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- 2021-05-28 发布
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第三节 探究安培力(第二课时)
安培力大小和方向
【自主学习】
一、 学习目标
1. 知道安培力大小计算,安培力方向确定。
2. 过程与方法 分析综合、归纳类比
3. 情感、态度与价值观 理论探究结合实验探究提高综合探究能力
二、 重点难点
1. 安培力的大小、方向
2. 左手定则的使用
三、自主学习
1.安培力大小
(1)当I⊥B时,F=BIL
(2)当I∥B时,F=0
注意:(1)当导线弯曲时,L是导线两端的有效直线长度
(2)对于任意形状的闭合线圈,其有效长度均为零,所以通电后在匀强磁场中受到的安培力的矢量和为零.
2.安培力方向:用左手定则判断,注意安培力既垂直于B,也垂直于I,即垂直于B与I决定的平面.判断下图中导线A所受磁场力的方向?
课 堂
检测案
第三节 探究安培力(第二课时)
安培力大小和方向
【课堂检测】
1.下面的几个图显示了磁场对通电直导线的作用力,其中正确的是( )
2.关于通电导线所受安培力F的方向,磁感应强度B的方向和电流I的方向之间的关系,下列说法正确的是( )
A.F、B、I三者必须保持相互垂直
B.F必须垂直B、I,但B、I可以不相互垂直
C.B必须垂直F、I,但F、I可以不相互垂直
D.I必须垂直F、B,但F、B可以不相互垂直
a
b
3.如图所示,水平放置的两根平行金属轨道相距0.2m,上面放一质量为0.04kg的均匀金属棒ab,电源电动势为6V、内阻为0.5Ω当滑动变阻器调到2.5Ω时,要在金属棒所在位置加一个磁感应强度大小为 ,方向为水平向 的匀强磁场,才能使金属棒对轨道的压力恰好为零。
4.如图所示,PQ和MN为水平、平行放置的金属导轨,相距L=1 m.PM间接有一个电动势为E=6 V,内阻r=1 Ω的电源和一只滑动变阻器.导体棒ab跨放在导轨上,棒的质量为m=0.2 kg,棒的中点用细绳经定滑轮与物体相连,物体的质量M=0.3 kg
.棒与导轨的动摩擦因数为μ=0.5,匀强磁场的磁感应强度B=2 T,方向竖直向下,为使物体保持静止,滑动变阻器连入电路的阻值为多大?设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等,导轨与棒的电阻不计.(g取10 m/s2) 2 Ω≤R≤5 Ω
课 堂
训练案
第三节 探究安培力(第二课时)
安培力大小和方向
【当堂训练】
1.一根容易形变的弹性导线,两端固定.导线中通有电流,方向如图中箭头所示.当没有磁场时,导线呈直线状态;当分别加上方向竖直向上、水平向右或垂直于纸面向外的匀强磁场时,描述导线状态的四个图示中正确的是( )
2.如图所示,用两根相同的细绳水平悬挂一段均匀载流直导线MN,电流I方向从M到N,绳子的拉力均为F.为使F=0,可能达到要求的方法的是( )
A.加水平向右的磁场 B.加水平向左的磁场
C.加垂直纸面向里的磁场 D.加垂直纸面向外的磁场
4.如图,在匀强磁场中放有下列各种形状的通电导线,电流强度均为I,磁感应强度均为B,求各导线所受到的安培力的大小.
3.如图所示,一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中,且与磁场方向(垂直于纸面向里)垂直.线段ab、bc和cd的长度均为L,且∠abc=∠bcd=135°.流经导线的电流为I,方向如图中箭头所示.导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力( )
A.方向沿纸面向上,大小为(+1)ILB
B.方向沿纸面向上,大小为(-1)ILB
C.方向沿纸面向下,大小为(+1)ILB
D.方向沿纸面向下,大小为(-1)ILB
4.如图,在匀强磁场中放有下列各种形状的通电导线,电流强度均为I,磁感应强度均为B,求各导线所受到的安培力的大小.
课后
拓展案
第三节 探究安培力(第二课时)
安培力大小和方向
【巩固拓展】
1.用两根细线把两个完全相同的圆形导线环悬挂起来,让二者等高平行放置,如图所示.当两导线环中通入方向相同的电流I1、I2时,则有( ).
A.两导线环相互吸引 B.两导线环相互排斥
C.两导线环无相互作用力 D.两导线环先吸引后排斥
2.如图所示,均匀绕制的螺线管水平放置,在其正中心的上方附近用绝缘绳水平吊起通电直导线A,A与螺线管垂直,A导线中的电流方向垂直纸面向里,开关S闭合,A受到通电螺线管磁场的作用力的方向是( ).
A.水平向左 B.水平向右
C.竖直向下 D.竖直向上
3.在等边三角形的三个顶点a、b、c处,各有一条长直导线垂直穿过纸面,导线中通有大小相等的恒定电流,方向如图所示,则过c点的导线所受安培力的方向( ).
A.与ab边平行,竖直向上 B.与ab边平行,竖直向下
C.与ab边垂直,指向左边 D.与ab边垂直,指向右边
4.电磁轨道炮工作原理如图所示.待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动,并与轨道保持良好接触.电流I从一条轨道流入,通过导电弹体后从另一条轨道流回.轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面的磁场(可视为匀强磁场),磁感应强度的大小与I成正比.通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出.现欲使弹体的出射速度增加至原来的2倍,理论上可采用的办法是( )
A.只将轨道长度L变为原来的2倍
B.只将电流I增加至原来的2倍
C.只将弹体质量减至原来的一半
D.将弹体质量减至原来的一半,轨道长度L变为原来的2倍,其他量不变
5如图所示,金属棒MN两端由等长的轻质细线水平悬挂,处于竖直向上的匀强磁场中,棒中通以由M向N的电流,平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ.如果仅改变下列某一个条件,θ角的相应变化情况是( ).
A.棒中的电流变大,θ角变大 B.两悬线等长变短,θ角变小
C.金属棒质量变大,θ角变大 D.磁感应强度变大,θ角变小
6.如图所示,在倾角为θ=30°的斜面上,固定一宽L=0.25 m的平行金属导轨,在导轨上端接入电源和滑动变阻器R.电源电动势E=12 V,内阻r=1 Ω,一质量m=20 g的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好.整个装置处于磁感应强度B=0.80 T、垂直于斜面向上的匀强磁场中(导轨与金属棒的电阻不计).金属导轨是光滑的,取g=10 m/s2,要保持金属棒在导轨上静止,求:
(1)金属棒所受到的安培力的大小.
(2)通过金属棒的电流的大小.
(3)滑动变阻器R接入电路中的阻值.
探究安培力第二课时答案
【课堂检测】
1.C 2.B 3 1T 向左
4. 解析 导体棒受到的最大静摩擦力为
Ff=μFN=μmg=0.5×0.2×10 N=1 N
绳对导体棒的拉力F拉=Mg=0.3×10 N=3 N
导体棒将要向左滑动时
BImaxL=Ff+F拉,Imax=2 A
由闭合电路欧姆定律Imax==
得Rmin=2 Ω
导体棒将要向右滑动时Ff+BIminL=F拉,
Imin=1 A
由闭合电路欧姆定律Imin==
得Rmax=5 Ω
滑动变阻器连入电路的阻值为2 Ω≤R≤5 Ω
【当堂训练】
1.D 2.C 3.A 4. 、、、、0
【巩固拓展】、
1.A 2. D 3.C 4.BD 5.A
6解析 (1)金属棒静止在金属导轨上受力平衡,如图所示
F安=mgsin 30°,代入数据得F安=0.1 N.
(2)由F安=BIL得I==0.5 A.
(3)设滑动变阻器接入电路的阻值为R0,根据闭合电路欧姆定律得:
E=I(R0+r)
解得R0=-r=23 Ω.
答案 (1)0.1 N (2)0.5 A (3)23 Ω
答案:
l 【课堂检测】
1.D 2. ABCD 3. A 4. 0. 1T;0.1T
l 【当堂训练】
1.D 2.C 3.C 4.0.1T 0.1T 5.2T 2T 6.解析:以导体棒为研究对象,对其受力分析如图所示,
可得:BIL=mgtan θ,I=,
解得:B=.
答案:
【巩固拓展】
1.B 2.CD 3.B 4.ACD
5:先将原图改画为侧视图,对导体棒受力分析,如图所示,导体棒恰好能静止,应有:Nx=F安;Ny=G;因为tan 60°=,所以F安=tan 60°,Ny=G;又F安=BIL;
所以:(1)B=== T= T.
(2)导体棒对轨道的压力与轨道对棒的支持力N大小相等.
N===2G=6 N.
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