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- 2021-06-12 发布
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第 25 讲 解三角形的综合应用
考试要求 1.运用正弦定理、余弦定理解决简单的三角形度量问题(B 级要求);
2.运用定理等知识解决一些与测量和几何计算有关的实际问题(B 级要求).
诊 断 自 测
1.思考辨析(在括号内打“√”或“×”)
(1)在△ABC 中,若 sin Asin B<cos Acos B,则此三角形是钝角三角形.( )
(2)俯角是铅垂线与视线所成的角,其范围为[0,
π
2 ].( )
(3)方位角与方向角其实质是一样的,均是确定观察点与目标点之间的位置关
系.( )
解析 (2)俯角是视线与水平线所构成的角.
答案 (1)√ (2)× (3)√
2.(必修 5P10 练习 2 改编)为了在一条河上建一座桥,施工前在河两岸打上两个桥
位桩 A,B(如图),要测算两点的距离,测量人员在岸边定出基线 BC,测得 BC=
50 m,∠ABC=105°,∠BCA=45°,就可以计算出 A,B 两点的距离为
________m.
解 析 在 △ABC 中 , 由 正 弦 定 理 得 BC
sin 30°= AB
sin 45°, 所 以 AB =
BCsin 45°
sin 30° =
50 ×
2
2
1
2
=50 2(m).
答案 50 2
3.(必修 5P20 练习 3 改编)两座灯塔 A 和 B 与海洋观察站 C 的距离都是 5 n mile,
灯塔 A 在观察站 C 的北偏东 20°,灯塔 B 在观察站 C 的南偏东 40°,则灯塔 A
与灯塔 B 的距离为________ n mile.
解析 由题意知 AC=BC=5,则∠ACB=180°-20°-40°=120°,则由余
弦定理得
AB= AC2+BC2-2AC·BCcos 120°
= 25+25+2 × 5 × 5 × 1
2
= 75=5 3.
答案 5 3
4.(2018·苏北四市联考)一艘海轮从 A 处出发以每小时 40 海里的速度沿南偏东
40°的方向直线航行 30 分钟后到达 B 处,在 C 处有一座灯塔,海轮在 A 处观察
灯塔,其方向是南偏东 70°,在 B 处观察灯塔,其方向是北偏东 65°,那么 B,
C 两点间的距离是________海里.
解析 如图所示,易知,在△ABC 中,AB=20 海里,∠CAB=30°,∠ACB=45
°,根据正弦定理得 BC
sin 30°= AB
sin 45°,解得 BC=10 2(海里).
答案 10 2
5.(2015·湖北卷)如图,一辆汽车在一条水平的公路上向正西行驶,到 A 处时测得
公路北侧一山顶 D 在西偏北 30°的方向上,行驶 600 m 后到达 B 处,测得此山
顶在西偏北 75°的方向上,仰角为 30°,则此山的高度 CD=________ m.
解析 依题意,∠BAC=30°,∠ABC=105°,在△ABC 中,由∠ABC+∠BAC
+∠ACB=180°,所以∠ACB=45°,因为 AB=600,由正弦定理可得 600
sin 45°
= BC
sin 30°,即 BC=300 2 m,
在 Rt△BCD 中,因为∠CBD=30°,BC=300 2,所以
tan 30°=CD
BC
= CD
300 2,所以 CD=100 6 m.
答案 100 6
知 识 梳 理
实际问题中的常用角
(1)仰角和俯角
在同一铅垂平面内的水平视线和目标视线的夹角,目标视线在水平视线上方叫仰
角,目标视线在水平视线下方叫俯角(如图 1).
(2)方位角
从正北方向起按顺时针转到目标方向线之间的水平夹角叫做方位角.如 B 点的方
位角为 α(如图 2).
(3)方向角:正北或正南方向线与目标方向线所成的锐角,如南偏东 30°,北偏
西 45°等.
(4)坡度:坡面与水平面所成的二面角的正切值.
考点一 测量距离、高度问题
【例 1】 如图,有一段河流,河的一侧是以 O 为圆心,半径为 10 3 m 的扇形
区域 OCD,河的另一侧是一段笔直的河岸 l,岸边有一烟囱 AB(不计 B 离河岸的
距离),且 OB 的连线恰好与河岸 l 垂直,设 OB 与圆弧的交点为 E.经测量,扇形
区域和河岸处于同一水平面,在点 C,点 O 和点 E 处测得烟囱 AB 的仰角分别为
45°,30°和 60°.
(1)求烟囱 AB 的高度;
(2)如果要在 CE 间修一条直线,求 CE 的长.
解 (1)设 AB 的高度为 h.在△CAB 中,
因为∠ACB=45°,
所以 CB=h.
在△OAB 中,因为∠AOB=30°,∠AEB=60°,
所以 OB= 3h,EB=
3
3 h.
由题意得 3h-
3h
3 =10 3,解得 h=15.
故烟囱 AB 的高度为 15 m.
(2)在△OBC 中,cos∠COB=CO2+OB2-BC2
2OC·OB =300+225 × 3-225
2 × 10 3 × 15 3
=5
6.
所以在△OCE 中,
CE2=OC2+OE2-2OC·OE·cos∠COE=300+300-600× 5
6
=100.
故 CE 的长为 10 m.
规律方法 测量距离、高度问题应注意
(1)理解俯角、仰角的概念,它们都是视线与水平线的夹角;理解方向角的概念.
(2)选定或确定要创建的三角形,要首先确定所求量所在的三角形,若其他量已
知则直接解;若有未知量,则把未知量放在另一确定三角形中求解.
(3)确定用正弦定理还是余弦定理,如果都可用,就选择更便于计算的定理.
【训练 1】 (1)一船以每小时 15 km 的速度向东航行,船在 A 处看到一个灯塔 B
在北偏东 60°,行驶 4 h 后,船到达 C 处,看到这个灯塔在北偏东 15°,这时
船与灯塔的距离为________ km.
(2)如图所示,为测一树的高度,在地面上选 A,B 两点,从 A,B 两点分别测得
树尖的仰角为 30°,45°,且 A,B 两点间的距离为 60 m,则树的高度为________
m.
解析 (1)如图,由题意,∠BAC=30°,∠ACB=105°,
∴B=45°,AC=60 km,
由正弦定理 BC
sin 30°= AC
sin 45°,
∴BC=30 2 km.
(2)在△PAB 中,∠PAB=30°,∠APB=15°,AB=60,
sin 15°=sin(45°-30°)=sin 45°cos 30°-cos 45°sin 30°=
2
2 ×
3
2 -
2
2 ×
1
2=
6- 2
4
,
由正弦定理得 PB
sin 30°= AB
sin 15°,
∴PB=
1
2 × 60
6- 2
4
=30( 6+ 2),
∴树的高度为 PB·sin 45°=30( 6+ 2)×
2
2
=(30+30 3)(m).
答案 (1)30 2 (2)30+30 3
考点二 测量角度问题
【例 2】 在海岸 A 处发现北偏东 45°方向距离 A 为( 3-1) n mile 的 B 处有一
艘走私船,在 A 处北偏西 75°的方向距离 A 为 2 n mile 的 C 处的缉私船奉命以
10 3 n mile/h 的速度追截走私船.此时,走私船正以 10n mile/h 的速度从 B 处向北
偏东 30°方向逃窜,问缉私船沿什么方向能最快追上走私船?
解 如图所示,注意到最快追上走私船且两船所用时间相等,若在 D 处相遇,
则可先在△ABC 中求出 BC,再在△BCD 中求∠BCD.
设缉私船用 t h 在 D 处追上走私船,则有 CD=10 3t,BD=10t.
在△ABC 中,∵AB= 3-1,AC=2,∠BAC=120°,
∴由余弦定理得 BC2=AB2+AC2-2AB·AC·cos∠BAC=( 3-1)2+22-2·( 3-
1)·2·cos 120°=6,∴BC= 6.
∵cos∠CBA=BC2+AB2-AC2
2BC·AB =6+( 3-1)2-4
2 6·( 3-1)
=
2
2 ,
∴∠CBA=45°,即 B 在 C 正东.
∵∠CBD=90°+30°=120°,
在△BCD 中,由正弦定理得
sin∠BCD=BD·sin∠CBD
CD =10tsin 120°
10 3t
=1
2,
∴∠BCD=30°.
即缉私船沿北偏东 60°方向能最快追上走私船.
规律方法 解决测量角度问题的注意事项
(1)首先应明确方位角或方向角的含义;
(2)分析题意,分清已知与所求,再根据题意画出正确的示意图,这是最关键、
最重要的一步;
(3)将实际问题转化为可用数 方法解决的问题后,注意正弦、余弦定理的“联袂”
使用.
【训练 2】 甲船在 A 处,乙船在 A 处的南偏东 45°方向,距 A 有 9 海里的 B 处,
并以 20 海里每小时的速度沿南偏西 15°方向行驶,若甲船沿南偏东θ的方向,
并以 28 海里每小时的速度行驶,恰能在 C 处追上乙船.问用多少小时追上乙船,
并求 sin θ的值(结果保留根号,无需求近似值).
解 设用 t 小时,甲船追上乙船,且在 C 处相遇,那么在△ABC 中,AC=28t,
BC=20t,AB=9,∠ABC=180°-15°-45°=120°,
由余弦定理,得
(28t)2=81+(20t)2-2×9×20t×(-1
2),
128t2-60t-27=0,
解得 t=3
4或 t=- 9
32(舍去),
所以 AC=21(海里),BC=15(海里),
根据正弦定理,得
sin∠BAC=BCsin∠ABC
AC =5 3
14
,
cos∠BAC= 1- 75
142=11
14.
又∠ABC=120°,∠BAC 为锐角,
所以 θ=45°-∠BAC,
sin θ=sin(45°-∠BAC)
=sin 45°cos∠BAC-cos 45°sin∠BAC
=11 2-5 6
28 .
∴经过3
4小时追上乙船,且 sin θ的值为11 2-5 6
28 .
考点三 函数思想在解三角形中的应用(多维探究)
命题角度 1 距离的最值
【例 3-1】 (2018·镇江模拟)如图,某公园有三条观光大道 AB,BC,AC 围
成直角三角形,其中直角边 BC=200 m,斜边 AB=400 m.现有甲、乙、丙三位
小朋友分别在 AB,BC,AC 大道上嬉戏,所在位置分别记为点 D,E,F.
(1)若甲、乙都以每分钟 100 m 的速度从点 B 出发在各自的大道上奔走,到大道
的另一端时即停,乙比甲迟 2 分钟出发,当乙出发 1 分钟后,求此时甲、乙两人
之间的距离;
(2)设∠CEF=θ,乙、丙之间的距离是甲、乙之间距离的 2 倍,且∠DEF=π
3 ,
请将甲、乙之间的距离 y 表示为 θ 的函数,并求甲、乙之间的最小距离 .
解 (1)依题意得 BD=300,BE=100,
在△ABC 中,cos B=BC
AB=1
2,∴B=π
3 ,
在△BDE 中,由余弦定理得:
DE2=BD2+BE2-2BD·BE·cos B=300 2+1002-2·300·100·
1
2=70 000,
∴DE=100 7.
答:甲、乙两人之间的距离为 100 7 m.
(2)由题意得 EF=2DE=2y,∠BDE=∠CEF=θ,
在直角三角形 CEF 中,CE=EF·cos∠CEF=2ycos θ,
在 △BDE 中 , 由 正 弦 定 理 得 BE
sin∠BDE= DE
sin∠DBE, 即 200-2ycos θ
sin θ =
y
sin 60°,
∴y= 100 3
3cos θ+sin θ
= 50 3
sin(θ+
π
3 )
,0<θ<
π
2 ,
所以当 θ=π
6 时,y 有最小值 50 3.
答:甲、乙之间的最小距离为 50 3 m.
命题角度 2 面积的最值
【例 3-2】 (2018·苏州一模)某单位设计一个展览沙盘,现欲在沙盘平面内布设
一条对角线在 l 上的四边形电气线路,如图所示,为充分利用现有材料,边 BC,
CD 用一根 5 米长的材料弯折而成,边 BA,AD 用一根 9 米长的材料弯折而成,
要求∠A 和∠C 互补,且 AB=BC.
(1)设 AB=x 米,cos A=f(x),求 f(x)的解析式,并指出 x 的取值范围;
(2)求四边形 ABCD 面积的最大值.
解 (1)在△ABD 中,BD2=AB2+AD2-2AB·AD·cos A.
在△CBD 中,BD2=CB2+CD2-2CB·CD·cos C.
因为∠A 和∠C 互补,所以 AB2+AD2-2AB·AD·cos A=CB 2+CD2-2CB·CD·cos
C=CB2+CD2+2CB·CD·cos A,
即 x2+(9-x)2-2x(9-x)cos A=x2+(5-x)2+2x(5-x)cos A.
解得 cos A=2
x,即 f(x)=2
x,其中 x∈(2,5).
(2)四边形 ABCD 的面积 S=1
2(AB·AD+CB·CD)sin A
=1
2[x(9-x)+x(5-x)] 1-cos2A
=x(7-x) 1-(2
x )2
= (x2-4)(7-x)2
= (x2-4)(x2-14x+49).
记 g(x)=(x2-4)(x2-14x+49),x∈(2,5).
由 g′(x)=2x(x2-14x+49)+(x2-4)(2x-14)
=2(x-7)(2x2-7x-4)=0,
解得 x=4(x=7和x=-1
2
舍去).
函数 g(x)在区间(2,4)内单调递增,在区间(4,5)内单调递减,
因此 g(x)的最大值为 g(4)=12×9=108.
所以 S 的最大值为 108=6 3.
答:四边形 ABCD 面积的最大值为 6 3 m2.
命题角度 3 时间的最值
【例 3-3】 某港口 O 要将一件重要物品用小艇送到一艘正在航行的轮船上.在
小艇出发时,轮船位于港口 O 北偏西 30°且与该港口相距 20 海里的 A 处,并
正以 30 海里/时的航行速度沿正东方向匀速行驶.假设该小艇沿直线方向以 v 海
里/时的航行速度匀速行驶,经过 t 小时与轮船相遇.
(1)若希望相遇时小艇的航行距离最小,则小艇航行速度的大小应为多少?
(2)假设小艇的最高航行速度只能达到 30 海里/时,试设计航行方案(即确定航行
方向和航行速度的大小),使得小艇能以最短时间与轮船相遇,并说明理由.
解 (1)设相遇时小艇航行的距离为 S 海里,
则 S= 900t2+400-2·30t·20·cos(90°-30°)
= 900t2-600t+400= 900(t-1
3)2
+300.
故当 t=1
3时,Smin=10 3,v=10 3
1
3
=30 3.
即小艇以 30 3 海里/时的速度航行,相遇时小艇的航行距离最小.
(2)设小艇与轮船在 B 处相遇.
则 v2t2=400+900t2-2·20·30t·cos(90°-30°),
故 v2=900-600
t +400
t2 .
∵00,y>0.
由 202=x2+y2-2xycos 120°≥2xy-2xycos 120°,
得 xy≤ 202
2-2cos 120°= 202
4sin260°,
∴ S = 1
2xysin 120 ° ≤ 1
2× 202
4sin260°
× 2sin 60 ° cos 60 ° = 202cos 60°
4sin 60° =
202
4tan 60°=100 3
3 ,
即四边形 DBAC 面积的最大值为100 3
3 ,当且仅当 x=y 时取到.
(2)由 DB+DC=20,知点 D 在以 B,C 为焦点的椭圆上,
∵S△ABC=1
2×10×10×
3
2 =25 3,
∴要使四边形 DBAC 面积最大,只需△DBC 的面积最大,此时点 D 到 BC 的距
离最大,即 D 必为椭圆短轴顶点.
由 BC=10 3,得短半轴长 b=5,S△BCD 面积的最大值为1
2×10 3×5=25 3.
因此四边形 ACDB 面积的最大值为 50 3.
12.一走廊拐角处的横截面如图所示,已知内壁 FG 和外壁 BC 都是半径为 1 m 的
四分之一圆弧,AB,DC 分别与圆弧 BC 相切于 B,C 两点,EF∥AB,GH∥
CD,且两组平行墙壁间的走廓宽度都是 1 m.
(1)若水平放置的木棒 MN 的两个端点 M,N 分别在外壁 CD 和 AB 上,且木棒与
内壁圆弧相切于点 P,设∠CMN=θ(rad),试用 θ 表示木棒 MN 的长度 f(θ);
(2)若一根水平放置的木棒能通过该走廊拐角处,求木棒长度的最大值.
解 (1)如图,设圆弧 FG 所在的圆的圆心为 Q,过 Q 点作 CD 的垂线,垂足为点
T,且交 MN 或其延长线于 S,并连接 PQ,再过点 N 作 TQ 的垂线,垂足为 W,
在 Rt△NWS 中,因为 NW=2,∠SNW=θ,所以 NS= 2
cos θ,因为 MN 与圆弧
FG 切于点 P,所以 PQ⊥MN,在 Rt△QPS 中,因为 PQ=1,∠PQS=θ,所以 QS
= 1
cos θ,QT-QS=2- 1
cos θ,
①若 M 在线段 TD 上,即 S 在线段 TG 上,则 TS=QT-QS,在 Rt△STM 中,MS
= TS
sin θ=QT-QS
sin θ,因此 MN=NS+MS=NS+QT-QS
sin θ.
① 若 M 在线段 CT 上,即若 S 在线段 GT 的延长线上,则 TS=QS-QT,在
Rt△STM 中,
MS= TS
sin θ=QS-QT
sin θ,因此 MN=NS-MS=NS-QS-QT
sin θ=NS+QT-QS
sin θ.
f(θ) = MN = NS + QT-QS
sin θ= 2
cos θ+ ( 2
sin θ- 1
sin θcos θ)=
2(sin θ+cos θ)-1
sin θcos θ (0 < θ <
π
2 ).
(2)设 sin θ+cos θ=t(1