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- 2021-06-15 发布
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§1.3 习题课
课时目标 1.加深对函数的基本性质的理解.2.培养综合运用函数的基本性质
解题的能力.
1.若函数 y=(2k+1)x+b 在 R 上是减函数,则( )
A.k>1
2B.k<1
2C.k>-1
2D.k<-1
2
2.定义在 R 上的函数 f(x)对任意两个不相等的实数 a,b,总有fa-fb
a-b
>0 成
立,则必有( )
A.函数 f(x)先增后减
B.函数 f(x)先减后增
C.f(x)在 R 上是增函数
D.f(x)在 R 上是减函数
3.已知函数 f(x)在(-∞,+∞)上是增函数,a,b∈R,且 a+b>0,则有( )
A.f(a)+f(b)>-f(a)-f(b)
B.f(a)+f(b)<-f(a)-f(b)
C.f(a)+f(b)>f(-a)+f(-b)
D.f(a)+f(b)a,则实数 a 的取值范围是
______________.
一、选择题
1.设 f(x)是定义在 R 上的偶函数,且在(-∞,0)上是增函数,已知 x1>0,x2<0,
且 f(x1)0
C.f(-x1)>f(-x2) D.f(-x1)·f(-x2)<0
2.下列判断:
①如果一个函数的定义域关于坐标原点对称,那么这个函数为偶函数;
②对于定义域为实数集 R 的任何奇函数 f(x)都有 f(x)·f(-x)≤0;
③解析式中含自变量的偶次幂而不含常数项的函数必是偶函数;
④既是奇函数又是偶函数的函数存在且唯一.
其中正确的序号为( )
A.②③④B.①③C.②D.④
3.定义两种运算:a⊕b=ab,a⊗b=a2+b2,则函数 f(x)= 2⊕x
x⊗2-2
为( )
A.奇函数
B.偶函数
C.既不是奇函数也不是偶函数
D.既是奇函数也是偶函数
4.用 min{a,b}表示 a,b 两数中的最小值,若函数 f(x)=min{|x|,|x+t|}的图
象关于直线 x=-1
2
对称,则 t 的值为( )
A.-2B.2C.-1D.1
5.如果奇函数 f(x)在区间[1,5]上是减函数,且最小值为 3,那么 f(x)在区间[-
5,-1]上是( )
A.增函数且最小值为 3B.增函数且最大值为 3
C.减函数且最小值为-3D.减函数且最大值为-3
6.若 f(x)是偶函数,且当 x∈[0,+∞)时,f(x)=x-1,则 f(x-1)<0 的解集是
( )
A.(-1,0) B.(-∞,0)∪(1,2)
C.(1,2) D.(0,2)
题 号 1 2 3 4 5 6
答 案
二、填空题
7.若函数 f(x)=- x+a
bx+1
为区间[-1,1]上的奇函数,则它在这一区间上的最大
值为____.
8.已知函数 f(x)是定义域为 R 的奇函数,且当 x>0 时,f(x)=2x-3,则 f(-2)
+f(0)=________.
9.函数 f(x)=x2+2x+a,若对任意 x∈[1,+∞),f(x)>0 恒成立,则实数 a 的
取值范围是________.
三、解答题
10.已知奇函数 f(x)的定义域为(-∞,0)∪(0,+∞),且 f(x)在(0,+∞)上是
增函数,f(1)=0.
(1)求证:函数 f(x)在(-∞,0)上是增函数;
(2)解关于 x 的不等式 f(x)<0.
11.已知 f(x)=x2+ax+b
x
,x∈(0,+∞).
(1)若 b≥1,求证:函数 f(x)在(0,1)上是减函数;
(2)是否存在实数 a,b,使 f(x)同时满足下列两个条件:
①在(0,1)上是减函数,(1,+∞)上是增函数;②f(x)的最小值是 3.若存在,求
出 a,b 的值;若不存在,请说明理由.
能力提升
12.设函数 f(x)=1- 1
x+1
,x∈[0,+∞)
(1)用单调性的定义证明 f(x)在定义域上是增函数;
(2)设 g(x)=f(1+x)-f(x),判断 g(x)在[0,+∞)上的单调性(不用证明),并由此
说明 f(x)的增长是越来越快还是越来越慢?
13.如图,有一块半径为 2 的半圆形纸片,计划剪裁成等腰梯形 ABCD 的形状,
它的下底 AB 是⊙O 的直径,上底 CD 的端点在圆周上,设 CD=2x,梯形 ABCD
的周长为 y.
(1)求出 y 关于 x 的函数 f(x)的解析式;
(2)求 y 的最大值,并指出相应的 x 值.
1.函数单调性的判定方法
(1)定义法.
(2)直接法:运用已知的结论,直接判断函数的单调性,如一次函数,二次函数,
反比例函数;还可以根据 f(x),g(x)的单调性判断-f(x),1
fx
,f(x)+g(x)的单调
性等.
(3)图象法:根据函数的图象判断函数的单调性.
2.二次函数在闭区间上的最值
对于二次函数 f(x)=a(x-h)2+k(a>0)在区间[m,n]上最值问题,有以下结论:
(1)若 h∈[m,n],则 ymin=f(h)=k,ymax=max{f(m),f(n)};
(2)若 h∉[m,n],则 ymin=min{f(m),f(n)},
ymax=max{f(m),f(n)}(a<0 时可仿此讨论).
3.函数奇偶性与单调性的差异.
函数的奇偶性是相对于函数的定义域来说的,这一点与研究函数的单调性不
同,从这个意义上说,函数的单调性是函数的“局部”性质,而奇偶性是函数
的“整体”性质,只是对函数定义域内的每一个值 x,都有 f(-x)=-f(x)[或 f(-
x)=f(x)],才能说 f(x)是奇函数(或偶函数).
§1.3 习题课
双基演练
1.D [由已知,令 2k+1<0,解得 k<-1
2.]
2.C [由fa-fb
a-b
>0,知 f(a)-f(b)与 a-b 同号,
由增函数的定义知选 C.]
3.C [∵a+b>0,∴a>-b,b>-a.
由函数的单调性可知,f(a)>f(-b),f(b)>f(-a).
两式相加得 C 正确.]
4.C [由图象可知,当 x=0 时,f(x)取得最大值;
当 x=-3
2
时,f(x)取得最小值.故选 C.]
5.1
3 0
解析 偶函数定义域关于原点对称,
∴a-1+2a=0.∴a=1
3.
∴f(x)=1
3x2+bx+1+b.
又∵f(x)是偶函数,∴b=0.
6.(-∞,-1)
解析 若 a≥0,则 1
2a-1>a,解得 a<-2,∴a∈∅;
若 a<0,则1
a>a,解得 a<-1 或 a>1,∴a<-1.
综上,a∈(-∞,-1).
作业设计
1.B [由已知得 f(x1)=f(-x1),且-x1<0,x2<0,而函数 f(x)在(-∞,0)上是
增函数,因此由 f(x1)0.故选 B.]
2.C [判断①,一个函数的定义域关于坐标原点对称,是这个函数具有奇偶
性的前提条件,但并非充分条件,故①错误.
判断②正确,由函数是奇函数,知 f(-x)=-f(x),特别地当 x=0 时,f(0)=0,
所以 f(x)·f(-x)=-[f(x)]2≤0.
判断③,如 f(x)=x2,x∈[0,1],定义域不关于坐标原点对称,即存在 1∈[0,1],
而-1 [0,1];又如 f(x)=x2+x,x∈[-1,1],有 f(x)≠f(-x).故③错误.
判断④,由于 f(x)=0,x∈[-a,a],根据确定一个函数的两要素知,a 取不同
的实数时,得到不同的函数.故④错误.
综上可知,选 C.]
3.A [f(x)= 2x
x2+2
,f(-x)=-f(x),选 A.]
4.D [当 t>0 时 f(x)的图象如图所示(实线)
对称轴为 x=-t
2
,则t
2
=1
2
,∴t=1.]
5.D [当-5≤x≤-1 时 1≤-x≤5,
∴f(-x)≥3,即-f(x)≥3.
从而 f(x)≤-3,
又奇函数在原点两侧的对称区间上单调性相同,
故 f(x)在[-5,-1]上是减函数.故选 D.]
6.D [依题意,因为 f(x)是偶函数,所以 f(x-1)<0 化为 f(|x-1|)<0,又 x∈[0,
+∞)时,f(x)=x-1,所以|x-1|-1<0,
即|x-1|<1,解得 0-3
解析 ∵f(x)=x2+2x+a=(x+1)2+a-1,
∴[1,+∞)为 f(x)的增区间,
要使 f(x)在[1,+∞)上恒有 f(x)>0,则 f(1)>0,
即 3+a>0,∴a>-3.
10.(1)证明 设 x1-x2>0.
∵f(x)在(0,+∞)上是增函数,
∴f(-x1)>f(-x2).
∵f(x)是奇函数,
∴f(-x1)=-f(x1),f(-x2)=-f(x2),
∴-f(x1)>-f(x2),即 f(x1)0,则 f(x)0,x1-x2<0.
又 b>1,且 00,
∴f(x1)>f(x2),
所以函数 f(x)在(0,1)上是减函数.
(2)解 设 0x2≥0,f(x1)-f(x2)=(1- 1
x1+1)-(1- 1
x2+1)= x1-x2
x1+1x2+1.
由 x1>x2≥0⇒x1-x2>0,(x1+1)(x2+1)>0,
得 f(x1)-f(x2)>0,即 f(x1)>f(x2).
所以 f(x)在定义域上是增函数.
(2)解 g(x)=f(x+1)-f(x)= 1
x+1x+2
,
g(x)在[0,+∞)上是减函数,自变量每增加 1,f(x)的增加值越来越小,所以 f(x)
的增长是越来越慢.
13.解 (1)作 OH,DN 分别垂直 DC,AB 交于 H,N,
连结 OD.
由圆的性质,H 是中点,设 OH=h,
h= OD2-DH2= 4-x2.
又在直角△AND 中,AD= AN2+DN2
= 2-x2+4-x2= 8-4x=2 2-x,
所以 y=f(x)=AB+2AD+DC=4+2x+4 2-x,其定义域是(0,2).
(2)令 t= 2-x,则 t∈(0, 2),且 x=2-t2,
所以 y=4+2·(2-t2)+4t=-2(t-1)2+10,
当 t=1,即 x=1 时,y 的最大值是 10.
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