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  • 2021-06-16 发布

【精品试卷】2021届高三数学入学调研试题二文(含解析)

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1 2021 届高三数学入学调研试题(二)文 注意事项: 1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形 码粘贴在答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答:每小题选出答案后,用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂 黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草 稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。 第Ⅰ卷 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只 有一项是符合题目要求的. 1.已知集合 { | 3 3}M x N x     , { 4, 2,0,2,4}N    ,则 M N  ( ) A.{ 2,0,2} B.{0,2} C.{0} D.{2} 2.若复数 z 满足 (2 i) iz   ,则| |z  ( ) A. 1 5 B. 5 5 C. 5 3 D. 5 3.埃及金字塔是古埃及的帝王(法老)陵墓,世界七大奇迹之一,其中较为著名的是胡夫金字塔.令 人吃惊的并不仅仅是胡夫金字塔的雄壮身姿,还有发生在胡夫金字塔上的数字“巧合”.如胡夫金字 塔的底部周长如果除以其高度的两倍,得到的商为3.14159,这就是圆周率较为精确的近似值.金 字塔底部形为正方形,整个塔形为正四棱锥,经古代能工巧匠建设完成后,底座边长大约 240 米.因 年久风化,顶端剥落15 米,则胡夫金字塔现高大约为( ) A.141.8米 B.132.8米 C.137.8米 D.138.8米 4.设O 为正方形 ABCD 的中心,在O, A , B ,C , D 中任取3点,则取到的3点共线的概率为 ( ) A. 1 5 B. 2 5 C. 1 2 D. 4 5 5.某种计算机病毒是通过电子邮件进行传播的,表格是某公司前5天监测到的数据: 第 x 天 1 2 3 4 5 被感染的计算机数量 y (台) 12 24 49 95 190 则下列函数模型中能较好地反映在第 x 天被感染的数量 y 与 x 之间的关系的是( ) A. 12y x B. 26 6 12y x x   C. 6 2xy   D. 212log 12y x  6.已知过点 (2,2)P 的直线与圆 2 2( 1) 5x y   相切,且与直线 1 0ax y   垂直,则 a ( ) A. 1 2  B.1 C. 2 D. 1 2 7.函数 π π( ) sin( )( 0, )2 2f x A x         的部分图象如图所示,则 的值为( ) A. π 6  B. π 6 C. π 3  D. π 3 8.已知偶函数 ( )f x 在[0, ) 上单调递减,若 (ln 2.1)a f , 1.1(1.1 )b f , ( 3)c f  ,则 a ,b , c 的大小关系是( ) A. a b c  B. c b a  C. c a b  D.b a c  9.执行如图所示的程序框图,则输出 S 的值等于( ) A. 2017 1 2 B. 2018 1 2 C. 2019 1 2 D. 2020 1 2 10.已知正项等比数列{ }na 的前 n 项和为 nS , 1 1a  ,且 3a , 2a , 4a 成等差数列,则 2020S 与 2020a 的关系是( ) A. 2020 20202 1S a  B. 2020 20202 1S a  C. 2020 20204 3S a  D. 2020 20204 1S a  11.已知抛物线 2 4y x 的准线与双曲线 2 2 2 1( 0)x y aa    交于 A ,B 两点,点 F 为抛物线的焦点, 若 FAB△ 为直角三角形,则双曲线的离心率是( ) 2 A. 2 B. 3 C. 5 D. 6 12.在体积为 4 3 的三棱锥 S ABC 中, 2AB BC  , 90ABC  ,SA SC ,且平面 SAC⊥ 平面 ABC ,若该三棱锥的四个顶点都在同一球面上,则该球的体积是( ) A. 8 2 π3 B. 9 π2 C. 27 π2 D.12π 第Ⅱ卷 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分. 13.已知实数 x , y 满足 3 4 0 2 0 3 0 x y x y x y           ,则 z x y   的最大值为________. 14.已知平面向量 (2, 3) m , (6, )n ,若 ⊥m n,则| |n __________. 15.设函数 3 2( ) ( 1)f x x ax a x    ,若 ( )f x 为奇函数,则曲线 ( )y f x 的图象在点 (0,0) 处的 切线方程为__________. 16.若数列{ }na 满足 2 1 1( ) ( )lg(1 )n n nn a a a n n n      ,且 1 1a  ,则 100a  __________. 三、解答题:本大题共 6 个大题,共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 17.(12 分)某市民用水拟实行阶梯水价,每人用水量中不超过 w 立方米的部分按 4 元/立方米收费, 超出 w 立方米的部分按10 元/立方米收费,从该市随机调查了10000位居民,获得了他们某月的用 水量数据,整理得到如下频率分布直方图: (1)如果 w 为整数,那么根据此次调查,为使80%以上居民在该月的用水价格为 4 元/立方米,w 至少定为多少? (2)假设同组中的每个数据用该组区间的右端点值代替,当 3w  时,估计该市居民该月的人均水 费. 18.(12 分)在 ABC△ 中,角 A ,B ,C 的对边分别为 a ,b ,c ,已知 4 2c  , 2 5sin 2 5 C  . (1)若 1a  ,求sin A ; (2)求 ABC△ 的面积 S 的最大值. 3 19 .( 12 分) 如图 ,在 直三 棱柱 1 1 1ABC A BC (侧棱 与底 面垂 直的 棱柱 称为 直棱 柱) 中, 1 2AB AC AA   , 90BAC  . (1)求证: 1BA AC⊥ ; (2)求三棱锥 1 1A BB C 的体积. 20.(12 分)已知函数 ( ) xf x e x  . (1)讨论 ( )f x 的单调性; (2)若方程 2( )f x ax x  有唯一的实数根,求实数 a 的取值范围. 21.(12 分)已知椭圆 2 2 2 2: 1( 0)x yC a ba b     的离心率为 2 2 ,且过点 (2,1)A . (1)求C 的方程; (2)点 M , N 在C 上,且 AM AN⊥ , AD MN⊥ , D 为垂足,证明:存在定点Q ,使得| |DQ 为定值. 4 请考生在 22、23 两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分. 22.(10 分)【选修 4-4:坐标系与参数方程】 在直角坐标系 xOy 中,曲线 1C 的参数方程为 3 x t y t     (t 为参数).在以坐标原点为极点, x 轴正 半轴为极轴的极坐标系中,曲线 2C 的极坐标方程为 4cos  . (1)写出 1C 的普通方程和 2C 的直角坐标方程; (2)若 1C 与 2C 相交于 A 、 B 两点,求 OAB△ 的面积. 23.(10 分)【选修 4-5:不等式选讲】 已知函数 ( ) | | | 2 1|f x x m x    , mR . (1)当 1m  时,解不等式 ( ) 2f x  ; (2)若不等式 ( ) 3f x x  对任意 [0,1]x 恒成立,求实数 m 的取值范围. 2021 届高三入学调研试卷 文 科 数 学(二)答 案 第Ⅰ卷 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中, 只有一项是符合题目要求的. 1.【答案】B 【解析】依题意, { | 3 3} {0,1,2}M x N x      ,故 {0,2}M N  ,故选 B. 2.【答案】B 【解析】由 (2 i) iz   ,得 2 2 i i(2 i) 2i i 1 2 i2 i (2 i)(2 i) 4 i 5 5z           ,所以 5| | 5z  . 3.【答案】C 【解析】设金字塔风化前的形状如图,∵ 240AB  ,∴其底面周长为 240 4 960  , 由题意可得 960 3.141592PO  ,∴ 152.788874PO  , ∴胡夫金字塔现高大约为152.788874 15 137.788874  米, 结合选项可得,胡夫金字塔现高大约为137.8 米,故选 C. 4.【答案】A 【解析】五个点任取三个有 ( , , )O A B , ( , , )O A C , ( , , )O A D , ( , , )O B C , ( , , )O B D , ( , , )O C D , ( , , )A B C , ( , , )A B D , ( , , )A C D , ( , , )B C D 共 种情况, 其中三点共线的情况有 ( , , )O B D , ( , , )O A C 共 2 种, 故3点共线的概率为 1 5 ,故选 A. 5.【答案】C 【解析】由表格可知,每一天的计算机被感染台数大约都是前一天的 2 倍, 故增长速度符合指数型函数增长,故选 C. 6.【答案】C 【解析】因为点 (2,2)P 满足圆 2 2( 1) 5x y   的方程,所以 P 在圆上, 又过点 (2,2)P 的直线与圆 2 2( 1) 5x y   相切,且与直线 1 0ax y   垂直, 所以切点与圆心连线与直线 1 0ax y   平行, 所以直线 1 0ax y   的斜率为 2 0 22 1a   . 7.【答案】D 【解析】由题可知函数 ( )f x 的最小正周期 π π2[ ( )] π3 6T     ,从而 2π π| |  , 又 0  ,解得 2  ,从而 ( ) sin(2 )f x A x   . 由 π 3x  为函数 ( )f x 的单调递减区间上的零点可知 2π π 2 π3 k   , k Z , 即 π 2 π3 k   , k Z , 又 π| | 2   ,所以 π 3   . 8.【答案】B 【解析】∵ ( )f x 是偶函数,所以 ( 3) (3)c f f   , ∵ 0 ln1 ln 2.1 ln 1e    , 0 1.1 21 1.1 1.1 1.1 1.21    , ∴ 1.13 1.1 ln 2.1  , ∵函数 ( )f x 在[0, ) 上单调递减,∴ 1.1(3) (1.1 ) (ln 2.1)f f f  ,即 c b a  . 9.【答案】C 【解析】模拟执行程序框图,可得第1次运行, 1 2S  , 2a  ;第 2 次运行, 2 1 2S  , 3a  ; 第3次运行, 3 1 2S  , 4a  ; ;第 2019 次运行, 2019 1 2S  , 2020a  ,刚好满足条件 2019a  ,则退出循环,输出 S 的值为 2019 1 2 . 10.【答案】A 【解析】设等比数列的公比为 ( 0)q q  ,由 3a , 2a , 4a 成等差数列,得 2 3 42a a a   , 又 1 1a  ,所以 2 32q q q   ,即 2 2 0q q   ,所以 ( 2)( 1) 0q q   , 又 0q  ,所以 2q  ,所以 2019 2020 2a  , 020 2020 2020 1 2 2 11 2S    , 所以 2020 20202 1S a  ,故选 A. 11.【答案】D 【解析】抛物线 2 4y x 的准线方程为 1x   ,联立双曲线 2 2 2 1x ya   ,解得 21| | ay a  . 由题意得 21 2a a   ,所以 2 1 5a  ,所以 2 21 1 5 6be a      ,故选 D. 12.【答案】B 【解析】如图,设球心为O ,半径为 R ,取 AC 中点为 M ,连接 SM , 依据图形的对称性,点O必在 SM 上, 由题设可知 1 1 42 23 2 3SM     ,解之得 2SM  , 连接 OC ,则在 OMCRt△ 中, 2 2(2 ) 2R R   ,解之得 3 2R  , 则 24 3 9π ( ) π3 2 2V    ,故应选 B. 第Ⅱ卷 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分. 13.【答案】9 【解析】作出不等式组所表示的平面区域如下图阴影部分所示,观察可知, 当直线 z x y   过点 A 时, z 有最大值,联立 2 0 3 0 x y x y       ,解得 3 6 x y     , 故 z 的最大值为9. 14.【答案】 2 13 【解析】依题意, 0 m n ,则12 3 0  ,解得 4  ,则 (6,4)n , 故| | 36 16 2 13  n . 15.【答案】 y x  【解析】函数 3 2( ) ( 1)f x x ax a x    , 若 ( )f x 为奇函数,则 ( ) ( ) 0f x f x   ,可得 0a  , 所以 3( )f x x x  ,则 2( ) 3 1f x x   , 曲线 ( )y f x 图象在点 (0,0) 处的切线斜率为 (0) 1f    , 所以切线方程为 0 ( 0)y x    ,整理得 y x  . 16.【答案】300 【解析】由题意 2 1 1( 1) ( )lgn n nn a n a n n n      , 等式两边同时除以 2n n ,得 1 1lg1 n na a n n n n    , 设 lgn n ab nn   ,则有 1n nb b  , ∴ 1 1nb b  , (1 lg )na n n  , 100 100(1 lg100) 300a    . 三、解答题:本大题共 6 个大题,共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算 步骤. 17.【答案】(1)3;(2)10.5元. 【解析】(1)由用水量的频率分布直方图,知该市居民该月用水量在区间[0.5,1], (1,1.5] , (1.5,2], (2,2.5] , (2.5,3] 内的频率依次为 0.1, 0.15, 0.2 , 0.25, 0.15. 所以该月用水量不超过3立方米的居民占85%,用水量不超过 2 立方米的居民占 45% , 依题意, w 至少定为3. (2)由用水量的频率分布直方图及题意,得居民该月用水费用的数据分组与频率分布表如下: 组号 1 2 3 4 5 6 7 8 分组 [2,4] (4,6] (6,8] (8,10] (10,12] (12,17] (17,22] (22,27] 频率 0.1 0.15 0.2 0.25 0.15 0.05 0.05 0.05 根据题意,该市居民该月的人均水费估计为 4 0.1 6 0.15 8 0.2 10 0.25       12 0.15 17 0.05 22 0.05 22 27 0.05 10.5          (元). 18.【答案】(1) 2sin 10A  ;(2) 4 . 【解析】(1)∵ 2 3cos 1 2sin 2 5 CC     ,∴ 4sin 5C  , 由正弦定理 sin sin a c A C  ,得 sin 2sin 10 a CA c   . (2)由(1)知, 3cos 5   , 所以 2 2 2 2 2 6 6 162 cos 25 5 5c b a b a C b a ba ab ba ba           , 所以 1632 5 ba ,10 ba , 1 1 4sin 10 42 2 5S ba C     , 当且仅当 a b 时, ABC△ 的面积 S 有最大值 4 . 19.【答案】(1)证明见解析;(2) 4 3 . 【解析】(1)∵在直三棱柱 1 1 1ABC A BC 中, 1 2AB AC AA   , 90BAC  , ∴ 1A A⊥平面 ABC , ∵ AB  平面 ABC ,∴ 1BA AA⊥ , 又∵ 90BAC  ,∴ BA AC⊥ , 1A A AC A , ∴ BA⊥平面 1 1ACC A , ∵ 1AC  平面 1 1ACC A ,∴ 1BA AC⊥ . (2)∵ AC AB⊥ , 1AC AA⊥ , 1AB AA A ,∴ AC⊥平面 1 1ABB A , ∴ 1C 到平面 1 1ABB A 的距离为 2AC  , ∵在直三棱柱 1 1 1ABC A BC 中, 1 2AB AC AA   , 90BAC  , ∴ 1 1 2 2 22ABBS    △ , ∴三棱锥 1 1A BB C 的体积 1 1 1 1 1 1 1 42 23 3 3A BB C C ABB ABBV V S AC        △ . 20.【答案】(1) ( )f x 在 (0, ) 单调递增, ( )f x 在 ( ,0) 单调递减;(2) 2 (0, )4 e . 【解析】(1)函数 ( )f x 定义域为 R , ( ) 1xf x e   , 令 ( ) 0f x  ,得 (0, )x   , 故 ( )f x 在 (0, ) 单调递增; ( )f x 在 ( ,0) 单调递减. (2)方程 2( )f x ax x  ,即为 2xe ax ,显然 0x  不为方程的解,故原方程等价于 2 xea x  , 设 2( ) xeg x x  ,则 2 4 ( 2 )( ) xe x xg x x   , 令 ( ) 0g x  ,得 0 2x  ;令 ( ) 0g x  ,得 0x  或 2x  , 故 ( )g x 在 (0,2) 上单调递减,在 ( ,0) 和 (2, ) 上单调递增, 所以,当 (0, )x   , 2 min( ) (2) 4 eg x g  , 又因为 2( ) 0 xeg x x   恒成立,故若方程 2( )f x ax x  有唯一解时, 2 0 4 ea  , 即实数 a 的取值范围为 2 (0, )4 e . 21.【答案】(1) 2 2 16 3 x y  ;(2)证明见解析. 【解析】(1)由题可知: 2 2 2 2 2 4 1 1 2 2 a b c a a b c            ,解得 2 6a  , 2 3b  , ∴椭圆方程为 2 2 16 3 x y  . (2)①若直线 MN 斜率存在,设其方程为 y kx b  , 1 1( , )M x y , 2 2( , )N x y , 则有 1 1y kx b  , 2 2y kx b  , 2 2 16 3 x y y kx b       ,消去 y 得 2 2 2(1 2 ) 4 2 6 0k x kbx b     , 由韦达定理可知 1 2 2 4 1 2 kbx x k     , 2 1 2 2 2 6 1 2 bx x k   , 由 AM AN⊥ ,得 1 2 1 2( 2)( 2) ( 1)( 1) 0x x y y      , ∴ 2 2 1 2 1 2(1 ) ( 2 )( ) 2 5 0k x x kb k x x b b         , 即 2 2 2 2 2 2 6 4(1 ) ( 2 ) 2 5 01 2 1 2 b kbk kb k b bk k             , 即 (2 1)(2 3 1) 0k b k b     , 若 2 1 0k b   ,即 ( 2) 1y k x   ,即 MN 过定点 (2,1) ,即为 A 点,舍去; 若 2 3 1 0k b   ,即 2 1( )3 3y k x   ,即 MN 过定点 2 1( , )3 3E  . ②若 MN 斜率不存在,同上述方法可得 MN 过定点 2 1( , )3 3E  , 于是可得到 AED△ 为直角三角形, ∴ D 在以 AE 为直径的圆上, ∴存在定点 4 1( , )3 3Q ,即Q 为圆心,使得| |DQ 为定值为 2 2 3 . 22.【答案】(1) 1 : 3 0C x y   , 2 2 2 : 4 0C x y x   ;(2) 3 7 2 . 【解析】(1)消去参数可得 1C 的普通方程为 3 0x y   , 由 4cos  ,得 2 4 cos   , 又因为 2 2 2x y   , cos x   ,所以 2C 的直角坐标方程为 2 2 4 0x y x   . (2) 2C 标准方程为 2 2( 2) 4x y   ,表示圆心为 2 (2,0)C ,半径 2r  的圆, 2C 到直线 3 0x y   的距离 2 2 2d  ,故 2 2 2| | 2 14AB r d   , 原点O到直线 3 0x y   的距离 3 2 d  , 所以 1 1 3 3 7| | 142 2 22OABS AB d    △ , 综上, OAB△ 的面积为 3 7 2 . 23.【答案】(1) 4{ | 0 }3x x  ;(2) 0 2m  . 【解析】(1)当 1m  时, ( ) | 1| | 2 1|f x x x    ,∴ 12 3 , 2 1( ) , 12 3 2, 1 x x f x x x x x           , ( ) 2f x  即求不同区间对应解集,∴ ( ) 2f x  的解集为 4{ | 0 }3x x  . (2)由题意, ( ) 3f x x  对任意的 [0,1]x 恒成立, 即| | 3 | 2 1|x m x x     对任意的 [0,1]x 恒成立, 令 12, 0 2( ) 3 | 2 1| 14 3 , 12 x x g x x x x x              , ∴函数 | |y x m  的图象应该恒在 ( )g x 的下方,数形结合可得 0 2m  .