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  • 2021-06-12 发布

【数学】2019届一轮复习苏教版第4章三角函数解三角形第25讲学案

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第 25 讲 解三角形的综合应用 考试要求 1.运用正弦定理、余弦定理解决简单的三角形度量问题(B 级要求); 2.运用定理等知识解决一些与测量和几何计算有关的实际问题(B 级要求). 诊 断 自 测 1.思考辨析(在括号内打“√”或“×”) (1)在△ABC 中,若 sin Asin B<cos Acos B,则此三角形是钝角三角形.(  ) (2)俯角是铅垂线与视线所成的角,其范围为[0, π 2 ].(  ) (3)方位角与方向角其实质是一样的,均是确定观察点与目标点之间的位置关 系.(  ) 解析 (2)俯角是视线与水平线所构成的角. 答案 (1)√ (2)× (3)√ 2.(必修 5P10 练习 2 改编)为了在一条河上建一座桥,施工前在河两岸打上两个桥 位桩 A,B(如图),要测算两点的距离,测量人员在岸边定出基线 BC,测得 BC= 50 m,∠ABC=105°,∠BCA=45°,就可以计算出 A,B 两点的距离为 ________m. 解 析   在 △ABC 中 , 由 正 弦 定 理 得 BC sin 30°= AB sin 45°, 所 以 AB = BCsin 45° sin 30° = 50 × 2 2 1 2 =50 2(m). 答案 50 2 3.(必修 5P20 练习 3 改编)两座灯塔 A 和 B 与海洋观察站 C 的距离都是 5 n mile, 灯塔 A 在观察站 C 的北偏东 20°,灯塔 B 在观察站 C 的南偏东 40°,则灯塔 A 与灯塔 B 的距离为________ n mile. 解析 由题意知 AC=BC=5,则∠ACB=180°-20°-40°=120°,则由余 弦定理得 AB= AC2+BC2-2AC·BCcos 120° = 25+25+2 × 5 × 5 × 1 2 = 75=5 3. 答案 5 3 4.(2018·苏北四市联考)一艘海轮从 A 处出发以每小时 40 海里的速度沿南偏东 40°的方向直线航行 30 分钟后到达 B 处,在 C 处有一座灯塔,海轮在 A 处观察 灯塔,其方向是南偏东 70°,在 B 处观察灯塔,其方向是北偏东 65°,那么 B, C 两点间的距离是________海里. 解析 如图所示,易知,在△ABC 中,AB=20 海里,∠CAB=30°,∠ACB=45 °,根据正弦定理得 BC sin 30°= AB sin 45°,解得 BC=10 2(海里). 答案 10 2 5.(2015·湖北卷)如图,一辆汽车在一条水平的公路上向正西行驶,到 A 处时测得 公路北侧一山顶 D 在西偏北 30°的方向上,行驶 600 m 后到达 B 处,测得此山 顶在西偏北 75°的方向上,仰角为 30°,则此山的高度 CD=________ m. 解析 依题意,∠BAC=30°,∠ABC=105°,在△ABC 中,由∠ABC+∠BAC +∠ACB=180°,所以∠ACB=45°,因为 AB=600,由正弦定理可得 600 sin 45° = BC sin 30°,即 BC=300 2 m, 在 Rt△BCD 中,因为∠CBD=30°,BC=300 2,所以 tan 30°=CD BC = CD 300 2,所以 CD=100 6 m. 答案 100 6 知 识 梳 理 实际问题中的常用角 (1)仰角和俯角 在同一铅垂平面内的水平视线和目标视线的夹角,目标视线在水平视线上方叫仰 角,目标视线在水平视线下方叫俯角(如图 1). (2)方位角 从正北方向起按顺时针转到目标方向线之间的水平夹角叫做方位角.如 B 点的方 位角为 α(如图 2). (3)方向角:正北或正南方向线与目标方向线所成的锐角,如南偏东 30°,北偏 西 45°等. (4)坡度:坡面与水平面所成的二面角的正切值. 考点一 测量距离、高度问题 【例 1】 如图,有一段河流,河的一侧是以 O 为圆心,半径为 10 3 m 的扇形 区域 OCD,河的另一侧是一段笔直的河岸 l,岸边有一烟囱 AB(不计 B 离河岸的 距离),且 OB 的连线恰好与河岸 l 垂直,设 OB 与圆弧的交点为 E.经测量,扇形 区域和河岸处于同一水平面,在点 C,点 O 和点 E 处测得烟囱 AB 的仰角分别为 45°,30°和 60°. (1)求烟囱 AB 的高度; (2)如果要在 CE 间修一条直线,求 CE 的长. 解 (1)设 AB 的高度为 h.在△CAB 中, 因为∠ACB=45°, 所以 CB=h. 在△OAB 中,因为∠AOB=30°,∠AEB=60°, 所以 OB= 3h,EB= 3 3 h. 由题意得 3h- 3h 3 =10 3,解得 h=15. 故烟囱 AB 的高度为 15 m. (2)在△OBC 中,cos∠COB=CO2+OB2-BC2 2OC·OB =300+225 × 3-225 2 × 10 3 × 15 3 =5 6. 所以在△OCE 中, CE2=OC2+OE2-2OC·OE·cos∠COE=300+300-600× 5 6 =100. 故 CE 的长为 10 m. 规律方法 测量距离、高度问题应注意 (1)理解俯角、仰角的概念,它们都是视线与水平线的夹角;理解方向角的概念. (2)选定或确定要创建的三角形,要首先确定所求量所在的三角形,若其他量已 知则直接解;若有未知量,则把未知量放在另一确定三角形中求解. (3)确定用正弦定理还是余弦定理,如果都可用,就选择更便于计算的定理. 【训练 1】 (1)一船以每小时 15 km 的速度向东航行,船在 A 处看到一个灯塔 B 在北偏东 60°,行驶 4 h 后,船到达 C 处,看到这个灯塔在北偏东 15°,这时 船与灯塔的距离为________ km. (2)如图所示,为测一树的高度,在地面上选 A,B 两点,从 A,B 两点分别测得 树尖的仰角为 30°,45°,且 A,B 两点间的距离为 60 m,则树的高度为________ m. 解析 (1)如图,由题意,∠BAC=30°,∠ACB=105°, ∴B=45°,AC=60 km, 由正弦定理 BC sin 30°= AC sin 45°, ∴BC=30 2 km. (2)在△PAB 中,∠PAB=30°,∠APB=15°,AB=60, sin 15°=sin(45°-30°)=sin 45°cos 30°-cos 45°sin 30°= 2 2 × 3 2 - 2 2 × 1 2= 6- 2 4 , 由正弦定理得 PB sin 30°= AB sin 15°, ∴PB= 1 2 × 60 6- 2 4 =30( 6+ 2), ∴树的高度为 PB·sin 45°=30( 6+ 2)× 2 2 =(30+30 3)(m). 答案 (1)30 2 (2)30+30 3 考点二 测量角度问题 【例 2】 在海岸 A 处发现北偏东 45°方向距离 A 为( 3-1) n mile 的 B 处有一 艘走私船,在 A 处北偏西 75°的方向距离 A 为 2 n mile 的 C 处的缉私船奉命以 10 3 n mile/h 的速度追截走私船.此时,走私船正以 10n mile/h 的速度从 B 处向北 偏东 30°方向逃窜,问缉私船沿什么方向能最快追上走私船? 解 如图所示,注意到最快追上走私船且两船所用时间相等,若在 D 处相遇, 则可先在△ABC 中求出 BC,再在△BCD 中求∠BCD. 设缉私船用 t h 在 D 处追上走私船,则有 CD=10 3t,BD=10t. 在△ABC 中,∵AB= 3-1,AC=2,∠BAC=120°, ∴由余弦定理得 BC2=AB2+AC2-2AB·AC·cos∠BAC=( 3-1)2+22-2·( 3- 1)·2·cos 120°=6,∴BC= 6. ∵cos∠CBA=BC2+AB2-AC2 2BC·AB =6+( 3-1)2-4 2 6·( 3-1) = 2 2 , ∴∠CBA=45°,即 B 在 C 正东. ∵∠CBD=90°+30°=120°, 在△BCD 中,由正弦定理得 sin∠BCD=BD·sin∠CBD CD =10tsin 120° 10 3t =1 2, ∴∠BCD=30°. 即缉私船沿北偏东 60°方向能最快追上走私船. 规律方法 解决测量角度问题的注意事项 (1)首先应明确方位角或方向角的含义; (2)分析题意,分清已知与所求,再根据题意画出正确的示意图,这是最关键、 最重要的一步; (3)将实际问题转化为可用数 方法解决的问题后,注意正弦、余弦定理的“联袂” 使用. 【训练 2】 甲船在 A 处,乙船在 A 处的南偏东 45°方向,距 A 有 9 海里的 B 处, 并以 20 海里每小时的速度沿南偏西 15°方向行驶,若甲船沿南偏东θ的方向, 并以 28 海里每小时的速度行驶,恰能在 C 处追上乙船.问用多少小时追上乙船, 并求 sin θ的值(结果保留根号,无需求近似值). 解 设用 t 小时,甲船追上乙船,且在 C 处相遇,那么在△ABC 中,AC=28t, BC=20t,AB=9,∠ABC=180°-15°-45°=120°, 由余弦定理,得 (28t)2=81+(20t)2-2×9×20t×(-1 2), 128t2-60t-27=0, 解得 t=3 4或 t=- 9 32(舍去), 所以 AC=21(海里),BC=15(海里), 根据正弦定理,得 sin∠BAC=BCsin∠ABC AC =5 3 14 , cos∠BAC= 1- 75 142=11 14. 又∠ABC=120°,∠BAC 为锐角, 所以 θ=45°-∠BAC, sin θ=sin(45°-∠BAC) =sin 45°cos∠BAC-cos 45°sin∠BAC =11 2-5 6 28 . ∴经过3 4小时追上乙船,且 sin θ的值为11 2-5 6 28 . 考点三 函数思想在解三角形中的应用(多维探究) 命题角度 1 距离的最值 【例 3-1】 (2018·镇江模拟)如图,某公园有三条观光大道 AB,BC,AC 围 成直角三角形,其中直角边 BC=200 m,斜边 AB=400 m.现有甲、乙、丙三位 小朋友分别在 AB,BC,AC 大道上嬉戏,所在位置分别记为点 D,E,F. (1)若甲、乙都以每分钟 100 m 的速度从点 B 出发在各自的大道上奔走,到大道 的另一端时即停,乙比甲迟 2 分钟出发,当乙出发 1 分钟后,求此时甲、乙两人 之间的距离; (2)设∠CEF=θ,乙、丙之间的距离是甲、乙之间距离的 2 倍,且∠DEF=π 3 , 请将甲、乙之间的距离 y 表示为 θ 的函数,并求甲、乙之间的最小距离 . 解 (1)依题意得 BD=300,BE=100, 在△ABC 中,cos B=BC AB=1 2,∴B=π 3 , 在△BDE 中,由余弦定理得: DE2=BD2+BE2-2BD·BE·cos B=300 2+1002-2·300·100· 1 2=70 000, ∴DE=100 7. 答:甲、乙两人之间的距离为 100 7 m. (2)由题意得 EF=2DE=2y,∠BDE=∠CEF=θ, 在直角三角形 CEF 中,CE=EF·cos∠CEF=2ycos θ, 在 △BDE 中 , 由 正 弦 定 理 得 BE sin∠BDE= DE sin∠DBE, 即 200-2ycos θ sin θ = y sin 60°, ∴y= 100 3 3cos θ+sin θ = 50 3 sin(θ+ π 3 ) ,0<θ< π 2 , 所以当 θ=π 6 时,y 有最小值 50 3. 答:甲、乙之间的最小距离为 50 3 m. 命题角度 2 面积的最值 【例 3-2】 (2018·苏州一模)某单位设计一个展览沙盘,现欲在沙盘平面内布设 一条对角线在 l 上的四边形电气线路,如图所示,为充分利用现有材料,边 BC, CD 用一根 5 米长的材料弯折而成,边 BA,AD 用一根 9 米长的材料弯折而成, 要求∠A 和∠C 互补,且 AB=BC. (1)设 AB=x 米,cos A=f(x),求 f(x)的解析式,并指出 x 的取值范围; (2)求四边形 ABCD 面积的最大值. 解 (1)在△ABD 中,BD2=AB2+AD2-2AB·AD·cos A. 在△CBD 中,BD2=CB2+CD2-2CB·CD·cos C. 因为∠A 和∠C 互补,所以 AB2+AD2-2AB·AD·cos A=CB 2+CD2-2CB·CD·cos C=CB2+CD2+2CB·CD·cos A, 即 x2+(9-x)2-2x(9-x)cos A=x2+(5-x)2+2x(5-x)cos A. 解得 cos A=2 x,即 f(x)=2 x,其中 x∈(2,5). (2)四边形 ABCD 的面积 S=1 2(AB·AD+CB·CD)sin A =1 2[x(9-x)+x(5-x)] 1-cos2A =x(7-x) 1-(2 x )2 = (x2-4)(7-x)2 = (x2-4)(x2-14x+49). 记 g(x)=(x2-4)(x2-14x+49),x∈(2,5). 由 g′(x)=2x(x2-14x+49)+(x2-4)(2x-14) =2(x-7)(2x2-7x-4)=0, 解得 x=4(x=7和x=-1 2 舍去). 函数 g(x)在区间(2,4)内单调递增,在区间(4,5)内单调递减, 因此 g(x)的最大值为 g(4)=12×9=108. 所以 S 的最大值为 108=6 3. 答:四边形 ABCD 面积的最大值为 6 3 m2. 命题角度 3 时间的最值 【例 3-3】 某港口 O 要将一件重要物品用小艇送到一艘正在航行的轮船上.在 小艇出发时,轮船位于港口 O 北偏西 30°且与该港口相距 20 海里的 A 处,并 正以 30 海里/时的航行速度沿正东方向匀速行驶.假设该小艇沿直线方向以 v 海 里/时的航行速度匀速行驶,经过 t 小时与轮船相遇. (1)若希望相遇时小艇的航行距离最小,则小艇航行速度的大小应为多少? (2)假设小艇的最高航行速度只能达到 30 海里/时,试设计航行方案(即确定航行 方向和航行速度的大小),使得小艇能以最短时间与轮船相遇,并说明理由. 解 (1)设相遇时小艇航行的距离为 S 海里, 则 S= 900t2+400-2·30t·20·cos(90°-30°) = 900t2-600t+400= 900(t-1 3)2 +300. 故当 t=1 3时,Smin=10 3,v=10 3 1 3 =30 3. 即小艇以 30 3 海里/时的速度航行,相遇时小艇的航行距离最小. (2)设小艇与轮船在 B 处相遇. 则 v2t2=400+900t2-2·20·30t·cos(90°-30°), 故 v2=900-600 t +400 t2 . ∵00,y>0. 由 202=x2+y2-2xycos 120°≥2xy-2xycos 120°, 得 xy≤ 202 2-2cos 120°= 202 4sin260°, ∴ S = 1 2xysin 120 ° ≤ 1 2× 202 4sin260° × 2sin 60 ° cos 60 ° = 202cos 60° 4sin 60° = 202 4tan 60°=100 3 3 , 即四边形 DBAC 面积的最大值为100 3 3 ,当且仅当 x=y 时取到. (2)由 DB+DC=20,知点 D 在以 B,C 为焦点的椭圆上, ∵S△ABC=1 2×10×10× 3 2 =25 3, ∴要使四边形 DBAC 面积最大,只需△DBC 的面积最大,此时点 D 到 BC 的距 离最大,即 D 必为椭圆短轴顶点. 由 BC=10 3,得短半轴长 b=5,S△BCD 面积的最大值为1 2×10 3×5=25 3. 因此四边形 ACDB 面积的最大值为 50 3. 12.一走廊拐角处的横截面如图所示,已知内壁 FG 和外壁 BC 都是半径为 1 m 的 四分之一圆弧,AB,DC 分别与圆弧 BC 相切于 B,C 两点,EF∥AB,GH∥ CD,且两组平行墙壁间的走廓宽度都是 1 m. (1)若水平放置的木棒 MN 的两个端点 M,N 分别在外壁 CD 和 AB 上,且木棒与 内壁圆弧相切于点 P,设∠CMN=θ(rad),试用 θ 表示木棒 MN 的长度 f(θ); (2)若一根水平放置的木棒能通过该走廊拐角处,求木棒长度的最大值. 解 (1)如图,设圆弧 FG 所在的圆的圆心为 Q,过 Q 点作 CD 的垂线,垂足为点 T,且交 MN 或其延长线于 S,并连接 PQ,再过点 N 作 TQ 的垂线,垂足为 W, 在 Rt△NWS 中,因为 NW=2,∠SNW=θ,所以 NS= 2 cos θ,因为 MN 与圆弧 FG 切于点 P,所以 PQ⊥MN,在 Rt△QPS 中,因为 PQ=1,∠PQS=θ,所以 QS = 1 cos θ,QT-QS=2- 1 cos θ, ①若 M 在线段 TD 上,即 S 在线段 TG 上,则 TS=QT-QS,在 Rt△STM 中,MS = TS sin θ=QT-QS sin θ,因此 MN=NS+MS=NS+QT-QS sin θ. ① 若 M 在线段 CT 上,即若 S 在线段 GT 的延长线上,则 TS=QS-QT,在 Rt△STM 中, MS= TS sin θ=QS-QT sin θ,因此 MN=NS-MS=NS-QS-QT sin θ=NS+QT-QS sin θ. f(θ) = MN = NS + QT-QS sin θ= 2 cos θ+ ( 2 sin θ- 1 sin θcos θ)= 2(sin θ+cos θ)-1 sin θcos θ (0 < θ < π 2 ). (2)设 sin θ+cos θ=t(1