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  • 2021-06-10 发布

2020-2021学年高二数学上学期期中考测试卷01(人教B版2019)

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‎2020-2021学年高二数学上学期期中考测试卷01(人教B版2019)‎ 一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求.‎ ‎1.直线的倾斜角( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】A ‎【解析】可得直线的斜率为,‎ 由斜率和倾斜角的关系可得,‎ 又∵‎ ‎∴‎ ‎2.若向量,向量,则( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】C ‎【解析】因为向量,向量,‎ 则,‎ 则.‎ ‎3.过两点,的直线方程为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】C ‎【解析】解:∵直线经过两点,,而这2个点恰是直线和坐标轴的交点,‎ ‎∴过两点,的直线方程为,即 ‎4.抛物线的准线方程为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】A ‎【解析】,‎ 抛物线的准线方程为,‎ 即,故选A .‎ ‎5.已知中心在原点的椭圆的右焦点为,离心率等于,则的方程是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】D ‎【解析】由椭圆的右焦点为知,‎ 又,∴,,‎ 所以椭圆方程为.‎ ‎6.已知点和,在轴上求一点,使得最小,则点的坐标为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】D ‎【解析】解:找出点关于轴的对称点,连接,‎ 与轴的交于点,连接,此时为最短,‎ 由与关于轴对称,,‎ 所以,又,‎ 则直线的方程为 化简得:,令,解得,所以 故选:D.‎ ‎7.圆与圆的位置关系是( )‎ A.相交 B.相离 C.内切 D.外切 ‎【答案】C ‎【解析】因为圆的圆心为半径为,‎ 圆的圆心为半径为,‎ 而 所以两圆相内切.‎ ‎8.正三棱锥的侧面都是直角三角形,,分别是,的中点,则与平面所成角的正弦为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】C ‎【解析】以点P为原点,PA为x轴,PB为y轴,PC为z轴,建立空间直角坐标系,如图所示,‎ 设,则,‎ ‎,‎ 设平面PEF的法向量,‎ 则,取得,‎ 设平面与平面所成角为,则 二、 多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符 合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分.‎ ‎9.(多选)若两平行线分别经过点,则它们之间的距离d可能等于( )‎ A.0 B.5 C.12 D.13‎ ‎【答案】BCD ‎【解析】易知当两平行线与A,B两点所在直线垂直时,两平行线间的距离d最大,‎ 即,所以,故距离d可能等于5,12,13.‎ 故选:BCD ‎10.(多选题)若直线l的方向向量为,平面α的法向量为,则不可能使lα的是( )‎ A.=(1,0,0),=(-2,0,0) B.=(1,3,5),=(1,0,1)‎ C.=(0,2,1),=(-1,0,-1) D.=(1,-1,3),=(0,3,1)‎ ‎【答案】ABC ‎【解析】若l∥α,则需,即,根据选择项验证可知:‎ A中,;‎ B中,;‎ C中,;‎ D中,;‎ 综上所述,选项A,B,C符合题意 ‎11.如图,设,分别是正方体的棱上两点,且,,其中正确的命题为( )‎ A.三棱锥的体积为定值 B.异面直线与所成的角为 C.平面 D.直线与平面所成的角为 ‎【答案】AD ‎【解析】解:对于A, ‎ ‎ ‎ 故三棱锥的体积为定值,故A正确 对于B, ,和所成的角为,异面直线与所成的角为,故B错误 对于C, 若平面,则直线,即异面直线与所成的角为,故C错误 对于D,以为坐标原点,分布以为轴,轴,轴,建立空间直角坐标系,设,则,,‎ 设平面的法向量为则 ‎,即 令,则 所以直线与平面所成的角为,正确 ‎12.已知双曲线过点且渐近线为,则下列结论正确的是( )‎ A.的方程为 B.的离心率为 C.曲线经过的一个焦点 D.直线与有两个公共点 ‎【答案】AC ‎【解析】对于选项A:由已知,可得,从而设所求双曲线方程为,又由双曲线过点,从而,即,从而选项A正确;‎ 对于选项B:由双曲线方程可知,,,从而离心率为,所以B选项错误;‎ 对于选项C:双曲线的右焦点坐标为,满足,从而选项C正确;‎ 对于选项D:联立,整理,得,由,知直线与双曲线只有一个交点,选项D错误.‎ 三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分 ‎13.若过点,的直线的倾斜角为,则_____.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】由题意可得,求得.‎ ‎14.已知,,若,则实数m的值为________.‎ ‎【答案】7‎ ‎【解析】因为,所以,解得.‎ ‎15.若直线与圆有且仅有一个公共点,则实数的值为________.‎ ‎【答案】或 ‎【解析】由题意,圆心到直线的距离,解得或.‎ ‎16.已知,是双曲线C:(,)的左、右焦点,以为直径的圆与C的左支交于点A,与C的右支交于点B,,则C的离心率为______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】由题意知,,‎ 所以,即,易得.‎ 设,,,‎ 由双曲线的定义得:,解得:,‎ 所以,‎ 因为,所以离心率.‎ 四、 解答题:本小题共6小题,共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.‎ ‎17.(本小题10分)‎ 已知的顶点坐标分别是;‎ ‎(1)求边上的中线所在直线的方程(答案用斜截式方程);‎ ‎(2)求过点C且与直线垂直的直线方程(答案用斜截式方程).‎ ‎【解析】(1)∵,∴的中点坐标为,‎ ‎∴中线的斜率为,‎ ‎∴中线所在直线的方程为,‎ ‎(2)由已知可得的斜率为,‎ 所以与直线垂直的直线的斜率为 ‎∴与直线垂直的直线为 ‎18.(本小题12分)‎ 在直角坐标系中,已知圆与直线相切,‎ ‎(1)求实数的值;‎ ‎(2)过点的直线与圆交于、两点,如果,求.‎ ‎【解析】解:(1)圆的方程可化为,‎ 圆心,半径,其中,‎ 因为圆与直线相切,故圆心到直线的距离等于半径,‎ 即,解得;‎ ‎(2)当直线斜率不存在时,其方程为,‎ 此时圆心到直线的距离,‎ 由垂径定理,,不合题意;‎ 故直线斜率存在,设其方程为,‎ 即,‎ 圆心到直线的距离,‎ 由垂径定理,,即,‎ 解得,‎ 故直线的方程为,‎ 代入圆的方程,整理得,‎ 解得,,‎ 于是,,这里,),‎ 所以.‎ 19. ‎(本小题12分)‎ 设椭圆的左、右焦点分别为,下顶点为为坐标原点,点到直线的距离为为等腰三角形.‎ ‎(1)求椭圆的标准方程;‎ ‎(2)若倾斜角为的直线经过椭圆的右焦点,且与椭圆交于两点(点在点的上方)求线段与的长度之比.‎ ‎【解析】(1)由题意知,、、,‎ 所以直线的方程为,‎ 即,‎ 则,‎ 因为为等腰三角形,所以,‎ 又,‎ 所以椭圆的方程为;‎ ‎(2)由题意知过右焦点的倾斜角为的直线为,‎ ‎ 、‎ 联立或,‎ 所以 ‎20.(本小题12分)‎ 平面直角坐标系xoy中,直线截以原点O为圆心的圆所得的弦长为 ‎(1)求圆O的方程;‎ ‎(2)若直线与圆O切于第一象限,且与坐标轴交于D,E,当DE长最小时,求直线的方程;‎ ‎(3)设M,P是圆O上任意两点,点M关于x轴的对称点为N,若直线MP、NP分别交于x轴于点(m,0)和(n,0),问mn是否为定值?若是,请求出该定值;若不是,请说明理由.‎ ‎【解析】(1)因为O到直线x-y+1=0的距离为 , ‎ 所以圆O的半径r==,故圆O的方程为x2+y2=2.‎ ‎(2)设直线l的方程为+=1(a>0,b>0),即bx+ay-ab=0, ‎ 由直线l与圆O相切,得=,即=,‎ 所以DE2=a2+b2=2(a2+b2)() ‎ ‎=2≥2‎ ‎=8(当且仅当a=b=2时等号成立),‎ 此时直线l的方程为x+y-2=0.‎ ‎(3)设M(x1,y1),P(x2,y2),‎ 则N(x1,-y1),x+y=2,x+y=2,‎ 直线MP与x轴的交点为,即m= .‎ 直线NP与x轴的交点为,即n=.‎ 所以mn= =‎ ‎===2,‎ 故mn=2为定值.‎ ‎21.(本小题12分)‎ 如图,在圆柱中,为圆的直径,C,D是弧上的两个三等分点,是圆柱的母线.‎ ‎(1)求证:平面;‎ ‎(2)设,,求二面角的余弦值.‎ ‎【解析】(1)如图所示:‎ 连接,‎ 因为C,D是半圆上的两个三等分点,‎ 所以,‎ 又,‎ 所以,,均为等边三角形.‎ 所以,‎ 所以四边形是平行四边形.‎ 所以,‎ 又因为平面,平面,‎ 所以平面.‎ ‎(2)因为是圆柱的母线,‎ 所以平面,平面,所以 因为为圆的直径,所以 在中,,,‎ 所以,‎ 所以在中,‎ ‎(方法一)因为,,,‎ 所以平面,‎ 又平面,‎ 所以,如图所示:‎ 在内,作于点H,连接.‎ 因为,,平面,‎ 所以平面,‎ 又平面,‎ 所以,‎ 所以就是二面角的平面角.‎ 在中,,.‎ 在中,,‎ 所以,‎ 所以.‎ 所以,二面角的余弦值为.‎ ‎(方法二)如图所示:‎ 以C为坐标原点,分别以,,所在直线为x,y,z轴,建立如图所示的空间直角坐标系,则,,,‎ 所以,.‎ 设平面的一个法向量为,‎ 则,即 令,则,‎ 所以平面的一个法向量为.‎ 又因为平面的一个法向量.‎ 所以.‎ 所以结合图形得,二面角的余弦值为.‎ ‎22.(本小题12分)‎ 已知双曲线过点(3,-2)且与椭圆4x2+9y2=36有相同的焦点.‎ ‎(1)求双曲线的标准方程;‎ ‎(2)若点M在双曲线上,F1,F2为左、右焦点,且|MF1|+|MF2|=6,试判别△MF1F2的形状.‎ ‎【解析】(1)椭圆方程可化为,焦点在x轴上,且c=,‎ 故设双曲线方程为,‎ 则有解得a2=3,b2=2.‎ 所以双曲线的标准方程为.‎ ‎(2)不妨设M点在右支上,‎ 则有|MF1|-|MF2|=2 ,‎ 又|MF1|+|MF2|=6,‎ 故解得|MF1|=4,|MF2|=2,‎ 又|F1F2|=2,‎ 因此在△MF1F2中,|MF1|边最长,而 cos ∠MF2F1= ,‎ 所以∠MF2F1为钝角,故△MF1F2为钝角三角形.‎