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- 2021-06-16 发布
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- 1 -
2020 年高三学年第四次高考模拟考试
数学试卷(理工类)
一、选择题
1.设集合 3 0A x x ,集合 2 2 0B x x x ,则 A B ( )
A. ,2 B. ,3 C. 1,2 D. 1,2
【答案】B
【解析】
【分析】
先解不等式得集合 A,B,再根据并集定义求结果.
【详解】 3 0 ( ,3)A x x , 2 2 0 ( 1,2)B x x x
( ,3)A B U
故选:B
【点睛】本题考查集合并集,考查基本分析求解能力,属基础题.
2.复数 z 的共轭复数为 z ,且满足 5z z ,则复数 z 的模是( )
A. 1 B. 2 C. 5 D. 5
【答案】C
【解析】
【分析】
根据复数、共轭复数和复数模的概念,即可求出结果.
【详解】设复数 z a bi ,则 z a bi ,
又 5z z ,所以 2 2 5a b ,
又 2 2z a b ,所以复数 z 的模为 5 .
故选:C.
【点睛】本题主要考查了复数、共轭复数和复数模的概念,属于基础题.
3.已知向量 3,2m , 4,n x ,若 m n ,则 x ( )
A. -6 B. 8
3
C. 8
3
D. 6
- 2 -
【答案】A
【解析】
【分析】
由题得 3 4 2 0m n x ,解方程即得解.
【详解】因为 m n ,
所以 3 4 2 0m n x ,
所以 6x .
故选:A.
【点睛】本题主要考查向量垂直的坐标表示,考查数量积的计算,意在考查学生对该知识的
理解掌握水平.
4.中国的 5G 技术领先世界,5G 技术的数学原理之一便是著名的香农公式:
2log 1 SC W N
.它表示:在受噪声干扰的信道中,最大信息传递速度C 取决于信道带宽
W ,信道内信号的平均功率 S ,信道内部的高斯噪声功率 N 的大小,其中 S
N
叫做信噪比.
当信噪比比较大时,公式中真数中的 1 可以忽略不计.按照香农公式,若不改变带宽W ,而将
信噪比 S
N
从 1000 提升至 4000,则C 大约增加了( )附: lg 2 0.3010
A. 10% B. 20% C. 50% D. 100%
【答案】B
【解析】
【分析】
根据题意,计算出 2
2
log 4000 lg 4000 3 2lg 2 3.6020 1.2log 1000 lg1000 3 3
即可.
【详解】当 1000S
N
时, 2log 1000C W ,当 4000S
N
时, 2log 0004C W
因为 2
2
log 4000 lg 4000 3 2lg 2 3.6020 1.2log 1000 lg1000 3 3
所以将信噪比 S
N
从 1000 提升至 4000,则C 大约增加了 20%
故选:B
- 3 -
【点睛】本题考查的是对数的运算,掌握对数的运算法则和运算性质是解题的关键,属于中
档题.
5.若 ,x y 满足约束条件
1
2 1
5
y
y x
x y
,则 3z x y 的最大值为( )
A. 2 B. 4 C. 11 D. 14
【答案】C
【解析】
【分析】
先作出不等式组对应的可行域,再通过数形结合分析得到 3z x y 的最大值.
【详解】
不等式组对应的可行域是如图所示的 ABC 区域,
由 3z x y 得 3y x z ,它表示斜率为3 ,纵截距为 z 的直线,
当直线经过点C 时,纵截距 z 最小,此时 z 最大.
联立 1
5
y
x y
得 (4,1)C ,
所以 max 3 4 1 11z .
故选:C.
【点睛】本题主要考查线性规划求最值,意在考查学生对该知识的理解掌握水平.
- 4 -
6.函数
35sin
5 5x x
x xf x
的图象大致为( )
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
根据 (0) 0f 排除选项 ,C D ,再根据 1 0f 确定答案.
【详解】由题得 0 00 05 5x xf
,所以排除选项 ,C D .
由题得
3
1 1
5sin1 11 05 5f
,所以选 A.
故选:A.
【点睛】本题主要考查根据函数的解析式找图象,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平.
7.一个物体做变速直线运动,在时刻 t 的速度为 3 2v t t ( t 的单位: h , v 的单位:
km/h ),那么它在 0 1t 这段时间内行驶的路程 s (单位: km )的值为( )
- 5 -
A. 2
3
B. 7
4
C. 5
3
D. 2
【答案】B
【解析】
【分析】
由速度在给定的时间范围内的定积分可得到答案.
【 详 解 】 这 辆 汽 车 在 0 1t 这 段 时 间 内 汽 车 行 驶 的 路 程
11
3 4
0 0
1 1 72 2 24 4 4s t dt t t ,
所以这辆汽车在 0 1t 这段时间内汽车行驶的路程 s 为 7
4
.
故选:B.
【点睛】本题考查了定积分在物理中的应用,速度在时间范围内的积分是路程,属于基础题.
8.为了得到函数 cos2y x 的图象,只需把函数 2sin cos6 6y x x
的图象( )
A. 向右平行移动
12
个单位长度 B. 向左平行移动
12
个单位长度
C. 向左平移移动
6
个单位长度 D. 向右平行移动
6
个单位长度
【答案】B
【解析】
【分析】
利用二倍角公式及诱导公式,将 2sin cos6 6y x x
化简为 cos2 12y x
,即
可判断.
【 详 解 】 由 题 意 可 得 ,
2sin cos sin 2 cos 2 cos 2 cos26 6 3 3 2 6 12y x x x x x x
,所以只需把函数 2sin cos6 6y x x
的图象向左平行移动
12
个单位长度,可得到
函数 cos2y x 的图象.
故选:B
- 6 -
【点睛】本题主要考查三角函数的恒等变换及诱导公式、三角函数图象的平移变换,属于基
础题.
9.已知圆 2 2
1 : 0C x y kx y 和圆 2 2
2 : 2 1 0C x y ky 的公共弦所在的直线恒过定
点 M ,且点 M 在直线 2mx ny 上,则 2 2m n 的最小值为( )
A. 1
5
B. 5
5
C. 2 5
5
D. 4
5
【答案】C
【解析】
【分析】
利用两圆的方程作差求得公共弦的方程,得到点 M 的坐标,进而得到 2 2m n ,再求得原
点到直线 2 2x y 的距离为,即可求得 2 2m n 的最小值.
【详解】由圆 2 2
1 : 0C x y kx y 和圆 2 2
2 : 2 1 0C x y ky ,
可得圆 1C 和 2C 的公共弦所在的直线方程为 ( 2 ) ( 1) 0k x y y ,
联立 2 0
1 0
x y
y
,解得 2
1
x
y
,即点 (2,1)M ,
又因为点 M 在直线 2mx ny 上,即 2 2m n ,
又由原点到直线 2 2x y 的距离为
2 2
2 2 5
52 1
d
,
即 2 2m n 的最小值为 2 5
5
.
故选:C.
【点睛】本题主要考查了两圆的位置关系的应用,直线过定点问题,以及点到直线的距离公
式的应用,着重考查推理与运算能力.
10.已知正方体 1 1 1 1ABCD A B C D 的外接球的体积为 4
3
,将正方体割去部分后,剩余几何
体的三视图如图所示,则剩余几何体的体积为( )
- 7 -
A. 2 3
27
B. 4 3
27
C. 16 3
27
D. 2
3
【答案】C
【解析】
【分析】
先求球的半径,即得正方体棱长,根据三视图还原几何体,再根据正方体以及锥体体积公式
求结果.
【详解】设外接球的半径为 ,R 正方体棱长为 a ,因为正方体 1 1 1 1ABCD A B C D 的外接球的体
积为 4
3
,所以 34 4 21 3 23 3 3
R R a R a Q
- 8 -
由三视图知几何体为正方体截去两个角(如图),其体积为 3 2 31 1 2 16 32 3 2 3 27a a a a
故选:C
【点睛】本题考查三视图、正方体以及锥体体积、球体积,考查空间想象能力以及基本求解
能力,属中档题.
11.若实数 ,a b 满足 1 22lg lg lga ba b
,则 ab 的最小值为( )
A. 2 B. 2 2 C. 3lg 2 D. lg 2
【答案】B
【解析】
【分析】
根据题意可知 1 2 aba b
且 0, 0a b ,再利用基本不等式,即可求出结果.
【详解】由题意可知 0, 0a b ,
因为 1 22lg lg lga ba b
,所以 1 2 aba b
所以 1 2 1 22ab a b a b
,所以 2 2ab ,当且仅当
1 2
1 2
a b
aba b
,即 5
42 2b a 时,
取等号.
故选:B.
【点睛】本题主要考查了基本不等式在求最值中的应用,属于基础题.
12.已知函数 2 ln 2 1xf x k x ,若 3ln 2f x 恒成立,则实数 k 的取值范围是( )
A. 5, B. 8, C. 10, D.
3ln11,
【答案】B
【解析】
【分析】
- 9 -
通过参变分离可得 ln 2 1 3ln 2
2
x
xk ,构造函数 ( )g x ,只需求出 max( )g x 即可,利用求导
数,判断单调区间,得出 3
max 3 2 8g x g ,进而求出 k 的取值范围.
【详解】 ( ) 2 ln 2 1 3ln 2 xf x k x 恒成立,
则 ln 2 1 3ln 2
2
x
xk ,只需 max
ln 2 1 3ln 2( )2
x
xk
设 ln 2 1 3ln 2( ) 2
x
xg x
2
2 ln 2 ( ln 2 1 3ln 2) 2 ln 2'( ) (2 ) ln 2
x x
x
xg x
1 ( ln 2 1 3ln 2) ( 3)ln 2
2 2
x x
x x
当 3x , '( ) 0g x ;
当 3x , )'( 0g x ;
所以, 3
max 3 2 8g x g
8 k
故选:B
【点睛】本题考查了含参不等式恒成立求参数取值范围问题,构造函数,求函数最值等基本
知识,考查数学运算能力和逻辑推理能力,转化的数学思维,属于中档题.
二、填空题
13.若 1~ 3, 5X B
,则 2 1E X ______.
【答案】 1
5
【解析】
【分析】
1 33 =5 5
E X ,二项分布的性质可知, (2 1) 2 ( ) 1 E X E X ,即可得出结果.
【详解】由二项分布的性质可知, 1 33 =5 5
E X , 3 12 1 2 ( ) 1=2 1=5 5
E X E X .
故答案为: 1
5
【点睛】本题考查了二项分布的性质和应用,考查理解辨析能力和数学运算能力,属于基础
- 10 -
题目.
14.若锐角 满足 3cos 4 5
,则sin 2 4
______.
【答案】 31 2
50
【解析】
【分析】
利用两角和余弦公式化简 3cos 4 5
,两边平方可得sin 2 的值,利用齐次式化弦为切,
求 tan 的值,进而求出 cos2 的值,利用两角和的正弦公式,可得结果.
【详解】锐角 满足 2 3cos (cos sin )4 2 5
, 3 2cos sin 5
,
两边平方可得: 181 sin 2 25
, 7sin 2 25
2 2 2
2sin cos 2tan 7sin 2 sin cos tan 1 25
,
即 27 tan 50tan 7 0 ,解得 tan 7 或 1tan 7
,
因为 为锐角, cos sin 0 , 0 4
, 1tan 7
2 2 2
2 2
2 2 2
cos sin 1 tan 24cos2 cos sin cos sin 1 tan 25
2 2 31 2sin 2 sin 2 cos24 2 2 50
故答案为: 31 2
50
【点睛】本题主要考查三角恒等变型,两角和的正、余弦公式与二倍角公式,考查数学运算
能力和逻辑推理能力,属于中档题目.
15.我国在北宋年间(公元 1084 年)第一次印刷出版了《算经十书》,即贾宪的《黄帝九章算
法细草》,刘益的《议古根源》,秦九韶的《数书九章》,李冶的《测圆海镜》和《益古演段》,
杨辉的《详解九章算法》、《日用算法》和《杨辉算法》,朱世杰的《算学启蒙》和《四元玉鉴》.
这些书中涉及的很多方面都达到古代数学的高峰,其中一些“算法”如开立方和开四次方也
- 11 -
是当时世界数学的高峰.哈三中图书馆中正好有这十本书,现在小张同学从这十本书中任借三
本阅读,那么他借到的三本书中书名中恰有一个“算”字的概率为______.
【答案】 5
12
【解析】
【分析】
先确定含有“算”字的书,结合组合数分别求出基本事件总数、恰含有一个“算”字的基本
事件数,利用古典概型概率计算公式即可求解.
【详解】根据题意可知,这十本书中共有五本有一个“算”字,所以小张同学从这十本书中
任借三本阅读共有 3
10C 种情况,他借到的三本书中书名中恰有一个“算”字共有 1 2
5 5C C 种情况,
故概率为
1 2
5 5
3
10
5
12
C C
C
.
故答案为: 5
12
【点睛】本题主要考查古典概型及组合数,属于基础题.
16.经过原点的直线交椭圆
2 2
2 2 1 0x y a ba b
于 ,P Q 两点(点 P 在第一象限),若点 P 关
于 x 轴的对称点称为 M ,且 1
3PA PM ,直线QA 与椭圆交于点 B ,且满足 BP PQ ,则
直线 BP 和 BQ 的斜率之积为______,椭圆的离心率为______.
【答案】 (1). 2
3
(2). 3
3
【解析】
【分析】
设 ,P B 的坐标,由题意可得 ,Q M 的坐标,再由向量的关系求出 A 的坐标,求出 PQ , PB ,
QB 的 斜 率 表 达 式 ; 又 ,P B 在 椭 圆 上 , 将 ,P B 的 坐 标 代 入 椭 圆 的 方 程 , 化 简 可 得
2
2PB QBk k b
a
,又 B 在直线 AQ 上,可得
2
2
1
PB
QA
b
ak k
,进而求出 PB 的斜率,再由
BP PQ 可求出直线 BP 和 BQ 的斜率之积,进而求出离心率.
【详解】设 P m n, , ,B s t ,则 ,Q m n , ,M m n
- 12 -
因为 1
3PA PM ,所以 , 3
nA m
所以 PQ 斜率为 PQ
nk m
, PB 斜率为 PB
t nk s m
,QB 斜率为 QB
t nk s m
又 P m n, , ,B s t 在椭圆
2 2
2 2 1 0x y a ba b
上,
所以
2 2
2 2 2 2 2 2
2 2
b bn b m t b sa a
, ;
所以
2 2
2 2 2 2
2 2 22 2
2 2 22 2PB QB
b bb s b mat n t n t nk k s m s
b
s m s m
a
am
,
所以
2 2 2
2 2 2
1 1 3
2PB
QB QA
b b b m
a a ak k k n
,
又 BP PQ ,所以
2
2
3 12BP PQk b m n
a n mk ,
所以
2
2
2
3
b
a
,
所以
2 2
2 2
2 11 3 31c b
a a
,所以 3
3
c
a
,
所以椭圆的离心率为 3
3
.
【点睛】本题考查了椭圆的离心率、椭圆的性质及直线与椭圆的位置关系,属于难题.
三、解答题
- 13 -
17.已知各项均为正数的数列 na ,其前 n 项和为 nS ,满足
2
2
n n
n
a aS .
(1)求数列 na 的通项公式;
(2)若
1
12 na
n
n n
b a a
,求数列 nb 的前 n 项和 nT .
【答案】(1) na n ;(2) 1 12 1 1
n
nT n
.
【解析】
【分析】
(1)利用 1 2n n na S S n 把递推关系转化为 1 1 2n na a n ,再利用等差数列的
通项公式可求 na 的通项;
(2)利用等比数列的求和公式与裂项求和法可求 nb 的前 n 项和 nT .
【详解】解:(1)当 1n 时, 1 1a ,
当 2n 时, 2 2
1 1 12 n n n n n n na S S a a a a ,
∴ 1 1 1 0n n n na a a a ,
∵ 0na ,∴ 1 1n na a ,
∴ na 是以 1 1a 为首项, 1d 为公差的等差数列,
∴ na n .
(2)由(1)的 na n ,则
1 1 12 21 1
n n
nb n n n n
,
1 2
2
1
1 1 1 1 12 2 2 1 2 2 3 1
2 1 2 111 2 1
12 1 +1
n n
n
n
n
T b b b
n n
n
n
∴ 1 12 1 1
n
nT n
.
- 14 -
【点睛】数列的通项 na 与前 n 项和 nS 的关系式 1
1
, 1
, 2n
n n
S na S S n
,我们常利用这个关
系式实现 na 与 nS 之间的相互转化. 而数列求和关键看通项的结构形式,如果通项是等差数
列或等比数列的通项,则用公式直接求和;如果通项是等差数列与等比数列的和,则用分组
求和法;如果通项是等差数列与等比数列的乘积,则用错位相减法;如果通项可以拆成一个
数列连续两项的差,那么用裂项相消法;如果通项的符号有规律的出现,则用并项求和法;中
档题.
18.如图,四棱锥 P ABCD 的底面 ABCD 是矩形,平面 PAD 平面 ABCD ,
2PA PD ,且 PA PD ,点 N 为 BC 中点.
(1)证明:平面 PAB 平面 PCD;
(2)直线 PB 和平面 PAD 所成的角为 45,求二面角 A PN B 的余弦值.
【答案】(1)证明见解析;(2) 15
5
.
【解析】
【分析】
(1)可证 PA 平面 PCD,从而得到平面 PAB 平面 PCD.
(2)设O 为 AD 中点,连结 PO ,ON ,可以证明 PO AD 、 PO ON 、ON OD ,建
立如图所示的空间直角坐标系后可求给定的二面角的余弦值.
【详解】解:(1)∵平面 PAD 平面 ABCD ,平面 PAD 平面 ABCD AD ,
CD 平面 ABCD ,CD AD ,
∴CD 平面 PAD ,∵ PA 平面 PAD ,∴CD PA
又∴ PD PA ,∴ PD CD D ,∴ PA 平面 PCD,
- 15 -
∵ PA 平面 PAB ,∴平面 PAB 平面 PCD.
(2)设O 为 AD 中点,连结 PO , ON ,
又 2,PA PD PA PD ,故 PO AD 且 2PO , 2 2AD .
∵平面 PAD 平面 ABCD ,平面 PAD 平面 ABCD AD ,
PO 平面 PAD ,∴ PO 平面 ABCD .
∵ON 平面 ABCD ,∴ PO ON ,
又 ,O N 为矩形 ABCD 的对边的中点,故ON OD .
以O 为坐标原点,分别以 , ,ON OD OP 为 , ,x y z 轴正方向建立空间直角坐标系,
则 0, 2,0A , 0,0, 2P .
设 , 2,0B a ,其中 0a ,则 , 2, 2PB a .
又平面 PAD 的法向量为 1,0,0k ,
所以
2
2 =2 4
a
a
,故 2a ,所以 2, 2,0B ,
所以 2,0,0N , 2, 2,0C .
故 2,0, 2PN
, 0, 2, 2PA
, 0,2 2,0BC
,
设平面 PAN 的法向量为 , ,m x y z
故 0
0
m PA
m PN
即 2 2 0
2 2 0
y z
x z
,
令 2y ,∴ 1, 2, 2m
.
设平面 PBN 的法向量为 , ,n x y z
- 16 -
故 0
0
n BC
n PN
即 2 2 0
2 2 0
x z
y
,
令 2z ,∴ 1,0, 2n
r
,
∴ 3 15cos , 55 3
m n
,
因为二面角 A PN B 为锐角,故其余弦值为 15
5
.
【点睛】本题考查面面垂直的证明以及线面角、二面角的计算,后者常借助空间向量(即直
线的方向向量和平面的法向量)的夹角来帮助计算.
19.已知某种新型病毒的传染能力很强,给人们生产和生活带来很大的影响,所以创新研发疫
苗成了当务之急.为此,某药企加大了研发投入,市场上这种新型冠状病毒的疫苗 A 的研发费
用 x (百万元)和销量 y (万盒)的统计数据如下:
研发费用 x (百万元) 2 3 6 10 13 14
销量 y (万盒) 1 1 2 2.5 4 4.5
(1)根据上表中的数据,建立 y 关于 x 的线性回归方程 y bx a $ $ $ (用分数表示);
(2)根据所求的回归方程,估计当研发费用为 1600 万元时,销售量为多少?
参考公式:
1 1
2 22
1 1
n n
i i i i
i i
n n
i i
i i
x x y y x y nxy
b
x x x nx
, a y bx $ $ .
【答案】(1) 37 29
130 130y x ;(2)销售量为 47769 盒.
【解析】
【分析】
(1)根据表中的数据和题中所给参考公式可计算出 ( )x y, ,利用最小二乘法求 b 的值,代入
- 17 -
a y bx $ $ ,可得 a ,进而求出回归方程 37 29
130 130y x .
(2)将 16x ,代入回归方程即可.
【详解】(1) 2 3 6 10 13 14 86
x , 1+1+2+2.5+4+4.5 =2.56
y ,
6
1
157i i
i
x y
, 6 120x y ,
6
2
1
514i
i
x
, 2
384nx
37
130
b
29
130
a y b x ,
37 29
130 130y x
(2)当 16x 时,代入回归方程 621
130y (万盒) 47769 (盒)
当研发费用为 16000000 时,销售量为 47769 盒.
【点睛】本题考查了线性回归方程,最小二乘法等基本知识,考查了数学运算能力、数据分
析能力和逻辑推理能力,属于一般题目.
20.已知圆 M 经过点 0,1 与直线 1y 相切,圆心 M 的轨迹为曲线C ,过点 0,2N 做直
线与曲线C 交于不同两点 ,A B ,三角形OAB 的垂心为点 H .
(1)求曲线C 的方程;
(2)求证:点 H 在一条定直线上,并求出这条直线的方程.
【答案】(1) 2 4x y ;(2)证明见解析.
【解析】
【分析】
(1)根据抛物线的定义,得到圆心 M 表示以 0,1F 为焦点,以 1y 为准线的抛物线,即
可求得圆心 M 的轨迹方程;
(2)设 2 2
1 1 2 24 ,4 , 4 ,4A t t B t t ,由 , ,A B N 三点共线,求得 1 2t t 的值,再求得过点 A 与直线
OB 垂直和点 B 与直线OA垂直的直线方程,联立方程组,求得 2y ,即可得到结论.
【详解】(1)圆 M 经过点 0,1F 与直线 1y 相切,
- 18 -
则圆心 M 满足到点 0,1F 与到直线 1y 的距离相等,
根据抛物线的定义,可得圆心 M 表示以 0,1F 为焦点,以 1y 为准线的抛物线,
其中 2p ,所以圆心 M 的轨迹方程为 2 4x y .
(2)设 2
1 14 ,4A t t , 2
2 24 ,4B t t ,
由 , ,A B N 三点共线,则
2 2
1 2
1 2
4 2 4 2
4 4
t t
t t
,整理得 1 2
1
2t t ,
过点 A 与直线OB 垂直的直线为 2
2 2
1
14 4y t x tt
,
同理过点 B 与直线OA垂直的直线为 2
1 1
2
14 4y t x tt
,
两条垂线联立方程组
2
2 2
1
2
1 1
2
14 4
14 4
y t x tt
y t x tt
,解得 1 24 4 2y t t ,
所以垂心在直线 2y .
【点睛】本题主要考查了抛物线的定义及标准方程,以及直线的位置关系的应用,着重考查
推理与运算能力,属于中档试题.
21.已知函数 xf x e ax 的图象与直线 2 21y e x e 相切.
(1)求实数 a 的值;
(2)若存在实数 k 满足 0f k 且 1 0f k
,求证: 1lnxe x k k
.
【答案】(1) 1a ;(2)证明见解析.
【解析】
【分析】
(1)根据导数的几何意义化简得出 0 0 2
0 0x xx e e e ,解出 0 2x ,即可确定 a 的值;
(2)令 1m k k
,构造函数 lnxJ x e x m ,利用导数得出 minJ x ,证明
min 0J x ,即可得出结论.
- 19 -
【详解】解:(1)设切点为( )0 0,x y , ( ) xf x e a
则 0 2 1xe a e , 0 2 2
0 01xe ax e x e
消 a 得 0 0 2
0 0x xx e e e ,令 2x xh x xe e e ,得 xh x xe
当 0x 时, 0xh x xe
所以 h x 在区间( )0,+¥ 单调递增,且 2 0h
又因为当 0x 时, 0h x ,所以 0 2x ,得 1a .
(2)由已知 0ke k ,
1 1 0ke k
因为函数 xf x e x 为增函数,且
1
21 1 02 2f e
所以 1
2k , 1 1
2k
,即 12 2k
令 1 1 1( ) 2 2m k k kk k k
,(当且仅当 1k 时,取等号)
即 2m .
令 lnxJ x e x m
1xJ x e x m
,因为 J x 在 ,m 为单调递增函数
0kJ k e k ,
11 1 0kJ ek k
, 10 1 0J m
.
所以存在 1x ,使得 1 0J x ,且 1x k , 1
1x k
, 1 0x ,即 1
1 02 x
10J x x x , 10J x m x x
即函数 J x 在 1,m x 为单调递减函数,在 1,x 上是单调递增函数
所以 1
1 1min lnxJ x J x e x m
又因为 1 1lnx x m ,所以 1
1 1min
1( ) ( ) 02
xJ x e x f x f
所以原不等式 1lnxe x k k
成立.
- 20 -
【点睛】本题主要考查了导数几何意义的应用以及利用导数证明不等式,属于中档题.
22.在直角坐标系中,直线l 的参数方程为
33 ,2
1
2
x t
y t
(t 为参数),以坐标原点为极点,
x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C 的极坐标方程为 4sin ,若直线 l 与曲线C 交
于 ,A B 两点.
(1)若 3,0P ,求 PA PB ;
(2)若点 M 是曲线C 上不同于 ,A B 的动点,求 MAB△ 面积的最大值.
【答案】(1)5;(2) 3913 4
.
【解析】
【分析】
(1)将圆的极坐标方程化为直角方程,再利用直线参数方程中参数的几何意义可求 PA PB
的值.
(2)先求出直线的普通方程,再分别求出 AB 的长及圆心到直线的距离,从而可求 MAB△
面积的最大值.
【详解】解:(1)设 1 1 2 2,3 1 3 13 , 3 ,2 2 2 2A t t t tA
,
因为 2: 4sin 4 sinC , ,所以 2 2 4x y y ,
将
33 2
1
2
x t
y t
( t 为参数)代入 2 2 4x y y 得到 2 5 3 0t t ,
25 12 13 0 ,故 1 2,t t 是该方程的两个正根,
又 1 2 1 2 5PA PB t t t t .
(2)直线 AB 的直角方程为 3 13y x 即 3 3 0x y .
- 21 -
又 22: 2 4C x y ,故圆心坐标为 0,2 ,
圆心到直线的距离为 3 3
24
d ,故 M 到 AB 的距离的最大值为 3 22
.
故 32 4 134AB ,
故 MABS 的最大值为 1 3 392 132 2 4AB
.
【点睛】本题考查圆的极坐标方程与直角方程的互化、直线的参数方程与直角方程的互化,
注意非直角方程下的最值问题,一般需转化到直角方程下去讨论求解.
23.已知函数 3f x x k , 1f x 的解集为 11 3x x
.
(1)若存在 x ,使 3 1f x x a 成立,求实数 a 的取值范围;
(2)如果对于 ,x y 满足 2 1 4x y , 7 13 y ,求证: 9f x .
【答案】(1) 1a ;(2)证明见解析.
【解析】
【分析】
(1)根据 1f x , 得到 1 1
3 3
k kx ,再由 1f x 的解集为 11 3x x
,
由 1 13
k 求解,然后将存在 x ,使 3 1f x x a 成立,转化为 3 1 3 2x x a
成立,利用绝对值三角不等式求解.
(2)将 3 2f x x ,利用绝对值三角不等式转化为
3 1 3 12 1 2 12 3 2 3
f x x y y x y y ,再根据 7 13 y 求解.
【详解】(1)因为 1f x ,
所以 1 3 1x k ,
所以 1 1
3 3
k kx ,
- 22 -
又 1f x 的解集为 11 3x x
.
所以 1 13
k ,
解得 2k ,此时 1 1
3 3
k ,
所以 2k .
因为存在 x ,使 3 1f x x a 成立,
所以 3 1 3 2x x a 成立,
因为 3 1 3 2 3 1 3 2 1x x x x ,当 1
3x 时等号成立,
所以 1a .
(2)由(1)知 3 2f x x ,
3 4 3 1 3 13 2 2 2 1 2 12 3 2 3 2 3x x x y y x y y
,
因为 7 13 y ,
所以 1 42 3 3y ,于是 1 23y ,
所以 3 1 32 1 4 2 92 3 2f x x y y
.
【点睛】本题主要考查绝对值不等式的解法以及解集的应用,不等式有解,不等式证明和绝
对值三角不等式的应用,还考查了转化化归的思想和运算求解的能力,属于中档题.
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