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- 2021-06-16 发布
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章末复习
1.复数的概念:(1)虚数单位 i;(2)复数的代数形式 z=a+bi(a,b∈R);(3)复数的实部、虚
部、虚数与纯虚数.
2.复数集
复数 a+bi
a,b∈R
实数b=0
有理数
整数
分数
无理数无限不循环小数
虚数b≠0
纯虚数a=0
非纯虚数a≠0
3.复数的四则运算,若两个复数 z1=a1+b1i,z2=a2+b2i(a1,b1,a2,b2∈R)
(1)加法:z1+z2=(a1+a2)+(b1+b2)i;
(2)减法:z1-z2=(a1-a2)+(b1-b2)i;
(3)乘法:z1·z2=(a1a2-b1b2)+(a1b2+a2b1)i;
(4)除法:z1
z2
=a1a2+b1b2+a2b1-a1b2i
a22+b22
=a1a2+b1b2
a22+b22
+a2b1-a1b2
a22+b22
i(z2≠0);
(5)实数四则运算的交换律、结合律、分配律都适合于复数的情况;
(6)特殊复数的运算:in(n 为正整数)的周期性运算;
(1±i)2=±2i;若ω=-1
2± 3
2 i,则ω3=1,1+ω+ω2=0.
4.共轭复数与复数的模
(1)若 z=a+bi,则 z =a-bi,z+ z 为实数,z- z 为纯虚数(b≠0).
(2)复数 z=a+bi 的模|z|= a2+b2,
且 z· z =|z|2=a2+b2.
5.复数的几何形式
(1)用点 Z(a,b)表示复数 z=a+bi(a,b∈R),用向量OZ→ 表示复数 z=a+bi(a,b∈R),Z 称
为 z 在复平面上的对应点,复数与复平面上的点一一对应(坐标原点对应实数 0).
(2)
任何一个复数 z=a+bi 一一对应着复平面内一个点 Z(a,b),也一一对应着一个从原点出发
的向量OZ→.
6.复数加、减法的几何意义
(1)复数加法的几何意义
若复数 z1、z2 对应的向量OZ1
→ 、OZ2
→ 不共线,则复数 z1+z2 是以OZ1
→ 、OZ2
→ 为两邻边的平行四
边形的对角线OZ→所对应的复数.
(2)复数减法的几何意义
复数 z1-z2 是连接向量OZ1
→ 、OZ2
→ 的终点,并指向 Z1 的向量所对应的复数.
题型一 分类讨论思想的应用
当复数的实部与虚部含有字母时,利用复数的有关概念进行分类讨论.分别确定什么情况
下是实数、虚数、纯虚数.当 x+yi 没有说明 x,y∈R 时,也要分情况讨论.
例 1 已知复数 z=a2-7a+6
a2-1
+(a2-5a-6)i(a∈R),试求实数 a 分别取什么值时,z 分别为(1)
实数;(2)虚数;(3)纯虚数.
解 (1)当 z 为实数时,则有 a2-5a-6=0
a2-1≠0
∴ a=-1 或 a=6
a≠±1
,∴当 a=6 时,z 为实数.
(2)当 z 为虚数时,
则有 a2-5a-6≠0
a2-1≠0
,
∴ a≠-1 且 a≠6
a≠±1
,∴a≠±1 且 a≠6,
即当 a∈(-∞,-1)∪(-1,1)∪(1,6)∪(6,+∞)时,z 为虚数.
(3)当 z 为纯虚数时,则有
a2-5a-6≠0
a2-7a+6
a2-1
=0,
a2-1≠0
∴ a≠-1 且 a≠6
a=6 且 a≠±1
∴不存在实数 a,使 z 为纯虚数.
跟踪演练 1 当实数 a 为何值时,z=a2-2a+(a2-3a+2)i.
(1)为实数; (2)为纯虚数;
(3)对应的点在第一象限内;
(4)复数 z 对应的点在直线 x-y=0.
解 (1)z∈R⇔a2-3a+2=0,解得 a=1 或 a=2.
(2)z 为纯虚数, a2-2a=0,
a2-3a+2≠0,
即 a=0 或 a=2,
a≠1 且 a≠2.
故 a=0.
(3)z 对应的点在第一象限,则 a2-2a>0,
a2-3a+2>0,
∴ a<0,或 a>2,
a<1,或 a>2,
∴a<0,或 a>2.
∴a 的取值范围是(-∞,0)∪(2,+∞).
(4)依题设(a2-2a)-(a2-3a+2)=0,
∴a=2.
题型二 数形结合思想的应用
数形结合既是一种重要的数学思想,又是一种常用的数学方法.本章中,复数本身的几何
意义、复数的模以及复数加减法的几何意义都是数形结合思想的体现.它们得以相互转化.涉
及的主要问题有复数在复平面内对应点的位置、复数运算及模的最值问题等.
例 2 已知等腰梯形 OABC 的顶点 A、B 在复平面上对应的复数分别为 1+2i,-2+6i,OA
∥BC.求顶点 C 所对应的复数 z.
解
设 z=x+yi,x,y∈R,如图.
∵OA∥BC,|OC|=|BA|,
∴kOA=kBC,|zC|=|zB-zA|,
即
2
1
=y-6
x+2
,
x2+y2= 32+42,
解得 x1=-5
y1=0
或 x2=-3
y2=4
.
∵|OA|≠|BC|,
∴x2=-3,y2=4(舍去),
故 z=-5.
跟踪演练 2 已知复数 z1=i(1-i)3.
(1)求|z1|;
(2)若|z|=1,求|z-z1|的最大值.
解 (1)|z1|=|i(1-i)3|=|i|·|1-i|3=2 2.
(2)如图所示,由|z|=1 可知,z 在复平面内对应的点的轨迹是半径为 1,圆心为 O(0,0)的圆,
而 z1 对应着坐标系中的点 Z1(2,-2).所以|z-z1|的最大值可以看成是点 Z1(2,-2)到圆上
的点的距离的最大值.由图知|z-z1|max=|z1|+r(r 为圆半径)=2 2+1.
题型三 转化与化归思想的应用
在求复数时,常设复数 z=x+yi(x,y∈R),把复数 z 满足的条件转化为实数 x,y 满足的
条件,即复数问题实数化的基本思想在本章中非常重要.
例 3 已知 z 是复数,z+2i, z
2-i
均为实数,且(z+ai)2 的对应点在第一象限,求实数 a 的取
值范围.
解 设 z=x+yi(x,y∈R),
则 z+2i=x+(y+2)i 为实数,∴y=-2.
又 z
2-i
=x-2i
2-i
=1
5(x-2i)(2+i)
=1
5(2x+2)+1
5(x-4)i 为实数,
∴x=4.∴z=4-2i,又∵(z+ai)2=(4-2i+ai)2=(12+4a-a2)+8(a-2)i 在第一象限.
∴ 12+4a-a2>0
8a-2>0
,解得 2
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