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  • 2021-06-15 发布

高中数学(人教版a版必修一)配套课时作业:第一章集合与函数的概念1-3习题课word版含解析

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§1.3 习题课 课时目标 1.加深对函数的基本性质的理解.2.培养综合运用函数的基本性质 解题的能力. 1.若函数 y=(2k+1)x+b 在 R 上是减函数,则( ) A.k>1 2B.k<1 2C.k>-1 2D.k<-1 2 2.定义在 R 上的函数 f(x)对任意两个不相等的实数 a,b,总有fa-fb a-b >0 成 立,则必有( ) A.函数 f(x)先增后减 B.函数 f(x)先减后增 C.f(x)在 R 上是增函数 D.f(x)在 R 上是减函数 3.已知函数 f(x)在(-∞,+∞)上是增函数,a,b∈R,且 a+b>0,则有( ) A.f(a)+f(b)>-f(a)-f(b) B.f(a)+f(b)<-f(a)-f(b) C.f(a)+f(b)>f(-a)+f(-b) D.f(a)+f(b)a,则实数 a 的取值范围是 ______________. 一、选择题 1.设 f(x)是定义在 R 上的偶函数,且在(-∞,0)上是增函数,已知 x1>0,x2<0, 且 f(x1)0 C.f(-x1)>f(-x2) D.f(-x1)·f(-x2)<0 2.下列判断: ①如果一个函数的定义域关于坐标原点对称,那么这个函数为偶函数; ②对于定义域为实数集 R 的任何奇函数 f(x)都有 f(x)·f(-x)≤0; ③解析式中含自变量的偶次幂而不含常数项的函数必是偶函数; ④既是奇函数又是偶函数的函数存在且唯一. 其中正确的序号为( ) A.②③④B.①③C.②D.④ 3.定义两种运算:a⊕b=ab,a⊗b=a2+b2,则函数 f(x)= 2⊕x x⊗2-2 为( ) A.奇函数 B.偶函数 C.既不是奇函数也不是偶函数 D.既是奇函数也是偶函数 4.用 min{a,b}表示 a,b 两数中的最小值,若函数 f(x)=min{|x|,|x+t|}的图 象关于直线 x=-1 2 对称,则 t 的值为( ) A.-2B.2C.-1D.1 5.如果奇函数 f(x)在区间[1,5]上是减函数,且最小值为 3,那么 f(x)在区间[- 5,-1]上是( ) A.增函数且最小值为 3B.增函数且最大值为 3 C.减函数且最小值为-3D.减函数且最大值为-3 6.若 f(x)是偶函数,且当 x∈[0,+∞)时,f(x)=x-1,则 f(x-1)<0 的解集是 ( ) A.(-1,0) B.(-∞,0)∪(1,2) C.(1,2) D.(0,2) 题 号 1 2 3 4 5 6 答 案 二、填空题 7.若函数 f(x)=- x+a bx+1 为区间[-1,1]上的奇函数,则它在这一区间上的最大 值为____. 8.已知函数 f(x)是定义域为 R 的奇函数,且当 x>0 时,f(x)=2x-3,则 f(-2) +f(0)=________. 9.函数 f(x)=x2+2x+a,若对任意 x∈[1,+∞),f(x)>0 恒成立,则实数 a 的 取值范围是________. 三、解答题 10.已知奇函数 f(x)的定义域为(-∞,0)∪(0,+∞),且 f(x)在(0,+∞)上是 增函数,f(1)=0. (1)求证:函数 f(x)在(-∞,0)上是增函数; (2)解关于 x 的不等式 f(x)<0. 11.已知 f(x)=x2+ax+b x ,x∈(0,+∞). (1)若 b≥1,求证:函数 f(x)在(0,1)上是减函数; (2)是否存在实数 a,b,使 f(x)同时满足下列两个条件: ①在(0,1)上是减函数,(1,+∞)上是增函数;②f(x)的最小值是 3.若存在,求 出 a,b 的值;若不存在,请说明理由. 能力提升 12.设函数 f(x)=1- 1 x+1 ,x∈[0,+∞) (1)用单调性的定义证明 f(x)在定义域上是增函数; (2)设 g(x)=f(1+x)-f(x),判断 g(x)在[0,+∞)上的单调性(不用证明),并由此 说明 f(x)的增长是越来越快还是越来越慢? 13.如图,有一块半径为 2 的半圆形纸片,计划剪裁成等腰梯形 ABCD 的形状, 它的下底 AB 是⊙O 的直径,上底 CD 的端点在圆周上,设 CD=2x,梯形 ABCD 的周长为 y. (1)求出 y 关于 x 的函数 f(x)的解析式; (2)求 y 的最大值,并指出相应的 x 值. 1.函数单调性的判定方法 (1)定义法. (2)直接法:运用已知的结论,直接判断函数的单调性,如一次函数,二次函数, 反比例函数;还可以根据 f(x),g(x)的单调性判断-f(x),1 fx ,f(x)+g(x)的单调 性等. (3)图象法:根据函数的图象判断函数的单调性. 2.二次函数在闭区间上的最值 对于二次函数 f(x)=a(x-h)2+k(a>0)在区间[m,n]上最值问题,有以下结论: (1)若 h∈[m,n],则 ymin=f(h)=k,ymax=max{f(m),f(n)}; (2)若 h∉[m,n],则 ymin=min{f(m),f(n)}, ymax=max{f(m),f(n)}(a<0 时可仿此讨论). 3.函数奇偶性与单调性的差异. 函数的奇偶性是相对于函数的定义域来说的,这一点与研究函数的单调性不 同,从这个意义上说,函数的单调性是函数的“局部”性质,而奇偶性是函数 的“整体”性质,只是对函数定义域内的每一个值 x,都有 f(-x)=-f(x)[或 f(- x)=f(x)],才能说 f(x)是奇函数(或偶函数). §1.3 习题课 双基演练 1.D [由已知,令 2k+1<0,解得 k<-1 2.] 2.C [由fa-fb a-b >0,知 f(a)-f(b)与 a-b 同号, 由增函数的定义知选 C.] 3.C [∵a+b>0,∴a>-b,b>-a. 由函数的单调性可知,f(a)>f(-b),f(b)>f(-a). 两式相加得 C 正确.] 4.C [由图象可知,当 x=0 时,f(x)取得最大值; 当 x=-3 2 时,f(x)取得最小值.故选 C.] 5.1 3 0 解析 偶函数定义域关于原点对称, ∴a-1+2a=0.∴a=1 3. ∴f(x)=1 3x2+bx+1+b. 又∵f(x)是偶函数,∴b=0. 6.(-∞,-1) 解析 若 a≥0,则 1 2a-1>a,解得 a<-2,∴a∈∅; 若 a<0,则1 a>a,解得 a<-1 或 a>1,∴a<-1. 综上,a∈(-∞,-1). 作业设计 1.B [由已知得 f(x1)=f(-x1),且-x1<0,x2<0,而函数 f(x)在(-∞,0)上是 增函数,因此由 f(x1)0.故选 B.] 2.C [判断①,一个函数的定义域关于坐标原点对称,是这个函数具有奇偶 性的前提条件,但并非充分条件,故①错误. 判断②正确,由函数是奇函数,知 f(-x)=-f(x),特别地当 x=0 时,f(0)=0, 所以 f(x)·f(-x)=-[f(x)]2≤0. 判断③,如 f(x)=x2,x∈[0,1],定义域不关于坐标原点对称,即存在 1∈[0,1], 而-1 [0,1];又如 f(x)=x2+x,x∈[-1,1],有 f(x)≠f(-x).故③错误. 判断④,由于 f(x)=0,x∈[-a,a],根据确定一个函数的两要素知,a 取不同 的实数时,得到不同的函数.故④错误. 综上可知,选 C.] 3.A [f(x)= 2x x2+2 ,f(-x)=-f(x),选 A.] 4.D [当 t>0 时 f(x)的图象如图所示(实线) 对称轴为 x=-t 2 ,则t 2 =1 2 ,∴t=1.] 5.D [当-5≤x≤-1 时 1≤-x≤5, ∴f(-x)≥3,即-f(x)≥3. 从而 f(x)≤-3, 又奇函数在原点两侧的对称区间上单调性相同, 故 f(x)在[-5,-1]上是减函数.故选 D.] 6.D [依题意,因为 f(x)是偶函数,所以 f(x-1)<0 化为 f(|x-1|)<0,又 x∈[0, +∞)时,f(x)=x-1,所以|x-1|-1<0, 即|x-1|<1,解得 0-3 解析 ∵f(x)=x2+2x+a=(x+1)2+a-1, ∴[1,+∞)为 f(x)的增区间, 要使 f(x)在[1,+∞)上恒有 f(x)>0,则 f(1)>0, 即 3+a>0,∴a>-3. 10.(1)证明 设 x1-x2>0. ∵f(x)在(0,+∞)上是增函数, ∴f(-x1)>f(-x2). ∵f(x)是奇函数, ∴f(-x1)=-f(x1),f(-x2)=-f(x2), ∴-f(x1)>-f(x2),即 f(x1)0,则 f(x)0,x1-x2<0. 又 b>1,且 00, ∴f(x1)>f(x2), 所以函数 f(x)在(0,1)上是减函数. (2)解 设 0x2≥0,f(x1)-f(x2)=(1- 1 x1+1)-(1- 1 x2+1)= x1-x2 x1+1x2+1. 由 x1>x2≥0⇒x1-x2>0,(x1+1)(x2+1)>0, 得 f(x1)-f(x2)>0,即 f(x1)>f(x2). 所以 f(x)在定义域上是增函数. (2)解 g(x)=f(x+1)-f(x)= 1 x+1x+2 , g(x)在[0,+∞)上是减函数,自变量每增加 1,f(x)的增加值越来越小,所以 f(x) 的增长是越来越慢. 13.解 (1)作 OH,DN 分别垂直 DC,AB 交于 H,N, 连结 OD. 由圆的性质,H 是中点,设 OH=h, h= OD2-DH2= 4-x2. 又在直角△AND 中,AD= AN2+DN2 = 2-x2+4-x2= 8-4x=2 2-x, 所以 y=f(x)=AB+2AD+DC=4+2x+4 2-x,其定义域是(0,2). (2)令 t= 2-x,则 t∈(0, 2),且 x=2-t2, 所以 y=4+2·(2-t2)+4t=-2(t-1)2+10, 当 t=1,即 x=1 时,y 的最大值是 10.