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- 2021-05-26 发布
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考点一 功和功率
考点清单
考向基础
一、功
1.功的定义:一个物体受到力的作用,并在力的方向上发生一段位移,就说这个力对物体做了机械功,简称功。
2.做功的两个必要因素:力和物体在力的方向上发生的位移,缺一不可。
3.功的物理意义:功是能量转化的量度。
4.公式:a.当恒力
F
的方向与位移
l
的方向一致时,力对物体所做的功为
W
=
Fl
。
b.当恒力
F
的方向与位移
l
的方向成某一角度
α
时,力
F
对物体所做的功为
W
=
Fl
cos
α
。即力对物体所做的功,等于力的大小、位移的大小、力与位移的夹角的余弦这三者的乘积。
5.功是标量,但有正负。
二、功率
1.
功率是描述做功快慢
的物理量,定义为功与完成这些功所用时间的比值。比较功率的大小,就要比较这个比值:比值越大,功率就越大,做功就越快;比值越小,功率就越小,做功就越慢。功率与做功多少和时间长短无直接联系。
2.功率的计算
a.
P
=
,用此公式
求出的是平均功率
。
b.
P
=
Fv
,
若
v
为平均速度,则
P
为平均功率;若
v
为瞬时速度,则
P
为瞬时功率
。
3.发动机铭牌上所标注的功率为这部机械的额定功率。它是人们对机械进行选择、配置的一个重要参数,它反映了机械的做功能力或机械所能承担的“任务”。机械运行过程中的功率是实际功率。机械的实际功率可以小于其额定功率,可以等于其额定功率,但是机械不能长时间超负荷运
行,否则会损坏机械设备,缩短其使用寿命。由
P
=
Fv
可知,在功率一定的条件下,发动机产生的牵引力
F
跟运转速度
v
成反比。
考向突破
考向 功、功率
一、正功、负功的判定
1.根据力和位移的方向的夹角判断,此法常用于判断质点
做直线运动时恒力的功
。恒力做功的公式
W
=
Fx
cos
α
,90
°
<
α
≤
180
°
做负功,0
≤
α
<90
°
做正功,
α
=90
°
不做功。
2.根据力和瞬时速度方向的夹角判断,此法常用于判断质点
做曲线运动时变力的功
。设力的方向和瞬时速度方向夹角为
θ
,当0
°
≤
θ
<90
°
时力做正功,当90
°
<
θ
≤
180
°
时力做负功,当
θ
=90
°
时,力做的功为零。
3.从能量的转化角度来进行判断。若有能量转化,则应有力做功。此法常用于判断两个相联系的物体。
一个系统机械能增加(或减少),一定是除重力或系统内弹力外,其他力对系统做正功(或负功)。
如图所示,弧面体
a
放在光滑水平面上,弧面光滑,使物体
b
自弧面的顶端自由下滑,试判定
a
、
b
间弹力做功的情况。
从能量转化的角度看,当
b
沿弧面由静止下滑时,
a
就由静止开始向右运动,即
a
的动能增大了,因而
b
对
a
的弹力做了正功。由于
a
和
b
组成的系统机械能守恒,
a
的机械能增加,
b
的机械能一定减少,因而
a
对
b
的弹力对
b
一定做了负功。
例1 如图所示,质量为
M
的滑块,置于光滑水平地面上,其上有一半径为
R
的光滑
圆槽,现将一质量为
m
的物体从圆弧的最高点滑下,在下滑过程中,
滑块对物体的弹力做功
W
1
,物体对滑块的弹力做功
W
2
,则
( )
A.
W
1
=0,
W
2
=0 B.
W
1
<0,
W
2
>0
C.
W
1
=0,
W
2
>0 D.
W
1
>0,
W
2
<0
解析 由地面与曲面光滑,可知物体与滑块组成的系统机械能守恒。物体下滑,滑块向左运动,则滑块动能增加,可知物体对滑块的弹力做正功,
W
2
>0。滑块机械能增加,物体机械能一定减小,
W
1
<0。
答案 B
二、求变力做功的方法
1.根据
W
=
Pt
计算一段时间内做的功,此公式适用于功率恒定的情况。
2.根据力(
F
)-位移(
l
)图像的物理意义计算力对物体所做的功,如图中阴影部分的面积在数值上等于力所做功的大小。
W
合
=
W
1
+
W
2
+
W
3
+
…
+
W
n
=Δ
E
k
=
E
k
t
-
E
k0
=
m
-
m
4.常用方法还有转换法、微元法、图像法、平均力法等,求解时根据条件灵活选择。
3.利用动能定理求功
例2 如图所示,一质量为
m
=2.0 kg的物体从半径为
R
=5.0 m的圆弧面的
A
端,在拉力作用下沿圆弧面缓慢运动到
B
端(圆弧面
AB
在竖直平面内)。
拉力
F
大小不变始终为15 N,方向始终与物体所在位置的切线成37
°
角。圆弧面所对应的圆心角为60
°
,
BO
边竖直,
g
取10 m/s
2
。求这一过程中(cos 37
°
=0.8):
(1)拉力
F
做的功。
(2)重力
mg
做的功。
(3)圆弧面对物体的支持力
F
N
做的功。
(4)圆弧面对物体的摩擦力
F
f
做的功。
解题导引
(1)拉力
F
大小不变,但方向不断改变→变力功→用微元法。
(2)重力做功与路径无关,与始末位置高度差有关。
(3)支持力与速度方向垂直不做功。
(4)摩擦力为变力,可用动能定理求其做功。
答案 (1)62.8 J (2)-50 J (3)0 (4)-12.8 J
解析 (1)将圆弧面分成很多小段
l
1
、
l
2
、
…
、
l
n
,拉力在每小段上做的功为
W
1
、
W
2
、
…
、
W
n
,因拉力
F
大小不变,方向始终与物体所在位置的切线成
37
°
角,所以:
W
1
=
Fl
1
cos 37
°
,
W
2
=
Fl
2
cos 37
°
,
…
,
W
n
=
Fl
n
cos 37
°
,所以拉力
F
做的功为:
W
F
=
W
1
+
W
2
+
…
+
W
n
=
F
cos 37
°
(
l
1
+
l
2
+
…
+
l
n
)=
F
cos 37
°
·
R
=20π J=62.8 J。
(2)重力
mg
做的功
W
G
=-
mgR
(1-cos 60
°
)=-50 J。
(3)物体受到的支持力
F
N
始终与物体的运动方向垂直,所以
=0。
(4)因物体在拉力
F
作用下缓慢移动,则物体处于动态平衡状态,合外力做功为零,所以
W
F
+
W
G
+
=0,则
=-
W
F
-
W
G
=-62.8 J+50 J=-12.8 J。
考点二 动能定理、机械能守恒定律及其应用
考向基础
一、动能
1.动能的定义:物体由于运动所具有的能。
2.动能的计算公式为
E
k
=
mv
2
。
3.动能是标量,是描述物体运动状态的物理量,其单位与功的单位相同。在国际单位制中其单位是焦耳(J)。
二、动能定理
1.动能定理的内容
合外力对物体所做的功等于物体动能的变化
,这个结论叫做动能定理。
2.动能定理的表达式
W
=
E
k2
-
E
k1
,式中
W
为合外力对物体所做的功,
E
k2
为物体末状态的动能,
E
k1
为物体初状态的动能。
动能定理的表达式为标量式,
v
为相对同一参考系的
速度
,中学物理中一般取地面为参考系。
三、重力做功的特点
由于重力的方向始终竖直向下,因而在物体运动过程中,
重力的功只取决于初、末位置的高度差
,与物体的运动路径无关。
四、势能
1.重力势能
(1)由物体所处位置的高度决定的能量,称为重力势能。一个质量为
m
的物体,被举高到高度为
h
处,具有的重力势能为:
E
p
=
mgh
。
(2)
重力势能是地球和物体组成的系统共有的,而不是物体单独具有的
。
(3)重力势能
E
p
=
mgh
是相对的,式中的
h
是物体的
重心到参考平面(零势能面)的高度
,若物体在参考平面以上,则重力势能为正值;若物体在参考平面以下,则重力势能为负值,通常选择地面作为参考平面。
(4)重力势能的变化与重力做功的关系
重力对物体做多少正功,物体的重力势能就减少多少
;重力对物体做多少负功,物体的重力势能就增加多少,即
W
G
=-Δ
E
p
。
2.弹性势能:
物体因发生弹性形变而具有的能叫做弹性势能
。弹簧的弹性势能的大小与形变量及劲度系数有关,弹簧的形变量越大、劲度系数越大,弹簧的弹性势能越大。
五、机械能守恒定律
1.内容
在
只有重力或弹力做功
的物体系统内,动能与势能可以互相转化,而总的机械能保持不变。
观点
表达式
含义
使用说明
守恒
观点
E
1
=
E
2
或
E
p1
+
E
k1
=
E
p2
+
E
k2
表示系统在初状态的机械能等于末状态的机械能
单个物体或系统,初、末态高度已知。需要选取参考平面(零势能面)
转化
观点
Δ
E
k
+Δ
E
p
=0
表示系统动能的减少(或增加)等于势能的增加(或减少)
初、末态高度未知,但高度变化已知。不需要选取参考平面(零势能面)
2.表达式
转移
观点
Δ
E
A
+Δ
E
B
=0
表示系统一部分
A
机械能的减少(或增加)等于另一部分
B
机械能的增加(或减少)
不需要选取参考平面(零势能面)
考向突破
考向一 动能定理及其应用
一、动能定理适用对象
动能定理的研究对象一般是单一物体,或者可以看成单一物体的物体系。动能定理既适用于物体的直线运动,也适用于曲线运动;既适用于恒力做功,也适用于变力做功。力可以是各种性质的力,既可以同时作用,也可以分段作用。只要求出在作用过程中各力做功的多少和正负即可。
二、应用动能定理解题时的注意事项
1.
W
总
是所有外力对物体所做功的代数和,即
W
总
=
W
1
+
W
2
+
…
,或先将物体的外力进行合成,求出合外力
F
合
后,再利用
W
总
=
F
合
x
cos
α
进行计算。
2.因为动能定理中功和能均与参考系的选取有关,所以动能定理也与参考系的选取有关。中学物理中一般取地面为参考系。
3.做功的过程是能量转化的过程,动能定理表达式中的“=”的意义是一
种因果关系在数值上相等的符号,意味着“功引起物体动能的变化”。
4.动能定理表达式两边的每一项都是标量,因此动能定理的表达式是一个标量式。
三、应用动能定理解题的基本步骤
例1 某滑沙场示意图如图所示,某旅游者乘滑沙橇从
A
点由静止开始滑下,最后停在水平沙面上的
C
点,设滑沙橇和沙面间的动摩擦因数处处相同,斜面和水平面连接处可认为是圆滑的,旅游者保持一定姿势坐在滑沙橇上不动,若测得
AC
间水平距离为
x
,
A
点高为
h
,求滑沙橇与沙面间的动摩擦因数
μ
。
解题导引
解析 设斜面的倾角为
θ
,旅游者和滑沙橇总质量为
m
,则旅游者和滑沙橇从
A
点到
B
点,
重力做功
W
G
=
mgh
摩擦力做功
W
f
=-
μmg
cos
θ
·
在水平面上运动时,只有滑动摩擦力做功
W
f
'=-
μmg
(
x
-
)。
解法一 “隔离”过程,分段研究,设在
B
点旅游者和滑沙橇的速度为
v
,由
A
点到
B
点根据动能定理得:
W
G
+
W
f
=
mv
2
-0
在水平面上运动时,同理有:
W
f
'=0-
mv
2
解得
μ
=
。
解法二 从
A
到
C
全过程由动能定理得:
W
G
+
W
f
+
W
f
'=0
解得
μ
=
。
答案
考向二 机械能守恒定律及其应用
应用机械能守恒定律的解题思路
1.明确研究对象,即哪些物体参与了动能和势能的相互转化,选择合适的初态和末态。
2.分析物体的受力并分析各个力做功情况,看是否符合机械能守恒条件,只有符合条件才能应用机械能守恒定律。
3.正确选择守恒定律的表达式列方程,可对分过程列式,也可对全过程列式。
4.求解结果并说明物理意义。
例2 如图所示,质量为
m
1
的物体
A
经一轻质弹簧与下方地面上的质量为
m
2
的物体
B
相连,弹簧的劲度系数为
k
,
A
、
B
都处于静止状态。一条不可伸长的轻绳绕过滑轮,一端连物体
A
,另一端连一轻挂钩。开始时各段绳都处于伸直状态,
A
上方的一段绳沿竖直方向。现在挂钩上挂一质量为
m
3
的物体
C
并由静止释放,已知它恰好能使物体
B
离开地面但不继续上升。若将
C
换成另一个质量为(
m
1
+
m
3
)的物体
D
,仍从上述初始位置由静止释放,则这次
B
刚离开地面时
D
的速度大小是多少?已知重力加速度为
g
。
解题导引
答案
解析 开始时,
A
、
B
静止,设弹簧压缩量为
x
1
,有
kx
1
=
m
1
g
。
挂
C
并释放后,
C
向下运动,
A
向上运动,设
B
刚要离开地面时弹簧伸长量为
x
2
,有
kx
2
=
m
2
g
。
B
不再上升,表示此时
A
和
C
的速度为零,
C
已降到最低点。由机械能守恒,与初始状态相比,弹簧弹性势能的增加量Δ
E
=
m
3
g
(
x
1
+
x
2
)-
m
1
g
(
x
1
+
x
2
)。
C
换成
D
后,当
B
刚离开地面时弹簧弹性势能的增加量与前一次相同,由能量关系得
(
m
3
+
m
1
)
v
2
+
m
1
v
2
=(
m
3
+
m
1
)
g
(
x
1
+
x
2
)-
m
1
g
(
x
1
+
x
2
)-Δ
E
,即
(2
m
1
+
m
3
)
v
2
=
m
1
g
(
x
1
+
x
2
),解得
v
=
。
考点三 功能关系、能量守恒定律
考向基础
一、功能关系
1.功是能量转化的量度,做了多少功,就有多少能量发生了转化。
2.
W
F
=Δ
E
,该式的物理含义是
除重力以外的力对物体所做的功等于物体机械能的变化,即功能原理
。要注意的是物体的内能(所有分子热运动的动能和分子势能的总和)、电势能不属于机械能。
二、能量守恒定律
能量不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式转化为另一种形式,或者从一个物体转移到另一个物体,在转化或转移的过程中其
总量保持不变
,这就是能量守恒定律。
考向突破
考向 功能关系
一、对功能关系的理解
1.做功的过程就是能量转化的过程。不同形式的能量发生相互转化可以通过做功来实现。
2.功是能量转化的量度,功和能的关系,一是体现在不同性质的力做功,对应不同形式的能转化,具有一一对应关系,二是做功的多少与能量转化的多少在数值上相等。
二、功是能量转化的量度,力学中几种常见的功能关系如下
例 (2016四川理综,1,6分)韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员。他在一次自由式滑雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离,重力对他做功1 900 J,他克服阻力做功100 J。韩晓鹏在此过程中
( )
A.动能增加了1 900 J B.动能增加了2 000 J
C.重力势能减小了1 900 J D.重力势能减小了2 000 J
解析 由动能定理可知,Δ
E
k
=1 900 J-100 J=1 800 J,故A、B均错。重力势能的减少量等于重力做的功,故C正确、D错。
答案 C
三、两种摩擦力做功特点比较
静摩擦力做功和滑动摩擦力做功的特点有相似之处,也有不同之处,现从三个方面进行比较总结:
类别
比较
静摩擦力
滑动摩擦力
能量的
转化方面
在静摩擦力做功的过程中,只有机械能从一个物体转移到另一个物体(静摩擦力起着传递机械能的作用)而没有机械能转化为其他形式的能量
(1)相互摩擦的物体通过摩擦力做功,将部分机械能从一个物体转移到另一个物体
(2)部分机械能转化为内能,此部分能量就是系统机械能损失量
一对摩
擦力的
总功方面
一对静摩擦力所做功的代数总和等于零
一对相互作用的滑动摩擦力对物体系统所做的总功,等于摩擦力与相对路程的乘积,即
W
f
=-
f
·
s
相对
,表示物体克服摩擦力做功,系统损失的机械能转变成内能
相同点
正功、负功、不做功方面
两种摩擦力对物体可以做正功、负功,还可以不做功
机车启动问题的处理方法
方法
1
方法技巧
1.机车启动有两种方式
(1)以恒定的功率启动
匀速直线运动
……
所以机车达到最大速度时
a
=0,
F
=
F
f
,
P
=
Fv
m
=
F
f
v
m
,这一启动过程的
v
-
t
关系如图所示,其中
v
m
=
。
(2)以恒定的加速度启动
这一运动过程的
v
-
t
关系如图所示,其中
v
0
=
,
F
=
F
f
+
ma
,
v
m
=
。
两种启动过程中,物理量变化的判断主要依靠公式
P
=
Fv
和
a
=
,另外
P
=
P
额
、
a
=0为两种启动方式的最终状态。
2.以恒定加速度启动时的分段处理
(1)上图中0~
t
0
段
P
均匀增加(
P
=
Fv
,
a
不变,
F
不变,
v
均匀增加),可按匀加速直线运动及平均功率处理。
(2)
t
0
时刻
P
增至
P
额
,
v
0
=
。
t
0
~
t
1
段
P
=
P
额
=
Fv
,功率不变,
F
f
不变,牵引力
F
和
a
变
小,但速度
v
增加。此阶段牵引力是变力,牵引力的功为
W
=
P
(
t
1
-
t
0
)。
(3)
t
1
时刻后,
P
额
=
F
f
·
v
m
成立。
说明 (1)机车以恒定加速度启动时,先后经过两个过程,匀加速运动结束时的速度,并未达到整个过程的最大速度
v
m
,只是达到匀加速阶段的最大速度。
(2)在
P
=
Fv
中因为
P
为机车牵引力的功率,所以对应的
F
是牵引力并非合力,这一点在计算时极易出错。
(3)只有最终匀速运动时才有
F
=
F
f
、
v
m
=
=
。
例1 如图所示为修建高层建筑常用的塔式起重机。在起重机将质量
m
=5
×
10
3
kg的重物竖直吊起的过程中,重物由静止开始向上做匀加速直线运动,加速度
a
=0.2 m/s
2
,当起重机输出功率达到其允许的最大值时,保持该功率直到重物做
v
m
=1.02 m/s 的匀速直线运动。取
g
=10 m/s
2
,不计额外功。求:
(1)起重机允许输出的最大功率;
(2)重物做匀加速运动所经历的时间和起重机在第2秒末的输出功率。
解析 (1)设起重机输出的最大功率为
P
0
,重物达到最大速度时,拉力
F
0
=
mg
即
P
0
=
F
0
v
m
=
mgv
m
代入数据解得
P
0
=5.1
×
10
4
W
(2)匀加速运动结束时,起重机达到最大输出功率,设此时重物受到的拉力为
F
,速度为
v
1
,匀加速运动经历时间为
t
1
有:
v
1
=
at
1
P
0
=
Fv
1
F
-
mg
=
ma
代入数据解得
F
=5.1
×
10
4
N
t
1
=5 s
t
=2 s时重物处于匀加速运动阶段,设此时速度为
v
2
,起重机的输出功率为
P
,则有
v
2
=
at
,
P
=
Fv
2
代入数据解得
P
=2.04
×
10
4
W
答案 (1)5.1
×
10
4
W (2)5 s 2.04
×
10
4
W
巧用动能定理求总路程的方法
方法
2
用动能定理求往返运动的总路程时,找到物体运动的初态和末态,受力分析,往往有摩擦阻力做功,其中将位移变为路程来计算求解。
例2 如图所示,斜面倾角为
θ
,质量为
m
的滑块在距挡板
P
的距离为
s
0
的
A
点以初速度
v
0
沿斜面上滑,滑块与斜面间的动摩擦因数为
μ
,滑块所受摩擦力小于滑块沿斜面的“下滑力”,若滑块每次与挡板相碰,碰后以原速率返回,无动能损失,求滑块停止运动前在斜面上经过的路程
解题导引
解析 研究对象:滑块。
物理过程分析:滑块受重力
mg
、支持力
N
、摩擦力
f
,示意图如图所示。由滑块所受摩擦力小于滑块沿斜面的“下滑力”(重力沿斜面的分力)可知:
下滑时,合力
F
合1
=
mg
sin
θ
-
f
,加速度
a
1
=
,方向沿斜面向下,匀加速下滑;
上滑时,合力
F
合2
=
mg
sin
θ
+
f
',加速度
a
2
=
,方向沿斜面向下,匀减速上滑。
答案
f
=
f
'=
μmg
cos
θ
滑块由
A
点匀减速上滑至最高点
B
,然后匀加速下滑至
P
点,碰后以原速率返回,因
a
1
<
a
2
,所以滑块匀减速上滑所到达的最高位置将低于
B
点,然后又匀加速下滑,如此反复,上滑高度不断减小,最终停止在
P
点。设滑块停止运动前在斜面上经过的路程为
s
。
根据动能定理:
mgs
0
×
sin
θ
-
fs
=0-
E
k0
,即
mgs
0
×
sin
θ
-
μmg
cos
θ
×
s
=0-
m
解得
s
=
。
巧用功能关系处理问题
方法
3
功是能量转化的量度,做了多少功,就有多少能量发生了转化。
例3 如图所示,在竖直平面内有一半径为
R
的圆弧轨道,半径
OA
水平、
OB
竖直,一个质量为
m
的小球自
A
的正上方
P
点由静止开始自由下落,小球沿轨道到达最高点
B
时恰好对轨道没有压力。已知
AP
=2
R
,重力加速度为
g
,则小球从
P
到
B
的运动过程中
( )
A.重力做功2
mgR
B.机械能减少
mgR
C.合外力做功
mgR
D.克服摩擦力做功
mgR
/2
答案 D
解析 小球从
P
点运动到
B
点的过程中重力做功为
mgR
,选项A错误;设小球通过
B
点时的速度为
v
B
,小球通过
B
点时刚好对轨道没有压力,说明此刻刚好由重力提供向心力,对小球通过
B
点瞬间应用牛顿第二定律有:
mg
=
m
,解
得
v
B
=
,设小球从
P
点运动到
B
点的过程中克服摩擦力做功为
W
,对此过
程由动能定理有:
mgR
-
W
=
m
,联立得
W
=
mgR
,选项D正确;合外力做功
W
合
=
mgR
-
W
=
mgR
,选项C错误;小球机械能的减少量等于小球克服摩擦力所
做的功,即Δ
E
=
W
=
mgR
,选项B错误。
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