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  • 2021-05-24 发布

【物理】2020届一轮复习人教版 圆周运动 学案

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第 3 节 圆周运动 考点1? 匀速圆周运动的运动学问题 夯实基础  1.匀速圆周运动 (1)定义:做圆周运动的物体,若在相等的时间内通过的圆弧长__相等__,就是匀速圆周运动. (2)特点:加速度大小__不变__,方向始终指向__圆心__,是变加速运动. (3)条件:合外力大小__不变__、方向始终与__线速度__方向垂直且指向圆心. 2.描述圆周运动的物理量 常用的有:线速度、角速度、周期、转速、频率、向心加速度等.它们的比较见下表: 定义、意义 公式、单位 线 速 度 1.描述做圆周运动的物体运动__快 慢__的物理量(v) 2.是矢量,方向和半径垂直,和圆 周上__每点切线方向相同__ 1.v= Δl Δt= 2πr T 2.单位:m/s 角 速 度 1.描述物体绕圆心__运动快慢__的 物理量(ω) 2.是矢量,在中学阶段不研究其方 向 1.ω= Δθ Δt =__ 2π T __ 2.单位:rad/s 周期和频率 1.周期是物体沿圆周运动__一周__ 的时间(T) 2.频率是物体单位时间转过的__圈 数__(f) 1.T= 2πr v ;单位:s 2.f= 1 T;单位:Hz 向心加速度 1.描述线速度__方向__变化快慢的 物理量(a) 2.方向__指向圆心__ 1.a= v2 r =rω2 2.单位:m/s2 公式 相互 1.v=rω 关系 2.a= v2 r =rω2=ωv= 4π2r T2 3.对公式 v=rω和 a= v2 r =rω2 的理解 (1)v=rω{r一定时v与ω成正比 ω一定时v与r成正比 v一定时ω与r成反比 (2)a= v2 r =rω2{v一定时a与r成反比 ω一定时a与r成正比 4.几种常见的传动装置 (1)传动装置的分类 主要有四种:①共轴传动(图甲);②皮带传动(图乙);③齿轮传动(图丙);④摩擦传动(图丁). (2)传动装置的特点 传动问题包括皮带传动(链条传动、齿轮传动、摩擦传动)和同轴传动两类,其中运动学物理量遵循下 列规律. ①共轴转动的轮子或同一轮子上的各点的角速度大小__相等__. ②皮带传动的两轮,皮带不打滑时,皮带接触处的线速度大小__相等__.链条传动、摩擦传动也一样 . ③齿轮的齿数与半径成正比,即周长=齿数×齿间距(大小齿轮的齿间距相等). ④在齿轮传动中,大、小齿轮的转速跟它们的齿数成__反比__. 考点突破   例 1 自行车运动是治疗帕金森病有效、廉价的方法,对提高患者总体健康状况、改善平衡能力和协调 能力,缓解焦虑和抑郁等都有重要作用.图示是某自行车的部分传动装置,其大齿轮、小齿轮、后轮的半 径分别为 R1、R2、R3,A、B、C 分别是三个轮子边缘上的点.当三个轮子在踏板杆的带动下一起转动时, 下列说法中正确的是(  ) A.A、B 两点的角速度大小之比为 1∶1 B.A、C 两点的周期之比为 R1∶R2 C.B、C 两点的向心加速度大小之比为 R22∶R23 D.A、C 两点的向心加速度大小之比为 R22∶(R1R3) 【解析】大齿轮边缘的 A 点和小齿轮边缘上的 B 点线速度的大小相等,根据 v=ωR 可知 R1ω1=R2ω2 ,所以 ω1 ω2= R2 R1,A 错误;小齿轮边缘的 B 点和后轮边缘的 C 点共轴,所以转动的角速度相等即 ω3=ω2, 根据 T= 2π ω .所以 B 与 C 的周期相等,即 T2=T3;根据 T= 2π ω ,则 A 与 B 的周期之比: T1 T2= ω2 ω1= R1 R2,所以 A、C 两点的周期之比为 T1 T3= R1 R2,B 正确;小齿轮边缘的 B 点和后轮边缘的 C 点共轴,所以转动的角速度相 等,根据 a=ω2r,可知 B、C 两点的向心速度大小之比为 a2∶a3=R2∶R3,C 错误;大齿轮边缘的 A 点和 小齿轮边缘上的 B 点线速度的大小相等,根据 a= v2 r ,所以 a1∶a2=R2∶R1.所以 a1 a3= a1 R3 R2a2 = R2R2 R1R3= R R1R3,D 正 确. 【答案】BD 针对训练                     1.如图所示为两级皮带传动装置,转动时皮带均不打滑,中间两个轮子是固定在一起的,轮 1 的半 径和轮 2 的半径相同,轮 3 的半径和轮 4 的半径相同,且为轮 1 和轮 2 半径的一半,则轮 1 边缘的 a 点和 轮 4 边缘的 c 点相比(D) A.线速度之比为 1∶4 B.角速度之比为 4∶1 C.向心加速度之比为 8∶1 D.向心加速度之比为 1∶8 【解析】由题意知 2va=2v3=v2=vc,其中 v2、v3 为轮 2 和轮 3 边缘的线速度,所以 va∶vc=1∶2,A 错.设轮 4 的半径为 r,则 aa= v ra= ( vc 2 )2 2r = v 8r= 1 8ac,即 aa∶ac=1∶8,C 错,D 对. ωa ωc= va ra vc rc = va 2r 2va r = 1 4,B 错. 2.如图所示,质量相等的 A、B 两物体随竖直圆筒一起做匀速圆周运动,且与圆筒保持相对静止,下 列说法中正确的是(D) A.线速度 vA>vB B.运动周期 TA>TB C.筒壁对它们的弹力 NA=NB D.它们受到的摩擦力 fA=fB 【解析】A 和 B 共轴转动,角速度相等即周期相等,由 v=rω知,A 转动的半径较小,则 A 的线速度 较小,故 A、B 错误.A 和 B 做圆周运动靠弹力提供向心力,由 N=mrω2 知,A 的半径小,则 NAmω2r 时,物体将逐渐靠近圆心,做近心运动. 考点突破   例 2 如图所示,光滑杆 O′A 的 O′端固定一根劲度系数为 k=10 N/m,原长为 1 m 的轻弹簧,质量为 m=1 kg 的小球套在光滑杆上并与弹簧的上端连接,O′O 为过 O 点的竖直轴,杆与水平面间的夹角始终为 θ=30°,开始杆是静止的,当杆以 O′O 为轴转动时,角速度从零开始缓慢增加,直至弹簧伸长量为 0.5 m,g 取 10 m/s2,下列说法正确的是(  ) A.杆保持静止状态时,弹簧的长度为 0.5 m B.当弹簧恢复原长时,杆转动的角速度为 10 2 rad/s C.当弹簧伸长量为 0.5 m 时,杆转动的角速度为 4 5 3 rad/s D.在此过程中,杆对小球做功为 12.5 J 【解析】当杆静止时,小球受力平衡,根据力的平衡条件可得:mgsin 30°=kx,代入数据解得:x= 0.5 m,所以弹簧的长度为:l1=l0-x=0.5 m,故 A 正确;当弹簧恢复原长时,由牛顿第二定律可得:mgtan 30°=mω21l0cos30°,解得:ω1= 2 15 3 rad/s,故 B 错误;当弹簧伸长量为 0.5m 时,小球受力如图示: 水平方向上:F2cos 30°+Nsin 30°=mω22(l0+x)cos 30°,竖直方向上:Ncos 30°=mg+F2sin 30°, 弹簧的弹力为:F2=kx;联立解得:ω2= 4 5 3 rad/s,故 C 正确;在此过程中,由动能定理可得:W-mg· 2xsin 30°= 1 2m[ω2(l0+x)cos 30°]2-0,解得:W=12.5 J,故 D 正确. 【答案】ACD                    针对训练  4.(多选)质量为 m 的小球由轻绳 a、b 分别系于一轻质木架上的 A 和 C 点,绳长分别为 la、lb 如图所 示,当轻杆绕轴 BC 以角速度 ω 匀速转动时,小球在水平面内做匀速圆周运动,绳 a 在竖直方向,绳 b 在 水平方向,当小球运动到图示位置时,绳 b 烧断的同时轻杆停止转动,则(BC) A.小球仍在水平面内做匀速圆周运动 B.在绳 b 被烧断瞬间,a 绳中张力突然增大 C.若角速度 ω 较小,小球在垂直于平面 ABC 的竖直平面内摆动 D.绳 b 未被烧断时,绳 a 的拉力大于 mg,绳 b 的拉力为 mω2lb 【解析】根据题意,在绳 b 被烧断之前,小球绕 BC 轴做匀速圆周运动,竖直方向上受力平衡,绳 a 的拉力等于 mg,选项 D 错误;绳 b 被烧断的同时轻杆停止转动,此时小球具有垂直平面 ABC 向外的速度, 小球将在垂直于平面 ABC 的平面内运动,若 ω 较大,则在该平面内做圆周运动,若 ω 较小,则在该平面 内来回摆动,故 C 正确,A 错误;绳 b 烧断瞬间,绳 a 的拉力与重力的合力提供向心力,所以拉力大于物 体的重力,绳 a 中的张力突然变大了,B 正确. 5.(多选)一水平放置的木板上放有砝码,砝码与木板间的摩擦因数为 μ,如果让木板在竖直平面内 做半径为 R 的匀速圆周运动,假如运动中木板始终保持水平,砝码始终没有离开木板,且砝码与木板间的 最大静摩擦力等于滑动摩擦力,那么下列说法正确的是(AC) A.在通过轨道最高点时砝码处于失重状态 B.在经过轨道最低点时砝码所需静摩擦力最大 C.匀速圆周运动的速度不大于 μgR D.在通过轨道最低点时砝码处于失重状态 【解析】在通过轨道最高点时,向心加速度竖直向下,是失重,故 A 正确;木板和砝码在竖直平面内 做匀速圆周运动,则所受合外力提供向心力,砝码受到重力 G,木板支持力 FN 和静摩擦力 Ff,由于重力 G 和支持力 FN 在竖直方向上,因此只有当砝码所需向心力在水平方向上时静摩擦力有最大值,此位置是当木 板和砝码运动到与圆心在同一水平面上时的位置,最大静摩擦力必须大于或等于砝码所需的向心力,即 μFN≥m v2 R ,如图:此时在竖直方向上 FN=mg,故 v≤ μgR,故 B 错误,C 正确;在最低点,向心加速度 竖直向上,是超重,故 D 错误. 6.如图所示,ABC 为竖直平面内的金属半圆环,AC 连线水平,AB 为固定在 A、B 两点间的直金属棒, 在直棒上和圆环的 BC 部分分别套着两个相同的小环 M、N,现让半圆环绕对称轴以角速度 ω 做匀速转动, 半圆环的半径为 R,小圆环的质量均为 m,棒和半圆环均光滑,已知重力加速度为 g,小环可视为质点, 则 M、N 两环做圆周运动的线速度之比为(A) A. g R2ω4-g2 B. g2-R2ω4 g C. g g2-R2ω4 D. R2ω4-g2 g 【解析】M 环受到重力和杆的支持力,在水平面内做匀速圆周运动,合力的方向沿水平方向,所以:Fn =mgtan 45°=mω·vM 所以:vM= g ω ① 同理,N 环受到重力和杆的支持力,在水平面内做匀速圆周运动,合力的方向沿水平方向,设 ON 与竖 直方向之间的夹角为 θ,Fn′=mgtan θ=mωvN 所以:vN= gtan θ ω  ② 又:Fn′=mω2r ③ r=Rsin θ ④ 联立②③④得:vN= 1 ω· R2ω4-g2 ⑤ 所以: vM vN= g R2ω4-g2 故选 A. 考点3? 竖直面内的圆周运动问题 【p67】 夯实基础  1.解答竖直面内的圆周运动问题,主要运用两个力学观点,抓住一个关键. (1)动力学观点:在最高点和最低点由什么力提供向心力; (2)功能的观点:建立起最高点与最低点的速度关系; (3)抓住一个关键:过最高点的临界条件. 2.竖直面内圆周运动中常见的两种模型 轻绳模型 轻杆模型 常见类型 均是不可受到支撑作用的小 球 均是可以受到支撑作用的小 球 过最高点的临界条件 由 mg=m v r得 v 临= gr 由小球能运动即可得 v 临=0 讨论分析 (1)过最高点时, v≥ gr, FN+mg=m v2 r , 绳、轨道对球产生弹力 FN (2)当 v< gr时,不能过最 高点,在到达最高点前小球已 经脱离了圆轨道 (1)当 v=0 时,FN=mg,FN 为 支持力,沿半径背离圆心 (2)当 0<v< gr时,mg-FN =m v2 r ,FN 背离圆心,随 v 的 增大而减小 (3)当 v= gr时,FN=0 (4)当 v> gr时,FN+mg=m v2 r ,FN 指向圆心并随 v 的增大 而增大 在最高点的 FN-v2 图线 取竖直向下为正方向 取竖直向下为正方向 考点突破   例 3 如图所示,一个凹形桥模拟器固定在水平地面上,其凹形轨道是半径为 0.4 m 的半圆,且在半圆 最低点装有一个压力传感器(图中未画出).一质量为 0.4kg 的玩具小车经过凹形轨道最低点时,传感器的 示数为 8 N,则此时小车的速度大小为(取 g=10 m/s2)(  ) A.2 m/s B.4 m/s C.8 m/s D.16 m/s 【解析】小车经过凹形桥的最低点时,受重力和支持力,沿半径方向的合外力提供向心力,由牛顿第 二定律有:FN-mg=m v2 R ,由牛顿第三定律得 FN′=FN,而 FN′即为视重为 8 N,联立得瞬时速度 v= (FN-mg)R m =2 m/s,故选 A. 【答案】A 针对训练  7.长度为 L=0.50 m 的轻质细杆 OA,A 端有一质量为 m=3.0 kg 的小球,如图所示,小球以 O 点为圆 心,在竖直平面内做圆周运动,通过最高点时,小球的速率是 v=2.0 m/s,g 取 10 m/s2,则此时 A 对细杆 的作用力多大?方向怎样? 【解析】小球运动到最高点时受到重力与轻杆的弹力,假设轻杆的弹力方向向上为 FN, 根据合力提供向心力:mg-FN=m v2 L ,代入数据解得:FN=6 N,方向竖直向上 根据牛顿第三定律可知此时 A 对细杆的作用力为 6 N,方向竖直向下 考 点 集 训 【p286】 A 组 1.(多选)如图所示,将物块 P 置于沿逆时针方向转动的水平转盘上,并随转盘一起转动(物块与转盘 间无相对滑动).图中 c 方向指向圆心,a 方向与 c 方向垂直.下列说法正确的是(BD) A.若物块 P 所受摩擦力方向为 a 方向,转盘一定是匀速转动 B.若物块 P 所受摩擦力方向为 b 方向,转盘一定是加速转动 C.若物块 P 所受摩擦力方向为 c 方向,转盘一定是加速转动 D.若物块 P 所受摩擦力方向为 d 方向,转盘一定是减速转动 【解析】圆盘匀速转动时,重力和支持力平衡,合外力(摩擦力)提供圆周运动向心力,故摩擦力方向 指向圆心 O 点,即 cO 方向,选项 A 错误;当转盘加速转动时,物块 P 做加速圆周运动,不仅有沿 c 方向 指向圆心的向心力,还有沿 a 方向的切向力,使线速度大小增大,两方向的合力即摩擦力可能沿 b 方向, 故 B 正确,C 错误;当转盘减速转动时,物块 P 做减速圆周运动,不仅有沿 c 方向指向圆心的向心力,还 有沿 a 方向相反方向的切向力,使线速度大小减小,两方向的合力即摩擦力可能沿 d 方向,故 D 正确. 2.如图为某中国运动员在短道速滑比赛中勇夺金牌的精彩瞬间,假定此时他正沿圆弧形弯道匀速滑 行,则他(D) A.所受的合力为零,做匀速运动 B.所受的合力恒定,做匀加速运动 C.所受的合力恒定,做变加速运动 D.所受的合力变化,做变加速运动 3.某同学为感受向心力的大小与哪些因素有关,做了一个小实验:绳的一端拴一小球,手牵着在空 中甩动,使小球在水面内做圆周运动(如图所示),则下列说法正确的是(B) A.保持绳长不变,增大角速度,绳对手的拉力将不变 B.保持绳长不变,增大角速度,绳对手的拉力将增大 C.保持角速度不变,增大绳长,绳对手的拉力将不变 D.保持角速度不变,增大绳长,绳对手的拉力将减小 4.如图所示,火车以一定的速率在半径一定的轨道上转弯时,内外轨道恰好对火车没有侧向作用力, 不考虑摩擦和其他阻力,如果火车转弯的速率增大时(A) A.外侧轨道将受到挤压 B.内侧轨道将受到挤压 C.为了保证轨道没有侧向作用力,可减小内外轨道高度差 D.轨道对火车的作用力和火车自身重力的合力变小 【解析】火车以某一速度 v 通过某弯道时,内、外轨道均不受侧压力作用,其所受的重力和支持力的 合力提供向心力,如图所示: 由图可以得出:F 合=mgtan θ,合力等于向心力,当 θ 很小时,有 tan θ=sin θ= h L,可得:v= ghR L ,由此可知为了保证轨道没有侧向作用力,可增大内外轨道高度差,故 C 错误;火车转弯的速率增 大时,火车所需要的向心力 Fn=m v2 R 大于火车所受的重力和轨道对火车作用力的合力,火车有离心趋势, 故其外侧车轮轮缘会与铁轨相互挤压,外轨受到侧压力作用,故 A 正确,B、D 错误. 5.如图所示,一个菱形框架绕着过对角线的竖直轴匀速转动,在两条边上各有一个质量相等的小球 套在上面,整个过程小球相对框架没有发生滑动,A 与 B 到轴的距离相等,则下列说法正确的是(D) A.框架对 A 的弹力方向垂直框架向下 B.框架对 B 的弹力方向可能垂直框架向上 C.A 与框架间可能没有摩擦力 D.A、B 所受的合力大小相等 【解析】球在水平面做匀速圆周运动,合外力指向圆心,对 A 进行受力分析可知,A 受重力,当静摩 擦力方向向上时,框架对 A 的弹力方向可能垂直框架向下,也可能垂直框架向上,故 A 错误;球在水平面 做匀速圆周运动,合外力指向圆心,对 B 进行受力分析可知,B 受重力,要使合力水平向右,框架对 B 的 弹力方向一定垂直框架向上,B 说的是可能,故 B 错误;若 A 与框架间没有摩擦力,则 A 只受重力和框架 对 A 的弹力,两个力的合力方向不可能水平向左,指向圆心,故 C 错误;A、B 两球所受的合力提供向心力 ,转动的角速度相等,半径也相等,根据 F=mω2r,可知,合力大小相等,故 D 正确.故选 D. 6.两根细线上端系在天花板上同一点,下端分别悬挂质量相同的小球在同一水平面内做匀速圆周运 动,相对位置关系如图所示,则两个小球具有的物理量一定相同的是(B) A.向心加速度 B.角速度 C.细线拉力 D.线速度 【解析】对其中一个小球受力分析,如图,受重力,绳子的拉力,由于小球做匀速圆周运动,故合力 提供向心力;将重力与拉力合成,合力指向圆心,由几何关系得细线的拉力为 T= mg cos θ,因为外侧球与 竖直方向的夹角大于内侧球与竖直方向的夹角,所以两球受到细线的拉力大小不同,C 错误;合力 F=mgtan θ,由向心力公式得到,F=mω2r;设绳子与悬挂点间的高度差为 h,由几何关系得 r=htan θ;由以上 三式得 ω= g h,知角速度相等,B 正确;由于两球的运动半径不同,根据 v=ωr 和 a=ω2r 可知线速度 和加速度都不同,A、D 错误. 7.如图所示,在倾角 θ=30°的光滑斜面上,长为 L 的细线一端固定,另一端连接质量为 m 的小球, 小球在斜面上做圆周运动,A、B 分别是圆周的最高点和最低点,当小球在 A 点的最小速度为 vA 时,它在 B 点对应的速度为 vB,重力加速度为 g,则(D) A.vA=0,vB=2 gL B.vA= gL,vB= 5gL C.vA= 2gL 2 ,vB= 3 2gL 2 D.vA= 2gL 2 ,vB= 1 2 10gL 【解析】在 A 点,对小球,临界情况是绳子的拉力为零,小球靠重力沿斜面方向的分力提供向心力, 根据牛顿第二定律得:mgsin θ=m v L,解得 A 点的最小速度为:vA= 2gL 2 ,对 AB 段过程研究,根据动能 定理得:mg·2Lsin θ= 1 2mv2B- 1 2mv2A,解得:vB= 1 2 10gL,故 D 正确. 8.如图所示,在光滑水平桌面上有一光滑小孔 O,一根轻绳穿过小孔,一端连接质量为 m=1 kg 的小 球 A,另一端连接质量为 M=4 kg 的重物 B,已知 g=10 m/s2, (1)当 A 球沿半径 r=0.1m 的圆周做匀速圆周运动,其角速度 ω1 为多大时,B 物体处于将要离开、而 尚未离开地面的临界状态? (2)当小球 A 的角速度为 ω2=10 rad/s 时,物体 B 对地面的压力为多大? 【解析】(1)当 B 对地面恰好无压力时,有:Mg=FT′, 拉力 FT′提供小球 A 所需向心力,则:FT′=mrω21 则有:ω1= Mg mr= 40 1 × 0.1 rad/s=20 rad/s. (2)对小球 A 来说,小球受到的重力和支持力平衡.因此绳子的拉力提供向心力,则: FT=mrω2=1×0.1×102 N=10 N, 对物体 B 来说,物体受到三个力的作用:重力 Mg、绳子的拉力 FT、地面的支持力 FN,由力的平衡条件 可得: FT+FN=Mg,故 FN=Mg-FT 将 FT=10 N 代入可得:FN=(4×10-10) N=30 N 由牛顿第三定律可知,B 对地面的压力为 30 N,方向竖直向下.