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- 2021-06-15 发布
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2019-2020学年北京市通州区高二(下)期中数学试卷
一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每个小题给出的四个备选答案中,只有一个是符合题目要求的.
1. 函数f(x)=lnx的定义域是( )
A. (0,+∞) B. [0,+∞)
C. (﹣∞,0)∪(0,+∞) D. R
【答案】A
【解析】
【分析】
根据对数函数的定义域选出正确选项.
【详解】由于是对数函数,所以其定义域为.
故选:A
【点睛】本小题主要考查对数函数的定义域,属于基础题.
2. 下列函数中,在区间(0,+∞)上单调递减的是( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
对选项逐一分析函数在区间上的单调性,由此确定正确选项.
【详解】对于A选项,在上递增,不符合题意;
对于B选项,在上递增,不符合题意;
对于C选项,在上递减,符合题意;
对于D选项,在上递增,不符合题意;
故选:C
- 15 -
【点睛】本小题主要考查函数的单调性,属于基础题.
3. 已知函数,那么方程f(x)=0的解是( )
A. B. x=1 C. x=e D. x=1或x=e
【答案】C
【解析】
【分析】
通过解方程求得的解.
【详解】依题意,所以.
故选:C
【点睛】本小题主要考查函数零点的求法,属于基础题.
4. 已知函数f(x)=ex(1+x),那么不等式f(x)<0的解集是( )
A. (﹣∞,﹣e) B. (﹣∞,﹣1) C. (﹣∞,1) D. (﹣∞,e)
【答案】B
【解析】
【分析】
结合指数函数的性质,求得不等式的解集.
【详解】由于对任意,,所以不等式,所以不等式的解集为
故选:B
【点睛】本小题主要考查含有指数函数的不等式的解法,属于基础题.
5. 已知角的顶点与原点重合,始边与轴的非负半轴重合,终边与单位圆交于点,那么等于( )
A. B. C. D.
【答案】B
- 15 -
【解析】
【分析】
先根据诱导公式化简得,再根据三角函数单位圆定义即可求得答案.
【详解】解:根据题意,由三角函数的单位圆定义得:
∴
故选:B.
【点睛】本题考查三角函数的定义,诱导公式,是基础题.
6. 已知等比数列{an}的公比为,且a2=﹣2,那么a6等于( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
根据等比数列通项公式求得.
【详解】由于是等比数列,所以.
故选:D
【点睛】本小题主要考查等比数列通项公式的基本量计算,属于基础题.
7. 已知双曲线的一条渐近线方程为y=2x,那么该双曲线的离心率是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
根据和的关系求得离心率.
【详解】由于双曲线的渐近线为,所以,
- 15 -
所以.
故选:D
【点睛】本小题主要考查双曲线离心率的求法,属于基础题.
8. 已知函数f(x)=2ax2+(a+2)x+1(a<0),那么不等式f(x)>0的解集是( )
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
对因式分解,比较所得两根的大小,由此求得的解集.
【详解】依题意,令,
由于,故解得,且,
所以解集为.
故选:A
【点睛】本小题主要考查一元二次不等式的解法,属于基础题.
9. 已知关于x的不等式2x﹣a>0在区间上有解,那么实数a的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
利用分离常数法,结合指数函数的性质,求得的取值范围.
- 15 -
【详解】由于关于的不等式在区间上有解,
所以存在,使得,也即,
由于在上递增,当时,,
所以.
故选:B
【点睛】本小题主要考查存在性问题的求解,属于基础题.
10. 已知函数,若函数g(x)=f(x)+2x+lna(a>0)有2个零点,则数a的最小值是( )
A. B. C. 1 D. e
【答案】A
【解析】
【分析】
令,将问题转化为函数与函数的图象有两个不同的交点来求解.
【详解】令得,若有两个零点,则函数与函数的图象有两个不同的交点.
画出函数与函数的图象如下图所示,当直线过点时,两个函数图象有两个交点,此时.由图可知,当直线向下平移时,可使两个函数图象有两个交点,所以,所以的最小值为.
故选:A
- 15 -
【点睛】本小题主要考查函数零点问题的求解,考查数形结合的数学思想方法,属于中档题.
二、填空题:本大题共5小题,每小题5分,共25分.
11. 在△ABC中,已知AC=2,BC=3,B=,那么sinA=_____.
【答案】
【解析】
【分析】
利用正弦定理列方程,解方程求得.
【详解】依题意,由正弦定理得,
所以.
故答案为:
【点睛】本小题主要考查正弦定理解三角形,属于基础题.
12. 已知等差数列{an}满足a1=1,a3=5,那么数列{an}的前8项和S8=_____.
【答案】
【解析】
【分析】
先求得,再求得.
【详解】依题意,所以.
故答案为:
- 15 -
【点睛】本小题主要考查等差数列通项公式的基本量计算,考查等差数列前项和公式,属于基础题.
13. 已知抛物线的标准方程为,那么该抛物线的准线方程是_____.
【答案】
【解析】
【分析】
根据抛物线的方程直接求解即可.
【详解】解:因为抛物线的标准方程为,
所以抛物线的焦点在正半轴上,且,
所以抛物线的准线方程为:.
故答案为:
【点睛】本题考查抛物线的准线方程,是基础题.
14. 已知二次函数f(x)=ax2﹣2x+1在区间[1,3]上是单调函数,那么实数a的取值范围是_____.
【答案】
【解析】
【分析】
根据二次函数的性质列不等式,解不等式求得的取值范围.
【详解】由于为二次函数,所以,其对称轴为,
要使在区间上是单调函数,则需其对称轴在区间两侧,
即或,
解得,或,或,
所以的取值范围是
- 15 -
故答案为:.
【点睛】本小题主要考查二次函数的单调性,属于中档题.
15. 已知函数,若对于任意x∈[t,t+1],不等式恒成立,那么实数t的最大值是_____.
【答案】
【解析】
【分析】
判断函数的奇偶性、单调性,根据函数的单调性进行求解即可.
【详解】当时,,而,函数单调递增,
当时,,而,函数单调递减,而,
所以函数是实数集上的奇函数且是递增函数,
因此有:,
因为x∈[t,t+1],所以x∈[,],
要想对于任意x∈[t,t+1],不等式恒成立,
则有,实数t的最大值是.
故答案为:
【点睛】本题考查了已知不等式恒成立求参数问题,考查了奇函数的单调性的应用,考查了数学运算能力.
三、解答题:本大题共6小题,共85分,解答应写出必要的文字说明、证期过程或演算步骤.
16. 已知等比数列的公比,且,.
(Ⅰ)求数列通项公式;
(Ⅱ)设,求数列的前项和 .
【答案】(Ⅰ);(Ⅱ).
- 15 -
【解析】
【分析】
(Ⅰ)直接根据等比数列的通项公式列式解方程计算即可;
(Ⅱ)先求出,再根据分组求和的方法求解即可得答案.
【详解】解:(Ⅰ)根据题意得:,,
两式相除得:,由于,故, ,
所以数列的通项公式为:.
(Ⅱ)根据题意得:,
根据分组求和的方法得:
.
【点睛】本题考查等比数列的通项公式的求法,分组求和法,考查运算能力,是基础题.
17. 在ABC中,角A,B,C的对边分别是a,b,c,且
(Ⅰ)求b的值;
(Ⅱ)求ABC的面积.
【答案】(I);(II).
【解析】
【分析】
(I)利用余弦定理列方程,解方程求得的值.
(II)先求得的值,再根据三角形的面积公式求得三角形的面积.
【详解】(I)依题意,
即,
即,
解得(负根舍去).
- 15 -
(II)由于,所以,
所以
【点睛】本小题主要考查余弦定理解三角形,考查三角形的面积公式,属于基础题.
18. 已知函数f(x)=sinxcosx﹣sin2x.
(Ⅰ)求的单调递增区间;
(Ⅱ)求在区间上的最大值和最小值.
【答案】(I);(II)最大值为,最小值为
【解析】
【分析】
(I)化简解析式,利用整体代入法求得的单调递增区间;
(II)根据三角函数最值的求法,求得在区间上的最大值和最小值.
【详解】(I).
由,得
,即,
所以的单调递增区间为.
(II)由于,所以,
所以,,
.
- 15 -
所以在区间上的最大值为,最小值.
【点睛】本小题主要考查三角函数单调区间的求法,考查三角函数在给定区间上的最值的求法,属于中档题.
19. 如图,在三棱柱中,平面,,分别是的中点
(1)求证:平面;
(2)求直线与平面所成角的正弦值;
(3)在棱上是否存在一点,使得平面与平面所成二面角为?若存在,求出点的坐标;若不存在,请说明理由.
【答案】(1)证明见解析; (2); (3)不存在.
【解析】
【分析】
(1)取的中点,连接,交于点,证得,利用线面平行的判定定理,即可证得平面.
(2)以所在的直线为轴、轴,轴建立如图所示的空间直角坐标系,求得则和平面的一个法向量,结合向量的夹角公式,即可求解;
(3)设,求得平面的一个法向量,结合向量的夹角公式,列出方程,即可求解.
- 15 -
【详解】(1)取的中点,连接,交于点,可知为的中点,
连接,易知四边形为平行四边形,所以,
又平面,平面,所以平面.
(2)分别以所在的直线为轴、轴,轴建立如图所示的空间直角坐标系,
可得,
则,
设平面法向量为,
则,即,令,可得,即,
所以,
所以直线与平面所成角的正弦值为.
(3)假设在棱是存在一点,设,可得,
由,可得,
设平面的法向量为,
则,即,令,可得,即,
又由平面一个法向量为,
所以,
因为平面与平面所成二面角为,
可得,解得,
此时,不符合题意,
- 15 -
所以在棱上不存在一点,使得平面与平面所成二面角为.
【点睛】本题考查了线面平行的判定与证明,以及空间角的求解问题,意在考查学生的空间想象能力和逻辑推理能力,解答中熟记线面位置关系的判定定理和性质定理,通过严密推理是线面位置关系判定的关键,同时对于立体几何中角的计算问题,往往可以利用空间向量法,通过求解平面的法向量,利用向量的夹角公式求解.
20. 已知函数f(x)满足f(x)+2f(﹣x)=x+m,m∈R.
(Ⅰ)若m=0,求f(2)的值;
(Ⅱ)求证:;
(Ⅲ)若对于任意x∈[1,e],都有成立,求m的取值范围.
【答案】(Ⅰ);(Ⅱ)证明见解析;(Ⅲ).
【解析】
【分析】
(Ⅰ)当m=0时,分别在函数解析式中赋值,令和,列出方程组,解出的值;
(Ⅱ)在原式中,以﹣x代换x,联立两个方程,解出可证明命题成立;
(Ⅲ)由(Ⅱ)代入解析式,参变分离,利用对数函数的单调性求出最值,代入不等式求出m的取值范围.
【详解】(Ⅰ)m=0时,f(x)+2f(﹣x)=x,
时,
- 15 -
时,,即,代入上式,解得
(Ⅱ)证明:由f(x)+2f(﹣x)=x+m
可得f(﹣x)+2f(x)=﹣x+m,解得f(﹣x)=﹣2f(x)﹣x+m,代入上式,解得
(Ⅲ)由(Ⅱ)
,即
化简得:
又在[1,e]上单调递减
综上:m的取值范围为
【点睛】本题考查函数不等式的恒成立问题,考查函数解析式的求法,考查学生逻辑思维能力,属于中档题.
21. 已如椭圆C:=1(a>b>0)的有顶点为M(2,0),且离心率e=,点A,B是椭圆C上异于点M的不同的两点.
(Ⅰ)求椭圆C的方程;
(Ⅱ)设直线MA与直线MB的斜率分别为k1,k2,若k1•k2=,证明:直线AB一定过定点.
【答案】(I);(II)证明见解析.
【解析】
【分析】
(I)根据顶点坐标求得,根据离心率求得,由此求得,进而求得椭圆方程.
(II)设出直线的方程,联立直线的方程和椭圆方程,写出根与系数关系,根据,求得的关系式,由此判断直线过定点.
【详解】(I)由于是椭圆的顶点,所以,由于,所以,所以
- 15 -
,所以椭圆方程为.
(II)由于是椭圆上异于点的不同的两点,所以可设直线的方程为,设,由消去并化简得
,所以
,即.
,
,
,
,解得,所以直线的方程为,过定点.
【点睛】本小题主要考查椭圆方程的求法,考查直线和椭圆的位置关系,考查椭圆中的定值问题.
- 15 -
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