• 231.50 KB
  • 2021-05-27 发布

2020高考物理刷题增分:选择题仿真2016Ⅲ卷高考模拟演练含解析

  • 5页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
选择题仿真2016·Ⅲ卷高考模拟演练 二、选择题:本题共8小题,每小题6分。在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。‎ ‎14.(2019·天津河西一模)如图所示,天链一号04星是一颗地球同步卫星,它与天链一号02星、03星在圆形轨道2上实现组网运行,可为在近地圆形轨道1上运行的天宫二号提供数据中继与测控服务。下列说法正确的是(  )‎ A.天链一号04星的最小发射速度是‎11.2 km/s B.天链一号04星的运行速度小于天宫二号的运行速度 C.为了便于测控,天链一号04星相对于地面静止于酒泉飞控中心的正上方 D.天链一号04星的运行速度可能小于天链一号02星的运行速度 解析 天链一号04星是地球的同步卫星。其发射速度应大于7.9 km/s,小于11.2 km/s,A错误;根据v=可知B正确;同步卫星只能定点于赤道上空,C错误;04星与02星在同一轨道上运行,运行速度应相等,D错误。‎ 答案 B ‎15.关于静电场下列说法正确的是(  )‎ A.将负电荷由电势低的地方移到电势高的地方,电势能一定增加 B.无论是正电荷还是负电荷,从电场中某点移到无穷远处时,静电力做的正功越多,电荷在该点的电势能越大 C.在同一个等势面上的各点,场强的大小必然是相等的 D.电势下降的方向就是电场强度的方向 解析 将负电荷由低电势点移到高电势点,电场力做正功,电势能减小,A错误;无论是正电荷还是负电荷,从电场中某点移到无穷远处时,因无穷远处电势能为零,因此静电力做正功越多,电荷在该点的电势能越大,B正确;在同一等势面上,电势处处相等,场强不一定相等,C错误;电势下降最快的方向才是电场强度的方向,D错误。‎ 答案 B ‎16.(2019·吉林长春三测)一物体沿直线运动,用x表示运动位移,用t 5‎ 表示运动时间。从t=0时刻开始计时,t图像如图所示,图线斜率为k,则以下说法正确的是(  )‎ A.物体做匀速直线运动,速度等于k B.物体做变减速直线运动,加速度均匀减小 C.物体做匀减速直线运动,加速度等于k D.物体做匀减速直线运动,加速度等于2k 解析 由于图示t图像中图线为一条直线,而由位移公式x=v0t+at2变形可得=v0+at,则知k=a,而k小于零,故物体做匀减速直线运动,加速度等于2k,D项正确。‎ 答案 D ‎17.如图所示,轻质滑轮用轻绳连接于天花板O点,绕滑轮的轻绳一端连在重物上,另一端由站在地面上的人拉着,重物和人均静止,连接于O点的轻绳与竖直方向的夹角θ=37°,人与重物的总重力为800 N,人受到地面的摩擦力为207 N,则地面对人的支持力大小为(  )‎ A.414 N B.476 N C.524 N D.587 N 解析 对重物与人整体受力分析,整体受总重力G、支持力N、绳的拉力F及地面的摩擦力f。根据力的平衡条件可知,Fsinθ=f,Fcosθ+N=G,解得N=524 N,C项正确。‎ 答案 C ‎18.(2019·江西南昌第二次模拟)如图所示,正三角形的三条边都与圆相切,在圆形区域内有垂直纸面向外的匀强磁场,质子H和氦核He都从顶点A沿∠BAC的角平分线方向射入磁场,质子H从C点离开磁场,氦核He从相切点D离开磁场,不计粒子重力,则质子和氦核的入射速度大小之比为(  )‎ 5‎ A.6∶1 B.3∶1‎ C.2∶1 D.3∶2‎ 解析 设三角形的边长为L,根据几何关系可以得到磁场圆的半径为R=L,质子进入磁场时的运动轨迹如图甲所示,‎ 由几何关系可得r1=Rtan60°=L 氦核进入磁场时的运动轨迹如图乙所示,‎ 由几何关系可得:r2=Rtan30°=L 粒子在磁场中运动时洛伦兹力提供向心力,即qvB=m,结合两个粒子的轨迹半径可求得质子和氦核的入射速度大小之比为6∶1,故A正确。‎ 答案 A ‎19.(2019·福建厦门质检)如图所示,电路中变压器为理想变压器,其原线圈接在u=20sin50πt(V)的交流电源上,副线圈与阻值为R1=2 Ω的电阻接成闭合电路,电流表为理想电流表。另有一阻值R2=32 Ω的电阻与变压器原线圈并联,电阻R1与R2消耗的电功率恰好相等。则(  )‎ A.电阻R1消耗的电功率为12.5 W B.通过电阻R1的交变电流的周期为0.02 s C.电流表的示数为‎10 A D.变压器原、副线圈匝数比为4∶1‎ 解析 加在R2两端电压的有效值为UR2=U= V=20 V,R2消耗的功率为PR2= 5‎ ‎=12.5 W,又电阻R1与R2消耗的电功率恰好相等,故A项正确;由u=20sin50πt(V),知ω=50π rad/s,故周期T==0.04 s,变压器不改变交流电的周期,故B错误;R1的功率PR1=PR2=12.5 W,通过R1的电流IR1=)=2.5 A,则电流表的示数为2.5 A,故C错误;副线圈两端电压为U2=IR1R1=5 V,原线圈两端电压U1=U=20 V,则原、副线圈匝数之比n1∶n2=U1∶U2=4∶1,故D项正确。‎ 答案 AD ‎20.(2019·湖北仙桃、天门、潜江三市期末联考)如图所示,长为L的轻质细杆一端拴在天花板上的O点,另一端拴一质量为m的小球。刚开始细杆处于水平位置,现将小球由静止释放,细杆从水平位置运动到竖直位置,在此过程中小球沿圆弧从A点运动到B点,不计空气阻力和O点阻力,则(  )‎ A.小球下摆过程中,重力对小球做功的平均功率为0‎ B.小球下落高度为‎0.5L时,细杆对小球拉力为1.5mg C.小球经过B点时,细杆对小球的拉力为2mg D.小球下摆过程中,重力对小球做功的瞬时功率先增大后减小 解析 小球下摆过程中,重力做的功W=mgL,则重力的平均功率=,不为零,故A错误;小球下落高度为0.5L时到达C点,设细杆与水平方向夹角为θ角,其受力情况如图所示,由几何关系得:sinθ==,解得θ=30°;下降0.5L,只有重力做功,细杆的拉力不做功,由机械能守恒定律得mg×0.5L=mv,在C点有:FT-mgsinθ=m,联立解得:FT=1.5mg,故B正确;从A点到B点,由机械能守恒定律得:mgL=mv,在B点有:FT′-mg=m,联立解得FT′=3mg,故C错误;小球下摆过程中,竖直方向的分速度先变到最大再减小到0,由PG=mgvy知,重力对小球做功的瞬时功率先增大后减小,故D正确。‎ 答案 BD 5‎ ‎21.(2019·湖北武汉调研)如图甲所示,在足够长的光滑的斜面上放置着金属线框,垂直于斜面方向的匀强磁场的磁感应强度B随时间的变化规律如图乙所示(规定垂直斜面向上为正方向)。t=0时刻将线框由静止释放,在线框下滑的过程中,下列说法正确的是(  )‎ A.线框中产生大小、方向周期性变化的电流 B.MN边受到的安培力先减小后增大 C.线框做匀加速直线运动 D.线框中产生的焦耳热等于其机械能的损失 解析 穿过线圈的磁通量先向下减小,后向上增加,则根据楞次定律可知,感应电流方向不变,A错误;因B的变化率不变,则感应电动势不变,感应电流不变,而B的大小先减后增,根据F=BIL可知,MN边受到的安培力先减小后增大,B正确;因线圈平行的两边电流等大反向,则整个线圈受的安培力为零,则线圈下滑的加速度为gsinθ不变,则线框做匀加速直线运动,C正确;因安培力对线圈不做功,斜面光滑,则线框的机械能守恒,机械能无损失,D错误。故选B、C。‎ 答案 BC 5‎