浙江省嘉兴市2020届高三下学期5月教学测试物理试题 Word版含解析 23页

www.ks5u.com ‎2020届浙江省嘉兴市高三（下）5月教学测试物理试题 选择题部分 一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题给出的四个备选项中，只有一项是符合题目要求的。）‎ ‎1.下列有关物理学家的贡献，说法正确的是（　　）‎ A. 库仑通过实验精确测定了元电荷e的值 B. 牛顿最早发现了行星运动的三大定律 C. 法拉第最早引入场概念并用场线描述电场和磁场 D. 玻尔基于α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A． 密立根通过实验精确测定了元电荷e的数值，故A错误；‎ B． 开普勒最早发现了行星运动的三大规律，故B错误；‎ C． 法拉第最早引入场概念并用场线描述电场和磁场，故C正确；‎ D． 卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎2.牙买加名将博尔特在柏林田径世界锦标赛上，创造了200m短跑世界纪录19.19s，则（　　）‎ A. 200m指的是位移，19.19s指的是时刻 B. 200m指的是路程，19.19s指的是时间间隔 C. 博尔特全程的平均速度大小约为10.42ms D. 博尔特冲刺速度大小一定为10.42ms ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】AB． 200米比赛为弯道，位移大小不是200米，200m指的是路程，19.19s指的是时间间隔，故A错误，B正确；‎ CD．因为不清楚运动性质，故无法计算冲刺速度大小，而因为不清楚具体位移，故平均速度无法计算，故CD错误。‎ 故选B。‎ ‎3.建筑工地上，有时候需要通过抛的方式把砖块从低处送往高处，如图所示为三块砖头在空中某时刻的照片，v为砖块该时刻的运动方向，不计空气阻力，则（　　）‎ - 23 -‎ A. 砖块受到的合力为零 B. A砖块对B砖块有向下的压力 C. B砖块对A砖块有向左的摩擦力 D. A、B砖块之间没有摩擦力 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．对整体分析可知，砖块在空中运动时，只受重力作用，合力不为零，故A错误；‎ BCD．因为只受重力，处于完全失重状态，故砖块间无弹力，也无摩擦力，故BC错误，D正确。‎ 故选D。‎ ‎4.据分析，著名足球明星C罗曾在某次头球破门时重心上升了71cm，估算此次头球破门时C罗离地的时间应为（　　）‎ A. 0.75s B. 0.38s C. 0.27s D. 0.54s ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】根据 可得 故全过程用时 故A正确，BCD错误。‎ 故选A。‎ - 23 -‎ ‎5.如图所示是输入电压为220V，输出电压为27V的变压器，相应的线圈匝数分别为n1和n2，则（　　）‎ A. n1n2，故A错误；‎ B．根据电流与匝数成反比可知，输入的电流小于输出的电流，故B错误；‎ C． 因为输出功率输入功率相同，而副线圈两端电流大，为了减小导线上功率损失，故绕制输入端线圈的导线比输出端细，故C正确；‎ D． 输出端连接的用电器数量增加，输出功率增大，输入端功率增大，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎6.下列说法正确的是（　　）‎ A. 电动势就是电源两极间的电压 B. 规格为“1.5μF，9V”电容器中的9V指击穿电压 C. 材料的电阻率都会随温度的升高而增大 D. 长为L的金属导线截去，将剩余部分均匀拉长至L，电阻变为原来的 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．‎ - 23 -‎ ‎ 根据闭合电路欧姆定律得知，电源的电动势等于内外电压之和，当电源没有接入电路时内电压等于零，则电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，故A错误；‎ B． 规格为“1.5μF，9V”电容器中的9V指额定电压，即能承受的最大电压，故B错误；‎ C． 金属的电阻率随温度升高而增大，半导体的电阻率随温度升高而减小，故C错误；‎ D． 长为L的金属导线截去，将剩余部分均匀拉长至L，其体积减小了，变为原来的，故横截面积变为，根据电阻定律公式，电阻与横截面积成反比，故电阻变为原来的，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎7.如图所示是一个趣味实验中的“电磁小火车”，“小火车”本体是两端都吸有强磁铁的电池，“轨道”是用裸铜线绕成的螺线管。将干电池与强磁铁组成的“小火车”放入螺线管内，就会沿螺线管运动，则（　　）‎ A. “小火车”通过两端磁铁之间的排斥力而运动 B. 干电池正负极对调后“小火车”运动方向将改变 C. “小火车”放入绝缘铜线绕成的螺线管后会沿螺线管运动 D. “小火车”放入表面无绝缘层的裸露铜管后会沿铜管运动 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．“小火车”通过两端磁铁与螺线管之间的作用力而运动，故A错误；‎ B．只将干电池的“+”“-”极左右对调，则螺线管产生的磁场的方向反向，“小火车”运动方向将改变，故B正确；‎ C．绝缘铜线不导电，螺线管中无电流，不会产生磁场，故C错误；‎ - 23 -‎ D．“小火车”放入表面无绝缘层的裸露铜管后不会沿铜管运动，因为铜管中会铁磁两侧的铜管可看成很多闭合小线圈，磁铁运动则磁通量变化，根据楞次定律可知，感应电流会阻碍磁铁运动，故D错误。‎ 故选B。‎ ‎8.我们的生活已经离不开电磁波，如：GPS定位系统使用频率为10.23MHz（1MHz=106Hz）的电磁波，手机工作时使用频率为800～1900MHz的电磁波，家用5GWi-Fi使用频率约为5725MHz的电磁波，地铁行李安检时使用频率为1018Hz的电磁波。关于这四种电磁波的说法正确的是（　　）‎ A. 家用5GWi-Fi电磁波的衍射现象最明显 B. GPS定位系统使用的电磁波的能量最强 C. 地铁行李安检时使用的电磁波利用了其穿透本领 D. 手机工作时使用的电磁波是纵波且不能产生偏振现象 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．电磁波波长越长，频率越低，则衍射现象越明显，GPS定位系统的电磁波衍射现象最明显，故A错误；‎ B．根据可知，频率越高，能量越强，则地铁行李安检时使用的能量最强，故B错误；‎ C．地铁行李安检时使用的电磁波利用了其穿透本领，故C正确；‎ D．电磁波是横波，能产生偏振现象，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎9.由于锂离子电池的材料特性，在电池短路、过高或过低温度、过度充电或放电等情况下都有可能引起电池漏液、起火或爆炸。为安全起见，中国民航总局做出了如表相关规定。某款移动电池（锂离子电池）的参数如表格所示（　　）‎ 容量 ‎25000mAh - 23 -‎ 重量 ‎596g 额定电压 ‎3.7V 转换率 ‎85%‎ 充电时间 ‎15.5h A. 25000mAh中的mAh是能量的单位 B. 这款移动电池充满电后所储存的总化学能为92500Wh C. 乘飞机出行时，这款移动电池可以直接随身携带 D. 这款移动电池理论上能给3200mAh的手机最多充电7次 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A． 根据 可知，mAh是电量的单位，故A错误；‎ B． 这款移动电池充满电后所储存的总化学能为 故B错误；‎ C．根据B分析可知，乘飞机出行时，这款移动电池可以直接随身携带，故C正确；‎ D． 这款移动电池理论上能给3200mAh的手机最多充电 故最多充电6次，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎10.用中子轰击静止的Li核，核反应方程如下：。中子的速度为v，质量为m，生成的X核速度方向与中子的速度方向相反，X核与核的速度之比为7：8，质子的质量可近似为m，光速为c。则（　　）‎ A. X核为核 B. 反应过程质量守恒、电荷数也守恒 - 23 -‎ C. 核反应过程中释放的核能全部转化为X核的动能 D. 核的速度为 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据质量数守恒，电荷数守恒可知，X电荷数为1，质量数为3，故X核为核，故A错误；‎ B． 反应过程电荷数守恒，但释放能量，存在质量亏损，质量不守恒，故B错误；‎ C． 核反应过程中释放的核能全部转化为X核和氦原子核的动能，故C错误；‎ D．反应中动量守恒 X核与核的速度之比为7：8，代入解得 故D正确。‎ 故选D。‎ ‎11.下列关于甲、乙、丙、丁四幅图的说法中，正确的是（　　）‎ A. 甲图：大量氢原子从n=4能级向低能级自发跃迁所辐射的电磁波照射逸出功为2.25eV的钾板，产生的光电子动能均为10.5eV B. 乙图：此时刻振荡电流正在减小 C. 丙图：这是光通过小孔衍射形成图样 D. 丁图：不同强弱黄光对应的图像交于U轴同一点，说明光电子最大初动能与光的强度无关 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A． 大量氢原子从n=4能级向低能级自发跃迁所辐射的电磁波频率并非单一，故产生的光电子动能也并非单一，故A错误；‎ - 23 -‎ B．感应电流磁场向上，可知感应电流流向负极板，则电容器带电量减小，回路电流增大，故B错误；‎ C． 泊松亮斑是圆板衍射形成的图样，故C错误；‎ D． 不同强弱黄光对应的图像交于U轴同一点 说明光电子最大初动能与光的强度无关，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎12.如图所示为“嫦娥五号”探月过程的示意图。探测器在圆形轨道Ⅰ上运动，到达轨道的A点时变轨进入椭圆轨道Ⅱ，变轨前后的速度分别为v1和v2；到达轨道Ⅱ的近月点B时再次变轨进入月球近月轨道Ⅲ绕月球作圆周运动，变轨前后的速度分别为v3和v4，则探测器（　　）‎ A. 在A点变轨需要加速 B. 在轨道Ⅱ上从A点到B点，速度变小 C. 在轨道Ⅱ上B点的加速度大于Ⅲ轨道上B点的加速度 D. 四个速度大小关系满足v3＞v4＞v1＞v2‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A． 探测器在圆形轨道Ⅰ上运动，到达轨道的A点时变轨进入椭圆轨道Ⅱ，轨道半长轴变小，近心运动，故需要在A点减速，故A错误；‎ B． 在轨道Ⅱ上从A点到B点，引力做正功，动能增大，速度增大，故B错误；‎ C．根据牛顿第二定律可知 在轨道Ⅱ上B点的加速度等于Ⅲ轨道上B点的加速度，故C错误；‎ D．到达轨道Ⅱ的近月点B - 23 -‎ 时再次变轨进入月球近月轨道Ⅲ绕月球作圆周运动，变轨前后的速度分别为v3和v4，变轨做近心运动所以需要减速，故v3＞v4，探测器在圆形轨道Ⅰ上运动，到达轨道的A点时变轨进入椭圆轨道Ⅱ，轨道半长轴变小，近心运动，故需要在A点减速，v1＞v2，根据 可知圆周运动中，轨道半径大则速度小，所以v4＞v1，故v3＞v4＞v1＞v2，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎13.如图所示的竖直平面内，一带电体位于A处。一个质量为m的带负电圆环套在倾角为=45°的绝缘直杆上，静止于P处且恰好不受摩擦力。ABC为PQ的中垂线，与水平面交于C点，A与P等高。则（　　）‎ A. A处带电体带正电 B. 直杆受到的压力值为mgcos45°‎ C. A处带电体带等量异种电荷时圆环将以g加速度做匀加速直线运动 D. 把带电体从A移到C处，圆环同样不受摩擦力 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．对圆环受力分析，有重力，杆给的支持力，还有库仑力，因为静止于P处且恰好不受摩擦力，故可判断库仑力为斥力，库仑力沿斜面向上的分力平衡了重力向下的分力，故A处带电体带负电，故A错误；‎ B．垂直杆方向合力为零，故 根据牛顿第三定律可知，压力大于mgcos45°，故B错误；‎ - 23 -‎ C． A处带电体带等量异种电荷时，斥力变成引力，如果仍不受摩擦力则 库仑力沿斜面向上的分力平衡了重力向下的分力，故加速度为g，而此时由于存在摩擦力，加速度不再是g，故C错误；‎ D． 把带电体从A移到C处，斥力方向改变，与杆夹角仍不变，故库仑力沿斜面向上的分力平衡了重力向下的分力，不存在摩擦力，故D正确。‎ 故选D。‎ 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。）‎ ‎14.如图所示分别为100多个、3000多个、70000多个电子通过双缝后的干涉图样，则（　　）‎ A. 图样是因为电子之间相互作用引起的 B. 假设现在只让一个电子通过单缝，那么该电子一定落在亮纹处 C. 图样说明电子已经不再遵守牛顿运动定律 D. 根据不确定性关系，不可能同时准确地知道电子的位置和动量 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据图样可知，是因为电子的波动性引起的干涉图样，故A错误；‎ B． 根据概率波的概念，对于一个电子通过单缝落在何处，是不可确定的，但概率最大的是落在亮纹处，故B错误；‎ C．根据图样可知，电子已经不再遵守牛顿运动定律，故C正确；‎ D． 根据不确定性关系，不可能同时准确地知道电子的位置和动量，故D正确。‎ 故选CD。‎ ‎15.A、B两列波在同一介质中沿x轴正负两个方向相向传播，t=0时刻波形如图所示，波速均为v=25cm/s，则下列说法正确是（　　）‎ - 23 -‎ A. x=15cm处的质点是振动加强点 B. 只有波峰与波谷相遇处质点才会处于y=4cm或-4cm位置 C. t=0.08s时，第一次有质点处于y=-20cm位置处 D. 再经过31.2s时间x=15cm处的质点将第2次处于y=20cm位置处 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据图像可知，两波波长不同，而在同一介质中，波速相同， 可知，两波频率不同，故不能发生稳定的干涉，故A错误；‎ B．根据题意可知，当两波未相遇时，也会有质点处于y=4cm或-4cm位置，故B错误；‎ C．当波谷与波谷相遇质点处于y=-20cm位置处，所以 故C正确；‎ D． x=15cm处的质点将第2次处于y=20cm位置处，设A波传播了m个周期，B波传播了n个周期，有 解得n=13，m=15时，等式成立，故所需时间为 故D正确。‎ 故选CD。‎ ‎16.如图所示为宽度为d，折射率为n的足够大平行玻璃砖，其下表面镀有特殊的镀层，距离上表面位置有一光源P，PQ与上下表面垂直。以入射角射入玻璃上表面，经过上表面和下表面多次反射并从上表面出射后在PQ - 23 -‎ 上生成多个像。其中第一次被下表面反射并出射所生成的像最明亮，称之为主像。则（　　）‎ A. 主像到上表面的距离为 B. 上表面出射的所有光线的反向延长线与PQ的交点间距相等 C. 增大至一定值时经下表面反射的光线不会从上表面出射 D. 沿PQ方向看到的主像到上表面的距离为 ‎【答案】ABD ‎【解析】‎ ‎【详解】A． 如图 主像位置为O，设折射角为r，则有 根据几何关系可知，主像到上表面的距离 将折射率关系代入解得 - 23 -‎ 故A正确；‎ B． 因为每次成像在上表面均向左移动距离2dtanr，故根据几何关系可知，上表面出射的所有光线的反向延长线与PQ的交点间距相等，故B正确；‎ C．根据光路可逆性可知，光线不会在上表面发生全反射，故C错误；‎ D． 沿PQ方向时，即 ，所以看到的主像到上表面的距离为，故D正确。‎ 故选ABD。‎ 三、非选择题（本题共6小题）‎ ‎17.（1）如图甲所示为强强同学在“探究做功与物体速度变化的关系”实验中所用的学生电源，其接线端口应选择________（填“左侧”或“右侧”）。使用该电源选用的打点计时器应为________（填“乙”或“丙”）‎ ‎（2）他又利用如图丁所示装置进行“探究碰撞中的不变量”实验，在平衡摩擦力操作中应把垫片垫在图丁中平板的________（填“左侧”或“右侧”），该实验________（填“需要”或“不需要”）测量两小车的质量。‎ ‎（3）下列两条纸带，“探究碰撞中的不变量”实验的纸带是________，请计算出两小车碰撞以后的速度________。‎ - 23 -‎ ‎【答案】 (1). 右侧 (2). 乙 (3). 左侧 (4). 需要 (5). 纸带2 (6). 0.65m/s ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1][2]打点计时器使用交流电，故实验中所用的学生电源，其接线端口应选择右侧，电火花打点计时器电压为220V，故学生电源应与电磁打点计时器相连，即乙。‎ ‎(2)[3][4]因为平衡摩擦力，故应把垫片垫在图丁中平板的左端，且验证动量守恒，动量中包含质量，故需要测量质量。‎ ‎(3)[5][6] “探究碰撞中的不变量”实验的纸带描述的是前后速度不同的，不是匀速的，故纸带2是正确的，根据动量守恒可知，碰后速度变小，故碰后速度 ‎18.小曹同学欲测定标称为“2.5V，0.6W”小灯泡的伏安特性曲线。‎ ‎（1）他拆开一个电表后盖，其内部结构如图甲所示，判断此电表是________（填“伏特表”或“安培表”，应选用量程是________（填“A”或“B”）‎ ‎（2）图乙为已连接的部分电路，请在答题卷上相应位置用笔画线代替导线补全实物连接图_____。‎ ‎（3）该同学正确测量了2组数据，对应的表盘和刻度如图丙所示图④示数应为________，其对应的电阻值为________。‎ - 23 -‎ ‎【答案】 (1). 伏特表 (2). B (3). (4). 0.25V~0.29V (5). 2.5Ω~2.9Ω ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1][2]通过图像可知，电阻与表头串联，故为电压表，额定电压为2.5V，故应选择小量程，则分压电阻较小，只需一个，即图中的B接线柱。‎ ‎(2)[3]因为灯泡电阻较小，故选择外接法，电压从零开始，故采用分压式接法，如图 ‎(3)[4][5] 图④示数应为0.25V，则对应电流为0.10A，所以阻值为 Ω ‎19.如图甲所示，小同学携带滑雪板和滑雪杖等装备在倾角=30°的雪坡上滑雪。他利用滑雪杖对雪面的短暂作用获得向前运动的推力F（视为恒力），作用时间为t1=0.8s，后撤去推力运动了t2=1.2s。然后他重复刚才的过程总共推了3次，其运动的v-t图像如图乙所示。已知小和装备的总质量m=60kg，下滑沿直线运动且下滑过程阻力恒定。求；‎ ‎（1）小同学开始运动时的加速度a1；‎ ‎（2）全过程的最大速度vmax；‎ ‎（3）推力F和阻力f的大小。‎ ‎【答案】（1）4m/s2；（2）7.2m/s；（3）F=300N；f=360N ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）根据图像可知加速度 - 23 -‎ ‎=4m/s2‎ ‎（2）根据题意可知 所以 a2=1m/s2‎ 最大速度 vmax=a2t3=7.2m/s ‎（3）根据牛顿第二定律 f+mgsinθ=ma2‎ 所以 f=360N 同理 F-f-mgsinθ=ma1‎ 解得 F=300N ‎20.如图所示，一个质量m=1kg的小物块（视为质点），压缩弹簧后释放以v0=6m/s冲上长度6m的水平传送带。在传送带右侧等高的平台上固定一半径R=0.5m的圆轨道ABCD，A、D的位置错开，以便小物块绕行一圈后可以通过D到达E位置抛出在距离平台边缘E水平距离s=1.6m，高度h=1m处有一可升降的接物装置，通过调节装置的高度可以接收不同速度抛出的小物块。已知小物块与传送带之间的动摩擦因素，其它摩擦均忽略不计，求：‎ ‎（1）小物块释放前，弹簧所储存的弹性势能；‎ ‎（2）若传送带以m/s的速度顺时针转动，判断小物块能否通过圆轨道最高点C；‎ ‎（3）若传送带速度大小、方向皆可任意调节，要使小物块在运动过程中不脱离圆轨道ABCD传送带转动速度的可能值；‎ ‎（4）小物块到达接物装置时的最小动能。‎ - 23 -‎ ‎【答案】（1）18J；（2）到不了C点；（3）v≥5m/s或者0≤v≤m/s：（4）17.62J ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）根据能量守恒可知，弹性势能转化成动能 ‎=18J ‎（2）物体速度6m/s大于传送带速度，所以在摩擦力作用下要减速，减速到和传送带相同速度的需要的位移满足 ‎，a=μg，x=3.2m<6m 以后和传送带相同速度运动到右端。到达顶端C的过程满足 vc=0‎ 最高点速度的最小值为所以到不了C点 ‎（3）要不脱离轨道，满足两种情况:过C点或过不了B点，根据能量关系求解得物块离开传送带的速度必须满足大于5m/s或则小于m/s，所以传送带速度的可能值顺时针转动v≥5m/s或者0≤v≤m/s，逆时针均可以 ‎（4）要进接物装置，满足平抛规律 s=vt 得 - 23 -‎ 当时，存在极小值，此时v=4m/s 因为要过最高点到达E的最小速度为5m/s，所以不符合要求，根据不等式的特点，5m/s取最小值为17.62J ‎21.如图所示为某手摇发电装置的原理简化图，可自由转动的水平金属杆CD上固定两个半径分别为r和的均匀金属圆盘G、N圆盘的圆心位于CD杆上。金属圆盘G处于水平向右与盘面垂直的匀强磁场中，磁感应强度的大小为B。圆盘N绕有绝缘细线，在恒力作用下，圆盘G、N和杆按图示方向匀速转动手摇发电装置通过电刷P和Q与两电阻、小型电动机M、平行板电容器构成如图所示的电路平行板电容器两板间距为d，上极板通过长度为0.75d的绝缘细线悬挂一带电量为-q的金属小球。开始时开关S与a连接，测得电动机M两端的电压为U，通过它的电流为I。已知两电阻的阻值分别为2R和R，金属圆盘G接入电路的电阻也为R，不计金属杆、导线、电刷电阻及接触电阻。忽略转动的摩擦阻力，求:‎ ‎（1）金属圆盘匀速转动的角速度；‎ ‎（2）恒力F的大小；‎ ‎（3）当开关S与b连接，金属圆盘G仍以角速度匀速转动时，小球在两极板间做简谐运动且最大摆角为，小球摆动过程的最小电势能和振动周期。‎ ‎【答案】（1）；（2）；（3）；‎ ‎【解析】‎ - 23 -‎ ‎【详解】（1）电动机并联电阻R的电流为，干路电流为，所以转动切割产生的电动势为 转动切割产生的电动势表达式 则转动的角速度为 ‎（2）金属杆和金属盘属于同轴转动，角速度相同，所以盘的线速度为，根据能量守恒力F的机械功率等于回路的电功率 所以 ‎（3）OA金属棒转动速度保持不变，即电源的电动势不变，电路变化，电容器两端的电压 负电荷最小电势能的地方为电势最高点 单摆周期公式 电容器内匀强电场场强 小球受到的等效重力值 所以 - 23 -‎ 周期 ‎22.如图所示为一实验装置的剖面图，左侧为电压可以控制的加速电场。在加速电场右侧有相距为d、长也为d的两平行金属板构成的区域，区域内存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度的大小为B，磁场的右边界与荧光屏P之间的距离为2d。荧光屏中点O与加速电极上两小孔S1、S2位于两板的中轴线上。在中轴线正下方d位置有另一块荧光屏Q，两块荧光屏的宽度均为2d。现从S1连续注入质量为m、电荷量为+q且初速可视为零的粒子，经的加速电场后从小孔S2射出再经磁场偏转后，打到荧光屏Q上。不计带电粒子的重力与各粒子间的相互作用。求:‎ ‎（1）带电粒子打到荧光屏Q的具体位置；‎ ‎（2）若撤去两平行金属板间的磁场，加上平行纸面且垂直两金属板、电场强度为E0的匀强电场，判断能否使粒子打到荧光屏Q的同一点；‎ ‎（3）若撤去两平行金属板间的磁场，在ABD区域加上磁感强度大小和方向与两平行金属板间磁场皆相同的磁场，加速电压的数值可在区间中调节，粒子打在荧光屏Q上的距A的最远距离和荧光屏P上的分布区间。‎ - 23 -‎ ‎【答案】（1）d；（2）不存在这样的电压值；（3）见解析 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）带电粒子在磁场中偏转，洛伦磁力提供向心力 ‎，‎ 通过计算判别该粒子恰好从下极板边缘射出，速度与水平方向夹角α满足 通过几何关系知打在荧光屏Q距离A点d ‎（2）要打在相同位置，根据平抛运动的规律 即已经打到下极板，所以不存在这样的电压值 ‎（3）加速电压的数值可以在位于区间，对应粒子的速度范围为，粒子对应的半径区间为，所以，速度最小时打在荧光屏Q距离A点d的位置 荧光屏Q打得最远时，轨迹与AB相切，满足数学关系 对应的最远距离为 粒子最大半径为5d,以AB为x轴，A为原点建立坐标系,圆方程的圆心坐标为（0，-4d）,圆方程为 - 23 -‎ 直线方程为 y=-x+2d 解出圆与直线的交点 过交点的切线方程为 x=2d时求出，荧光屏P上粒子击中区域为距离B点以内 - 23 -‎ ‎ ‎ - 23 -‎