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- 2021-06-16 发布
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知识点一 分类加法计数原理的应用
1.某学生去书店,发现2本好书,决定至少买其中一本,则购买方式共有( )
A.1种 B.2种 C.3种 D.4种
答案 C
解析 分两类:买1本,买2本书,各类购书方式依次有2种、1种,故共有2+1=3种购买方式.
2.在所有的两位数中,个位数字大于十位数字的两位数共有多少个?
答案 36个
解析 解法一:按十位上的数字分别是1,2,3,4,5,6,7,8的情况分成8类,在每一类中满足题目条件的两位数分别是8个,7个,6个,5个,4个,3个,2个,1个.由分类加法计数原理知,符合题意的两位数的个数为8+7+6+5+4+3+2+1=36.
解法二:按个位上的数字是2,3,4,5,6,7,8,9分成8类,在每一类中满足条件的两位数分别是1个,2个,3个,4个,5个,6个,7个,8个,所以按分类加法计数原理,满足条件的两位数的个数为1+2+3+4+5+6+7+8=36.
知识点二 分步乘法计数原理的应用
3.一个礼堂有4个门,若从任一个门进,从任一个门出,共有不同走法( )
A.8种 B.12种 C.16种 D.24种
答案 C
解析 从任一个门进有4种不同走法,从任一个门出也有4种不同走法,故共有4×4=16种不同走法.
4.现有4件不同款式的上衣和3条不同颜色的长裤,如果一条长裤与一件上衣配成一套,则不同的配法种数为( )
A.7 B.12 C.64 D.81
答案 B
解析 要完成长裤与上衣配成一套,分2步:
第1步,选上衣,从4件中任选一件,有4种不同选法;
第2步,选长裤,从3条长裤中任选一条,有3种不同的选法.
故共有4×3=12种不同的配法.
知识点三 两个原理的综合应用
5.现有高一四个班的学生34人,其中一、二、三、四班分别有7人、8人、9人、10人,他们自愿组成数学课外小组.
(1)选其中一人为负责人,有多少种不同的选法?
(2)每班选一名组长,有多少种不同的选法?
(3)推选两人做中心发言,这两人需来自不同的班级,有多少种不同的选法?
解 (1)分四类:第一类,从一班学生中选1人,有7种选法;第二类,从二班学生中选1人,有8种选法;第三类,从三班学生中选1人,有9种选法;第四类,从四班学生中选1人,有10种选法.
所以,共有不同的选法N=7+8+9+10=34(种).
(2)分四步:第一、二、三、四步分别从一、二、三、四班学生中选一人任组长.
所以,共有不同的选法N=7×8×9×10=5040(种).
(3)分六类,每类又分两步:从一、二班学生中各选1人,有7×8种不同的选法;从一、三班学生中各选1人,有7×9种不同的选法;从一、四班学生中各选1人,有7×10种不同的选法;从二、三班学生中各选1人,有8×9种不同的选法;从二、四班学生中各选1人,有8×10种不同的选法;从三、四班学生中各选1人,有9×10种不同的选法.
所以,共有不同的选法N=7×8+7×9+7×10+8×9+8×10+9×10=431(种).
6.某单位职工义务献血,在体检合格的人中,O型血的共有28人,A型血的共有7人,B型血的共有9人,AB型血的共有3人.
(1)从中任选1人去献血,有多少种不同的选法?
(2)从四种血型的人中各选1人去献血,有多少种不同的选法?
解 从O型血的人中选1人有28种不同的选法;
从A型血的人中选1人有7种不同的选法;
从B型血的人中选1人有9种不同的选法;
从AB型血的人中选1人有3种不同的选法.
(1)任选1人去献血,即无论选哪种血型的哪一个人,“任选1人去献血”这件事情都可以完成,所以用分类加法计数原理,有28+7+9+3=47种不同的选法.
(2)要从四种血型的人中各选1人,即从每种血型的人中各选出1人后,“各选1人去献血”这件事情才完成,所以用分步乘法计数原理,有28×7×9×3=5292种不同的选法.
一、选择题
1.已知x∈{2,3,7},y∈{-3,-4,8},则xy可表示不同的值的个数为( )
A.2 B.3 C.6 D.9
答案 D
解析 分二步:第一步,在集合{2,3,7}中任取一个值,有3种不同取法;第二步,在集合{-3,-4,8}中任取一个值,有3种不同取法,故xy可表示3×3=9个不同的值.
2.从1,2,…,9这九个数字中,任意抽取两个相加所得的和为奇数的不同情形的种数是( )
A.6 B.9 C.20 D.25
答案 C
解析 当且仅当偶数加上奇数时和为奇数,在1,2,…,9中共有4个偶数,5个奇数,所以所得和为奇数的不同情形的种数是4×5=20.
3.有5列火车停在某车站并排的5条轨道上,若火车A不能停在第1道上,则5列火车的停车方法共有( )
A.96种 B.24种 C.120种 D.12种
答案 A
解析 先排第1道,有4种排法,第2,3,4,5道各有4,3,2,1种,由分步乘法计数原理知共有4×4×3×2×1=96种停车方法.
4.现有A,B两种类型的机床各一台,甲、乙、丙三名工人,其中甲、乙都会操作两种机床,丙只会操作A种机床,现在要从这三名工人中选两名分别去操作以上机床,不同的选派方法有( )
A.6种 B.5种 C.4种 D.3种
答案 C
解析 分两类:第一类若不选丙有2×1种选派方法;第二类若选丙,再从甲、乙两人中选一人,有2×1种选派方法,共有2+2=4种方法.
5.设椭圆+=1的焦点在y轴上,其中a∈{1,2,3,4,5},b∈{1,2,3,4,5,6,7},则满足上述条件的椭圆个数为( )
A.20个 B.24个 C.12个 D.11个
答案 A
解析 当a取1时,b可以取2,3,4,5,6,7,共6种;
当a取2时,b可以取3,4,5,6,7,共5种;
当a取3时,b可以取4,5,6,7,共4种;
当a取4时,b可以取5,6,7,共3种;
当a取5时,b可以取6,7,共2种.
所以满足上述条件的椭圆个数共有6+5+4+3+2=20(个).
二、填空题
6.有4个同学站成一队,现在要求他们解散重新站队,每个人不能站在原来的位置上,则不同的站法有________种.
答案 9
解析
第一步,任选一人站队,有3种站法(因为他不能站在原先的位置);第二步,由第一步所站位置原先站的人站队,有3种站法;第三步,剩下的两人只有1种站法,所以有3×3×1=9种不同的站法.
7.某运动会上,8名男运动员参加100米决赛.其中甲、乙、丙三人必须在1,2,3,4,5,6,7,8八条跑道的奇数号跑道上,则安排这8名运动员比赛的方式共有________种.
答案 2880
解析 分两步安排这8名运动员.
第一步:安排甲、乙、丙三人,共有1,3,5,7四条跑道可安排,所以共有4×3×2=24种方法;第二步:安排另外5人,可在2,4,6,8及余下的一条奇数号跑道安排,共有5×4×3×2×1=120种.
所以安排这8人的方式共有24×120=2880种.
8.由1,2,3,4,5,6,7,8,9可以组成无重复数字的三位偶数与三位奇数的个数分别是________个,________个.
答案 224 280
解析 当个位上的数是偶数时,该三位数就是偶数.
可分步完成:第一步,先排个位,个位上的数只能取2,4,6,8中的1个,有4种取法;
第二步,排十位,从剩余的8个数字中取1个,有8种取法;
第三步,排百位,从剩余的7个数字中取1个,有7种取法.
所以可以组成无重复数字的三位偶数的个数为4×8×7=224.
当个位上的数是奇数时,该三位数就是奇数.
可分步完成:第一步,先排个位,个位上的数只能取1,3,5,7,9中的1个,有5种取法;
第二步,排十位,从剩余的8个数字中取1个,有8种取法;
第三步,排百位,从剩余的7个数字中取1个,有7种取法.
所以可以组成无重复数字的三位奇数的个数为5×8×7=280.
三、解答题
9.用1,2,3,4四个数字组成可有重复数字的三位数,这些数从小到大构成数列{an}.
(1)这个数列共有多少项?
(2)若an=341,求n的值.
解 (1)由题意,知这个数列的项数就是由1,2,3,4四个数字组成的可有重复数字的三位数的个数.
由于每个数位上的数都有4种取法,
由分步乘法计数原理,得满足条件的三位数的个数为4×4×4=64,
即数列{an}共有64项.
(2)比341小的数分为两类:
第一类,百位上的数是1或2,有2×4×4=32个三位数;
第二类,百位上的数是3,十位上的数可以是1,2,3中的任一个,个位上的数可以是1,2,3,4中的任一个,有3×4=12个三位数.
所以比341小的三位数的个数为32+12=44,
因此341是这个数列的第45项,即n=45.
10.某出版社的7名工人中,有3人只会排版,2人只会印刷,还有2人既会排版又会印刷,现从7人中安排2人排版,2人印刷,有几种不同的安排方法?
解 首先分类的标准要正确,可以选择“只会排版”“只会印刷”“既会排版又会印刷”中的一个作为分类的标准.下面选择“既会排版又会印刷”作为分类的标准,按照被选出的人数,可将问题分为三类:
第一类:2人全不被选出,即从只会排版的3人中选2人,有3种选法;只会印刷的2人全被选出,有1种选法,由分步乘法计数原理知共有3×1=3种选法.
第二类:2人中被选出一人,有2种选法.若此人去排版,则再从会排版的3人中选1人,有3种选法,只会印刷的2人全被选出,有1种选法,由分步乘法计数原理知共有2×3×1=6种选法;若此人去印刷,则再从会印刷的2人中选1人,有2种选法,从会排版的3人中选2人,有3种选法,由分步乘法计数原理知共有2×3×2=12种选法.再由分类加法计数原理知共有6+12=18种选法.
第三类:2人全被选出,同理共有16种选法.
所以共有3+18+16=37种选法.
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