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  • 2021-06-16 发布

浙江省2021届高考数学一轮复习第六章平面向量复数第3节平面向量的数量积及其应用含解析

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第3节 平面向量的数量积及其应用 考试要求 1.理解平面向量数量积的含义及其物理意义;2.了解平面向量的数量积与向量投影的关系;3.掌握数量积的坐标表达式,会进行平面向量数量积的运算;4.能运用数量积表示两个向量的夹角,会用数量积判断两个平面向量的垂直关系;5.会用向量的方法解决某些简单的平面几何问题;6.会用向量方法解决简单的力学问题与其他一些实际问题.‎ 知 识 梳 理 ‎1.平面向量数量积的有关概念 ‎(1)向量的夹角:已知两个非零向量a和b,记=a,=b,则∠AOB=θ(0°≤θ≤180°)叫做向量a与b的夹角.‎ ‎(2)数量积的定义:已知两个非零向量a与b,它们的夹角为θ,则数量|a||b|cos__θ 叫做a与b的数量积(或内积),记作a·b,即a·b=|a||b|cos__θ,规定零向量与任一向量的数量积为0,即0·a=0.‎ ‎(3)数量积的几何意义:数量积a·b等于a的长度|a|与b在a的方向上的投影|b|cos__θ的乘积.‎ ‎2.平面向量数量积的性质及其坐标表示 设向量a=(x1,y1),b=(x2,y2),θ为向量a,b的夹角.‎ ‎(1)数量积:a·b=|a||b|cos θ=x1x2+y1y2.‎ ‎(2)模:|a|==.‎ ‎(3)夹角:cos θ==.‎ ‎(4)两非零向量a⊥b的充要条件:a·b=0⇔x1x2+y1y2=0.‎ ‎(5)|a·b|≤|a||b|(当且仅当a∥b时等号成立)⇔|x1x2+y1y2|≤ ·.‎ ‎3.平面向量数量积的运算律 ‎(1)a·b=b·a(交换律).‎ ‎(2)λa·b=λ(a·b)=a·(λb)(结合律).‎ ‎(3)(a+b)·c=a·c+b·c(分配律).‎ ‎[常用结论与易错提醒]‎ ‎1.设e是单位向量,且e与a的夹角为θ,则e·a=a·e=|a|cos θ.‎ ‎2.当a与b同向时,a·b=|a||b|;当a与b反向时,a·b=-|a||b|,特别地,a·a=a2或|a|=.‎ ‎3.数量积运算律要准确理解、应用,例如,a·b=a·c(a≠0)不能得出b=c,两边不能约去同一个向量.‎ ‎4.两个向量的夹角为锐角,则有a·b>0,反之不成立;两个向量夹角为钝角,则有a·b<0,反之也不成立.‎ 诊 断 自 测 ‎1.判断下列说法的正误.‎ ‎(1)两个向量的夹角的范围是.(  )‎ ‎(2)向量在另一个向量方向上的投影为数量,而不是向量.(  )‎ ‎(3)两个向量的数量积是一个实数,向量的加、减、数乘运算的运算结果是向量.(  )‎ ‎(4)若a·b>0,则a和b的夹角为锐角;若a·b<0,则a和b的夹角为钝角.(  )‎ ‎(5)a·b=a·c(a≠0),则b=c.(  )‎ 解析 (1)两个向量夹角的范围是[0,π].‎ ‎(4)若a·b>0,a和b的夹角可能为0;若a·b<0,a和b的夹角可能为π.‎ ‎(5)由a·b=a·c(a≠0)得|a||b|cos〈a,b〉=|a||c|·cos〈a,c〉,所以向量b和c不一定相等.‎ 答案 (1)× (2)√ (3)√ (4)× (5)×‎ ‎2.(2019·北京昌平区二模)在平行四边形ABCD中,AB∥CD,=(2,-2),=(2,1),则·=(  )‎ A.-3 B.2 ‎ C.3 D.4‎ 解析 在平行四边形ABCD中,AB∥CD,=(2,-2),=(2,1),=+=(4,-1),=-=(0,-3),‎ 则·=4×0+(-1)×(-3)=3.‎ 答案 C ‎3.(必修4P104例1改编)已知|a|=5,|b|=4,a与b的夹角θ=120°,则向量b在向量a 方向上的投影为________.‎ 解析 由数量积的定义知b在a方向上的投影为 ‎|b|cos θ=4×cos 120°=-2.‎ 答案 -2‎ ‎4.(2019·北京卷)已知向量a=(-4,3),b=(6,m),且a⊥b,则m=________.‎ 解析 ∵a⊥b,∴a·b=0.又∵a=(-4,3),b=(6,m),‎ ‎∴-4×6+3m=0,解得m=8.‎ 答案 8‎ ‎5.(2019·北京朝阳区二模)已知平面向量a,b的夹角为,且|a|=1,|b|=2,则|a+b|=(  )‎ A.3 B. ‎ C.7 D. 解析 |a+b|2=|a|2+|b|2+2|a||b|cos =1+4+2×1×2×=3,所以|a+b|=.‎ 答案 B ‎6.已知a,b,c是同一平面内的三个向量,其中a=(1,2),|b|=1,且a+b与a-2b垂直,则向量a·b=________;a与b的夹角θ的余弦值为________.‎ 解析 ∵(a+b)⊥(a-2b),∴(a+b)·(a-2b)=0,‎ 即|a|2-a·b-2|b|2=0,∴5-a·b-2=0,‎ ‎∴a·b=3,∴cos θ==.‎ 答案 3  考点一 平面向量的数量积运算 ‎【例1】 (1)(一题多解)已知△ABC是边长为1的等边三角形,点D,E分别是边AB,BC的中点,连接DE并延长到点F,使得DE=2EF,则·的值为(  )‎ A.- B. ‎ C. D. ‎(2)(2019·天津卷)在四边形ABCD中,AD∥BC,AB=2,AD=5,A=30°,点E在线段CB的延长线上,且AE=BE,则·=________.‎ 解析 (1)法一 如图所示,根据已知得,=,所以=+=+,=-,‎ 则·=·(-)‎ ‎=·-2+2-· ‎=2-2-·=--×1×1×cos 60°=.故选B.‎ 法二 建立如图所示的平面直角坐标系.‎ 则B,C,A,所以=(1,0).‎ 易知|DE|=|AC|,∠FEC=∠ACE=60°,‎ 则|EF|=|AC|=,‎ 所以点F的坐标为,‎ 则=,‎ 所以·=·(1,0)=.‎ ‎(2)如图,∵E在线段CB的延长线上,∴EB∥AD.‎ ‎∵∠DAB=30°,∴∠ABE=30°.‎ ‎∵AE=BE,∴∠EAB=30°.‎ 又∵AB=2,∴BE=2.‎ ‎∵AD=5,∴=.‎ ‎∴=+=-.‎ 又∵=-,‎ ‎∴·=(-)· ‎=·-2-2+· ‎=||·||·cos 30°-×52-(2)2‎ ‎=×5×2×-10-12=21-22=-1.‎ 答案 (1)B (2)-1‎ 规律方法 (1)求两个向量的数量积有三种方法:利用定义;利用向量的坐标运算;利用数量积的几何意义.‎ ‎(2)解决涉及几何图形的向量数量积运算问题时,可先利用向量的加减运算或数量积的运算律化简再运算.但一定要注意向量的夹角与已知平面角的关系是相等还是互补.‎ ‎【训练1】 (1)(2019·全国Ⅱ卷)已知=(2,3),=(3,t),||=1,则·=(  )‎ A.-3 B.-2 ‎ C.2 D.3‎ ‎(2)(一题多解)已有正方形ABCD的边长为1,点E是AB边上的动点,则·的值为________;·的最大值为________.‎ 解析 (1)因为=-=(3,t)-(2,3)=(1,t-3),所以||==1,解得t=3,所以=(1,0),‎ 所以·=2×1+3×0=2.‎ ‎(2)法一 如图,·=(+)·=·+·=2=1,‎ ·=(+)· ‎=·+· ‎=·=||·||≤||2=1.‎ 法二 以A为坐标原点,以射线AB,AD为x轴,y轴的正方向建立平面直角坐标系,‎ 则A(0,0),B(1,0),C(1,1),D(0,1),‎ 设E(t,0),t∈[0,1],‎ 则=(t,-1),=(0,-1),‎ 所以·=(t,-1)·(0,-1)=1.因为=(1,0),‎ 所以·=(t,-1)·(1,0)=t≤1,‎ 故·的最大值为1.‎ 法三 由图知,无论E点在哪个位置,在方向上的投影都是CB=1,‎ ‎∴·=||·1=1.‎ 当E运动到B点时,在方向上的投影最大即为DC=1,‎ ‎∴(·)max=||·1=1.‎ 答案 (1)C (2)1 1‎ 考点二 平面向量的夹角与垂直、模的计算 ‎【例2】 (1)(一题多解)设非零向量a,b满足|a+b|=|a-b|,则(  )‎ A.a⊥b B.|a|=|b|‎ C.a∥b D.|a|>|b|‎ ‎(2)若向量a=(k,3),b=(1,4),c=(2,1),已知2a-3b与c的夹角为钝角,则k的取值范围是________.‎ ‎(3)已知平面向量a与b的夹角等于,若|a|=2,|b|=3,则|2a-3b|=(  )‎ A. B. C.57 D.61‎ 解析 (1)法一 ∵|a+b|=|a-b|,∴|a+b|2=|a-b|2.‎ ‎∴a2+b2+2a·b=a2+b2-2a·b.‎ ‎∴a·b=0.∴a⊥b.‎ 法二 利用向量加法的平行四边形法则.‎ 在▱ABCD中,设=a,=b,‎ 由|a+b|=|a-b|知||=||,‎ 从而四边形ABCD为矩形,即AB⊥AD,故a⊥b.‎ ‎(2)∵2a-3b与c的夹角为钝角,∴(2a-3b)·c<0,‎ 即(2k-3,-6)·(2,1)<0,解得k<3.‎ 又若(2a-3b)∥c,‎ 则2k-3=-12,即k=-.‎ 当k=-时,2a-3b=(-12,-6)=-6c,‎ 即2a-3b与c反向.‎ 综上,k的取值范围为∪.‎ ‎(3)由题意可得a·b=|a|·|b|cos=3,‎ 所以|2a-3b|====,故选B.‎ 答案 (1)A (2)∪ (3)B 规律方法 (1)根据平面向量数量积的性质:若a,b为非零向量,cos θ=(夹角公式),a⊥b⇔a·b=0等,可知平面向量的数量积可以用来解决有关角度、垂直问题.‎ ‎(2)数量积大于0说明不共线的两向量的夹角为锐角,数量积等于0说明不共线的两向量的夹角为直角,数量积小于0说明不共线的两向量的夹角为钝角.‎ ‎(3)计算向量的模:①当向量有坐标或适合建坐标系时,可用模的计算公式;②利用|a|=及(a±b)2=|a|2±2a·b+|b|2,把向量的模的运算转化为数量积运算;③几何法,利用向量的几何意义,即利用向量加减法的平行四边形法则或三角形法则作出向量,再利用余弦定理等方法求解.‎ ‎【训练2】 (1)(2019·全国Ⅲ卷)已知向量a=(2,2),b=(-8,6),则cos〈a,b ‎〉=________.‎ ‎(2)(2020·杭州质检)已知正三角形ABC的边长为2,设=2a,=b,则(  )‎ A.|a+b|=1 B.a⊥b C.a·b=1 D.(4a+b)⊥b ‎(3)(2019·浙江十校联盟适考)|a|=2|b|=2,a·b=-1,b⊥(ta+b)(t∈R),则|a+2b|=________,t=________.‎ 解析 (1)∵a=(2,2),b=(-8,6),‎ ‎∴a·b=2×(-8)+2×6=-4,‎ ‎|a|==2,|b|==10.‎ ‎∴cos〈a,b〉===-.‎ ‎(2)设AB的中点为点D,则由=2a,得a=,因为△ABC是边长为2的等边三角形,所以||=1,||=2,向量与向量的夹角为120°,所以|a+b|=||=,A错误;a·b=||·||cos 120°=-1,所以向量a与向量b不垂直,B,C错误;(4a+b)·b=4||·||cos 120°+||2=-4+4=0,所以(4a+b)⊥b,D正确.‎ ‎(3)由题意得|a+2b|2=|a|2+4a·b+4|b|2=4+4×(-1)+4×1=4,所以|a+2b|=2,由b⊥(ta+b)得b·(ta+b)=ta·b+|b|2=-t+1=0,解得t=1.‎ 答案 (1)- (2)D (3)2 1‎ 考点三 向量与三角函数的交汇 ‎【例3】 设向量a=(2sin x,-cos x),b=(cos x,2cos x),f(x)=a·b+1.‎ ‎(1)求函数f(x)的最小正周期;‎ ‎(2)若方程f(x)=|t2-t|(t∈R)无实数解,求t的取值范围.‎ 解 (1)因为f(x)=a·b+1=2sin xcos x-2cos2x+1‎ ‎=sin 2x-cos 2x=2sin,‎ 故f(x)的最小正周期为π.‎ ‎(2)若方程f(x)=|t2-t|无实数解,‎ 则|t2-t|>f(x)max=2,所以t2-t>2或t2-t<-2,‎ 由t2-t>2,解得t>2或t<-1;‎ 由t2-t+2=+>0,‎ 故不等式t2-t<-2无实数解,‎ 所以t的取值范围是(-∞,-1)∪(2,+∞).‎ 规律方法 此类问题一般通过向量的运算转化为三角函数问题解决.‎ ‎【训练3】 已知向量a=(cos x,sin x),b=(-,),x∈[0,π].‎ ‎(1)若a⊥b,求x的值;‎ ‎(2)记f(x)=a·b,求f(x)的最大值和最小值以及对应的x的值.‎ 解 (1)由题意得-cos x+sin x=0,‎ 所以tan x=,又x∈[0,π],所以x=.‎ ‎(2)f(x)=a·b=-cos x+sin x ‎=2sin,‎ 因为x∈[0,π],所以x-∈,‎ 即f(x)的最大值为2,此时x-=,于是x=;‎ f(x)的最小值为-,此时x-=-,于是x=0.‎ 基础巩固题组 一、选择题 ‎1.(一题多解)(2020·武汉调研)设向量a=(1,-2),b=(0,1),向量λa+b与向量a+3b垂直,则实数λ=(  )‎ A. B.1 ‎ C.-1 D.- 解析 法一 因为a=(1,-2),b=(0,1),所以λa+b=(λ,-2λ+1),a+3b=(1,1),由已知得(λ,-2λ+1)·(1,1)=0,所以λ-2λ+1=0,解得λ=1,故选B.‎ 法二 因为向量λa+b与向量a+3b垂直,所以(λa+b)·(a+3b)=0,‎ 所以λ|a|2+(3λ+1)a·b+3|b|2=0,因为a=(1,-2),b=(0,1),‎ 所以|a|2=5,|b|2=1,a·b=-2,所以5λ-2(3λ+1)+3×1=0,解得λ=1,故选B.‎ 答案 B ‎2.(2020·广州综测一)若等边三角形ABC的边长为1,点M满足=+2,则·=(  )‎ A. B.2 ‎ C.2 D.3‎ 解析 因为=+2,所以=-=--2=--,=-=--2=-2,·=(--)·(-2)=22+2·=2+2×1×1×=3,选D.‎ 答案 D ‎3.(2019·北仑中学模拟)设向量a,b满足:|a|=1,|b|=2,a·(a+b)=0,则a与b的夹角是(  )‎ A.30° B.60° ‎ C.90° D.120°‎ 解析 设a与b的夹角为θ,因为|a|=1,|b|=2,a(a+b)=0,所以a2+a·b=1+2cos θ=0,即cos θ=-,因为0°<θ<180°,所以a与b的夹角θ=120°,故选D.‎ 答案 D ‎4.(2020·北京延庆区模拟)△ABC的外接圆的圆心为O,半径为1,若2++=0,且||=||,则·=(  )‎ A. B. ‎ C.3 D.2 解析 ∵2++=0,∴=-,故点O是BC的中点,且△ABC为直角三角形,又△ABC外接圆半径为1,||=||,所以BC=2,CA=,∠BCA=30°,∴·=||·||cos 30°=2××=3.‎ 答案 C ‎5.(2019·北京平谷区监控)设a,b是非零向量,则“|a-b|=|a|+|b|”是“a∥b”的(  )‎ A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件 解析 由“|a-b|=|a|+|b|”平方得|a|2-2a·b+|b|2=|a|2+2|a|·|b|+|b|2,‎ 即-a·b=|a|·|b|,‎ 则|a|·|b|cos〈a,b〉=-|a|·|b|,‎ 即cos〈a,b〉=-1,即〈a,b〉=180°,此时a∥b成立,充分性成立,‎ 若〈a,b〉=0°时,满足a∥b,且-a·b=|a|·|b|不成立,即必要性不成立,‎ 即“|a-b|=|a|+|b|”是“a∥b”的充分不必要条件.‎ 答案 A ‎6.已知不共线的两个非零向量a,b满足|a+b|=|2a-b|,则(  )‎ A.|a|<2|b| B.|a|>2|b|‎ C.|b|<|a-b| D.|b|>|a-b|‎ 解析 设向量a,b的夹角为θ,则由|a+b|=|2a-b|得(a+b)2=(2a-b)2,即|a|2+2|a||b|cos θ+|b|2=4|a|2-4|a||b|cos θ+|b|2,化简得|a|=2|b|cos θ,因为向量a,b不共线,所以cos θ∈(0,1),所以|a|<2|b|,故选A.‎ 答案 A 二、填空题 ‎7.(2019·长沙二模)已知两个单位向量a和b的夹角为120°,则a+b在b方向上的投影为________.‎ 解析 因为(a+b)·b=a·b+|b|2=,‎ 所以a+b在b方向上的投影为=.‎ 答案  ‎8.(2020·北京朝阳区期末)已知四边形的顶点A,B,C,D在边长为1的正方形网格中的位置如图所示,则·=________.‎ 解析 如图,以A为坐标原点,以AC所在直线为x轴建立平面直角坐标系,则A(0,0),B(4,2),C(7,0),D(3,-2),‎ ‎∴=(7,0),=(1,4),∴·=7×1+0×4=7.‎ 答案 7‎ ‎9.如图,四个边长为1的正方形排成一个正方形,AB是大正方形的一条边,Pi(i=1,2,…,7)是小正方形的其余的顶点,则·i(i=1,2,…,7)的不同值的个数为________.‎ 解析 由数量积的定义及投影知识解决.∵·=||·||cos〈,〉=2·0,或2·1,或2·2,∴有3个不同的值.‎ 答案 3‎ ‎10.(2019·全国Ⅲ卷)已知a,b为单位向量,且a·b=0,若c=2a-b,则cos〈a,c〉=________.‎ 解析 由题意得cos〈a,c〉= ‎===.‎ 答案  ‎11.在同一个平面内,向量,,的模分别为1,2,3,与的夹角为α,且cos α=,与的夹角为60°,若=m+n(m,n∈R),则m+3n=________.‎ 解析 由=m+n得||2=m·+n·,即32=m×1×3cos α+n×2×3cos 60°,化简得m+3n=9.‎ 答案 9‎ 三、解答题 ‎12.已知|a|=4,|b|=3,(2a-3b)·(2a+b)=61,‎ ‎(1)求a与b的夹角θ;‎ ‎(2)求|a+b|;‎ ‎(3)若=a,=b,求△ABC的面积.‎ 解 (1)∵(2a-3b)·(2a+b)=61,‎ ‎∴4|a|2-4a·b-3|b|2=61.‎ 又|a|=4,|b|=3,‎ ‎∴64-4a·b-27=61,‎ ‎∴a·b=-6.∴cos θ===-.‎ 又0≤θ≤π,∴θ=.‎ ‎(2)|a+b|2=(a+b)2=|a|2+2a·b+|b|2‎ ‎=42+2×(-6)+32=13,‎ ‎∴|a+b|=.‎ ‎(3)∵与的夹角θ=,‎ ‎∴∠ABC=π-=.‎ 又||=|a|=4,||=|b|=3,‎ ‎∴S△ABC=||||sin∠ABC=×4×3×=3.‎ ‎13.已知向量a=(cos x,sin x),b=(3,-),x∈[0,π].‎ ‎(1)若a∥b,求x的值;‎ ‎(2)记f(x)=a·b,求f(x)的最大值和最小值以及对应的x的值.‎ 解 (1)∵a∥b,∴3sin x=-cos x,‎ ‎∴3sin x+cos x=0,‎ 即sin=0.‎ ‎∵0≤x≤π,∴≤x+≤π,‎ ‎∴x+=π,∴x=.‎ ‎(2)f(x)=a·b=3cos x-sin x=-2sin.‎ ‎∵x∈[0,π],∴x-∈,‎ ‎∴-≤sin≤1,‎ ‎∴-2≤f(x)≤3,‎ 当x-=-,即x=0时,f(x)取得最大值3;‎ 当x-=,即x=时,f(x)取得最小值-2.‎ 能力提升题组 ‎14.(2017·浙江卷)如图,已知平面四边形ABCD,AB⊥BC,AB=BC=AD=2,CD=3,AC与BD交于点O,记I1=·,I2=·,I3=·,则(  )‎ A.I1<I2<I3 B.I1<I3<I2‎ C.I3<I1<I2 D.I2<I1<I3‎ 解析 如图所示,四边形ABCE是正方形,F为正方形的对角线的交点,易得AOI3,作AG⊥BD于G,‎ 又AB=AD,‎ ‎∴OB·,‎ 即I1>I3.∴I3