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- 2021-05-24 发布
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第 3 节 圆周运动
考点1? 匀速圆周运动的运动学问题
夯实基础
1.匀速圆周运动
(1)定义:做圆周运动的物体,若在相等的时间内通过的圆弧长__相等__,就是匀速圆周运动.
(2)特点:加速度大小__不变__,方向始终指向__圆心__,是变加速运动.
(3)条件:合外力大小__不变__、方向始终与__线速度__方向垂直且指向圆心.
2.描述圆周运动的物理量
常用的有:线速度、角速度、周期、转速、频率、向心加速度等.它们的比较见下表:
定义、意义 公式、单位
线
速
度
1.描述做圆周运动的物体运动__快
慢__的物理量(v)
2.是矢量,方向和半径垂直,和圆
周上__每点切线方向相同__
1.v=
Δl
Δt=
2πr
T
2.单位:m/s
角
速
度
1.描述物体绕圆心__运动快慢__的
物理量(ω)
2.是矢量,在中学阶段不研究其方
向
1.ω=
Δθ
Δt =__
2π
T __
2.单位:rad/s
周期和频率
1.周期是物体沿圆周运动__一周__
的时间(T)
2.频率是物体单位时间转过的__圈
数__(f)
1.T=
2πr
v ;单位:s
2.f=
1
T;单位:Hz
向心加速度
1.描述线速度__方向__变化快慢的
物理量(a)
2.方向__指向圆心__
1.a=
v2
r =rω2
2.单位:m/s2
公式
相互 1.v=rω
关系 2.a=
v2
r =rω2=ωv=
4π2r
T2
3.对公式 v=rω和 a=
v2
r =rω2 的理解
(1)v=rω{r一定时v与ω成正比
ω一定时v与r成正比
v一定时ω与r成反比
(2)a=
v2
r =rω2{v一定时a与r成反比
ω一定时a与r成正比
4.几种常见的传动装置
(1)传动装置的分类
主要有四种:①共轴传动(图甲);②皮带传动(图乙);③齿轮传动(图丙);④摩擦传动(图丁).
(2)传动装置的特点
传动问题包括皮带传动(链条传动、齿轮传动、摩擦传动)和同轴传动两类,其中运动学物理量遵循下
列规律.
①共轴转动的轮子或同一轮子上的各点的角速度大小__相等__.
②皮带传动的两轮,皮带不打滑时,皮带接触处的线速度大小__相等__.链条传动、摩擦传动也一样
.
③齿轮的齿数与半径成正比,即周长=齿数×齿间距(大小齿轮的齿间距相等).
④在齿轮传动中,大、小齿轮的转速跟它们的齿数成__反比__.
考点突破
例 1 自行车运动是治疗帕金森病有效、廉价的方法,对提高患者总体健康状况、改善平衡能力和协调
能力,缓解焦虑和抑郁等都有重要作用.图示是某自行车的部分传动装置,其大齿轮、小齿轮、后轮的半
径分别为 R1、R2、R3,A、B、C 分别是三个轮子边缘上的点.当三个轮子在踏板杆的带动下一起转动时,
下列说法中正确的是( )
A.A、B 两点的角速度大小之比为 1∶1
B.A、C 两点的周期之比为 R1∶R2
C.B、C 两点的向心加速度大小之比为 R22∶R23
D.A、C 两点的向心加速度大小之比为 R22∶(R1R3)
【解析】大齿轮边缘的 A 点和小齿轮边缘上的 B 点线速度的大小相等,根据 v=ωR 可知 R1ω1=R2ω2
,所以
ω1
ω2=
R2
R1,A 错误;小齿轮边缘的 B 点和后轮边缘的 C 点共轴,所以转动的角速度相等即 ω3=ω2,
根据 T=
2π
ω .所以 B 与 C 的周期相等,即 T2=T3;根据 T=
2π
ω ,则 A 与 B 的周期之比:
T1
T2=
ω2
ω1=
R1
R2,所以
A、C 两点的周期之比为
T1
T3=
R1
R2,B 正确;小齿轮边缘的 B 点和后轮边缘的 C 点共轴,所以转动的角速度相
等,根据 a=ω2r,可知 B、C 两点的向心速度大小之比为 a2∶a3=R2∶R3,C 错误;大齿轮边缘的 A 点和
小齿轮边缘上的 B 点线速度的大小相等,根据 a=
v2
r ,所以 a1∶a2=R2∶R1.所以
a1
a3=
a1
R3
R2a2
=
R2R2
R1R3=
R
R1R3,D 正
确.
【答案】BD
针对训练
1.如图所示为两级皮带传动装置,转动时皮带均不打滑,中间两个轮子是固定在一起的,轮 1 的半
径和轮 2 的半径相同,轮 3 的半径和轮 4 的半径相同,且为轮 1 和轮 2 半径的一半,则轮 1 边缘的 a 点和
轮 4 边缘的 c 点相比(D)
A.线速度之比为 1∶4
B.角速度之比为 4∶1
C.向心加速度之比为 8∶1
D.向心加速度之比为 1∶8
【解析】由题意知 2va=2v3=v2=vc,其中 v2、v3 为轮 2 和轮 3 边缘的线速度,所以 va∶vc=1∶2,A
错.设轮 4 的半径为 r,则 aa=
v
ra=
(
vc
2 )2
2r =
v
8r=
1
8ac,即 aa∶ac=1∶8,C 错,D 对.
ωa
ωc=
va
ra
vc
rc
=
va
2r
2va
r
=
1
4,B
错.
2.如图所示,质量相等的 A、B 两物体随竖直圆筒一起做匀速圆周运动,且与圆筒保持相对静止,下
列说法中正确的是(D)
A.线速度 vA>vB
B.运动周期 TA>TB
C.筒壁对它们的弹力 NA=NB
D.它们受到的摩擦力 fA=fB
【解析】A 和 B 共轴转动,角速度相等即周期相等,由 v=rω知,A 转动的半径较小,则 A 的线速度
较小,故 A、B 错误.A 和 B 做圆周运动靠弹力提供向心力,由 N=mrω2 知,A 的半径小,则 NAmω2r 时,物体将逐渐靠近圆心,做近心运动.
考点突破
例 2 如图所示,光滑杆 O′A 的 O′端固定一根劲度系数为 k=10 N/m,原长为 1 m 的轻弹簧,质量为
m=1 kg 的小球套在光滑杆上并与弹簧的上端连接,O′O 为过 O 点的竖直轴,杆与水平面间的夹角始终为
θ=30°,开始杆是静止的,当杆以 O′O 为轴转动时,角速度从零开始缓慢增加,直至弹簧伸长量为 0.5
m,g 取 10 m/s2,下列说法正确的是( )
A.杆保持静止状态时,弹簧的长度为 0.5 m
B.当弹簧恢复原长时,杆转动的角速度为
10
2 rad/s
C.当弹簧伸长量为 0.5 m 时,杆转动的角速度为
4 5
3 rad/s
D.在此过程中,杆对小球做功为 12.5 J
【解析】当杆静止时,小球受力平衡,根据力的平衡条件可得:mgsin 30°=kx,代入数据解得:x=
0.5 m,所以弹簧的长度为:l1=l0-x=0.5 m,故 A 正确;当弹簧恢复原长时,由牛顿第二定律可得:mgtan
30°=mω21l0cos30°,解得:ω1=
2 15
3 rad/s,故 B 错误;当弹簧伸长量为 0.5m 时,小球受力如图示:
水平方向上:F2cos 30°+Nsin 30°=mω22(l0+x)cos 30°,竖直方向上:Ncos 30°=mg+F2sin 30°,
弹簧的弹力为:F2=kx;联立解得:ω2=
4 5
3 rad/s,故 C 正确;在此过程中,由动能定理可得:W-mg·
2xsin 30°=
1
2m[ω2(l0+x)cos 30°]2-0,解得:W=12.5 J,故 D 正确.
【答案】ACD
针对训练
4.(多选)质量为 m 的小球由轻绳 a、b 分别系于一轻质木架上的 A 和 C 点,绳长分别为 la、lb 如图所
示,当轻杆绕轴 BC 以角速度 ω 匀速转动时,小球在水平面内做匀速圆周运动,绳 a 在竖直方向,绳 b 在
水平方向,当小球运动到图示位置时,绳 b 烧断的同时轻杆停止转动,则(BC)
A.小球仍在水平面内做匀速圆周运动
B.在绳 b 被烧断瞬间,a 绳中张力突然增大
C.若角速度 ω 较小,小球在垂直于平面 ABC 的竖直平面内摆动
D.绳 b 未被烧断时,绳 a 的拉力大于 mg,绳 b 的拉力为 mω2lb
【解析】根据题意,在绳 b 被烧断之前,小球绕 BC 轴做匀速圆周运动,竖直方向上受力平衡,绳 a
的拉力等于 mg,选项 D 错误;绳 b 被烧断的同时轻杆停止转动,此时小球具有垂直平面 ABC 向外的速度,
小球将在垂直于平面 ABC 的平面内运动,若 ω 较大,则在该平面内做圆周运动,若 ω 较小,则在该平面
内来回摆动,故 C 正确,A 错误;绳 b 烧断瞬间,绳 a 的拉力与重力的合力提供向心力,所以拉力大于物
体的重力,绳 a 中的张力突然变大了,B 正确.
5.(多选)一水平放置的木板上放有砝码,砝码与木板间的摩擦因数为 μ,如果让木板在竖直平面内
做半径为 R 的匀速圆周运动,假如运动中木板始终保持水平,砝码始终没有离开木板,且砝码与木板间的
最大静摩擦力等于滑动摩擦力,那么下列说法正确的是(AC)
A.在通过轨道最高点时砝码处于失重状态
B.在经过轨道最低点时砝码所需静摩擦力最大
C.匀速圆周运动的速度不大于 μgR
D.在通过轨道最低点时砝码处于失重状态
【解析】在通过轨道最高点时,向心加速度竖直向下,是失重,故 A 正确;木板和砝码在竖直平面内
做匀速圆周运动,则所受合外力提供向心力,砝码受到重力 G,木板支持力 FN 和静摩擦力 Ff,由于重力 G
和支持力 FN 在竖直方向上,因此只有当砝码所需向心力在水平方向上时静摩擦力有最大值,此位置是当木
板和砝码运动到与圆心在同一水平面上时的位置,最大静摩擦力必须大于或等于砝码所需的向心力,即
μFN≥m
v2
R ,如图:此时在竖直方向上 FN=mg,故 v≤ μgR,故 B 错误,C 正确;在最低点,向心加速度
竖直向上,是超重,故 D 错误.
6.如图所示,ABC 为竖直平面内的金属半圆环,AC 连线水平,AB 为固定在 A、B 两点间的直金属棒,
在直棒上和圆环的 BC 部分分别套着两个相同的小环 M、N,现让半圆环绕对称轴以角速度 ω 做匀速转动,
半圆环的半径为 R,小圆环的质量均为 m,棒和半圆环均光滑,已知重力加速度为 g,小环可视为质点,
则 M、N 两环做圆周运动的线速度之比为(A)
A.
g
R2ω4-g2 B.
g2-R2ω4
g
C.
g
g2-R2ω4 D.
R2ω4-g2
g
【解析】M 环受到重力和杆的支持力,在水平面内做匀速圆周运动,合力的方向沿水平方向,所以:Fn
=mgtan 45°=mω·vM
所以:vM=
g
ω ①
同理,N 环受到重力和杆的支持力,在水平面内做匀速圆周运动,合力的方向沿水平方向,设 ON 与竖
直方向之间的夹角为 θ,Fn′=mgtan θ=mωvN
所以:vN=
gtan θ
ω ②
又:Fn′=mω2r ③
r=Rsin θ ④
联立②③④得:vN=
1
ω· R2ω4-g2 ⑤
所以:
vM
vN=
g
R2ω4-g2
故选 A.
考点3? 竖直面内的圆周运动问题 【p67】
夯实基础
1.解答竖直面内的圆周运动问题,主要运用两个力学观点,抓住一个关键.
(1)动力学观点:在最高点和最低点由什么力提供向心力;
(2)功能的观点:建立起最高点与最低点的速度关系;
(3)抓住一个关键:过最高点的临界条件.
2.竖直面内圆周运动中常见的两种模型
轻绳模型 轻杆模型
常见类型
均是不可受到支撑作用的小
球
均是可以受到支撑作用的小
球
过最高点的临界条件 由 mg=m
v
r得 v 临= gr 由小球能运动即可得 v 临=0
讨论分析
(1)过最高点时,
v≥ gr,
FN+mg=m
v2
r ,
绳、轨道对球产生弹力 FN
(2)当 v< gr时,不能过最
高点,在到达最高点前小球已
经脱离了圆轨道
(1)当 v=0 时,FN=mg,FN 为
支持力,沿半径背离圆心
(2)当 0<v< gr时,mg-FN
=m
v2
r ,FN 背离圆心,随 v 的
增大而减小
(3)当 v= gr时,FN=0
(4)当 v> gr时,FN+mg=m
v2
r ,FN 指向圆心并随 v 的增大
而增大
在最高点的 FN-v2 图线
取竖直向下为正方向 取竖直向下为正方向
考点突破
例 3 如图所示,一个凹形桥模拟器固定在水平地面上,其凹形轨道是半径为 0.4 m 的半圆,且在半圆
最低点装有一个压力传感器(图中未画出).一质量为 0.4kg 的玩具小车经过凹形轨道最低点时,传感器的
示数为 8 N,则此时小车的速度大小为(取 g=10 m/s2)( )
A.2 m/s B.4 m/s
C.8 m/s D.16 m/s
【解析】小车经过凹形桥的最低点时,受重力和支持力,沿半径方向的合外力提供向心力,由牛顿第
二定律有:FN-mg=m
v2
R ,由牛顿第三定律得 FN′=FN,而 FN′即为视重为 8 N,联立得瞬时速度 v=
(FN-mg)R
m =2 m/s,故选 A.
【答案】A
针对训练
7.长度为 L=0.50 m 的轻质细杆 OA,A 端有一质量为 m=3.0 kg 的小球,如图所示,小球以 O 点为圆
心,在竖直平面内做圆周运动,通过最高点时,小球的速率是 v=2.0 m/s,g 取 10 m/s2,则此时 A 对细杆
的作用力多大?方向怎样?
【解析】小球运动到最高点时受到重力与轻杆的弹力,假设轻杆的弹力方向向上为 FN,
根据合力提供向心力:mg-FN=m
v2
L ,代入数据解得:FN=6 N,方向竖直向上
根据牛顿第三定律可知此时 A 对细杆的作用力为 6 N,方向竖直向下
考 点 集 训 【p286】
A 组
1.(多选)如图所示,将物块 P 置于沿逆时针方向转动的水平转盘上,并随转盘一起转动(物块与转盘
间无相对滑动).图中 c 方向指向圆心,a 方向与 c 方向垂直.下列说法正确的是(BD)
A.若物块 P 所受摩擦力方向为 a 方向,转盘一定是匀速转动
B.若物块 P 所受摩擦力方向为 b 方向,转盘一定是加速转动
C.若物块 P 所受摩擦力方向为 c 方向,转盘一定是加速转动
D.若物块 P 所受摩擦力方向为 d 方向,转盘一定是减速转动
【解析】圆盘匀速转动时,重力和支持力平衡,合外力(摩擦力)提供圆周运动向心力,故摩擦力方向
指向圆心 O 点,即 cO 方向,选项 A 错误;当转盘加速转动时,物块 P 做加速圆周运动,不仅有沿 c 方向
指向圆心的向心力,还有沿 a 方向的切向力,使线速度大小增大,两方向的合力即摩擦力可能沿 b 方向,
故 B 正确,C 错误;当转盘减速转动时,物块 P 做减速圆周运动,不仅有沿 c 方向指向圆心的向心力,还
有沿 a 方向相反方向的切向力,使线速度大小减小,两方向的合力即摩擦力可能沿 d 方向,故 D 正确.
2.如图为某中国运动员在短道速滑比赛中勇夺金牌的精彩瞬间,假定此时他正沿圆弧形弯道匀速滑
行,则他(D)
A.所受的合力为零,做匀速运动
B.所受的合力恒定,做匀加速运动
C.所受的合力恒定,做变加速运动
D.所受的合力变化,做变加速运动
3.某同学为感受向心力的大小与哪些因素有关,做了一个小实验:绳的一端拴一小球,手牵着在空
中甩动,使小球在水面内做圆周运动(如图所示),则下列说法正确的是(B)
A.保持绳长不变,增大角速度,绳对手的拉力将不变
B.保持绳长不变,增大角速度,绳对手的拉力将增大
C.保持角速度不变,增大绳长,绳对手的拉力将不变
D.保持角速度不变,增大绳长,绳对手的拉力将减小
4.如图所示,火车以一定的速率在半径一定的轨道上转弯时,内外轨道恰好对火车没有侧向作用力,
不考虑摩擦和其他阻力,如果火车转弯的速率增大时(A)
A.外侧轨道将受到挤压
B.内侧轨道将受到挤压
C.为了保证轨道没有侧向作用力,可减小内外轨道高度差
D.轨道对火车的作用力和火车自身重力的合力变小
【解析】火车以某一速度 v 通过某弯道时,内、外轨道均不受侧压力作用,其所受的重力和支持力的
合力提供向心力,如图所示:
由图可以得出:F 合=mgtan θ,合力等于向心力,当 θ 很小时,有 tan θ=sin θ=
h
L,可得:v=
ghR
L ,由此可知为了保证轨道没有侧向作用力,可增大内外轨道高度差,故 C 错误;火车转弯的速率增
大时,火车所需要的向心力 Fn=m
v2
R 大于火车所受的重力和轨道对火车作用力的合力,火车有离心趋势,
故其外侧车轮轮缘会与铁轨相互挤压,外轨受到侧压力作用,故 A 正确,B、D 错误.
5.如图所示,一个菱形框架绕着过对角线的竖直轴匀速转动,在两条边上各有一个质量相等的小球
套在上面,整个过程小球相对框架没有发生滑动,A 与 B 到轴的距离相等,则下列说法正确的是(D)
A.框架对 A 的弹力方向垂直框架向下
B.框架对 B 的弹力方向可能垂直框架向上
C.A 与框架间可能没有摩擦力
D.A、B 所受的合力大小相等
【解析】球在水平面做匀速圆周运动,合外力指向圆心,对 A 进行受力分析可知,A 受重力,当静摩
擦力方向向上时,框架对 A 的弹力方向可能垂直框架向下,也可能垂直框架向上,故 A 错误;球在水平面
做匀速圆周运动,合外力指向圆心,对 B 进行受力分析可知,B 受重力,要使合力水平向右,框架对 B 的
弹力方向一定垂直框架向上,B 说的是可能,故 B 错误;若 A 与框架间没有摩擦力,则 A 只受重力和框架
对 A 的弹力,两个力的合力方向不可能水平向左,指向圆心,故 C 错误;A、B 两球所受的合力提供向心力
,转动的角速度相等,半径也相等,根据 F=mω2r,可知,合力大小相等,故 D 正确.故选 D.
6.两根细线上端系在天花板上同一点,下端分别悬挂质量相同的小球在同一水平面内做匀速圆周运
动,相对位置关系如图所示,则两个小球具有的物理量一定相同的是(B)
A.向心加速度 B.角速度
C.细线拉力 D.线速度
【解析】对其中一个小球受力分析,如图,受重力,绳子的拉力,由于小球做匀速圆周运动,故合力
提供向心力;将重力与拉力合成,合力指向圆心,由几何关系得细线的拉力为 T=
mg
cos θ,因为外侧球与
竖直方向的夹角大于内侧球与竖直方向的夹角,所以两球受到细线的拉力大小不同,C 错误;合力 F=mgtan
θ,由向心力公式得到,F=mω2r;设绳子与悬挂点间的高度差为 h,由几何关系得 r=htan θ;由以上
三式得 ω=
g
h,知角速度相等,B 正确;由于两球的运动半径不同,根据 v=ωr 和 a=ω2r 可知线速度
和加速度都不同,A、D 错误.
7.如图所示,在倾角 θ=30°的光滑斜面上,长为 L 的细线一端固定,另一端连接质量为 m 的小球,
小球在斜面上做圆周运动,A、B 分别是圆周的最高点和最低点,当小球在 A 点的最小速度为 vA 时,它在 B
点对应的速度为 vB,重力加速度为 g,则(D)
A.vA=0,vB=2 gL
B.vA= gL,vB= 5gL
C.vA=
2gL
2 ,vB=
3 2gL
2
D.vA=
2gL
2 ,vB=
1
2 10gL
【解析】在 A 点,对小球,临界情况是绳子的拉力为零,小球靠重力沿斜面方向的分力提供向心力,
根据牛顿第二定律得:mgsin θ=m
v
L,解得 A 点的最小速度为:vA=
2gL
2 ,对 AB 段过程研究,根据动能
定理得:mg·2Lsin θ=
1
2mv2B-
1
2mv2A,解得:vB=
1
2 10gL,故 D 正确.
8.如图所示,在光滑水平桌面上有一光滑小孔 O,一根轻绳穿过小孔,一端连接质量为 m=1 kg 的小
球 A,另一端连接质量为 M=4 kg 的重物 B,已知 g=10 m/s2,
(1)当 A 球沿半径 r=0.1m 的圆周做匀速圆周运动,其角速度 ω1 为多大时,B 物体处于将要离开、而
尚未离开地面的临界状态?
(2)当小球 A 的角速度为 ω2=10 rad/s 时,物体 B 对地面的压力为多大?
【解析】(1)当 B 对地面恰好无压力时,有:Mg=FT′,
拉力 FT′提供小球 A 所需向心力,则:FT′=mrω21
则有:ω1=
Mg
mr=
40
1 × 0.1 rad/s=20 rad/s.
(2)对小球 A 来说,小球受到的重力和支持力平衡.因此绳子的拉力提供向心力,则:
FT=mrω2=1×0.1×102 N=10 N,
对物体 B 来说,物体受到三个力的作用:重力 Mg、绳子的拉力 FT、地面的支持力 FN,由力的平衡条件
可得:
FT+FN=Mg,故 FN=Mg-FT
将 FT=10 N 代入可得:FN=(4×10-10) N=30 N
由牛顿第三定律可知,B 对地面的压力为 30 N,方向竖直向下.