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- 2021-06-15 发布
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第3讲 导数与函数的极值、最值
1.函数的极值
函数y=f(x)在点x=a的函数值f(a)比它在点x=a附近其他点的函数值都小,f′(a)=0;而且在点x=a附近的左侧f′(x)<0,右侧f′(x)>0,则点a叫做函数y=f(x)的极小值点,f(a)叫做函数y=f(x)的极小值.
函数y=f(x)在点x=b的函数值f(b)比它在点x=b附近其他点的函数值都大,f′(b)=0;而且在点x=b附近的左侧f′(x)>0,右侧f′(x)<0,则点b叫做函数y=f(x)的极大值点,f(b)叫做函数y=f(x)的极大值.
极大值点、极小值点统称为极值点,极大值、极小值统称为极值.
2.函数的最值
(1)在闭区间[a,b]上连续的函数f(x)在[a,b]上必有最大值与最小值.
(2)若函数f(x)在[a,b]上单调递增,则f(a)为函数的最小值,f(b)为函数的最大值;若函数f(x)在[a,b]上单调递减,则f(a)为函数的最大值,f(b)为函数的最小值.
判断正误(正确的打“√”,错误的打“×”)
(1)函数的极大值不一定比极小值大.( )
(2)对可导函数f(x),f′(x0)=0是x0点为极值点的充要条件.( )
(3)函数的极大值一定是函数的最大值.( )
(4)开区间上的单调连续函数无最值.( )
答案:(1)√ (2)× (3)× (4)√
函数f(x)的定义域为R,导函数f′(x)的图象如图所示,则函数f(x)( )
A.无极大值点、有四个极小值点
B.有三个极大值点、一个极小值点
C.有两个极大值点、两个极小值点
D.有四个极大值点、无极小值点
解析:选C.设f′(x)的图象与x轴的4个交点的横坐标从左至右依次为x1、x2、x3、x4.
当x0,f(x)为增函数,
当x1-1时,y′>0;当x<-1时,y′<0,所以当x=-1时函数取得最小值,且ymin=-.故选C.
函数f(x)=x-aln x(a>0)的极小值为________.
解析:因为f(x)=x-aln x(a>0),所以f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=1-(a>0),
由f′(x)=0,解得x=a.
当x∈(0,a)时,f′(x)<0;
当x∈(a,+∞)时,f′(x)>0,
所以函数f(x)在x=a处取得极小值,且极小值为f(a)=a-aln a.
答案:a-aln a
用导数解决函数的极值问题(高频考点)
用导数解决函数的极值问题是每年高考的亮点,既有选择题,填空题,也有解答题,难度偏大.主要命题角度有:
(1)根据图象判断函数的极值;
(2)求函数的极值;
(3)已知函数的极值求参数.
[典例引领]
角度一 根据图象判断函数的极值
设函数f(x)在R上可导,其导函数为f′(x),且函数y=(1-x)f′(x)的图象如图所示,则下列结论中一定成立的是( )
A.函数f(x)有极大值f(2)和极小值f(1)
B.函数f(x)有极大值f(-2)和极小值f(1)
C.函数f(x)有极大值f(2)和极小值f(-2)
D.函数f(x)有极大值f(-2)和极小值f(2)
【解析】 由题图可知,当x<-2时,1-x>3,此时f′(x)>0;当-22时,1-x<-1,此时f′(x)>0,由此可以得到函数f(x)在x=-2处取得极大值,在x=2处取得极小值.
【答案】 D
角度二 求函数的极值
已知函数f(x)=ln x-ax(a∈R).
(1)当a=时,求f(x)的极值.
(2)讨论函数f(x)在定义域内极值点的个数.
【解】 (1)当a=时,f(x)=ln x-x,函数的定义域为(0,+∞)且f′(x)=-=,
令f′(x)=0,得x=2,
于是当x变化时,f′(x),f(x)的变化情况如表.
x
(0,2)
2
(2,+∞)
f′(x)
+
0
-
f(x)
ln 2-1
故f(x)在定义域上的极大值为f(x)极大值=f(2)=ln 2-1,无极小值.
(2)由(1)知,函数的定义域为(0,+∞),f′(x)=-a=(x>0),
当a≤0时,f′(x)>0在(0,+∞)上恒成立,
即函数在(0,+∞)上单调递增,此时函数在定义域上无极值点;
当a>0时,当x∈时,f′(x)>0,
当x∈时,f′(x)<0,
故函数在x=处有极大值.
综上所述,当a≤0时,函数在定义域上无极值点,当a>0时,函数在x=处有一个极大值点.
角度三 已知函数的极值求参数
(1)已知f(x)=x3+3ax2+bx+a2在x=-1时有极值0,则a-b=________.
(2)若函数f(x)=-x2+x+1在区间(,3)上有极值点,则实数a的取值范围是________.
【解析】 (1)由题意得f′(x)=3x2+6ax+b,则
解得或
经检验当a=1,b=3时,函数f(x)在x=-1处无法取得极值,而a=2,b=9满足题意,故a-b=-7.
(2)若函数f(x)在区间(,3)上无极值,
则当x∈(,3)时,f′(x)=x2-ax+1≥0恒成立或当x∈(,3)时,f′(x)=x2-ax+1≤0恒成立.
当x∈(,3)时,y=x+的值域是[2,);
当x∈(,3)时, f′(x)=x2-ax+1≥0,
即a≤x+恒成立,a≤2;
当x∈(,3)时,f′(x)=x2-ax+1≤0,
即a≥x+恒成立,a≥.
因此要使函数f(x)在(,3)上有极值点,
则实数a的取值范围是(2,).
【答案】 (1)-7 (2)(2,)
求函数f(x)极值的步骤
(1)确定函数的定义域;
(2)求导数f′(x);
(3)解方程f′(x)=0,求出函数定义域内的所有根;
(4)列表检验f′(x)在f′(x)=0的根x0左右两侧值的符号,如果左正右负,那么f(x)在x0处取极大值.如果左负右正,那么f(x)在x0处取极小值.
[注意] 若函数y=f(x)在区间(a,b)内有极值,那么y=f(x)在(a,b)内绝不是单调函数,即在某区间上单调函数没有极值.
[通关练习]
设函数f(x)=ax3-2x2+x+c(a≥0).
(1)当a=1,且函数图象过点(0,1)时,求函数的极小值;
(2)若f(x)在(-∞,+∞)上无极值点,求a的取值范围.
解:f′(x)=3ax2-4x+1.
(1)函数图象过点(0,1)时,有f(0)=c=1.
当a=1时,f′(x)=3x2-4x+1,令f′(x)>0,解得x<,或x>1;令f′(x)<0,解得0时,f′(x)≥0或f′(x)≤0恒成立的充要条件是Δ=(-4)2-4×3a×1≤0,即16-12a≤0,解得a≥.
综上,a的取值范围为.
利用导数求函数的最值
[典例引领]
已知函数f(x)=+kln x,k<,求函数f(x)在上的最大值和最小值.
【解】 因为f(x)=+kln x,
f′(x)=+=.
(1)若k=0,则f′(x)=-在上恒有f′(x)<0,
所以f(x)在上单调递减.
所以f(x)min=f(e)=,f(x)max=f=e-1.
(2)若k≠0,f′(x)==.
①若k<0,则在上恒有<0,
所以f(x)在[,e]上单调递减,
所以f(x)min=f(e)=+kln e=+k-1,f(x)max=f=e-k-1.
②若k>0,由k<,得>e,则x-<0,所以<0,
所以f(x)在上单调递减.
所以f(x)min=f(e)=+kln e=+k-1,
f(x)max=f=e-k-1.
综上,k<时,f(x)min=+k-1,
f(x)max=e-k-1.
求函数f(x)在[a,b]上的最大值和最小值的步骤
(1)求函数在(a,b)内的极值;
(2)求函数在区间端点处的函数值f(a),f(b);
(3)将函数f(x)的各极值与f(a),f(b)比较,其中最大的一个为最大值,最小的一个为最小值.
[通关练习]
已知常数a≠0,f(x)=aln x+2x.当f(x)的最小值不小于-a时,求实数a的取值范围.
解:因为f′(x)=,
所以当a>0,x∈(0,+∞)时,f′(x)>0,
即f(x)在x∈(0,+∞)上单调递增,没有最小值;
当a<0时,由f′(x)>0得,x>-,
所以f(x)在上单调递增;
由f′(x)<0得,00)的导函数y=f′(x)的两个零点为-3和0.
(1)求f(x)的单调区间;
(2)若f(x)的极小值为-e3,求f(x)在区间[-5,+∞)上的最大值.
【解】 (1)f′(x)==.
令g(x)=-ax2+(2a-b)x+b-c,
因为ex>0,所以y=f′(x)的零点就是g(x)=-ax2+(2a-b)x+b-c的零点,
且f′(x)与g(x)符号相同.
又因为a>0.所以当-30,即f′(x)>0,当x<-3或x>0时,g(x)<0,即f′(x)<0,
所以f(x)的单调递增区间是(-3,0),单调递减区间是(-∞,-3),(0,+∞).
(2)由(1)知,x=-3是f(x)的极小值点,所以有
解得a=1,b=5,c=5,所以f(x)=.
因为f(x)的单调递增区间是(-3,0),单调递减区间是(-∞,-3),(0,+∞),
所以f(0)=5为函数f(x)的极大值,
故f(x)在区间[-5,+∞)上的最大值取f(-5)和f(0)中的最大者,
而f(-5)==5e5>5=f(0),
所以函数f(x)在区间[-5,+∞)上的最大值是5e5.
求一个函数在闭区间上的最值和在无穷区间(或开区间)上的最值时,方法是不同的.求函数在无穷区间(或开区间)上的最值,不仅要研究其极值情况,还要研究其单调性,并通过单调性和极值情况,画出函数的大致图象,然后借助图象观察得到函数的最值.
[通关练习]
若函数f(x)=x3+x2-在区间(a,a+5)上存在最小值,则实数a的取值范围是________.
解析:由题意,得f′(x)=x2+2x=x(x+2),
故f(x)在(-∞,-2),(0,+∞)上是增函数,
在(-2,0)上是减函数,作出其图象如图所示,
令x3+x2-=-得,x=0或x=-3,
则结合图象可知,解得a∈[-3,0).
答案:[-3,0)
利用导数研究函数极值问题的一般流程
已知函数极值点或极值求参数的两个要领
(1)列式:根据极值点处导数为0和极值这两个条件列方程组,利用待定系数法求解.
(2)验证:因为导数值等于零不是此点为极值点的充要条件,所以利用待定系数法求解后必须验证根的合理性.
求函数f(x)在区间[a,b]上最值的方法
(1)若函数f(x)在区间[a,b]上单调,则f(a)与f(b)一个为最大值,一个为最小值.
(2)若函数f(x)在闭区间[a,b]内有极值,要先求出[a,b]上的极值,与f(a),f(b)比较,最大的是最大值,最小的是最小值,可列表求解.
(3)若函数f(x)在闭区间[a,b]上有唯一一个极值点,这个极值点就是最大(小)值点.
已知函数f(x)的最值求参数的方法
先利用导数将最值用参数表示,再构建方程组求解.
[注意] 由f′(x)=0得到根x0.是否在[a,b]内不明确时要分情况讨论.
1.函数y=在[0,2]上的最大值是( )
A. B.
C.0 D.
解析:选A.易知y′=,x∈[0,2],令y′>0,得0≤x<1,令y′<0,得2≥x>1,所以函数y=在[0,1]上单调递增,在(1,2]上单调递减,所以y=在[0,2]上的最大值是y|x=1=,故选A.
2.已知a为函数f(x)=x3-12x的极小值点,则a=( )
A.-4 B.-2
C.4 D.2
解析:选D.由题意得f′(x)=3x2-12,由f′(x)=0得x=±2,当x∈(-∞,-2)时,f′(x)>0,函数f(x)单调递增,当x∈(-2,2)时,f′(x)<0,函数f(x)单调递减,当x∈(2,+∞)时,f′(x)>0,函数f(x)单调递增,所以a=2.
3.函数f(x)=x3+bx2+cx+d的大致图象如图所示,则x+x等于( )
A. B.
C. D.
解析:选C.函数f(x)的图象过原点,所以d=0.又f(-1)=0且f(2)=0,即-1+b-c=0且8+4b+2c=0,解得b=-1,c=-2,所以函数f(x)=x3-x2-2x,所以f′(x)=3x2-2x-2,由题意知x1,x2是函数的极值点,所以x1,x2是f′(x)=0的两个根,所以x1+x2=,x1x2=-,所以x+x=(x1+x2)2-2x1x2=+=.
4.已知函数f(x)=x3+3x2-9x+1,若f(x)在区间[k,2]上的最大值为28,则实数k的取值范围为( )
A.[-3,+∞) B.(-3,+∞)
C.(-∞,-3) D.(-∞,-3]
解析:选D.由题意知f′(x)=3x2+6x-9,令f′(x)=0,解得x=1或x=-3,所以f′(x),f(x)随x的变化情况如下表:
x
(-∞,-3)
-3
(-3,1)
1
(1,+∞)
f′(x)
+
0
-
0
+
f(x)
极大值
极小值
又f(-3)=28,f(1)=-4,f(2)=3,f(x)在区间[k,2]上的最大值为28,所以k≤-3.
5.若函数f(x)=x3-3ax在区间(-1,2)上仅有一个极值点,则实数a的取值范围为( )
A.(1,4] B.[2,4]
C.[1,4) D.[1,2]
解析:选C.因为f′(x)=3(x2-a),所以当a≤0时,f′(x)≥0在R上恒成立,所以f(x)在R上单调递增,f(x)没有极值点,不符合题意;当a>0时,令f′(x)=0得x=±,当x变化时,f′(x)与f(x)的变化情况如下表所示:
x
(-∞,-)
-
(-,)
(,+∞)
f′(x)
+
0
-
0
+
f(x)
极大值
极小值
因为函数f(x)在区间(-1,2)上仅有一个极值点,所以或解得1≤a<4.选C.
6.f(x)=x3-3x2+2在区间[-1,1]上的最大值是________.
解析:f′(x)=3x2-6x=3x(x-2),
令f′(x)=0得x=0或x=2(舍),
当-10;
当00),
所以f′(x)=ln x-ax,f″(x)=-a=0,
得一阶导函数有极大值点x=,
由于x→0时f′(x)→-∞;当x→+∞时,f′(x)→-∞,
因此原函数要有两个极值点,
只要f′=ln-1>0,解得00),
所以f′(x)=2x-=,
令f′(x)>0,解得x>1,令f′(x)<0,解得00,解得x<-2或x>1,令f′(x)<0,解得-20,则由f′(x)=0得x=ln a.
当x∈(-∞,ln a)时,f′(x)<0;当x∈(ln a,+∞)时,f′(x)>0.故f(x)在(-∞,ln a)上单调递减,在(ln a,+∞)上单调递增.
③若a<0,则由f′(x)=0得x=ln(-).
当x∈(-∞,ln(-))时,f′(x)<0;当x∈(ln(-),+∞)时,f′(x)>0.故f(x)在(-∞,ln(-))上单调递减,在(ln(-),+∞)上单调递增.
(2)①若a=0,则f(x)=e2x,所以f(x)≥0.
②若a>0,则由(1)得,当x=ln a时,f(x)取得最小值,最小值为f(ln a)=-a2ln a.从而当且仅当-a2ln a≥0,即a≤1时,f(x)≥0.
③若a<0,则由(1)得,当x=ln(-)时,f(x)取得最小值,最小值为f(ln(-))=a2[-ln(-)].从而当且仅当a2[-ln(-)]≥0,即a≥-2e时f(x)≥0.
综上,a的取值范围是[-2e,1].