神经元的动作电位，这被称为“兴奋的延迟”，延迟的原因之一是突触前膜以________的方式释放神经递质，该物质被突触后膜上的特异性受体识别。‎ ‎(2)已知河豚毒素对于突触后膜识别信息分子的敏感性无影响，从Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ组推断突触后神经元动作电位的降低应该是________直接引起的，由此可知河豚毒素对神经兴奋的传递起________作用。‎ ‎(3)若利用河豚毒素的生理作用开发药物，可作________(填字母)。‎ A．麻醉剂　 B．兴奋剂　　C．抗肌肉痉挛剂 ‎(4)突触蛋白在海马区的密度和分布可间接反映突触的数量和分布情况。有实验表明，水迷宫训练后大鼠海马区突触蛋白合成明显增强，大鼠学习记忆受损后突触蛋白合成水平下降。由此推测，长期记忆可能与________的建立有关。‎ 解析：(1)突触前膜以胞吐的方式释放神经递质，该物质被突触后膜上的特异性受体识别。(2)已知河豚毒素对于突触后膜识别信息分子的敏感性无影响，从Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ组推断突触后神经元动作电位的降低应该是神经递质数量减少引起的，由此可知河豚毒素对神经兴奋的传递起抑制作用。(3)根据(2)可知河豚毒素能影响兴奋的传导过程，所以可用作局部麻醉、抗肌肉痉挛剂等。(4)根据题文提示长期记忆可能与新突触的建立有关。‎ 答案：(1)胞吐　(2)神经递质数量减少　抑制 ‎(3)A、C　(4)新突触 8‎ ‎32．(10分)羊草是一种多年生草本植物，春季返青早，秋季枯黄晚，能较长时间提供青饲料。请回答下列问题：‎ ‎(1)要预测未来一段时间羊草种群数量的变化，需要调查该种群的________。‎ ‎(2)羊草草原上各生物种群占据不同的位置。在水平方向上，不同地段分布着不同的种群，同一地段上不同生物种群密度是________(填“相同”或“有差别”)的。群落的________是区别不同群落的重要特征。如果过度放牧，羊草的优势地位逐渐被其他杂草所取代，会改变群落演替的________。‎ ‎(3)研究发现，羊草株高达‎25 cm时，较适宜放牧。为研究放牧对羊草草原的影响，科研人员以留茬高度来模拟草原利用强度，在一年内测定群落植被的生长速度，结果如下图，留茬高度为________时，植被的生长速率最大，说明适度利用草原可________(填“促进”或“抑制”)植被的生长；研究还发现，该利用程度可增加草原群落的丰富度，这体现了当生态系统受到外界因素适度干扰时，其________稳定性会增强。从能量流动的角度分析，适度放牧能合理地调整________，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分。‎ 解析： (1)依据种群的年龄组成，可以预测种群数量在未来一段时间的变化趋势。(2)因生物自身遗传特性等的差异，该羊草草原同一地段上不同生物种群密度是有差异的。群落的物种组成是区别不同群落的重要特征。如果过度放牧，羊草的优势地位逐渐被其他杂草所取代，说明人类活动会改变群落演替的方向和速度。(3)曲线图显示：留茬高度为‎15 cm时，植被的生长速率最大，说明适度利用草原可促进植被的生长；研究发现该利用程度可增加草原群落的丰富度，这体现了当生态系统受到外界因素适度干扰时，其抵抗力稳定性会增强。从能量流动的角度分析，适度放牧能合理地调整能量流动关系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分。‎ 答案：(1)年龄组成 ‎(2)有差别　物种组成　方向和速度 ‎(3)‎15 cm　促进　抵抗力　能量流动关系 ‎(二)选考题：请考生在第37、38两道题中任选一道作答，如果多做，则按所做的第一题计分。‎ ‎37．[生物——选修 1：生物技术实践](15分)‎ 8‎ 高温淀粉酶在大规模工业生产中有很大的实用性。研究者从热泉嗜热菌样品中筛选了高效产生高温淀粉酶的嗜热菌，其筛选过程如下图所示：‎ ‎(1)进行①过程的目的是________，②过程所使用的接种方法是____________法。‎ ‎(2)从用途上来说，Ⅰ号培养基属于________培养基，配制时仅以________作为唯一碳源；从物理状态上来说，Ⅱ号培养基属于固体培养基，配制时应加入________作为凝固剂。‎ ‎(3)Ⅰ、Ⅱ号培养基配制和灭菌时，灭菌与调节pH的先后顺序是________。一般对配制的培养基采用________法灭菌。‎ ‎(4)培养一段时间后，应从 Ⅰ 号培养基上挑出________的菌落，接种到Ⅱ号培养基上。‎ 解析：(1)分析题图可知，①过程目的是对样品进行稀释；②过程是用稀释涂布平板法进行接种。(2)本题实验的目的是筛选高效产生高温淀粉酶的嗜热菌，从用途上来说，Ⅰ号培养基属于选择培养基，该培养基以淀粉为唯一碳源；从物理状态上来说，Ⅱ号培养基属于固体培养基，配制时应加入琼脂作为凝固剂。(3)培养基配制和灭菌时应先调节pH，然后再进行灭菌，如果先灭菌再调节pH，在调节pH时可能会污染培养基；一般对配制的培养基采用高压蒸汽灭菌法进行灭菌。(4)能分解淀粉的嗜热菌在Ⅰ号培养基上生长时可释放淀粉酶，分解培养基中的淀粉，在菌落周围形成透明圈，透明圈越大淀粉酶的活性越强，所以要从Ⅰ号培养基上挑出透明圈大的菌落，接种到Ⅱ号培养基上。‎ 答案：(1)稀释　稀释涂布平板 ‎(2)选择　淀粉　琼脂 ‎(3)先调节pH，后灭菌　高压蒸汽灭菌 ‎(4)透明圈大 ‎38．[生物——选修3：现代生物科技专题](15分)‎ 转基因抗病香蕉的培育过程如图所示，质粒上有PstⅠ、SmaⅠ、EcoRⅠ、ApaⅠ等四种限制酶切割位点。请回答：‎ ‎(1)构建含抗病基因的表达载体A时，应选用限制酶________对含抗病基因的DNA和质粒进行切割，再用________将二者“缝合”。‎ 8‎ ‎(2)将目的基因导入植物细胞常用方法有多种，除图中所示方法外还有________法和________法。‎ ‎(3)能使抗病基因在香蕉细胞中特异性表达的调控序列是________(填字母序号)。‎ A．启动子　　　　 B．终止子 C．复制原点 D．标记基因 ‎(4)利用组织培养技术将导入抗病基因的香蕉组织细胞培育成植株。培养基中除了含有一定的营养物质外还必须含有________等植物激素，它们会在________(填图中标号)阶段发挥作用。对植株进行抗病接种实验属于________的鉴定。‎ 解析：(1)含抗病基因的DNA含有限制酶PstⅠ、SmaⅠ、EcoRⅠ的切割位点，但限制酶SmaⅠ的切割位点位于抗病基因上，对SmaⅠ位点进行切割破坏了抗病基因的结构，所以要获得抗病基因，不能用限制酶SmaⅠ对图中对应的位点进行切割。要获得含抗病基因的重组质粒，应选用PstⅠ、EcoRⅠ限制酶切割质粒和含目的基因的外源DNA分子。(2)将目的基因导入植物细胞的方法有农杆菌转化法、基因枪法和花粉管通道法，图中采用的是农杆菌转化法。(3)启动子和终止子能启动目的基因的转录与终止，是使抗病基因在香蕉细胞中特异性表达的调控序列。(4)植物组织培养的培养基中需要的植物激素是生长素和细胞分裂素，在①脱分化和②再分化中发挥重要作用。对植株进行抗病接种实验属于个体水平的鉴定。‎ 答案：(1)PstⅠ、EcoRⅠ　DNA连接酶　(2)基因枪　花粉管通道　(3)AB　(4)生长素和细胞分裂素　①和②　个体生物学水平 8‎