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- 2021-06-11 发布
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第六节 直接证明与间接证明
☆☆☆2017考纲考题考情☆☆☆
考纲要求
真题举例
命题角度
1.了解直接证明的两种基本方法——分析法和综合法;了解分析法和综合法的思考过程和特点;
2.了解反证法的思考过程和特点。
2015,全国卷Ⅰ,18,6分(直接证明)
2015,江苏卷,23,10分(反证法)
2014,山东卷,4,5分(反证法)
直接证明与间接证明常以函数、不等式、数列、解析几何等为背景考查,题型以解答题为主。
微知识 小题练
自|主|排|查
1.直接证明
内容
综合法
分析法
定义
利用已知条件和某些数学定义、公理、定理等,经过一系列的推理论证,最后推导出所要证明的结论成立
从要证明的结论出发,逐步寻求使它成立的充分条件,直至最后,把要证明的结论归结为判定一个明显成立的条件(已知条件、定理、定义、公理等)为止
实质
由因导果
执果索因
框图
表示
→→
…→
→→
…→
文字
语言
因为…所以…
或由…得…
要证…只需证…即证…
2.间接证明
反证法:假设命题不成立
(即在原命题的条件下,结论不成立),经过正确的推理,最后得出矛盾。因此说明假设错误,从而证明了原命题成立,这样的证明方法叫做反证法。
微点提醒
1.分析法是执果索因,实际上是寻找使结论成立的充分条件;综合法是由因导果,就是寻找已知的必要条件。
2.综合法和分析法都是直接证明的方法,反证法是间接证明的方法。
3.用反证法证题时,首先否定结论,否定结论就是找出结论的反面的情况。然后推出矛盾,矛盾可以与已知、公理、定理、事实或者假设等相矛盾。
小|题|快|练
一 、走进教材
1.(选修2-2P89练习T2改编)若P=+,Q=+(a≥0),则P,Q的大小关系是( )
A.P>Q B.P=Q
C.P
Q,只需P2>Q2,即2a+13+2>2a+13+2,只需a2+13a+42>a2+13a+40。因为42>40成立,所以P>Q成立。故选A。 【答案】 A 2.(选修2-2P90例5改编)用反证法证明命题“a,b∈N,ab可被5整除,那么a,b中至少有一个能被5整除”时,假设的内容应为( ) A.a,b都能被5整除 B.a,b都不能被5整除 C.a,b不都能被5整除 D.a不能被5整除 【解析】 “a,b至少有一个能被5整除”的否定是“a,b都不能被5整除”。故选B。 【答案】 B 二、双基查验 1.用分析法证明:欲使①A>B,只需②C<D,这里①是②的( ) A.充分条件 B.必要条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件 【解析】 由题意可知,应有②⇒①,故①是②的必要条件。故选B。 【答案】 B 2.如果a+b>a+b,则实数a,b应满足的条件是( ) A.a>b>0 B.ab D.a≥0,b≥0,且a≠b 【解析】 ∵(a+b)-(a+b)=(a-b)(-)>0,∴a≥0,b≥0,且a≠b。故选D。 【答案】 D 3.设a,b,c都是正数,则a+,b+,c+三个数( ) A.都大于2 B.都小于2 C.至少有一个不大于2 D.至少有一个不小于2 【解析】 因为++ =++≥6, 当且仅当a=b=c时取等号, 所以三个数中至少有一个不小于2。故选D。 【答案】 D 4.用反证法证明命题:“一个三角形中不能有两个直角”的过程归纳为以下三个步骤: ①∠A+∠B+∠C=90°+90°+∠C>180°,这与三角形内角和为180°矛盾,则∠A=∠B=90°不成立; ②所以一个三角形中不能有两个直角; ③假设∠A,∠B,∠C中有两个角是直角,不妨设∠A=∠B=90°。 正确顺序的序号排列为________。 【解析】 由反证法证明的步骤知,先反设,即③,再推出矛盾,即①,最后作出判断,肯定结论,即②,顺序应为③①②。故填③①②。 【答案】 ③①② 5.命题“a,b是实数,若|a+1|+(b+1)2=0,则a=b=-1”,用反证法证明时应假设________。 【解析】 a=b=-1表示a=-1且b=-1,故其否定是a≠-1,或b≠-1。故填a≠-1,或b≠-1。 【答案】 a≠-1,或b≠-1 微考点 大课堂 考点一 分析法 【典例1】 已知函数f(x)=3x-2x,求证:对于任意的x1,x2∈R,均有≥ f。 【证明】 要证明≥f,即证明 ≥3-2·, 因此只要证明 -(x1+x2)≥3-(x1+x2), 即证明≥3, 因此只要证明≥, 由于x1,x2∈R,所以3x1>0,3x2>0, 由基本不等式知≥显然成立,故原结论成立。 反思归纳 分析法的证明思路:先从结论入手,由此逐步推出保证此结论成立的充分条件,而当这些判断恰恰都是已证的命题(定义、公理、定理、法则、公式等)或要证命题的已知条件时命题得证。 【变式训练】 已知a>0,求证: -≥a+-2。 【证明】 要证 -≥a+-2, 只要证 +2≥a++。 ∵a>0, 故只要证2≥2, 即a2++4 +4≥a2+2++2+2, 从而只要证2 ≥, 只要证4≥2,即a2+≥2, 而上述不等式显然成立,故原不等式成立。 考点二 综合法 【典例2】 在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知sinAsinB+sinBsinC+cos2B=1。 (1)求证:a,b,c成等差数列; (2)若C=,求证:5a=3b。 【证明】 (1)由已知得sinAsinB+sinBsinC=2sin2B, 因为sinB≠0,所以sinA+sinC=2sinB, 由正弦定理,有a+c=2b,即a,b,c成等差数列。 (2)由C=,c=2b-a及余弦定理得(2b-a)2=a2+b2+ab,即有5ab-3b2=0,所以=,即5a=3b。 反思归纳 综合法是一种由因导果的证明方法,即由已知条件出发,推导出所要证明的等式或不等式成立。因此,综合法又叫做顺推证法或由因导果法。其逻辑依据是三段论式的演绎推理方法,这就要保证前提正确,推理合乎规律,才能保证结论的正确性。 【变式训练】 已知函数f(x)=ln(1+x),g(x)=a+bx-x2+x3,函数y=f(x)与函数y=g(x)的图象在交点(0,0)处有公共切线。 (1)求a,b的值; (2)证明:f(x)≤g(x)。 【解析】 (1)f′(x)=,g′(x)=b-x+x2, 由题意得解得a=0,b=1。 (2)证明:令h(x)=f(x)-g(x) =ln(x+1)-x3+x2-x(x>-1)。 h′(x)=-x2+x-1=。 h(x)在(-1,0)上为增函数, 在(0,+∞)上为减函数。 h(x)max=h(0)=0,h(x)≤h(0)=0, 即f(x)≤g(x)。 【答案】 (1)a=0,b=1 (2)见解析 考点三 反证法 【典例3】 设{an}是公比为q的等比数列。 (1)推导{an}的前n项和公式; (2)设q≠1,证明数列{an+1}不是等比数列。 【解析】 (1)分两种情况讨论。 ①当q=1时,数列{an}是首项为a1的常数数列,所以Sn=a1+a1+…+a1=na1。 ②当q≠1时,Sn=a1+a2+…+an-1+an⇒qSn=qa1+qa2+…+qan-1+qan。 上面两式错位相减: (1-q)Sn=a1+(a2-qa1)+(a3-qa2)+…+(an-qan-1)-qan=a1-qan ⇒Sn==。 综上,Sn= (2)使用反证法: 设{an}是公比q≠1的等比数列,假设数列{an+1}是等比数列,则(a2+1)2=(a1+1)(a3+1),即(a1q+1)2=(a1+1)(a1q2+1),整理得a1(q-1)2=0得a1=0或q=1均与题设矛盾,故数列{an+1}不是等比数列。 【答案】 (1)Sn= (2)见解析 反思归纳 (1)适用范围:当一个命题的结论是以“至多”、“至少”、“唯一”或以否定形式出现时,宜用反证法来证。 (2)关键:在正确的推理下得出矛盾,矛盾可以是与已知条件矛盾,与假设矛盾,与定义、公理、定理矛盾,与事实矛盾等,推导出的矛盾必须是明显的。 【变式训练】 等差数列{an}的前n项和为Sn,a1=1+,S3=9+3。 (1)求数列{an}的通项an与前n项和Sn; (2)设bn= (n∈N*),求证:数列{bn}中任意不同的三项都不可能成为等比数列。 【解析】 (1)由已知得 ∴d=2, 故an=2n-1+,Sn=n(n+)。 (2)证明:由(1)得bn==n+。 假设数列{bn}中存在三项bp,bq,br(p、q、r∈N*,且互不相等)成等比数列,则b=bpbr。 即(q+)2=(p+)(r+)。 ∴(q2-pr)+(2q-p-r)=0。 ∵p,q,r∈N*,∴ ∴2=pr,(p-r)2=0,∴p=r。 与p≠r矛盾。 所以数列{bn}中任意不同的三项都不可能成为等比数列。 【答案】 (1)an=2n-1+,Sn=n(n+) (2)见解析 微考场 新提升 1.分析法是从要证明的结论出发,逐步寻找使结论成立的( ) A.充分条件 B.必要条件 C.充要条件 D.等价条件 答案 A 2.若a>0,b>0,且a+b=4,则下列不等式中恒成立的是( ) A.> B.+≤1 C.≥2 D.≤ 解析 ∵a2+b2≥2ab,∴2(a2+b2)≥(a+b)2=16。∴a2+b2≥8, ∴≤。 答案 D 3.用反证法证明某命题时,对结论:“自然数a,b,c中恰有一个偶数”正确的反设为( ) A.a,b,c中至少有两个偶数 B.a,b,c中至少有两个偶数或都是奇数 C.a,b,c都是奇数 D.a,b,c都是偶数 答案 B 4.已知a,b,c为互不相等的非负数。 求证:a2+b2+c2>(++)。 证明 ∵a2+b2≥2ab,b2+c2≥2bc,a2+c2≥2ac, 又∵a,b,c为互不相等的非负数, ∴上面三个式子中都不能取“=”。 ∴a2+b2+c2>ab+bc+ac。 ∵ab+bc≥2,bc+ac≥2, ab+ac≥2, 又a,b,c为互不相等的非负数, ∴ab+bc+ac>(++)。 ∴a2+b2+c2>(++)。 5.设数列{an}满足a1=0且-=1。 (1)求{an}的通项公式; (2)设bn=,记Sn=bk,证明:Sn<1。 解析 (1)由题设-=1, 得是公差为1的等差数列。 又=1,故=n。所以an=1-。 (2)证明:由(1)得 bn===-, ∴Sn=bk==1-<1。 答案 (1)an=1- (2)见解析