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- 2021-05-14 发布
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载
高考数学易错题解题方法大全(1)
一.选择题
【范例1】已知集合A={x|x=2n—l,n∈Z},B={x|x2一4x<0},则A∩B=( )
A. B. C. D.{1,2,3,4}
答案:C
【错解分析】此题容易错选为B,错误原因是对集合元素的误解。
【解题指导】集合A表示奇数集,集合B={1,2,3,4}.
【练习1】已知集合,集合,则( )
A. B. C. D.
【范例2】若A、B均是非空集合,则A∩B≠φ是AB的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.即不充分也不必要条件
答案:B
【错解分析】考生常常会选择A,错误原因是混淆了充分性,与必要性。
【解题指导】考查目的:充要条件的判定。
【练习2】已知条件:,条件:,且是的充分不必要条件,则的取值范围可以是( )
A.; B.; C.; D.;
【范例3】定义在R上的偶函数满足,且在[-1,0]上单调递增,设, ,,则大小关系是( )
A. B. C. D.
答案:D
【错解分析】此题常见错误A、B,错误原因对这样的条件认识不充分,忽略了函数的周期性。
【解题指导】 由可得,是周期为2 的函数。利用周期性和奇偶性将转化为[-1,0]的函数值,再利用单调性比较.
【练习3】设函数f (x)是定义在R上的以5为周期的奇函数,若,,则的取值范围是( )
A.(-∞, 0) B.(0, 3) C.(0, +∞) D.(-∞, 0)∪(3, +∞)
载
【范例4】的值为( )
A.-4 B.4 C.2 D.-2
答案:D
【错解分析】此题常见错误A、C,错误原因是对两倍角公式或对对数运算性质不熟悉。
【解题指导】结合对数的运算性质及两倍角公式解决.
【练习4】式子值是( )
A.-4 B.4 C.2 D.-2
【范例5】设是方程的解,且,则( )
A.4 B.5 C.7 D.8
答案:C
【错解分析】本题常见错误为D,错误原因没有考虑到函数y=8-x与y=lgx图像的结合。
【解题指导】考查零点的概念及学生的估算能力.
【练习5】方程的实数根有( )个.
A.0 B.1 C.2 D.3
【范例6】已知∠AOB=lrad,点Al,A2,…在OA上,
B1,B2,…在OB上,其中的每一个实线段和
虚线段氏均为1个单位,一个动点M从O点
出发,沿着实线段和以O为圆心的圆弧匀速
运动,速度为l单位/秒,则质点M到达A10
点处所需要的时间为( ) 秒。
A.62 B.63 C.65 D.66
答案:C
【错解分析】本题常见错误B、D,这样的错误常常由于是信息图片信息把握力不强。
【解题指导】本题综合考察等差数列求和,及扇形的弧长公式。要细读题,理解动点的运动规律。
【练习6】如图,将平面直角坐标系的格点(横、纵坐标均为整数的点)按如下规则表上数字标签:
1
2
13
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
0
原点处标0,点(1,0)处标1,点(1,-1)处
标2,点(0,-1)处标3,点(-1,-1)处标4,
点(-1,0)标5,点(-1,1)处标6,点(0,1)
处标7,以此类推,则标签的格点的坐标
为( )
A.(1005,1004) B.(1004.1003)
C.(2009,2008) D.(2008,2007)
二.填空题
O
P1
P0
P2
【范例7】如图,点P是单位圆上的一个顶点,它从初始位置开
载
始沿单位圆按逆时针方向运动角()到达点,
然后继续沿单位圆逆时针方向运动到达点,若点的横
坐标为,则的值等于 .
答案:
【错解分析】本题常见错误写成的相反数,这样的错误常常是忽略角度所在的象限。
【解题指导】本题主要考察三角函数的定义,及对两角和与差公式的理解。
【练习7】已知 .
【范例8】已知向量,其中、均为非零向量,则的取值范围是 .
答案:
【错解分析】本题常见错误五花八门,错误原因是没有理解向量的模的不等式的性质。
【解题指导】分别表示与、同向的单位向量,
【练习8】△ABC中,,,则的最小值是 .
【范例9】若不等式恒成立,则实数a的取值范围是 .
答案:
【错解分析】解含绝对值不等式也是考生常常出现错误的,错误原因有解法单一,比如只会运用去绝对值的方法,这样会导致计算量较多,易错。通常简捷的方法可以是利用绝对值的几何意义。
【解题指导】由绝对值的几何意义知的最小值为3.
【练习9】不等式|x+1|(2x-1)≥0的解集为 .
【范例10】圆被直线分成两段圆弧,则较短弧长与较长弧长之比为 .
答案:1∶3
【错解分析】圆与直线的位置关系的错误点通常是考生找错了圆的圆心,判断不了圆的位置,在花函数图像是产生了偏差。
【解题指导】对直线与圆的位置关系通常考查两点,(1)直线与圆相切时利用d=r建立关系式,
(2)直线与圆相交时画图利用勾股定理建立关系式.
【练习10】已知直线与圆交于A、B两点,O是坐标原点,向量、
载
满足|+|=|-|,则实数的值是 .
【范例11】一个与球心距离为1的平面截球所得的圆面面积为,则球的表面积为__________.
答案:8π
【错解分析】球体是近年高考通常所设计的集合体,通常也是考生容易
出错的一个地方,通常的错误是对球体的与题目结合时候空间想象力缺乏
导致,或者计算的时候计算不出球的半径等。
【解题指导】过球心与小圆圆心做球的截面,转化为平面几何来解决.
【练习11】如图,已知一个多面体的平面展开图由一边长为1的正方
体和4个边长为1的正三角形组成,则该多面体的体积是 .
【范例12】已知过点的直线与轴正半轴、轴正半轴分别交于、两点,则的面积最小为 .
答案:4
【错解分析】本题考查均值不等式和数形结合,也是考生容易错误的地方,例如不会利用均值不等式,或者没有看出均值不等式中隐含的“面积”。
【解题指导】设直线方程为,代点得: .由于,所以,所以
【练习12】函数的图象恒过定点,若点在直线上,其中,则的最小值为 .
三.解答题
【范例13】已知点P(4,4),圆C:与椭圆E:有一个公共点A(3,1),F1、F2分别是椭圆的左、右焦点,直线PF1与圆C相切.
(1)求m的值与椭圆E的方程;
(2)设Q为椭圆E上的一个动点,求的取值范围.
【错解分析】本题易错点(1)在于计算椭圆的方程的量本身就大,方法和计算技巧的运用很重要。
解:(1)点A代入圆C方程,得.
∵m<3,∴m=1.圆C:.
设直线PF1的斜率为k,则PF1:,
即.∵直线PF1与圆C相切,∴.解得.
载
当k=时,直线PF1与x轴的交点横坐标为,不合题意,舍去.
当k=时,直线PF1与x轴的交点横坐标为-4,∴c=4.F1(-4,0),F2(4,0).
2a=AF1+AF2=,,a2=18,b2=2.
椭圆E的方程为:.
(2),设Q(x,y),,.
∵,即
而,∴-18≤6xy≤18.
∴的取值范围是[0,36],
即的取值范围是[-6,6].
∴的取值范围是[-12,0].
【练习13】已知圆上的动点,点Q在NP上,点G在MP上,且满足.
(1)求点G的轨迹C的方程;
(2)过点(2,0)作直线,与曲线C交于A、B两点,O是坐标原点,设 是否存在这样的直线,使四边形OASB的对角线相等(即|OS|=|AB|)?若存在,求出直线的方程;若不存在,试说明理由.
【范例14】如图,在矩形ABCD中,已知A(2,0)、C(-2,2),点P在BC边上移动,线段OP的垂直平分线交y轴于点E,点M满足
(1)求点M的轨迹方程;
(2)已知点F(0,),过点F的直线l交点M的轨迹于Q、R两点,且求实数的取值范围.
【错解分析】向量的综合题型考察的范围可以很广,这样的题型容易产生画图不准确,题意模糊的错误,导致考生无法作答,因此要理解题意,把握条件,学会精确画图。
解:(1)依题意,设P(t,2)(-2≤t≤2),M(x,y).
当t=0时,点M与点E重合,则M=(0,1),
当t≠0时,线段OP的垂直平分线方程为:
载
显然,点(0,1)适合上式 .故点M的轨迹方程为x2=-4(y-1)( -2≤x≤2)
(2)设得x2+4k-2=0.
设Q(x1,y1)、R(x2,y2),则
,.消去x2,得.
解得
【练习14】已知抛物线C的一个焦点为F(,0),对应于这个焦点的准线方程为x=-.
(1)写出抛物线C的方程;
(2)过F点的直线与曲线C交于A、B两点,O点为坐标原点,求△AOB重心G的轨迹方程;
(3)点P是抛物线C上的动点,过点P作圆(x-3)2+y2=2的切线,切点分别是M,N.当P点在何处时,|MN|的值最小?求出|MN|的最小值.
【范例15】如图:在三棱锥中,面,是直角三角形,,,,点分别为的中点。
⑴求证:;
⑵求直线与平面所成的角的大小;
⑶求二面角的正切值。
【错解分析】立体几何是高考的必考内容,容易错误的地方通常是求二面角的大小,因此要归纳总结通常寻找二面角的平面角的方法。
解:⑴连结。在中,
,点为的中点,
又面,即为在平面内的射影
载
分别为的中点
⑵面,
连结交于点,,
平面
为直线与平面所成的角,且
面,,又
,,
在中,,
⑶过点作于点,连结,,
面,即为在平面内的射影
,为二面角的平面角
中,,
【练习15】如图所示,正三棱柱的底面边长是2,侧棱长是,D是AC的中点。
(1)求证:平面;
(2)求二面角的大小;
(3)求直线与平面所成的角的正弦值。
练习题参考答案:
1.C 2.A 3.B 4.C 5.C 6.A
7. -1 8. 9. 10. 2或-2 11. 12. 4
载
13. 解:(1)Q为PN的中点且GQ⊥PN
GQ为PN的中垂线|PG|=|GN|
∴|GN|+|GM|=|MP|=6,故G点的轨迹是以M、N为焦点的椭圆,其长半轴长,半焦距,∴短半轴长b=2,∴点G的轨迹方程是。
(2)因为,所以四边形OASB为平行四边形
若存在l使得||=||,则四边形OASB为矩形
若l的斜率不存在,直线l的方程为x=2,由
矛盾,故l的斜率存在.
设l的方程为
①
②
把①、②代入
∴存在直线使得四边形OASB的对角线相等.
14. 解:(1)抛物线方程为:y2=2x.
(2)①当直线不垂直于x轴时,设方程为y=k(x-),代入y2=2x,得:k2x2-(k2+2)x+.
设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=,y1+y2=k(x1+x2-1)=.
载
设△AOB的重心为G(x,y)则,消去k得y2=为所求,
②当直线垂直于x轴时,A(,1),B(,-1),△AOB的重心G(,0)也满足上述方程.
综合①②得,所求的轨迹方程为y2=,
(3)设已知圆的圆心为Q(3,0),半径r=,
根据圆的性质有:|MN|=2.
当|PQ|2最小时,|MN|取最小值,
设P点坐标为(x0,y0),则y=2x0.|PQ|2=(x0-3)2+ y= x-4x0+9=(x0-2)2+5,
∴当x0=2,y0=±2时,|PQ|2取最小值5,
故当P点坐标为(2,±2)时,|MN|取最小值.
15. 解法一:(1)设与相交于点P,连接PD,则P为中点,
D为AC中点,PD//.
又PD平面D,//平面D
(2)正三棱住, 底面ABC。
又BDACBD
就是二面角的平面角。
=,AD=AC=1tan =
=, 即二面角的大小是
(3)由(2)作AM,M为垂足。
BDAC,平面平面ABC,平面平面ABC=AC
BD平面,AM平面,BDAM
载
BD = DAM平面,连接MP,则就是直线与平面D所成的角。
=,AD=1,在RtD中,=,
,,
直线与平面D所成的角的正弦值为
解法二:(1)同解法一(2)如图建立空间直角坐标系,
则D(0,0,0),A(1,0,0),(1,0,),B(0,,0),(0,,)
=(-1,,-),=(-1,0,-)
设平面的法向量为n=(x,y,z)
则n
n
则有,得n=(,0,1)
由题意,知=(0,0,)是平面ABD的一个法向量。
设n与所成角为,则,
二面角的大小是
(3)由已知,得=(-1,,),n=(,0,1)则
直线与平面D所成的角的正弦值为.